2024-2025学年安徽省合肥市普通高中高二上学期期末总复习测物理试卷（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE1安徽省2024~2025学年高二上学期期末专题复习《恒定电流》测试卷第Ⅰ卷（选择题共42分）一、单选题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确。1．如图所示，由同种材料制成的、长度相同的两段导体A、B，已知横截面积，给A、B中通以大小相等的稳恒电流时，电荷定向移动速率分别为、，两端电压分别为、，电功率分别为、，相同时间内产生的热量分别为、，不考虑温度对电阻的影响，下列说法正确的是（）A． B．C． D．2．如图所示为一块长方体铜块，分别使电流沿如图两个方向通过该铜块，则电阻比值为（）A．1 B．C． D．3．两个电阻、的伏安特性曲线如图中实线所示。下列说法正确的是（）A．的阻值恒定，的阻值随电压增大而减小B．电压为时，电阻的阻值为C．电压为时，的电阻小于的电阻D．电压为时，两电阻消耗的电功率相等4．电动势为E，内阻为r的电源与定值电阻、及滑动变阻器R连接成如图所示的电路，当滑动变阻器的触头由中点滑向b端时，下列说法正确的是（）A．电压表和电流表的读数都增大B．电压表和电流表的读数都减小C．电压表的读数增大，电流表的读数减小D．电压表的读数减小，电流表的读数增大5．将四个相同的灵敏电流计（电阻为）分别改装成两个电流表、和两个电压表、，已知电流表的量程小于的量程，电压表的量程大于的量程，之后将它们接入如图所示的电路中，合上电键，下列说法正确的是（）A．两个电压表、是由灵敏电流计与小于的电阻串联改装而成的B．的电阻小于的电阻，的电阻大于的电阻C．、的指针偏转角不相同，读数相等D．、的指针偏转角相同，读数不相等6．用多用电表探测如图所示的黑箱发现：用直流电压挡测量，E、G两点间和F、G两点间均有电压，E、F两点间无电压；用欧姆表测量，黑表笔接E点，红表笔接F点，阻值很小，但反接阻值很大。那么该黑箱内元件的接法可能是选项图中的（）A． B．C． D．7．硅光电池是一种可将光能转换为电能的器件。某同学用一定强度的光照射硅光电池，测得该电池的曲线如图所示。若用该强度光照射硅光电池给20Ω的电阻供电，则电源的输出功率约为（）A．0.11W B．0.14WC．0.22W D．0.27WA．一直减小，一直增大B．先减小后增大，先减小后增大C．先增大后减小，一直减小D．先增大后减小，先减小后增大二、多选题：本题共2小题，每小题5分，共10分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。9．如图所示，图甲电路中电源电动势为E，内阻为r，电阻R1=R2=R3=2r，图乙是该电源的输出功率P与其外电路电阻R的关系图像．开始时开关S1、S2均断开，现将开关S1闭合，然后再将开关S2闭合，下列说法正确的是（）A．电源的输出功率最大B．电阻R2消耗的功率增大C．电阻R3消耗的功率增大D．电源的效率增大10．如图所示电路中，为理想电流表，均为固定电阻，为滑动变阻器且其总电阻大于，为平行板电容器，为电动机，其内阻，干电池电源电动势，内阻不计，当滑片从点滑到点过程中，下列说法正确的是（）A．电流表的示数先增大后减小B．电容器带电量一直减小C．电源的总功率先减小后增大D．电动机消耗的功率为72W第Ⅱ卷（非选择题共58分）三、非选择题：本题共6小题，共58分。考生根据要求做答（第11～14题为实验题或填空题，15～16题为计算题）。11．（6分）物理实验一般都涉及实验目的、实验原理、实验器材、实验操作、数据分析等。（1）用电压表（内阻约为5kΩ）和电流表（内阻约为2Ω）测量一段金属丝的电阻值（约为25Ω）。为了尽量提高测量精度，应该选择的测量电路图是图（填“甲”或“乙”）。（2）用螺旋测微器测量金属丝的直径d，此时示数如图丙所示，则直径mm。