2025年浙教版九年级物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教版九年级物理下册月考试卷953考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示电路，电压表V1、V2、V3的示数分别为U1、U2、U3，电流表A1、A2的示数分别为I1、I2，下列关系式正确的是（）A.U2=U1+U3，I1=I2B.U2=Ul=U3，I1=I2C.U3=Ul+U2，I1＜I2D.U3=Ul+U2，Il＞I22、下列生活现象的描述和解释，正确是（）A.用打气筒打气时，打气筒的筒壁会发热，是做功使它的内能增加B.骑自行车下坡时，不用力踩也会越来越快是动能转化为重力势能C.游泳时人潜入水中静止不动是人受到的重力大于受到的浮力D.在炉子上烧开水时，水吸收的热量会等于燃料燃烧放出的热量3、“捞不到的是水中月；摘不到的是镜中花”，这句话中的“镜花水月”是由于（）

A.光的直线传播所成的实像。

B.光的反射所成的虚像。

C.真实的花和月亮。

D.光的漫反射形成的实像。

4、下列用电器或设备中，没有电磁铁的是A.日光灯B.电铃C.电磁起重机D.磁悬浮列车5、下列关于热量的说法正确的是（）A.热水比冷水含热量多B.一大桶水比一小桶水含热量多C.一个物体内能越多，它具有的热量越多D.热量是热传递过程中传递能量的多少6、有一个晚上小明同学在未开灯的房间里看电视时，拿着一个凸透镜在电视机与对面的墙壁移动，忽然他看到墙壁上出现了电视机屏幕的放大画面，那么关于这个像的性质和这一成像原理的应用判断正确的是（）A.正立的像；放大镜B.倒立的像；照相机C.正立的像；望远镜D.倒立的像；投影仪、7、我国载人航天工程第一个空间交会对接目--“天宫一号”目际飞行器完成总装；将于2011年发射．按照计划．“天宫一号”目标飞行器和随后发射的神舟八号飞船，实施首次空间飞行器无人交会对接试验．预计到2020年和天宫一号连接的太空站建立，下列实验可以在太空站上进行的是（）

①天平测量物体的质量；②用弹簧测力计测量力；③测量小灯泡的电功率；④用石灰石和盐酸制取二氧化碳．A.②③B.①②③C.②④D.②③④8、如图为四冲程汽油机的四个冲程示意图，按照工作循环的顺序排列应该是（）A.甲丙丁乙B.丁乙甲丙C.甲丙乙丁D.乙甲丁丙评卷人得分二、填空题(共6题，共12分)9、（2014•南海区二模）如图所示，用不变的力竖直向上拉动弹簧测力计，使杠杆上升至图中虚线位置，在上升过程中测力计的示数为____N，钩码总重为1.0N，钩码上升高度为0.2m，杠杆末端移动距离为0.5m，则杠杆的机械效率为____%．请写出使用该杠杆做额外功的一个原因：____．10、图甲所示电流表的读数是____A，图乙所示电压表的读数是____V．

11、在冰壶比赛中，为了使冰壶到达理想的区域需要队员不断地用刷子不断地擦冰面其目的是通过____方法增加冰的内能使冰熔化；柴油机在压缩冲程结束时是喷入雾状柴油其目的是____．12、有一个质量是2kg的铜块，比热容是0.39×103J/（kg•℃）．如果把它放进冰箱里，它的比热容将____（选填：变大、变小或不变）；如果把它截去一半，它的比热容是____．13、铜块的质量与铅块质量之比是2：1，如果它们升高的温度之比是2：3，则它们吸收的热量之比是____．（铜的比热容是0.39×103J/（kg．℃），铅的比热容是0.13×103J/（kg．℃））．14、重为50牛的物体在大小为20牛的水平推力作用下，在10秒内沿水平地面匀速前进5米，该物体所受的摩擦阻力____牛，推力的功率为____瓦，重力对物体所做的功为____焦．评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)15、一切物体都具有内能．____（判断对错）16、通电后风扇转动，电能转化为机械能．____（判断对错）17、因为宇宙间的任何两个物体间都存在万有引力，所以两个桌子间也存在万有引力．____．18、物体在平面镜中所成的像的大小与平面镜的大小有关____．19、相同质量的核燃料，聚变反应释放出的核能比裂变反应小．____．20、记录测量结果时，数值越小，表示被测的量越小．____．21、在照明电路中，电阻越大的电灯，其功率越大．____．评卷人得分四、简答题(共1题，共6分)22、如图；回顾托里拆利实验过程：在长约1m，一端封闭的玻璃管里灌满水银，将管口堵住，然后倒插在水银槽中．放开堵管口的手指时，管里的水银面下降一些就不再下降，这时管内外水银面的高度差约为760mm．将管子倾斜，管内外水银面的高度差约仍为760mm．回答下列问题：

