2024年江苏省南京市联合体中考二模物理试题（含答案）

年江苏省南京市联合体中考二模物理试题一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分。每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题意）1．如图所示，是我国曾侯乙墓出土的战国时期的编钟，是世界上现存规模最大、最完整的编钟。用小锤敲打每个编钟的同一部位，使编钟的振动幅度相同，则发出的声音不同的是（）A．响度 B．音调 C．速度 D．节奏2．以下关于物理量的估计，正确的是（）A．挂壁式空调电功率约100WB．自行车一般行驶速度约5m/sC．将一只鸡蛋从地面缓缓举过头顶做的功约为10JD．中学生双脚站在水平地面时对地面的压强约为1.5×105Pa3．关于粒子和宇宙，下列说法中正确的是（）A．光年是时间单位B．面包容易被压缩，说明分子间有空隙C．汤姆生建立了类似行星绕日的核式结构模型D．气体会自动扩散，而不会自动聚拢，说明能量的转移具有方向性4．抗击疫情期间，某同学用同一支示数为38℃的水银体温计去测体温，若没有将水银甩下去，结果测自己的体温为38℃，则他的实际体温（）A．一定为38℃ B．一定高于38℃C．一定低于38℃ D．一定不高于38℃5．图示课本四个示例中的能量转化过程，与汽油机压缩冲程相同的是（）甲乙丙丁①甲图中反复弯折铁丝②乙图中压缩空气③丙图中盒内燃气推出盒盖④丁图中取暖器通电后电热丝发热A．①② B．②③ C．③④ D．①③6．如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同。燃料的质量相同，烧杯内的液体质量也相同。下列说法正确的是（）A．比较不同液体吸热升温现象，可以选择甲丙两图B．比较不同液体吸热升温现象，可以选择乙丙两图C．比较不同燃料燃烧放出热量，可以选择乙丙两图D．比较不同燃料燃烧放出热量，可以选择甲丙两图7．下列关于力和运动的说法中正确的是（）A．运动的足球具有惯性，静止的足球没有惯性B．跳远运动员起跳前的助跑，是为了增大惯性C．足球在地上越滚越慢，说明物体的运动需要力来维持D．抛出去的铅球最终会落回地面，是因为铅球受到重力8．如图所示，徒手攀岩者稳如壁虎又矫似雄鹰，用手的抓力“抵抗”了重力并实现了身体的平衡。若攀岩者此时静止不动，下列分析正确的是（）A．攀岩者对岩石的作用力与岩石对他的作用力完全相同B．攀岩者受到的重力与他对岩石的作用力是相互作用力C．攀岩者受到的重力与他对岩石的作用力是一对平衡力D．攀岩者受到的重力与岩石对他的作用力是一对平衡力9．图甲中，导体棒中通过电流，导体棒摆动。图乙四个现象中原理与图甲相同的是（）A．图①中，接通电路，小磁针偏转B．图②中，开关闭合，线圈转动C．图③中，转动扇叶，二极管发光D．图④中，磁体对回形针有力的作用10．如图所示是小明设计的部分家庭电路，下列说法正确的是（）A．开关闭合，保险丝会立刻熔断B．三孔插座的连接符合安装要求C．灯泡与开关的连接符合安全用电要求D．闭合开关，若灯泡不亮，一定是灯泡短路11．两个相同的容器放在同一水平桌面上，分别装有甲、乙两种密度不同的液体，且ρ甲>ρ乙；两个体积相同的实心小球a和b在甲、乙两种液体中静止时的状态如图所示；两容器内c、d两点到容器底部的距离相等。设小球a和b的密度分别为ρa和ρb，质量分别为ma和mb，受到的浮力分别为Fa和F①ρa>ρb②mA．只有①③正确 B．只有②③正确C．只有①④正确 D．只有①③④正确12．甲、乙两灯的正常工作的电压分别为6V和3V，它们的电流随电压变化关系的图像如图所示。将甲灯与R1串联后接在电压恒为U的电源两端，甲灯正常发光，R1的两端电压为U1，功率为P1；乙灯与R2串联接在该电源两端，乙灯也能正常发光，R2的两端电压为U2，功率为P2，已知R1+R2=26Ω，则以下说法正确的是（）①电源电压U是9V②电阻R1的阻值是5Ω③将两灯串联时电路允许的最大总电压为6.6V④电路中P1与P2的比值是5∶6A．①② B．①③ C．①④ D．①③④二、填空题（本题共7小题，每空1分，共26分）13．如图所示为一款磁悬浮蓝牙音箱，音箱通电时喇叭发出声音；我们能从不同方向都能看到它，是因为发生了；音箱悬浮在空中，是利用了同名磁极相互的原理；音响背面贴着一张纸质商标很难揭下来，这是因为分子间存在。