（3）利用多用电表测量金属丝的电阻：选用欧姆挡“”挡进行测量时，发现多用电表指针的偏转角度过大，因此需重新选择（填“”或“”）挡，并需重新调零后，再次进行测量，若此时多用电表的指针如图丁所示，则测量结果R为Ω。（4）已知该金属丝的长度为L，则该金属丝的电阻率（用题中相关字母R、L、d表示）。12．（10分）实验小组利用图甲所示的电路同时测量未知电阻，的阻值，图中和为电阻箱，电源E内阻不计，G为灵敏电流计，其外观如图乙所示，0刻度线在表盘的正中央，已知当有电流从接线柱a流入电流计，从接线柱b流出时，指针向右偏转。（1）按图甲连接好电路，闭合开关后，发现电流计指针最终处于0刻度线的左侧，表明图甲中A、B两点的电势（填“>”“<”或“=”），为使指针处于0刻度线，可调节，使其阻值（填“增大”或“减小”）；（2）调节R1恰当后，记下两电阻箱的阻值分别为，。（3）断开开关k，互换和的位置，再闭合开关，只调节R1，使指针仍处于0刻度线，记下电阻箱R1的阻值为则电阻，=，=。（4）据上述测量原理可知，排除偶然误差，和的测量值均（填“大于”“小于”或“等于”）其真实值。13．（10分）某同学用伏安法测电源的电动势和内阻，实验室提供的器材有：A．待测电源（电动势约4V，内阻约）B．电压表（量程为3V，内阻约）C．电流表（量程为2A，内阻约）D．滑动变阻器（，3A）E．电阻箱（最大阻值）F．开关和导线若干（1）为完成实验，该同学需扩大电压表的量程。为测量电压表的内阻，他设计了图1所示的电路图，该同学按照图1连接好电路，进行了如下几步操作：①将滑动变阻器滑片滑到最左端，把电阻箱的阻值调到零；②闭合开关，缓慢调节滑动变阻器的触头，使电压表指针指到3.0V；③保持滑动变阻器滑片不动，调节电阻箱的阻值，当电压表的示数为2.0V时，电阻箱的读数为，则电压表的内阻为，该测量值（选填“大于”“小于”或“等于”）电压表内阻的真实值；④保持电阻箱的阻值不变，忽略测量误差，使电阻箱和电压表串联，改装成新的电压表，改装后电压表的量程为V。（2）将④中改装后的电压表（表盘未换）与电流表连成如图2所示的电路，测量电源的电动势和内阻，调节滑动变阻器的滑片，读出电压表示数U和电流表示数I，作出图像如图3所示，则电源的电动势为V，内阻为（结果均保留两位小数）。14．（12分）某同学为了测量量程为0~1mA微安表G的内阻，并将该微安表改装成量程为0~3V的电压表，进行了如下操作。该同学利用“半偏法”测量微安表G的内阻，现有器材如下：

A．滑动变阻器

B．滑动变阻器C．电源（电动势为9V）

D．电源（电动势为3V）E．电阻箱

F．开关、导线若干具体实验步骤如下：a．按图甲连接好电路；b．将滑动变阻器R和电阻箱的阻值都调到最大，只闭合开关后调节R的阻值，使微安表G的指针满偏；c．闭合，保持R不变，调节的阻值，使微安表G的指针半偏，此时的示数为300.0Ω。回答下列问题：（1）①为减小实验误差，实验中电源应选用（填仪器前的字母代号），滑动变阻器应选用。（填仪器前的字母代号）；②由实验操作步骤可知微安表G内阻的测量值Ω，该测量值微安表内阻的真实值（选填“大于”、“等于”或“小于”）。（2）若按照（1）中测算的，将上述微安表G改装成量程为0~3V的电压表，需要串联一个电阻箱，并将的阻值调为Ω。（3）用图乙所示的电路对改装电压表进行校准，由于微安表内阻测量造成的误差，当标准电压表示数为2.4V时，改装电压表中微安表G的示数为0.78mA，为了尽量减小电压测量误差，的阻值应调为Ω（计算结果保留一位小数）。15．（10分）如图所示，电流表和电压表均为理想电表，电容器的电容C=8µF，定值电阻R1=4Ω，R2=6Ω，电源电动势E=6V，内阻未知，开关S闭合一段时间后，电流表的读数为0.5A，求：（1）电源内阻r。（2）电压表的示数。（3）将开关S断开，通过R2的电荷量。