（1）为什么玻璃管内水银上方是真空？____

（2）为什么将管子倾斜，管内外水银面的高度差约仍为760mm？____．评卷人得分五、综合题(共3题，共24分)23、（2015•道外区三模）小金要“测一个额定电流为0.35A的小灯泡的额定功率；他设计了如甲图所示的电路图，请帮助该同学完成下列问題．

（1）在连接实物电路过程中，开关应处于____状态．

（2）检査电路连接无误后接通电路，观察到电流表指针位量如图乙所示，此时电路中的电流为____A．

（3）为测出小灯泡的额定功率，还需要进行的实验步骤是：____．

（4）实验结果的表达式为____．（用你设计的实验步骤中的物理量符号表示）

（5）假设实验时电路连接正确，器材及各接线柱的连接完好，实验中无论怎样改变滑动変阻器的滑片的位置，电路中的电流总低于0.35A，其原因是____．24、在“测定小灯泡的电功率”实验中；选用如下器材：2节干电池；额定电压为2.5V的小灯泡（额定功率小于1W）、电流表、电压表、滑动变阻器（20Ω1A）、开关和导线．如图甲所示是小明没有连接完整的电路．

（1）请你用笔画线代替导线；将电路连接完整．

（2）正确连接电路后闭合开关，发现电压表有示数，电流表示数几乎为零，灯泡不发光，导致这一现象的原因可能是____．

（3）排除故障后，小明通过正确操作，得到多组I、U数据，作出如图乙所示的I-U图象，由图可知，灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的电流为____A，灯泡的额定功率为____W；灯泡的电阻随电压的增加而____（选填“增大”或“减小”），导致灯泡电阻变化的主要因素是____．

（4）根据（1）问中连接好的电路，排除（2）问中故障，移动变阻器滑片，能否实现灯泡两端电压从零连续变化到2.5V？答：____（选填“能”或“不能”），其理由是____．25、（2015•松潘县一模）在利用光具座进行凸透镜成像的实验探究中：

（1）如图甲所示，一束平行于凸透镜主光轴的光经过凸透镜后，在光屏上形成了一个最小、最亮的光斑．由图可知，凸透镜对光具有____作用，该凸透镜的焦距是____cm．

（2）把烛焰放在距凸透镜25cm处时（如同乙），在凸透镜另一侧前后移动光屏，会在光屏上得到一个倒立、____的实像（填写像的性质）．____（选填“投影仪”、“放大镜”或“照相机”）就是利用这一成像规律工作的．评卷人得分六、其他(共3题，共12分)26、2008年5月12日14点28分；四川汶川发生了里氏8.0级强烈地震，地震引发了破坏性极大的崩塌；滚石和滑坡等，受灾面积达10万平方公里，造成惨重的人员伤亡和财产损失．

（1）强烈地震引发山体滑坡，具有巨大的能量，对当地群众的生命和财产造成严重伤害，这种能量是____（填“化学能”、“机械能”或“内能”）；地震后形成许多堰塞湖，库内水位迅速上升，由于水的压强随深度增大而____（填“增加”；“减小”或“不变”）；储存了巨大的能量，堤坝一旦决口随时可发生重大洪灾，严重威胁着下游居民．

（2）地震发生后，我国政府做出快速反应，抗震救灾，众志成城．在运用飞机空投救灾物资时，因为投下的物资具有惯性，所以必须在目标的____（填“正前方”、“正下方”或“正后方”）投放；由于电视、电讯、电力等设施在地震中受损严重，无线电收音机成为灾区大多数乡镇农村了解外界情况的唯一途径．无线电收音机是通过____把各种信息传播给高度分散的救灾部队的．

（3）地震发生后，人们在清理现场时很少发现有猫、狗、老鼠等动物的尸体，人们猜测可能是地震时产生的____（填“次”或“超”）声波，动物可以听到，而人听不到．假如发生地震时，你在街道上或在教室里应该采用什么安全防范措施？（写出一种逃生方法）____．27、（2012•滨湖区校级模拟）小文同学采用如图所示的两种不同的方式将同一货物搬运到同一辆汽车上，其中____方法更省力，甲图中货物被匀速推上车的过程中，动能____（选填“增大”、“减小”或“不变”）．28、（2009•利川市校级模拟）如图是小红和小明搜集的一些图片：从图中可见，螺线钉D实质可以看作是我们学过的一种简单机械--____．参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、A【分析】【分析】由电路图可知，两电阻串联，电压表V1、V3分别测两电阻两端的电压，电压表V2测电源的电压，两电流表均测电路中的电流．根据串联电路的电流特点和电压特点可知电表示数之间的关系．【解析】【解答】解：由电路图可知，两电阻串联，电压表V1、V3分别测两电阻两端的电压，电压表V2测电源的电压；两电流表均测电路中的电流．

