2024届山东菏泽某中学高三年级下册期中联考物理试题

2024届山东荷泽一中高三下期中联考物理试题

注意事项

1.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回.

2.答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0.5亳米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置.

3.请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符.

4.作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他

答案.作答非选择题，必须用05亳米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效.

5.如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗.

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、在某一次中国女排击败对手夺得女排世界杯冠军的比赛中，一个球员在球网中心正前方距离球网d处高高跃起，将

排球扣到对方场地的左上角（图中尸点），球员拍球点比网高出A（拍球点未画出），排球场半场的宽与长都为s,球网

高为，，排球做平抛运动（排球可看成质点，忽略空气阻力），下列选项中错误的是（）

g("才+学

B.排球初速度的大小

H+h

C.排球落地时竖直方向的速度大小vv=J2g（”+力）

2(h+H)

tan。

D.排球末速度的方向与地面夹角的正切值

2、太阳释放的巨大能量来源于核聚变。一个笊核与一个抗核聚变成一个氮核的同时释放出一个中子，若笊核、旅核、

氮核和中子的质量分别为班、〃小和〃3真空中的光速为那么一个气核和一个瓶核发生核聚变时，释放的能量

是（）

3）22

A.（+m2-机cB.（町+m2-m3-m^）c

C.（〃％+62一7％）cD.（叫十恤一m37n4）c

3、如图所示为某齿轮传动装置中的A、8、。三个齿轮，三个齿轮的齿数分别为32、12、20,当齿轮绕各自的轴匀速

转动时，A、3、。三个齿轮转动的角速度之比为

A.8:3:5B.5:3:8

C.15:40:24D.24:40:15

4、2019年11月5日我国成功发射第49颗北斗导航卫星，标志着北斗三号系统3颗地球同步轨道卫星全部发射完毕。

人造卫星的发射过程要经过多次变轨方可到达预定轨道，在发射地球同步卫星的过程中，卫星从圆轨道I的A点先变

轨到椭圆轨道II,然后在B点变轨进人地球同步轨道III,则（）

........•...同步轨道

...nr

A.卫星在轨道II上过A点的速率比卫星在轨道H上过B点的速率小

B.若卫星在I、II、HI轨道上运行的周期分别为71、及、乃，则八＜小＜八

C.卫星在B点通过减速实现由轨道II进人轨道I

D.该卫星在同步轨道III上的运行速度大于7.9km/s

5、中微子失踪之谜是一直困扰着科学家的问题，原来中微子在离开太阳向地球运动的过程中，发生“中微子振荡”转化

为一个N子和一个T子。科学家通过对中微子观察和理论分析，终于弄清了中微子失踪之谜，成为“2001年世界十大

科技突破”之一。若中微子在运动中只转化为一个n子和一个T子，并己知子的运动方向与中微子原来的方向一致,

则T子的运动方向（）

A.一定与中微子方向一致B.一定与中微子方向相反

C.可能与中微子方向不在同一直线上D.只能与中微子方向在同一直线上

6、“歼・20”是中国自主研制的双发重型隐形战斗机，该机将担负中国未来对空、对海的主权维护任务。在某次起飞中，

质量为，”的“歼・20”以恒定的功率P起动，其起飞过程的速度随时间变化图像如图所示，经时间笫飞机的速度达到最

大值为时时，刚好起飞。关于起飞过程，下列说法正确的是

A.飞机所受合力不变，速度增加越来越慢

B.飞机所受合力增大，速度增加越来越快

C.该过程克服阻力所做的功为曲0一》〃吟

乙

V

D.平均速度詈

2

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、如图甲所示，在光滑水平面上，轻质弹簧一端固定，物体4以速度％向右运动压缩弹簧，测得弹簧的最大压缩量