16．（10分）图示电路中电动机线圈的电阻，电源的电动势内阻，电容器的电容，上、下两极板均水平放置，板间距离，当滑动变阻器接入电路的阻值时，闭合开关，电路稳定后，质量、电荷量的带电液滴恰好静止在两板之间，如图所示。假设电动机始终能稳定工作且未超出额定功率，重力加速度取。（1）求电容器的带电量；（2）求电动机输出的机械功率；（3）调节滑动变阻器连入电路的阻值可以改变电动机输出的机械功率。小明认为：为使电动机输出的机械功率达到最大值，必须使电源的输出功率也同时达到最大值。请推理论证小明的说法是否正确。

——★参考答案★——一、单选题：1．【答案】D【解析】根据电阻定律由于材料相同，长度相同，横截面积，则有；由题意可知，根据，，，可知：，，，，故选D。2．【答案】B【解析】若通以电流，则铜块的长度为a、横截面积为bc，由电阻定律知其电阻为若通以电流时，则铜块的长度为c、横截面积为ab，由电阻定律知其电阻为，则，故选B。3．【答案】D【解析】A．因为图像上的点与坐标原点连线的斜率表示电阻的倒数，则的阻值恒定，的阻值随电压增大而增大，故A错误；BC．电压为时，电阻的阻值为：则此时的电阻等于的电阻，故BC错误；D．电压为时，两电阻消耗的电功率相等，均等于，故D正确。故选D。4．【答案】C【解析】滑动变阻器的触头由中点滑向b端时，滑动变阻器的阻值变大，电路总电阻变大，总电流变小，内电压变小，外电压变大，电压表示数变大，外电压等于R1两端电压与并联电路两端电压的和，即U=U1+U并，U变大，R1两端电压U1变小，U并增大，通过R2的电流变大，根据I=I1+I2，电流表示数减小。故选C。5．【答案】D【解析】A．灵敏电流计内阻较小，承担最大电压减小，根据串联分压原理，灵敏电流计与大于的电阻串联改装成电压表，故A错误；B．灵敏电流计允许通过的最大电流较小，根据并联分流原理，改装电流表时，通过并联电阻的电流较大，即并联电阻较小，可知，灵敏电流计与小于的电阻并联改装成电流表，量程越大，与灵敏电流计并联的电阻越小，电流表的电阻越小，的量程小于的量程，则的电阻大于的电阻；结合上述可知，灵敏电流计与大于的电阻串联改装成电压表，量程越大，与灵敏电流计串联的电阻越大，电压表的电阻越大，电压表的量程大于的量程，则的电阻大于的电阻，故B错误；C．根据图像，、串联，电流相同，流过灵敏电流计的电流相同，、指针的偏转角相同，的量程大于的量程，的读数大于的读数，故C错误；D．、并联，电压相同，流过灵敏电流计的电流相同，指针的偏转角相同，的电阻大于的电阻，由欧姆定律可知，的电流小于的电流，读数不相等，故D正确。故选D。6．【答案】A【解析】用直流电压挡测量，E、G两点间和F、G两点间均有电压，说明E、G与F、G间有电源存在；用欧姆挡测量，因电流从黑表笔，通过导体再从红表笔进入欧姆表，黑表笔接E点、红表笔接F点时电阻小，说明电流容易从E通过导体，黑表笔接F点、红表笔接E点时电阻很大，说明电流很难从导体通过，这就说明E、F间有二极管且E接正极。故选A。7．【答案】C【解析】在电源的图线中画出电阻的图线，其交点即为电阻在该电源的工作点，如图所示由图可知，工作电压约为，电流约为100mA，电源的输出功率约为，故选C。8．【答案】D【解析】BD．设的滑动触点向右移动后和电阻串联的阻值为，则并联电路总电阻为：滑动触点由最左端向右端移动的过程中，逐渐增大，并联电路总电阻先增大后减小，电路的总电阻先增大后减小，根据闭合电路欧姆定律可知电路的总电流先减小后增大，即A2示数先减小后增大，根据路端电压公式路端电压先增大后减小，即V示数U先增大后减小，故B错误，D正确；AC．并联电路两端的电压为：可知道并联电路两端的电压先增大后减小，当并联电路电压增大时，与A1串联的电阻减小，电流增大；当并联电路电压减小时，总电流逐渐增大，通过电流减小，则A2示数增大，故电流一直增大，故AC错误；故选D。二、多选题：9．