14．如图所示，水杯后面紧贴玻璃放置一个小泥娃，透过水杯能看到小泥娃的眼睛向左边看，这是光的现象；若将小泥娃离开杯子向后移动一段距离，将会看到小泥娃的眼睛向右看，此时人看到的是小泥娃的像（选填“实”或“虚”），若小泥娃向右运动，其像向运动。15．无人机快递是用无人驾驶的低空飞行器运载包裹，自动送达目的地。遥控设备能发出载有信号的波，这种波在真空中的传播速度为m/s；无人机螺旋桨高速旋转向下击打空气而获得升力，说明力的作用是的，无人机提着货物向上加速飞行过程中，货物的动能。16．北方寒冷的冬天，居民楼的玻璃窗上会结“冰花”，“冰花”是水蒸气（填物态变化的名称）生成的，出现在玻璃窗的表面（选填“内”或“外”），此时小芳拿起湿抹布去擦时，抹布却粘在了玻璃上，这是因为发生了（填物态变化的名称）现象．17．用杠杆和滑轮组均可提升重物。（1）用杠杆将重为30N的物体匀速提升3m，用时2s，杠杆机械效率为90%，则提升该物体做的有用功是J，总功的功率是W；（2）用如图所示的滑轮组竖直向上匀速提升重物，不计绳重和摩擦。当物体重为20N时，滑轮组的机械效率为80%，则动滑轮重为N；若重物变为40N，将物体匀速提升1m，此过程拉力F所做的总功为J。18．如图所示，电源电压为6V，R为“30Ω0.25A”滑动变阻器，R1为“10Ω0.3A”电阻，R2为“20Ω0.4A”电阻，电压表量程为0~3V。①闭合S1和S2，断开S3时，调节R，使其接入电路的阻值为10Ω，此时电路消耗的电功率为W；②断开S1，闭合S2、S3，调节R，使电压表的示数为1V，则R接入电路的阻值为Ω；③闭合所有开关，在保证电路安全的前提下，电阻R2消耗的电功率范围为｡19．汽油通常从石油中提炼而成，石油属于（选填“可再生”或“不可再生”）能源。现有汽油0.01kg，完全燃烧，汽油放出的热量是J；若上述放出的热量全部给水吸收，温度升高10℃（未沸腾），则水的质量为kg（保留整数）；如图为某汽油机工作时能量转化图，该汽油机的效率是。（已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），汽油的热值为4.6×107J/kg）三、解答题（本题共9小题，共50分，解答第27、28题时应有公式和解题过程）20．如图所示，水平地面MN上有一光源S．在光源右侧放置一个不透明的物体A．地面上方有一与地面平行的平面镜PQ，试标出物体A右侧地面被光源S照亮的范围O1O2，并画出光路图．21．如图是一侧带有书柜的办公桌，现要用一个最小的力将其一端稍抬离地面。请画出这个最小力的示意图，并用“O”标明这个“杠杆”的支点。22．如图所示，闭合开关S后小磁针沿顺时针方向偏转90°后静止，请在图中括号内标出电源的“+”“-”极，并标出通过通电螺线管外A点的磁感线的方向．23．在探究水沸腾时温度变化特点的实验中，某组同学用如图甲所示的实验装置进行了两次实验，两次实验所用水的质量相同。（1）实验中可以看到，水沸腾前形成少量的气泡不断上升（填“变大”“变小”或“不变”），这是因为气泡上升过程中遇，其中的水蒸气发生（填物态变化名词），使得气泡变小；（2）通过两次实验发现，水在沸腾过程中，虽然水的温度保持不变，但必须；（3）图乙是该组同学第二次实验绘制的图像。第一次实验中同学们发现，水沸腾前每加热2min温度升高5℃，则图乙中t0=℃。24．在“测量液体密度”的实验中，将天平放在水平工作台上，小红同学进行了如下操作。（1）把天平放在水平桌面上，将天平底座调至水平，然后调节平衡螺母，使指针指在分度盘的中央刻度线处，如图甲所示，其做法错误之处是。纠正上述错误后，应向（选填“左”或“右”）端调节平衡螺母，使天平横梁平衡；（2）改正错误后，小红将容器内部分液体倒入量筒并测出体积V，然后称量出容器和剩余液体的质量m，继续向量筒中倒液体，多次重复上述实验操作。如图乙所示为某次测得容器和剩余液体的质量，质量为g；如图丙所示是根据多次测得的数据绘制的m﹣V图像，根据图像计算可得，液体密度为kg/m3；（3）爱思考的小红想起她去昆明旅游时，带回一个“美人鱼”工艺品，她想知道这个工艺品是什么材料制成的，需要测出它的密度，于是在家中利用电子秤和自制的溢水杯进行了如图所示的实验，步骤如下：①如图丁所示，往溢水杯中装满水，用电子秤测出溢水杯和水的总质量m1；②将工艺品浸没于溢水杯中，排出部分水之后，将溢水杯的外壁擦干，置于电子秤上，测出总质量m2；③从溢水杯中取出工艺品后，测出溢水杯和剩余水的质量为m3，最终小红推导出了工艺品密度的表达式ρ工艺品=（水的密度用ρ水表示），用这种方法测量会导致测得密度与真实值相比。