为上，现让弹簧一端连接另一质量为的物体4（如图乙所示），物体A以2%的速度向右压缩弹簧，测得弹簧的最

大压缩量仍为X,贝人）

甲乙

A.A物体的质量为

B.A物体的质量为2m

C.弹簧压缩最大时的弹性势能为不〃璘

D.弹簧压缩最大时的弹性势能为〃

8、如图所示，在光滑的水平面上方，有两个磁感应强度大小均为3、方向相反的水平匀强磁场，尸。为两个磁场的理

想边界，磁场范围足够大。一个边长为。、质量为机、电阻为K的单匝正方形线框，以速度了垂直磁场方向从图示实

线位置I开始向右运动，当线框运动到分别有一半面积在两个磁场中的位置n时，线框的速度为则下列说法正确

A.在位置n时线框中的电功率为吟B,在位置时n的加速度为然

2D,.-

C.此过程中安培力的冲量大小为；加1，D.此过程中通过线框导线横截面的电荷量为丝

32R

9、如图所示，上、下表面平行的玻璃法置于空气中，一束复色光斜射到上表面，穿过玻璃后从下表面射出，分成。、

力两束单色光。下列说法中正确的是（）

A.a、力两束单色光相互平行

B.〃光在玻璃中的传播速度大于力光

C.在玻璃中。光全反射的临界角人于8光

D.用同一双缝干涉装置进行实验，。光的条纹间距小于》光的条纹间距

10、如图所示，在垂直于纸面向外的匀强磁场中，水平放置两个同心金属环，半径分别是「和3r,磁感应强度为£

在两环间连接有一个电容为。的电容器，。、。是电容器的两个极板。长为2r的金属棒A3沿半径方向放置在两环间

且与两环接触良好，并绕圆心以角速度”做顺时针方向（从垂直环面向里看）的匀速圆周运动。则下列说法正确的是

()

A.金属棒A3中有从3到4的持续电流

B.电容器力极板带负电

C.电容器两端电压为4刃8产

D.电容器所带电荷量为1.5CVy区产

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）如图所示是研究电源电动势和电路内、外电压关系的实验装置。电池的两极A、B与电压表V2相连，位

于两个电极内侧的探针a、1,与电压表H相连，R是滑动变阻器，电流表A测量通过滑动变阻器的电流，置于电池内

的挡板向上移动可以使内阻减小。当电阻R的滑臂向左移动时，电压表V2的示数（选填“变大”、“变

小”或“不变，，）。若保持滑动变阻器R的阻值不变，将挡板向上移动，则电压表X的示数变化量A5与电流表示数变

化量A/的比值________________o（选填“变大”、“变小”或“不变”）

与数字计时器（图中未画出）连接.

（2）用滑块把弹簧压缩到某一位置,测量出滑块到光电门的距离x.释放滑块.测出滑块卜•的遮光条通过光电门所用

的时间t,则此时滑块的速度灯.

（3）通过在滑块上增减祛码来改变滑块的质量如仍用滑块将弹簧压缩到（2）中的位置，重复（2）的操作，得出一

系列滑块质量〃，与它通过光电门时的速度y的值，根据这些数值，作出逃.〃尸图象如图乙所示.已知当地的重力加速

度为g,由图象可知，滑块与水平桌面之间的动摩擦因数4二一；弹性势能等于西二—.

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图所示，在直角坐标系x”的第一象限中有两个全等的直角三角形区域I和H,充满了方向均垂直纸

面向里的匀强磁场，区域I的磁感应强度大小为及〃区域n的磁感应强度大小可调，C点坐标为（4L3L）,M点

为OC的中点.质量为，〃带电量为叫的粒子从C点以平行于y轴方向射入磁场H中，速度大小为竽，不计粒子所

受重力，粒子运动轨迹与磁场区域相切时认为粒子能再次进入磁场.

（1）若粒子无法进入区域I中，求区域n磁感应强度大小范围；

（2）若粒子恰好不能从AC边射出，求区域n磁感应强度大小；

（3）若粒子能到达M点，求区域n磁场的磁感应强度大小的所有可能值.

14.(16分)如图所示，在边界OP、0Q之间存在竖直向下的匀强电场，直角三角形。儿区域内存在垂直纸面向里的

匀强磁场。从。点以速度w沿与0c成6。。角斜向上射入一带电粒子，粒子经过电场从。点沿功方向进人磁场区域且

恰好没有从磁场边界加飞出，然后经雨和。0之间的真空区域返回电场，最后从边界。。的某处飞出电场。已知0c=2L,

ac=>/3L,ac垂直于c。，Nac力=30。，带电粒子质量为必带电量为+g,不计粒子重力。求：

⑴匀强电场的场强大小和匀强磁场的磁感应强度大小；

⑵粒子从边界OQ飞出时的动能；

⑶粒子从o点开始射入电场到从边界0(2飞出电场所经过的时间。

15.(12分)一定质量的理想气体经历了如图的状态变化求该过程中

(1)气体最高温度A与最低温度，2的比值；

(2)气体与外界交换的热量。。

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

【解题分析】

A.由勾股定理计算可知，排球水平位移大小为

x二胆+厅+中

故A正确不符合题意;