因串联电路中各处的电流相等；

所以，I1=I2；故CD不正确；

因串联电路中总电压等于各分电压之和；

所以，U2=U1+U3；故A正确，B不正确．

故选A．2、A【分析】【分析】A；做功可以改变物体的内能；对物体做功，物体的内能增加，物体对外做功，物体的内能减少；

B；骑自行车下坡时；人和车的质量不变、速度增大、高度减小，据此判断能量转化；

C；人潜入水中静止不动；处于悬浮状态，根据悬浮条件判断；

D、在炉子上烧开水时，燃料燃烧放出的热量，只有一少部分被水吸收，存在热损失．【解析】【解答】解：A；用打气筒打气时；克服摩擦做功、压缩空气做功，使打气筒的筒壁内能增加、温度升高，故A正确；

B；骑自行车下坡时；人和车的质量不变、速度增大、高度减小，重力势能减小、动能增大，重力势能转化为动能，故B错；

C；人潜入水中；受到浮力和重力作用，因静止不动，处于悬浮状态，受到浮力等于重力，故C错；

D；在炉子上烧开水时；存在热损失，燃料燃烧放出的热量大于水吸收的热量，故D错．

故选A．3、B【分析】

镜花水月是平面镜成的像；是由于光的反射形成的．

故选B．

【解析】【答案】镜花水月是光的反射形成的．

4、A【分析】【解答】解：在题目中所示答案；只有日光灯不需电磁铁，而其他电器中均需要电磁铁产生磁性进行工作．

故选A．

【分析】电磁铁是通电产生电磁的一种装置．在铁芯的外部缠绕与其功率相匹配的导电线圈，这种通有电流的线圈像磁铁一样具有磁性．5、D【分析】【解答】解：（1）热量是一个过程量；不能说水含有的热量的多少，只能说吸收或放出热量的多少．故ABC错误；

（2）热量总从高温物体传递到低温物体；热量只存在于热传递或热交换过程中，故D正确．

故选D．

【分析】热量是过程量，就是说，热量只存在于热传递或热交换过程中，只能说吸收或放出热量，热量传递等；热量不是状态量，不能说含有或者具有热量．6、D【分析】【分析】白色的墙壁相当于凸透镜成像实验中的光屏；光屏上能接到的像是实像．

光屏上能承接放大的像，2f＞u＞f，在凸透镜的另一侧成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪．【解答】电视机屏幕的像呈现在墙上；电视机屏幕和电视机屏幕的像在凸透镜的异侧，所以墙壁上得到倒立；放大的实像，电视屏幕在凸透镜的一倍焦距和二倍焦距之间，应用于幻灯机或投影仪．

故选D．【点评】本题首先通过墙壁上的像判断凸透镜成倒立、放大的实像，根据凸透镜的成像性质，确定凸透镜的应用．7、A【分析】【分析】在太空中失去重力，不能用弹簧测力计测量物体的重力，不能用天平测量物体的质量等．其他跟重力没有关系的实验都可以进行．【解析】【解答】解：①天平测量物体的质量要用到物体的重力；所以不能进行，故不合题意；

②用弹簧测力计测量力是可以进行的；只是不能测量重力，故符合题意；

③测量小灯泡的电功率所重力无关；可以进行，故符合题意；

④用石灰石和盐酸制取二氧化碳时；由于液体和固体；气体都处于失重状态，无法操作，故不合题意．

综上所述；可以在太空站上进行的实验是②③．

故选A．8、A【分析】【分析】汽油机的一个工作循环由如图所示的四个冲程组成：吸气冲程；压缩冲程、做功冲程、排气冲程；

根据曲轴的转动方向判断活塞的运行方向，再根据气门的关闭情况就可以确定是哪一个冲程．【解析】【解答】解：甲图中的进气门打开；活塞向下运行，气缸容积增大，是吸气冲程；