25．小华用焦距为10.0cm的凸透镜探究凸透镜成像规律。（1）实验前，应调整烛焰和光屏，使它们的中心位于凸透镜的；（2）当各器材位置如图所示时，在光屏上成烛焰清晰的像，此时烛焰的成像特点与（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）的成像特点相同；（3）实验时，若用一张纸片遮住了凸透镜的上半部，光屏上（选填“能”或“不能”）成完整的像；（4）小华将一副老花镜的镜片放在烛焰与凸透镜之间且靠近凸透镜的位置，若保持蜡烛的位置不变，仅将光屏向端移动适当距离，光屏上即可重新成烛焰清晰的像。26．兴趣小组的同学利用气球做了几个物理小实验：（1）如图甲所示，用手压气球，气球发生形变，说明力可以改变物体的；（2）如图乙所示，气球的长度为cm；（3）如图丙所示，是个“喷气火箭”，把封口的夹子松开，气球将会向运动，若要达成类似的效果，可以用吸管对准（选填“A”或“B”）点用力吹，其中发生的能量转化是。27．小林用质量相等的长方体木块和小车进行探究“滑动摩擦力大小与什么因素有关”的实验。（1）为测出滑动摩擦力大小，三次实验中均用弹簧测力计沿水平方向拉动物体；（2）分析甲、乙两次实验数据可知，（选填“木块”或“小车”）的表面更粗糙；（3）观察甲、丙两次实验，可初步归纳：接触面粗糙程度一定时，越大，滑动摩擦力越大；（4）如想探究滑动摩擦力与接触面积的关系，可以在甲次实验基础上进行的操作是：。28．“测量未知电阻阻值”实验中，提供了学生电源、电流表、电压表、滑动变阻器，一个阻值未知的定值电阻Rx，一个额定电压为2.5V，阻值约为8Ω的小灯泡，开关、导线若干。（1）如图甲，“测量定值电阻Rx阻值”的实验电路中，接错了一根导线，请在错误的线上打“×”，并用笔画线代替导线改接到正确位置上。（2）改正错误后，闭合开关前，滑片应滑至最（选填“左”或“右”）端。（3）试触后，选择合适量程。闭合开关，调节滑动变阻器，电流表、电压表示数如图乙，则Rx的阻值为Ω（结果保留1位小数）。一次实验数据存在误差，接下来应通过的方法来减小误差。（4）完成实验后，进行误差分析：考虑到电压表中也有电流通过，该电路测得的Rx的测量值与真实值相比（选填“偏大”或“偏小”）。（5）同学们发现只用一只电表及已有其他器材（忽略定值电阻Rx的实验误差），也能测量小灯泡正常发光时的电阻。下列电路设计最合理的一项是。A、B、C、D、29．太阳能将成为全球未来供电的主要能源。某学校开展了“制作太阳能动力小车”的项目活动。小科制作的小车已经完成测定的参数如下：小车的质量为100g，车长8cm、宽6.5cm、高3cm，轮胎与地面的总接触面积为2cm2完成下列问题：（1）小车静止在水平地面时，对地面的压强为多少？（2）某次测试中，小车在阳光照射下行驶50米用时1分40秒，该车的速度为多少？（3）测试中，小车以最快速度0.8m/s在水平地面上匀速直线行驶，若受到的阻力为重力的0.1倍，此时小车的功率为多少瓦？30．学校组织学生进行学科综合实践活动，针对梅雨季节，湿衣服久晾不干，令人烦恼。小明和同学设计出一款“干衣神器”——可自动控制小型的烘干机，可使得衣服快速变干。器材功能开关S，电源转换器（把220V交流电压转换为U0=6V直流电压），滑动变阻器R0（200Ω，0.5A），热敏电阻Rx（电阻随温度的变化关系如图甲所示），电磁继电器（线圈电阻不计，线圈电流大于0.2A时衔铁被吸下，线圈电流小于0.2A时衔铁被弹回），电风扇M，电热丝R（电阻恒定不变）。①闭合开关S。当温度低于控制温度T0时，机器吹热风；当温度高于控制温度T0时，机器吹冷风。②受控电路（220V工作电路）吹热风时功率为120W、吹冷风时功率为20W。（1）电热丝R的a接线柱应与相连（选填“b”或者“c”）；（2）当控制温度设定为T0=60℃时，求滑动变阻器R0和电热丝R的阻值分别为多少欧姆？（3）图丙是烘干机正常工作过程中吹热风和吹冷风交替工作模式的功率与时间（P-t）的图像。烘干机连续工作4小时消耗多少度电？（4）如果想将控制温度由T0=60℃调高到T1=70℃，请写出两个可行的措施