【答案】AC【解析】A、开关S1闭合之后，若S2断开，则此时外电路总电阻为；若S2闭合，外电路总电阻变为，由乙图可知，第二种情况下，电源输出功率最大，A正确；BC、①开关S1闭合，S2断开，此时电阻R2消耗的功率为：，电阻R3消耗的功率为：；②开关S1闭合，S2闭合，此时电阻R2消耗的功率为：，电阻R3消耗的功率：，通过对比可知，B错误，C正确；D、电源的效率为，当开关S2闭合之后，外电路总电阻变小，故效率减小，D错误．故本题选AC．10．【答案】BC【解析】A．滑动变阻器aP段与R2串联后，再和滑动变阻器bP段并联（此处用R并表示并联的总电阻），再与R0串联，最后与电动机并联。当滑片P从a点滑到b点的过程中，R2支路的电阻总值为R2+Ra，滑动变阻器b端支路电阻为R1-Ra，因为R1＞R2，所以当R2+Ra=R1-Ra，即两条支路电阻相等时，两支路并联电阻最大，所以当滑片P从a向b滑动时，并联电阻R并先增大后减小，由于R并先增大后减小，而电源内阻不计，则路端电压等于电源电动势，恒定不变，根据并联电路的特点可知，上方支路中电流先减小后增大，电流表的示数先减小后增大，故A错误；B．由上述分析可知，电阻支路的总电流I总先减小后增大，所以定值电阻R0两端的电压先减小后增大，R并两端电压与这相反，先增大后减小。当电流表示数I总减小、R并两端电压增大时，滑动变阻器b端支路电阻减小，则b端支路电流Ib增大，由于I总=Ia+Ib，可知滑动变阻器a端支路电流Ia减小，则电阻R2两端电压U2减小；当电流表示数I总增大、R并两端电压减小时，滑动变阻器a端支路电阻增大，则a端支路电流Ia减小，则电阻R2两端电压U2减小，因此R2两端电压一直减小，由此可知电容器带电量Q=CU2，一直减小，故B正确；C．R并先增大后减小，则电路中的总电流I先减小后增大，电源消耗的功率P=EI先减小后增大，故C正确；D．若电动机为纯电阻用电器，则功率为：但是电动机为非纯电阻用电器，其正常工作时欧姆定律不成立，虽然其两端电压不变，但无法计算电流，故功率无法计算，故D错误。故选BC。三、非选择题：11．（6分）（1）甲（2）0.608（0.607~0.608）（3）×1欧姆19.0/19（4）【解析】（1）因为待测电阻约为，由可知为了减小误差应该采用电流表的外接法，即选用甲图；（2）由图丙读数可知，金属丝直径为（0.607、0.608）（3）[1]多用电表指针的偏转角度过大说明待测电阻小则要换成低倍率，故选档；[2]换倍率后要重新进行欧姆调零；[3]根据图丙可得欧姆表读数为（19）（4）根据电阻定律可知可得电阻率为：12．（10分）<减小2030等于【解析】（1）[1]由题意知，电流计指针处在0刻度线左侧，表明电流由接线柱b流入，接线柱a流出，所以[2]如图所示因，则有若使指针处于零刻度线，即让，需提高，而若提高需增大通过的电流，故应减小的阻值；（3）[1][2]、互换前，有，即，联立可有互换后，同理可有代入数据可求得：，（4）由上述测量原理可知，该测量无系统误差，所以理论上和的测量值均等于其真实值。13．（10分）（1）5960.0大于4.5（2）4.200.80【解析】（1）③[1]调整电阻箱电阻时认为电阻箱和电压表串联部分电压不变，根据分压规律可知，电压表内阻等于电阻箱的两倍，则电压表内阻测量值为；[2]实际上在增大电阻箱阻值时，串联部分电压增大，当电压表示数为2V时，电阻箱两端电压略大于1V，故测量值大于真实值。④[3]改装前有改装后有联立解得：故改装后电压表量程为4.5V（2）[1][2]由闭合电路欧姆定律知图像与纵轴交点为电源电动势的，电压表示数为，则改装后的电压表读数应为，即电源内阻：14．（12分）（1）CB300.0小于（2）2700.0（3）2623.1【解析】（1）①[1]本实验误差来自闭合开关，电阻箱并入电路后，干路电流会发生变化，为使干路电流变化较小，应使干路中滑动变阻器接入电路的阻值尽量大，为使电流表能够满偏，相应的电源电动势应较大，故电源选择电动势为的电源，故电源应选用C；[2]毫安表G的满偏电流为，则干路中滑动变阻器接入电路的最小阻值约为故滑动变阻器应选用B。