B.排球做平抛运动，落地时间为

初速度

x即+1+(/

%丁12(H+h)

故B错误符合题意；

C排球在竖直方向做自由落体运动可得

)=2创"+力

解得「二」2鼠”+〃)，故C正确不符合题意；

D.排球末速度的方向与地面夹角的正切值

tan*'2…)

"。j("S)2+(9

故D正确不符合题意。

故选B。

2、B

【解题分析】

核反应方程为：H+：H-；He+；(n,故反应前后质量损失为

=m]+7n2-m3-tnA

根据质能方程可得放出的能量为

E-4?括2=（町+和—叫-）C2

故B正确ACD错误。

故选B。

3、C

【解题分析】

三个齿轮同缘转动，所以三个齿轮边缘的线速度相等，即为：

VA=VB=VC

三个齿轮的齿数分别为32、12、20,根据

V

0）=一

r

得4、3、C三个齿轮转动的角速度之比为

—:—=15:40:24

321220

A.8:3:5与计算结果不符，故A错误。

B.5:3:8与计算结果不符，故B错误。

C.15:40:24与计算结果相符，故C正确。

D.24:40:15与计算结果不符，故D错误。

4、B

【解题分析】

A.卫星在轨道H上从A点到5点，只有受力万有引力作用，且万有引力做负功，机械能守恒，可知势能增加，动能

减小，所以卫星在轨道H上过8点的速率小于过4点的速率，故A缙误；

B.根据开普勒第三定律

Ry,

—=k

T2

可知轨道的半长轴越大，则卫星的周期越大，所以有八〈乃〈乃，故B正确；

c.卫星在〃点通过加速实现由轨道n进入轨道Ui,故c错误；

D.7.9km/s即第一宇宙速度，是近地卫星的环绕速度，也是卫星做匀圆周运动最大的环绕速度，而同步卫星的轨道半

径要大于近地卫星的轨道半径，所以同步卫星运行的线速度一定小于第一宇宙速度，故D错误。

故选B。

5、D

【解题分析】

中微子转化为一个N子和一个T子过程中动量守恒，己知FI子的运动方向与中微子原来的方向一致，只能得出T子的

运动方向与中微子方向在同一直线上，可能与中微子同向也可能反向。

A.一定与中微子方向一致与分析不符，故A错误；

B.一定与中微子方向相反与分析不符，故B错误；

C.可能与中微子方向不在同一直线上与分析不符，故C错误；

D.只能与中微子方向在同一直线上与分析不符，故D正确。

故选：Do

6、C

【解题分析】

AB.根据图像可知，图像的斜率为加速度，所以起飞中，斜率越来越小，加速度越来越小，速度增加越来越慢，根据

牛顿第二定律心=〃"，加速度减小，合外力减小，AB错误

1,10

C.根据动能定理可知：解得：Wf=Pt0--nw；,fC正确

D.因为不是匀变速运动，所以平均速度不等于2,D错误

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、AC

【解题分析】

对图甲，设物体A的质量为M,由机械能守恒定律可得，弹簧压缩x时弹性势能EP=；M4；对图乙，物体A以2%

的速度向右压缩弹簧，A、B组成的系统动量守恒，弹簧达到最大压缩量仍为x时，A、B二者达到相等的速度v

由动量守恒定律有：M*2v0=(M+m)v

\,1

由能量守恒有：EP=-M♦(2%)~--(M+m)v2

I;

联立两式可得：M=3m,Ei»=—Mvl=—mv(),故B、D错误，A、C正确.

22

故选A、C

8、AC

【解题分析】

A.线框经过位置n时，线框左右两边为切割磁感线，所以此时的感应电动势为

厂2n

E=—Bav

3

故线框中的电功率为

E24B2a2v2

rn=——=----------

R97?