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】A.题中用小锤敲打每个编钟的同一部位，使编钟的振动幅度相同，所以响度相同。故A错误；

B.在相同的敲击力度下（振动幅度相同），振动频率不同，所以音调不同。故B正确；

C.声音在空气中的传播速度主要取决于介质和温度，与编钟本身的振动情况无关，故C错误；

D.节奏是多个声音在时间上的组合规律，这里只是单独敲打每个编钟，不涉及节奏问题，故D错误。

故选B。

【分析】A.响度取决于振动的幅度；

B.音调由物体振动的频率决定。不同的编钟大小、形状不同，质量也不同，因而固有频率不同；

C.根据声速的决定因素判断；

D.根据节奏的定义判断。2．【答案】B【解析】【解答】A.一般情况下，挂壁式空调的电功率约1000W，故A错误；B.正常行驶的骑自行车速度约5m/s，故B正确；C.一个鸡蛋的重力约为0.5N，从地上到头顶的距离约为2m，所做的功为：

W=Gh=0.5N×2m=1J，故C错误；D.中学生双脚面积（受力面积）S=0.04m2，中学生的质量大约为50kg，压力为：

F=G=mg=50kg×10N/kg=500N，压强为：p=F故选B。

【分析】AB.根据电功率、速度的知识判断；

C.根据W=Gh估算即可；

D.根据F=G=mg估算中学生对地面的压力，再根据p=F3．【答案】D【解析】【解答】A.光年是光在真空中1年内通过的距离，是长度单位。故A错误；B.面包容易被压缩，是因为面包的多孔结构，与分子结构无关，故B错误；C.卢瑟福建立了原子核式结构模型，故C错误；D.气体自动扩散是自发过程，自发过程是不可逆的，说明能量的转化和转移是有方向性的。故D正确。故选D。

【分析】A.根据光年的定义判断；

B.根据面包多孔分析；

C.根据原子结构的知识判断；

D.根据能量转化和转移的方向性判断。4．【答案】D【解析】【解答】根据体温计的特点，使用前用力甩一下玻璃泡上方的水银才能回到玻璃泡中。

没有甩的体温计的读数是38℃，直接用来测量自己的体温，若自己的体温高于38℃，体温计中的水银会上升，测量是比较准确的；若自己的体温不高于38℃，体温计中的水银不会下降，依然显示的是38℃．所以自己的体温一定不高于38℃。

故选D。【分析】体温计玻璃泡的上方有一段非常细的缩口，它可以使体温计玻璃泡上方的水银不能很快的流回玻璃泡中，所以体温计可以离开人体读数，同时体温计在使用前要用力甩一下，将水银甩回玻璃泡中。5．【答案】A【解析】【解答】汽油机的压缩冲程将机械能转化为内能。

①甲图中反复弯折铁丝，铁丝弯折处温度升高，机械能转化为内能，使铁丝内能增加，则①正确；

②乙图中压缩空气，空气的内能增大，温度升高，此过程机械能转化为内能，故②正确；

③丙图中燃烧后产生的高温高压的燃气，对外做功，使盒盖飞出去，内能转化为盒盖的机械能，③错误；

④丁图中取暖器通电后电热丝发热是电能转化为内能，④错误。那么正确的是①②。

故选A。

【分析】汽油机的压缩冲程，将机械能转化为内能；做功冲程，将内能转化为机械能。6．【答案】A【解析】【解答】AB.比较两种液体的比热容，必须控制燃料的种类相同，改变液体的种类，控制液体的质量相同，根据温度计的示数高低得出吸热多少，从而判断两种液体吸热的多少，应选择甲、丙两图进行实验，故A正确，B错误；

CD.比较不同燃料热值大小要控制加热的液体种类、液体质量，改变燃料的种类，根据温度计的示数高低得出吸热多少，从而判断热值大小，因此选择甲、乙两图进行实验，故C、D错误。

故选A。

【分析】AB.为了比较两种液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量相同，温度计的示数变化相同时，通过比较加热时间比较吸热多少，进而判断两种比热容的大小关系。

CD.燃料的热值大小不能直接测量，需要通过液体吸收热量的多少来体现燃料燃烧放出热量的多少，而液体吸收热量的多少跟液体的质量和升高的温度有关，

因此为了比较热值大小要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计升高的示数得出吸热多少，进而判断热值大小。7．【答案】D【解析】【解答】A.无论是运动的足球还是静止的足球都具有惯性，故A错误；

B.跳远运动员起跳前助跑，是为使其起跳时具有较大的速度。他的质量不变，惯性大小不变，助跑不能增大惯性，故B错误；

C.足球在地上越滚越慢，是因为受到地面的阻力作用，故C错误；D.抛出去的铅球最终会落回地面，是因为铅球受到地球的吸引力，即重力的作用，故D正确。故选D。

【分析】A.惯性是物体的固有属性，一切物体在任何情况下都有惯性；

B.惯性的大小只与物体的质量有关；

C.力是改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动的原因；

D.重力的方向竖直向下。8．【答案】D【解析】【解答】A.攀岩者对岩石的作用力与岩石对他的作用力的作用点不同，方向也相反，所以不是完全相同的，故A错误；

B.攀岩者受到的重力方向竖直向下，他对岩石的作用力方向垂直于岩石表面指向岩石，这两个力的方向不同，作用点不同，不是相互作用力，也不是平衡力，故B、C错误；D.攀岩者静止不动，处于平衡状态。攀岩者受到的重力方向竖直向下，岩石对他的作用力方向竖直向上，这两个力大小相等、方向相反、作用在同一物体（攀岩者）上，是一对平衡力，故D正确。