②[3][4]由实验操作步骤可知，通过微安表的电流等于通过电阻箱的电流，可知两部分电阻相等，即微安表G内阻的测量值因闭合开关，电阻箱并入电路后，电路的总电阻变小，干路电流会变大，即干路电流大于，而流过微安表G的电流为，则流过电阻箱的电流大于，即流过电阻箱的电流大于流过微安表G的电流，根据并联电路的特点，可知微安表G内阻真实值大于电阻箱的阻值，可知测量值偏小，即测量值小于微安表内阻的真实值。（2）若按照（1）中测算的，将上述微安表G改装成量程为的电压表需要串联一个的电阻，阻值为（3）当微安表G的示数为时，有若想调整准确，则需将微安表读数变为，则即将改装后的电压表内阻减小，即将的阻值变为：15．（10分）【答案】（1）2Ω（2）5V（3）2.4×10−5C【解析】（1）开关S闭合一段时间后，电流表的读数为0.5A，根据闭合电路欧姆定律有解得：（2）根据电路结构，电表测的是路端电压，根据闭合电路欧姆定律有（3）开关S闭合一段时间后，定值电阻R2两端电压根据电容的定义式有将开关S断开后，电容器对定值电阻R2放电，结合上述可知，通过R2的电荷量16．（10分）【答案】（1）（2）（3）不正确【解析】（1）带电液滴恰好静止，由受力平衡有解得电容器两端的电压为：所以电容器的带电量为：代入数据解得：（2）当滑动变阻器的阻值为：时，由欧姆定律可知电路中的电流为：则电动机输入的功率为：电动机的热功率为：故电动机输出的机械功率为：（3）小明的说法不正确。理由如下：电源的输出功率为：由数学知识可知，当电路中的电流大小为：时，电源输出功率最大。而电动机输出的机械功率为：可知当电路中的电流大小为：时，电动机输出功率最大，显然故电动机和电源的输出功率不可能同时取最大值，因此小明的说法不正确。安徽省2024~2025学年高二上学期期末专题复习《恒定电流》测试卷第Ⅰ卷（选择题共42分）一、单选题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确。1．如图所示，由同种材料制成的、长度相同的两段导体A、B，已知横截面积，给A、B中通以大小相等的稳恒电流时，电荷定向移动速率分别为、，两端电压分别为、，电功率分别为、，相同时间内产生的热量分别为、，不考虑温度对电阻的影响，下列说法正确的是（）A． B．C． D．2．如图所示为一块长方体铜块，分别使电流沿如图两个方向通过该铜块，则电阻比值为（）A．1 B．C． D．3．两个电阻、的伏安特性曲线如图中实线所示。下列说法正确的是（）A．的阻值恒定，的阻值随电压增大而减小B．电压为时，电阻的阻值为C．电压为时，的电阻小于的电阻D．电压为时，两电阻消耗的电功率相等4．电动势为E，内阻为r的电源与定值电阻、及滑动变阻器R连接成如图所示的电路，当滑动变阻器的触头由中点滑向b端时，下列说法正确的是（）A．电压表和电流表的读数都增大B．电压表和电流表的读数都减小C．电压表的读数增大，电流表的读数减小D．电压表的读数减小，电流表的读数增大5．将四个相同的灵敏电流计（电阻为）分别改装成两个电流表、和两个电压表、，已知电流表的量程小于的量程，电压表的量程大于的量程，之后将它们接入如图所示的电路中，合上电键，下列说法正确的是（）A．两个电压表、是由灵敏电流计与小于的电阻串联改装而成的B．的电阻小于的电阻，的电阻大于的电阻C．、的指针偏转角不相同，读数相等D．、的指针偏转角相同，读数不相等6．用多用电表探测如图所示的黑箱发现：用直流电压挡测量，E、G两点间和F、G两点间均有电压，E、F两点间无电压；用欧姆表测量，黑表笔接E点，红表笔接F点，阻值很小，但反接阻值很大。那么该黑箱内元件的接法可能是选项图中的（）A． B．C． D．7．硅光电池是一种可将光能转换为电能的器件。某同学用一定强度的光照射硅光电池，测得该电池的曲线如图所示。若用该强度光照射硅光电池给20Ω的电阻供电，则电源的输出功率约为（）A．