A正确；

B.线框在位置n时，左右两边所受安培力大小均为

厂lB2a2v

F=Bnria=---------

3R

根据左手定则可知，线框左右两边所受安培力的方向均向左，故此时线框的加速度为

2F4B1%

a=——=--------

m3mR

B错误；

C.整个过程根据动量定理可知安培力的冲量为

.__v2

1=AAr=m—mv=—mv

33

2

所以安培力的冲量大小为C正确；

D.根据

E△①

q=/rAAr=—AAr=—

RR

线框在位置i时其磁通量为B/,而线框在位置n时其磁通量为零，故

Ba2

q=-----

R

D错误。

故选AC,

9、AD

【解题分析】

A.据题意，通过平行玻璃砖的光，出射光线与入射光线平行，故选项A正确；

B.单色光〃偏折程度较大，则〃光的折射率较大，据了=£可知，在介质中。光的传播速度较小，故选项B错误；

n

C.据sinC="!■可知，〃光发生全反射的临界角较小，故选项C错误；

n

D.。光折射率较大，。光的波长较小，又据八二乌义可知，。光进行双缝干涉实验时条纹间距较小，故选项D正确。

d

10、BC

【解题分析】

A.根据右手定则可知，金属棒A〃切割磁感线产生感应电动势，但由于电路没有闭合，所以没有感应电流，故A错

误；

B.根据右手定则可判断笈端为电源的正极，。端为电源的负极，所以电容器力极板带负电，故B正确；

C.根据法拉第电磁感应定律知切割产生的感应电动势

E=BLv=B2r-co--------=4Bcor2

2

故C正确；

D.电容器所带电荷量

Q=CU=2CB(or2

故D错误。

故选BC.

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、变小不变

【解题分析】

[1]根据题意，电压表V1测量是电源的内电压，电压表V?测量是路端电压，由闭合电路欧姆定律：

/二上

R+r

可知，当电阻R的滑臂向左移动时外电阻减小，总电流增大，由：

。内=上

可知内电压变大，故电压表2的示数变小；

[2]因电源电动势等于电源内外电路之和，故电压表1和电压表2的示数之和不变；若保持滑动变阻器R的阻值不变，

将挡板向上移动，则电源的内电阻将减小，根据

U=E-Ir

结合数学推理可知：

\U

r=----

AZ

所以电压表1的示数变化量AU与电流表示数变化量A7的比值大小等于电源的内阻，由于挡板向上运动时，液体的横

截面积变大，根据电阻定律：

R=p-

S

可知内电阻减小，故比值变小。

cdb__Z?

12>5.70mm———E„=—

t2gx「2a

【解题分析】

（1）[1].由乙图知，游标卡尺读数为0.5cm卜14x0.05mm=5.70mm；

（2）[2],滑块经过光电门的速度为v二4；

t

（3）[3][4].根据能量守恒

「12

Ep=jjmgx+-mv-

整理得

_1C

Ep—

m

结合图象得:

b

2Ep=

a

b

EP=五

b=/jmgx

得

b

2gx

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、（1）BV殳;（2）8二金"；（3）若粒子由区域I达到M点，n=l时，笈=当片）；n=2时，B=＞；n=3时,

649816

8=鸟用；②若粒子由区域H达到M点，n=0时，8=当用），n=l时，B=三

24«16

【解题分析】

（1）粒子速度越大，半径越大，当运动轨迹恰好与x轴相切时，恰好不能进入I区域

故粒子运动半径与〉3/,

粒子运动半径满足：qBv0=m—代入%二等

%2m

R

解得

6

（2）粒子在区域I中的运动半径，•=*=4

qB2

若粒子在区域n中的运动半径R较小，则粒子会从AC边射出磁场.恰好不从AC边射出时满足NO2OIQ=2〃

24

sin2^=2sin0cos。=——

25

又sin29=------

R-r

4949

解得&=寸澄r

代入％华

2m

可得：8=竺殳

49

(3)①若粒子由区域I达到M点

每次前进比=2（R_r）cos9=§（R_r）

由周期性：~CM=IICP2（〃=1.2.3...）即9/>=§〃（/?一一）

25

2549

/?=/+——解得〃W3

16〃48

338

n=l时/?=——L,B=—B()

1633°

…4116人

n=2时R=—LT,B=一叫

3241

…49•24

n=3时R=—L,B二-B°

4849

②若粒子由区域n达到M点

由周期性：CM=CP^nCP2（z?=0.1.23...）

54

CQQ不+士〃49

即(R一