故选D。

【分析】A.分析力的三要素是否相同；

BCD.平衡力和相互作用力的相同点：大小相等，方向相反，作用在同一直线上。不同点：前者在同一物体上，后者在不同物体上。9．【答案】B【解析】【解答】图甲中，导体棒中通过电流后受到磁场力的作用而运动，是电动机原理。A：图①中，导线中通过电流好欧小磁针偏转，说明通电导体周围存在磁场，故A错误；B：图②中，通电导体在磁场中受力的作用，所以线圈转动，故B正确；C：图③中，转动扇叶时二极管发光，说明线圈在磁场中转动切割磁感线产生感应电流，故C错误；D：图④中，磁体对回形针有力的作用，说明磁体具有磁性，故D错误。故选B。

【分析】根据图片分析各个选项中包含的物理原理即可。10．【答案】C【解析】【解答】A.当开关闭合时，电路正常导通。如果电路没有短路或过载等异常情况，电流处于正常范围，保险丝不会立刻熔断，故A错误；B.三孔插座接线时，左孔应接零线，右孔应接火线，上孔应接地线，故B错误；C.开关连接在火线和灯泡之间，断开开关时能切断灯泡与火线的连接，避免人接触灯泡时触电，符合安全用电原则，故C正确；D.闭合开关灯泡不亮，可能是灯泡短路，也可能是灯泡断路，或者电路中其他位置断路，故D错误。故选C。

【分析】根据家庭电路安全用电和连接的注意事项分析判断。11．【答案】D【解析】【解答】①由图可知，a在甲中悬浮，b在乙中漂浮，所以ρa=ρ甲，ρb<ρ②由题意可知，ab两小球体积相同，由①可知ρa>ρb。根据m=ρV，ma=ρaV，mb=ρbV，所以③由图可知，a全部浸没液体甲中，b浸没液体的一半。根据阿基米德原理，浸入液体中的物体受到的浮力等于它排开水液体所受到的重力，图中b排开液体体积是a排开液体体积的一半，ρ甲>ρ乙，根据F浮=ρ液gV排，Fa=ρ甲gVa，Fb=ρ乙gVb。所以④由图可知，甲的液面高度高于乙的液面高度，且ρ甲>ρ乙，两容器内c、d两点到容器底部的距离相等。根据液体压强公式p=ρgh，pc=ρ甲gh甲，pd=ρ乙gh乙。可得综上所述，正确的是①③④。

故选D。

【分析】（1）由浮沉条件可知：物体在液体中悬浮时：ρ物=ρ液，F浮=G物；物体在液体中漂浮时：ρ物＜ρ液，F浮=G物，据此结合题意、图示可比较两球的密度关系；

（2）已知两个小球的体积相同，根据密度关系和ρ=mV判断出两个小球的质量关系；

（3）由G=mg判断出两个小球的重力关系，根据浮沉条件判断出浮力与重力的关系，进而判断出两个小球的浮力关系；12．【答案】C【解析】【解答】①②由图像可知，甲灯正常发光，电流为0.5A，

则甲灯正常发光的电阻：R甲灯乙正常发光，电流为0.3A，

则乙灯正常发光的电阻：R乙当甲灯与R1串联，根据欧姆定律可得电路中的电流：

U=I甲（R甲+R1）=0.5A×（12Ω+R1）①当乙灯与R2串联，根据欧姆定律可得电路中的电流：

U=I乙（R乙+R2）=0.3A×（10Ω+R2）②已知：R1+R2=26Ω③将①②③式联立解得：R1=6Ω，R2=20Ω，U=9V。

故①正确，②错误；③由题意知，甲灯的额定电流为0.5A，乙灯的额定电流为0.3A，根据串联电路中电流处处相等，所以两灯串联时电路的最大电流为0.3A，由图像可知此时乙灯两端的电压为3V，甲灯两端的电压小于3V，则两灯串联时，电路允许的最大总电压：U大=U甲'+U乙<3V+3V=6V，故③错误；④根据题意得，R1的功率P1与R2的功率P2的比值为：

P1P2=I2R1I'2R2=0.5A2×6Ω0.3A2×20Ω=56，故④正确。

则正确的是①④，故C正确，而A、B、D错误。

故选C。

【分析】（1）两灯泡串联时，电路中的电流相等，电路允许通过的最大电流为两灯泡额定电流较小的一个，然后根据串联电路的特点和欧姆定律求出两灯串联时电路允许的最大总电压；

（2）甲灯正常发光，由图像可知，电路电流为0.5A，根据欧姆定律可知甲灯正常发光的电阻；同理，灯乙正常发光，由图像可知，电路电流为0.3A，根据欧姆定律可知乙灯正常发光的电阻。根据串联电路的特点和欧姆定律得出甲灯与R113．【答案】振动；漫反射；排斥；引力【解析】【解答】（1）音箱在通电时，其喇叭的振动致使发出声音。故该空填”振动“；

（2）我们之所以能够从各个方向看到音箱，是由于音箱表面产生了漫反射。故该空填”漫反射“；（3）音箱能够悬浮在空中是借助了同名磁极相互排斥这一原理。故该空填”排斥“；

（4）在揭商标的过程中，分子之间的距离增大，所以音响分子和纸质商标分子之间呈现出引力，进而导致商标很难被撕下来。故该空填”引力“。

【分析】（1）声音的产生源于物体的振动；

（2）光在粗糙不平的表面上发生漫反射，即反射光线射向各个方向；

（3）磁极间存在相互作用的规律，即同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；

（4）分子之间存在引力与斥力。14．【答案】折射；实；左【解析】【解答】（1）装满水的水杯具备中间厚、边缘薄，相当于凸透镜。当光线穿过水杯时，从空气进入水，再射入空气中发生折射现象。故该空填”折射“；