0.11W B．0.14WC．0.22W D．0.27WA．一直减小，一直增大B．先减小后增大，先减小后增大C．先增大后减小，一直减小D．先增大后减小，先减小后增大二、多选题：本题共2小题，每小题5分，共10分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。9．如图所示，图甲电路中电源电动势为E，内阻为r，电阻R1=R2=R3=2r，图乙是该电源的输出功率P与其外电路电阻R的关系图像．开始时开关S1、S2均断开，现将开关S1闭合，然后再将开关S2闭合，下列说法正确的是（）A．电源的输出功率最大B．电阻R2消耗的功率增大C．电阻R3消耗的功率增大D．电源的效率增大10．如图所示电路中，为理想电流表，均为固定电阻，为滑动变阻器且其总电阻大于，为平行板电容器，为电动机，其内阻，干电池电源电动势，内阻不计，当滑片从点滑到点过程中，下列说法正确的是（）A．电流表的示数先增大后减小B．电容器带电量一直减小C．电源的总功率先减小后增大D．电动机消耗的功率为72W第Ⅱ卷（非选择题共58分）三、非选择题：本题共6小题，共58分。考生根据要求做答（第11～14题为实验题或填空题，15～16题为计算题）。11．（6分）物理实验一般都涉及实验目的、实验原理、实验器材、实验操作、数据分析等。（1）用电压表（内阻约为5kΩ）和电流表（内阻约为2Ω）测量一段金属丝的电阻值（约为25Ω）。为了尽量提高测量精度，应该选择的测量电路图是图（填“甲”或“乙”）。（2）用螺旋测微器测量金属丝的直径d，此时示数如图丙所示，则直径mm。（3）利用多用电表测量金属丝的电阻：选用欧姆挡“”挡进行测量时，发现多用电表指针的偏转角度过大，因此需重新选择（填“”或“”）挡，并需重新调零后，再次进行测量，若此时多用电表的指针如图丁所示，则测量结果R为Ω。（4）已知该金属丝的长度为L，则该金属丝的电阻率（用题中相关字母R、L、d表示）。12．（10分）实验小组利用图甲所示的电路同时测量未知电阻，的阻值，图中和为电阻箱，电源E内阻不计，G为灵敏电流计，其外观如图乙所示，0刻度线在表盘的正中央，已知当有电流从接线柱a流入电流计，从接线柱b流出时，指针向右偏转。（1）按图甲连接好电路，闭合开关后，发现电流计指针最终处于0刻度线的左侧，表明图甲中A、B两点的电势（填“>”“<”或“=”），为使指针处于0刻度线，可调节，使其阻值（填“增大”或“减小”）；（2）调节R1恰当后，记下两电阻箱的阻值分别为，。（3）断开开关k，互换和的位置，再闭合开关，只调节R1，使指针仍处于0刻度线，记下电阻箱R1的阻值为则电阻，=，=。（4）据上述测量原理可知，排除偶然误差，和的测量值均（填“大于”“小于”或“等于”）其真实值。13．（10分）某同学用伏安法测电源的电动势和内阻，实验室提供的器材有：A．待测电源（电动势约4V，内阻约）B．电压表（量程为3V，内阻约）C．电流表（量程为2A，内阻约）D．滑动变阻器（，3A）E．电阻箱（最大阻值）F．开关和导线若干（1）为完成实验，该同学需扩大电压表的量程。为测量电压表的内阻，他设计了图1所示的电路图，该同学按照图1连接好电路，进行了如下几步操作：①将滑动变阻器滑片滑到最左端，把电阻箱的阻值调到零；②闭合开关，缓慢调节滑动变阻器的触头，使电压表指针指到3.0V；③保持滑动变阻器滑片不动，调节电阻箱的阻值，当电压表的示数为2.0V时，电阻箱的读数为，则电压表的内阻为，该测量值（选填“大于”“小于”或“等于”）电压表内阻的真实值；④保持电阻箱的阻值不变，忽略测量误差，使电阻箱和电压表串联，改装成新的电压表，改装后电压表的量程为V。（2）将④中改装后的电压表（表盘未换）与电流表连成如图2所示的电路，测量电源的电动势和内阻，调节滑动变阻器的滑片，读出电压表示数U和电流表示数I，作出图像如图3所示，则电源的电动势为V，内阻为（结果均保留两位小数）。14．（12分）某同学为了测量量程为0~1mA微安表G的内阻，并将该微安表改装成量程为0~3V的电压表，进行了如下操作。该同学利用“半偏法”测量微安表G的内阻，现有器材如下：

A．滑动变阻器

B．滑动变阻器C．电源（电动势为9V）

D．电源（电动势为3V）E．电阻箱

F．开关、导线若干具体实验步骤如下：a．按图甲连接好电路；b．将滑动变阻器R和电阻箱的阻值都调到最大，只闭合开关后调节R的阻值，使微安表G的指针满偏；c．闭合，保持R不变，调节的阻值，使微安表G的指针半偏，此时的示数为300.0Ω。回答下列问题：（1）①为减小实验误差，实验中电源应选用（填仪器前的字母代号），滑动变阻器应选用。（填仪器前的字母代号）；②由实验操作步骤可知微安表G内阻的测量值Ω，该测量值微安表内阻的真实值（选填“大于”、“等于”或“小于”）。（2）若按照（1）中测算的，将上述微安表G改装成量程为0~3V的电压表，需要串联一个电阻箱，并将的阻值调为Ω。（3）用图乙所示的电路对改装电压表进行校准，由于微安表内阻测量造成的误差，当标准电压表示数为2.4V时，改装电压表中微安表G的示数为0.78mA，为了尽量减小电压测量误差，的阻值应调为Ω（计算结果保留一位小数）。15．（10分）如图所示，电流表和电压表均为理想电表，电容器的电容C=8µF，定值电阻R1=4Ω，R2=6Ω，电源电动势E=6V，内阻未知，开关S闭合一段时间后，电流表的读数为0.5A，求：（1）电源内阻r。（2）电压表的示数。（3）将开关S断开，通过R2的电荷量。

16．（10分）图示电路中电动机线圈的电阻，电源的电动势内阻，电容器的电容，上、下两极板均水平放置，板间距离，当滑动变阻器接入电路的阻值时，闭合开关，电路稳定后，质量、电荷量的带电液滴恰好静止在两板之间，如图所示。假设电动机始终能稳定工作且未超出额定功率，重力加速度取。（1）求电容器的带电量；（2）求电动机输出的机械功率；（3）调节滑动变阻器连入电路的阻值可以改变电动机输出的机械功率。小明认为：为使电动机输出的机械功率达到最大值，必须使电源的输出功率也同时达到最大值。请推理论证小明的说法是否正确。

——★参考答案★——一、单选题：1．【答案】D【解析】根据电阻定律由于材料相同，长度相同，横截面积，则有；由题意可知，根据，，，可知：，，，，故选D。2．【答案】B【解析】若通以电流，则铜块的长度为a、横截面积为bc，由电阻定律知其电阻为若通以电流时，则铜块的长度为c、横截面积为ab，由电阻定律知其电阻为，则，故选B。3．【答案】D【解析】A．因为图像上的点与坐标原点连线的斜率表示电阻的倒数，则的阻值恒定，的阻值随电压增大而增大，故A错误；BC．电压为时，电阻的阻值为：则此时的电阻等于的电阻，故BC错误；D．电压为时，两电阻消耗的电功率相等，均等于，故D正确。故选D。4．【答案】C【解析】滑动变阻器的触头由中点滑向b端时，滑动变阻器的阻值变大，电路总电阻变大，总电流变小，内电压变小，外电压变大，电压表示数变大，外电压等于R1两端电压与并联电路两端电压的和，即U=U1+U并，U变大，R1两端电压U1变小，U并增大，通过R2的电流变大，根据I=I1+I2，电流表示数减小。故选C。5．【答案】D【解析】A．灵敏电流计内阻较小，承担最大电压减小，根据串联分压原理，灵敏电流计与大于的电阻串联改装成电压表，故A错误；B．灵敏电流计允许通过的最大电流较小，根据并联分流原理，改装电流表时，通过并联电阻的电流较大，即并联电阻较小，可知，灵敏电流计与小于的电阻并联改装成电流表，量程越大，与灵敏电流计并联的电阻越小，电流表的电阻越小，的量程小于的量程，则的电阻大于的电阻；结合上述可知，灵敏电流计与大于的电阻串联改装成电压表，量程越大，与灵敏电流计串联的电阻越大，电压表的电阻越大，电压表的量程大于的量程，则的电阻大于的电阻，故B错误；C．根据图像，、串联，电流相同，流过灵敏电流计的电流相同，、指针的偏转角相同，的量程大于的量程，的读数大于的读数，故C错误；D．