（2）根据题意可知，看到小泥娃的眼睛向右看，这表明像已左右颠倒，由此可推断物距处于一倍焦距和二倍焦距之间，所以人看到的是小泥娃的实像。故该空填”实“；

（3）因为经过凸透镜光心的光线传播方向不变，所以当小泥娃向右运动时，经过光心的光线在像的一侧将会向左移动，从而导致其像向左运动。故该空填”左“。

【分析】（1）光从一种介质斜射入其它透明介质时传播方向发生改变，这就是光的折射；

（2）水杯类似凸透镜，具有成像的能力，成像类型包括实像和虚像。当小泥娃紧靠着水杯，处于一倍焦距以内时，所成的是虚像；当小泥娃向后移动，物距大于一倍焦距小于二倍焦距时，会形成倒立放大的实像，并且实像左右颠倒、上下不颠倒。

（3）根据通过光心的光线传播方向保持不变分析。15．【答案】电磁；3×108；相互的；变大【解析】【解答】（1）电磁波能够传递信息，因此遥控设备通过发射携带特定信号的电磁波来与无人机进行通信，并实现对无人机的控制。故该空填”电磁“；

（2）电磁波在真空中的传播速度恒定，约为3×108m/s。故该空填”3×108“；

（3）当无人机的螺旋桨高速旋转向下击打空气时，对空气施加了向下的作用力。根据力的相互作用原理，空气同时会给无人机一个向上的反作用力，从而支持无人机在空中飞行。故该空填”相互的“；

（4）在无人机提着货物向上加速飞行的过程中，货物的质量保持不变而速度增大，所以货物的动能会增大。故该空填”变大“。

【分析】（1）根据电磁波的特点和应用解答；

（2）根据电磁波的传播速度解答；

（3）根据力的作用的相互性解答；

（4）动能大小与质量和速度大小有关。16．【答案】凝华；内；凝固【解析】【解答】冰花是室内较温暖的水蒸气遇到温度很低的玻璃，发生了凝华现象，从而形成固态的冰花；且出现在玻璃的内表面，因为室内气温较高，水蒸气才会遇冷凝华；湿抹布上有较多的水，当水遇到温度很低的玻璃时，水遇冷发生了凝固现象，使抹布与玻璃粘在一起。故答案为：凝华、内、凝固。【分析】凝华是气态直接变为固态；冰花形成在玻璃的哪个表面，取决于室内外的气温情况；水在遇冷时会发生凝固现象而变成固态的冰。17．【答案】90；50；5；45【解析】【解答】（1）根据题意可知，提升该物体做的有用功是：W有总功为：W总功的功率是：P=W（2）①不计绳重和摩擦时：η=W则动滑轮重为：G动②若重物变为40N，将物体匀速提升1m，此过程拉力F所做的总功为：

W''总=W''有+W''额=40N×1m+5N×1m=45J。故该空填”45“。

【分析】（1）根据W有=Gh计算提升该物体做的有用功，再根据W总18．【答案】1.2；6；0.45W～1.25W【解析】【解答】①根据图片可知，闭合S1和S2，断开S3时，调节R，使其接入电路的阻值为10Ω，电源电压为6V，电路中R和R2串联，此时电路消耗的电功率为：

P1②断开S1，闭合S2､S3，调节R，此时R、R1和R2串联，使电压表的示数为1V，则加在R1和R2两端的电压为5V，

电路中的电流为：I1则R接入电路的阻值为：R=U③闭合所有开关，R1被短路，滑动变阻器与R2串联，因为串联电路中各处的电流相等，且滑动变阻器允许通过的最大电流为0.25A，电阻R2允许通过的最大电流为0.4A，所以电路中的最大电流为0.25A，此时R2消耗的最大电功率：P2电压表的能测量的最大值为3V，所以加在R2两端的最小电压为3V，

此时电阻R2消耗的电功率最小为：Pmin=U32R2=(3V)220Ω=0.45W；所以，闭合所有开关，在保证电路安全的前提下，电阻R2消耗的电功率范围为0.45W～1.25W。故该空填”0.45W～1.25W“。（2）断开S1，闭合S2、S3，滑动变阻器与R1、R2串联，电压表测R两端的电压，利用串联电路的特点求出R1、R2两端的总电阻；利用串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中电流，最后根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的阻值；