、并联，电压相同，流过灵敏电流计的电流相同，指针的偏转角相同，的电阻大于的电阻，由欧姆定律可知，的电流小于的电流，读数不相等，故D正确。故选D。6．【答案】A【解析】用直流电压挡测量，E、G两点间和F、G两点间均有电压，说明E、G与F、G间有电源存在；用欧姆挡测量，因电流从黑表笔，通过导体再从红表笔进入欧姆表，黑表笔接E点、红表笔接F点时电阻小，说明电流容易从E通过导体，黑表笔接F点、红表笔接E点时电阻很大，说明电流很难从导体通过，这就说明E、F间有二极管且E接正极。故选A。7．【答案】C【解析】在电源的图线中画出电阻的图线，其交点即为电阻在该电源的工作点，如图所示由图可知，工作电压约为，电流约为100mA，电源的输出功率约为，故选C。8．【答案】D【解析】BD．设的滑动触点向右移动后和电阻串联的阻值为，则并联电路总电阻为：滑动触点由最左端向右端移动的过程中，逐渐增大，并联电路总电阻先增大后减小，电路的总电阻先增大后减小，根据闭合电路欧姆定律可知电路的总电流先减小后增大，即A2示数先减小后增大，根据路端电压公式路端电压先增大后减小，即V示数U先增大后减小，故B错误，D正确；AC．并联电路两端的电压为：可知道并联电路两端的电压先增大后减小，当并联电路电压增大时，与A1串联的电阻减小，电流增大；当并联电路电压减小时，总电流逐渐增大，通过电流减小，则A2示数增大，故电流一直增大，故AC错误；故选D。二、多选题：9．【答案】AC【解析】A、开关S1闭合之后，若S2断开，则此时外电路总电阻为；若S2闭合，外电路总电阻变为，由乙图可知，第二种情况下，电源输出功率最大，A正确；BC、①开关S1闭合，S2断开，此时电阻R2消耗的功率为：，电阻R3消耗的功率为：；②开关S1闭合，S2闭合，此时电阻R2消耗的功率为：，电阻R3消耗的功率：，通过对比可知，B错误，C正确；D、电源的效率为，当开关S2闭合之后，外电路总电阻变小，故效率减小，D错误．故本题选AC．10．【答案】BC【解析】A．滑动变阻器aP段与R2串联后，再和滑动变阻器bP段并联（此处用R并表示并联的总电阻），再与R0串联，最后与电动机并联。当滑片P从a点滑到b点的过程中，R2支路的电阻总值为R2+Ra，滑动变阻器b端支路电阻为R1-Ra，因为R1＞R2，所以当R2+Ra=R1-Ra，即两条支路电阻相等时，两支路并联电阻最大，所以当滑片P从a向b滑动时，并联电阻R并先增大后减小，由于R并先增大后减小，而电源内阻不计，则路端电压等于电源电动势，恒定不变，根据并联电路的特点可知，上方支路中电流先减小后增大，电流表的示数先减小后增大，故A错误；B．由上述分析可知，电阻支路的总电流I总先减小后增大，所以定值电阻R0两端的电压先减小后增大，R并两端电压与这相反，先增大后减小。当电流表示数I总减小、R并两端电压增大时，滑动变阻器b端支路电阻减小，则b端支路电流Ib增大，由于I总=Ia+Ib，可知滑动变阻器a端支路电流Ia减小，则电阻R2两端电压U2减小；当电流表示数I总增大、R并两端电压减小时，滑动变阻器a端支路电阻增大，则a端支路电流Ia减小，则电阻R2两端电压U2减小，因此R2两端电压一直减小，由此可知电容器带电量Q=CU2，一直减小，故B正确；C．R并先增大后减小，则电路中的总电流I先减小后增大，电源消耗的功率P=EI先减小后增大，故C正确；D．若电动机为纯电阻用电器，则功率为：但是电动机为非纯电阻用电器，其正常工作时欧姆定律不成立，虽然其两端电压不变，但无法计算电流，故功率无法计算，故D错误。故选BC。三、非选择题：11．（6分）（1）甲（2）0.608（0.607~0.608）（3）×1欧姆19.0/19（4）【解析】（1）因为待测电阻约为，由可知为了减小误差应该采用电流表的外接法，即选用甲图；（2）由图丙读数可知，金属丝直径为（0.607、0.608）（3）[1]多用电表指针的偏转角度过大说明待测电阻小则要换成低倍率，