（3）闭合所有开关，由于对R1短路，则滑动变阻器与R2串联，电压表测R两端的电压，当电路中的电流最大时滑动变阻器接入电路的电阻最小，根据滑动变阻器和R2允许通过的最大电流确定电路中的最大电流，利用P=I2R求出电阻R2消耗的最大电功率；当电压表的示数最大时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中电流最小，R2两端的电压最小，根据电阻的串联求出R2两端的电压，利用P=U2R19．【答案】不可再生；4.6×105；11；40%【解析】【解答】（1）石油在短时间内不能再次产生的，是不可再生能源。故该空填”不可再生“；（2）根据题意可知，汽油完全燃烧放出的热量：Q放​=mq=0.01kg×4.6×107J/kg=4.6×105J。故该空填”4.6×105“；（3）由题知，水吸收的热量：Q吸​=Q放​=4.6×105J由Q吸​=cmΔt得水的质量：m=Q（4）根据图片可知，汽油完全燃烧放出的总能量：W总=500J+600J+150J++250J=1500J用来做有用功的能量：W有=600J则汽油机的效率：η=W有W总×100%=6001500×100%=40%。故该空填”40%“。

【分析】（1）可以在短时间内得到补充的能源为可再生能源；

（2）根据Q放​=mq计算汽油燃烧放出的热量；20．【答案】【解析】【解答】（1）根据平面镜成像的对称性，作出点光源S的像点S'。连接S'与物体的右上点并延长交地面于点O1，这条光线的路径符合光的反射定律。

（2）连接S与物体的左上点并延长交平面镜于点D，再连接S'D并延长交地面于点O2，从而确定出不透明物体右侧能被S照亮的范围O1O2。在此过程中，SC、SD作为入射光线，CO1、DO2作为反射光线，遵循了光的反射原理。如图所示：

【分析】根据题意可知，物体A右侧地面被照亮的范围，其实就是最左边和最右边的两条反射光线所在的范围。物体A的左上角是最右边那条反射光线对应的入射光线经过的位置，而物体A的右上角是最左边那条反射光线经过的位置，这条光线的位置可以通过S点的像点和这个点连接确定，加粗分析解答。21．【答案】【解析】【解答】根据图片可知，动力作用点在左上角A点，支点在右下角，此时连接O与A点能得到最长的动力臂。根据力臂的定义，动力应垂直于动力臂才能达到最小力的效果。所以作垂直于OA向上的力，即为使办公桌一端抬起的最小力。如图所示：

【分析】当以杠杆的支点到力的作用点之间的线段为动力臂时最长，此时动力最小，最省力。22．【答案】【解析】【解答】根据题意可知，小磁针N极指向右端，S极指向左端。根据异名磁极相互吸引的规律可知，通电螺线管的右端为N极，左端为S极。在磁体外部，磁感线的方向是从N极出发，回到S极。根据安培定则可知，右手大拇指指向螺线管的N极（右端），其余四指弯曲所指方向就是电流方向。从而判断出电流从螺线管的左端流入，进而得出电源的左端为正极，右端为负极。如图所示：

【分析】首先根据磁极之间的相互作用规律确定螺线管的磁极方向，然后根据磁感线的环绕方向确定磁感线的方向，最后根据安培定则判断线圈上的电流方向，最终确定电源的正负极方向。23．【答案】变小；冷；液化；吸热；87【解析】【解答】（1）①根据题意可知，水沸腾前，容器底部形成的少量气泡在上升过程中会变小。故该空填”变小“；

②气泡上升时遇到温度较低的水，这部分较冷的水使得气泡中的水蒸气遇冷从气态变成液态发生液化，形成液态水，从而导致气泡体积变小。故第2空填”冷“，第3空填”液化“；

（2）水在沸腾过程中，虽然温度保持不变，但必须持续吸热。故该空填”吸热“；，（3）装置相同，在相同的时间内吸收热量相同，水沸腾前每加热2min温度升高5℃，则每1min升高的温度为：5℃2一共加热了5min，故水温改变了：2.5℃/min则初始温度为：​​​​99.5℃-12.5℃=87℃。故该空填”87“；

【分析】（1）①根据水沸腾前的现象解答；

②根据物质的初始态和终末态确定物态变化的名称；

（2）液体沸腾的条件：①达到沸点；②继续吸热；

（3）首先根据水的升温速度和时间计算出升高的温度，再根据t0=t-△t计算水的初温。24．【答案】调节平衡螺母时没有将游码归零；右；72.6；1.5×103；m2【解析】【解答】（1）①由图可知，其做法错误之处是没有把游码拨到零刻度线。故该空填”调节平衡螺母时没有将游码归零“；②当把游码拨到零刻度线处时，相当于左盘质量变大，左端下沉，右端上翘，即右端较轻，故应将平衡螺母向右调。故该空填”右“；

（2）①根据乙图可知，标尺的分度值是0.2g，所以游码的示数是2.6g；砝码的质量为：50g+20g=70g；

则被测物体的质量为：m=70g+2.6g=72.6g。故该空填

”72.6“；②由图丙可知，当量筒内液体体积为10mL时，容器和剩余液体的质量为80g；当量筒内液体体积为30mL时，容器和剩余液体的质量为50g。由此可得，倒出液体的质量为：

Δm=80g-50g=30g倒出液体的体积为：

ΔV=30mL-10mL=20mL=20cm3液体密度为：

ρ=ΔmΔ（3）①由题意可知，工艺品的质量为：m=m2-m3；工艺品排开水的质量为：m排=m1-m3；由ρ=mV可得，排开水的体积为：所以工艺品的体积为：V=V所以工艺品的密度为：ρ工艺品=mV=②从溢水杯中取出工艺品时带走部分水，使得m3测量值偏小，由V=V排=m1−m3ρ水。可知，工艺品体积偏大，根据ρ=mV可知，在质量测量准确的前提下，这种方法测量会导致测得密度与真实值相比偏小。故该空填”偏小“。

【分析】（1）①天平调平的方法：游码归零和调节平衡螺母。

②平衡力螺母总是向较轻的一侧调节。

（2）①物体的质量=砝码质量+游码质量；

②从丙图中找到两组对应的液体体积和总质量，然后二者分别相减得到倒出液体的质量和体积，最后根据密度公式计算即可。

（3）①25．【答案】主光轴上；照相机；能；左【解析】【解答】（1）实验前，为了能使像成在光屏的中央，则应点燃蜡烛，调节烛焰、凸透镜、光屏的中心大致在同一高度上，即使它们的中心位于凸透镜的主光轴上。故该空填”主光轴上“；（2）由图可知，像距大于物距，成倒立缩小的实像。照相机就是利用这一原理。故该空填”照相机“；（3）若用一张纸片遮住了凸透镜的上半部，物体上任一点都有光线射向凸透镜下半部，经凸透镜折射后，照样能会聚成完整的烛焰的像，折射光线减少，会聚成的像变暗。故该空填”能“；（4）老花镜是凸透镜，对光线有会聚作用，使光提前会聚，将一副老花镜的镜片放在烛焰与凸透镜之间且靠近凸透镜的位置，则光线比原来会聚，即此时清晰的像成在光屏左侧，要在光屏上重新承接到烛焰清晰的像，光屏应向左移动。故该空填”左“。

【分析】（1）根据探究凸透镜成像实验的注意事项解答；

（2）比较像距和物距的大小，从而确定成像特点和应用；

（3）根据凸透镜的成像原理恩熙；

（4）根据老花镜片对光线的作用确定像距的变化，进而确定光屏的移动方向。26．【答案】形状；20.0；右；A；内能转化为机械能【解析】【解答】（1）用手压气球，气球发生形变，这清晰地展示了力能够使物体的形状发生改变。故该空填”形状“；

（2）根据乙图可知，刻度尺的分度值为1cm，读数时要估读到分度值的下一位，故气球的长度为：25.0cm−5.0cm=20.0cm。故该空填”20.0“；

（3）①松开夹子后，球内气体向左喷出，根据物体间力的作用是相互的，气球会受到向右的反作用力，从而向右运动。故该空填”右“；

②用吸管对准A点吹，使气球受到向右的作用力而向右运动，这也是通过施加外力改变气球的运动状态。故该空填”A“；

③在气体推动气球运动的过程中，气体对气球做功，内能减少，转化为气球的机械能。故该空填”内能转化为机械能“。

【分析】（1）力的作用效果包括：改变物体形状和改变物体的运动状态；

（2）根据乙图确定刻度尺的分度值，然后根据“测量值=准确值+估读值”读出两个刻度值，最后相减即可；

（3）①根据力的作用的相互性解答；

②根据气球的运动方向确定气球的受力方向；

③根据能量转化的知识解答。27．【答案】匀速；小车；压力；见解析【解析】【解答】（1）根据题意可知，为测出滑动摩擦力大小，三次实验中均用弹簧测力计沿水平方向匀速拉动物体；故该空填”匀速“；

（2）根据图片可知，甲和乙中乙图中弹簧测力计示数大，即它受到摩擦力大。由于小车和木块质量相同，因此对桌面的压力相等，所以可推断小车表面更粗糙。故该空填”小车“；

（3）对比甲、丙两次实验，接触面粗糙程度不变，丙图压力较大，那么得到：接触面粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大。故该空填”压力“；（4）若要研究滑动摩擦力大小与接触面积大小的关系，需要保持压力大小和接触面粗糙程度不变，仅改变接触面积大小，比如改变木块的放置方式，从而探究接触面积对滑动摩擦力的影响。故该空填”将甲中的木块立放，再用弹簧测力计拉动它在水平桌面上做匀速直线运动，记录测力计的示数即可“。

【分析】（1）在实验中让弹簧测力计沿水平方向匀速直线拉动物体，此时物体在水平方向上受到的拉力和摩擦力相互平衡，大小相等。因此，弹簧测力计的示数就等于摩擦力的大小，这样能够准确测量出摩擦力的值。

（2）根据图片确定甲和乙中哪个摩擦更大，再根据压力和接触面粗糙程度的影响分析；

（3）根据图片分析甲和丙中哪个因素不同即可；

（4）根据控制变量法的要求可知，要研究滑动摩擦力大小与接触面积大小的关系，需要保持压力大小和接触面粗糙程度不变，仅改变接触面积大小。28．【答案】或；左；20.8；多次测量求平均值；偏小；C【解析】【分析】关于电路连接的正误判断和修正，强调电压表应与电阻并联。接着提到实验操作中闭合开关前滑片的位置，以保护电路。然后是根据图乙读取电表示数并计算电阻值，还提及为减小误差要多次测量求平均值，以及分析由于电压表分流导致电阻测量值偏小的问题。最后是针对几种测量灯泡正常发光时电阻。【解答】（1）