乙图中的排气门打开；活塞向上运动，气缸容积减小，是排气冲程；

丙图中的气门都关闭；活塞向上运行，气缸容积减小，是压缩冲程；

丁图中的气门都关闭；活塞向下运行，气缸容积增大，是做功冲程．

因此按照工作循环的顺序：甲丙丁乙．

故选A．二、填空题(共6题，共12分)9、略

【分析】【分析】（1）对弹簧测力计进行读数时；需看清弹簧测力计的分度值，然后根据指针位置进行读数．

（2）在实验中，弹簧测力计向上拉力做的功是总功，克服钩码重力做的功是有用功，克服摩擦以及杠杆自重做的功是额外功；杠杆的机械效率可以根据公式η=来计算．

（3）由额外功产生的原因解答．【解析】【解答】解：（1）弹簧测力计的分度值是0.1N；读数是：0.5N；

（2）有用功：W有用=Gh=1N×0.2m=0.2J；

总功：W总=Fs=0.5N×0.5m=0.25J；

机械效率：η=×100%==80%；

（3）利用杠杆提升物体时；克服摩擦以及杠杆自重做的功是额外功．

故答案是：0.5；80%；克服杠杆与支点O间摩擦及杠杆自重多做的功是额外功．10、略

【分析】【分析】电压表和电流表的读数：确定使用的量程，确定每一个大格和每一个小格各代表多少．【解析】【解答】解：（1）电流表使用的0～0.6A量程；每一个大格代表0.2A，每一个小格代表0.02A，电流为0.36A．

（2）电压表使用的0～15V量程；每一个大格代表5V，每一个小格代表0.5V，电压为12.5V．

故答案为：0.36A；12.5V．11、略

【分析】【分析】改变物体内能的两种方式：做功和热传递．热传递过程是能量的转移过程，做功过程是能量的转化过程．【解析】【解答】解：用刷子不断地擦冰面其目的是通过做功的方式增加冰的内能使冰熔化；

柴油机在压缩冲程中；活塞对气缸中的气体做功，将活塞的机械能转化为气体的内能，使气缸中的气体内能增加，温度会升高，在压缩冲程结束时是喷入雾状柴油其目的是为了使柴油与高温气体混合后，自行燃烧，对外做功．

故答案为：做功；为了使柴油与高温气体混合后，自行燃烧，对外做功．12、略

【分析】【分析】质量是1kg的物体，温度升高1℃，吸收的热量叫这种物质的比热容．比热容是物质本身的一种特性，决定于物质的种类和状态，与质量、热量、温度变化无关．【解析】【解答】解：

比热容是物质本身的一种特性；把这块铜放进冰箱里，它温度降低，但比热容与温度没有关系，所以它的比热容将不变；

比热容与质量的多少没有关系，所以把这块铜块锯掉一半，质量减半，余下部分的比热容不变，仍然是0.39×103J/（㎏•℃）．

故答案为：不变；0.39×103J/（㎏•℃）．13、略

【分析】【分析】求出铜和铅比热容大小之比，知道它们的质量之比、升高的温度之比，根据公式Q吸=cm△t可计算铜块和铅块吸收的热量之比．【解析】【解答】解：由题知：m铜：m铅=2：1，△t铜：△t铅=2：3，c铜：c铅=0.39×103J/（kg．℃）：0.13×103J/（kg．℃）=3：1；

∵Q吸=cm△t；

∴=××=××=．

故答案为：4：1．14、略

【分析】【分析】掌握二力平衡条件；知道一对平衡力的大小相等．根据匀速前进判断物体受平衡力，从而根据推力的大小得知摩擦力的大小．

根据公式W=Fs计算出推力做的功，然后将功和时间代入P=计算出功率．

当力和距离垂直时，由于未在力的方向上移动距离，所以力不做功．【解析】【解答】解：物体在大小为20牛的水平推力作用下沿水平地面匀速前进；所以在水平方向的推力和摩擦力平衡，则f=F=20N；

推力做的功W=Fs=20N×5m=100J；

所以功率P===10W；

重力方向竖直向下；由于没有在重力方向上移动距离，所以重力做功为O．

故答案为：20；10；0．三、判断题(共7题，共14分)15、√【分析】【分析】要解本题需掌握内能是物体本身的一种性质，一切物体都具有内能．【解析】【解答】解：所有分子动能和势能之和称为分子内能；一切物体的分子都在永不停息的做运动，所以一切物体都具有内能．

故答案为：√．16、√【分析】【分析】做功总是伴随着能量的转化，电功也不例外．用电器消耗了电能，获得了其它形式的能量，就是一个电流做功的过程．【解析】【解答】解：电风扇工作时；消耗了电能，主要转化为机械能．

故答案为：√17、√【分析】【分析】自然界中任何两个物体都是相互吸引的，这就是牛顿所发现的万有引力定律，利用其分析该题即可解决．【解析】【解答】解：宇宙间任何两个物体；大到天体，小到灰尘之间，都存在互相吸引的力，这就是万有引力，故两个桌子间也存在着万有引力，只不过由于引力非常小，所以平时人们觉察不出来而已．

故答案为：√．18、×【分析】【分析】根据平面镜成像的特点是所成的像是虚像，且像和物体形状、大小相同来解答此题．【解析】【解答】解：根据平面镜成像的特点；像与物大小相同，像的大小取决于物的大小，小的平面镜也可以成物体的完整的像，不会因为镜子的大小影响到像的大小．

故答案为：×．19、×【分析】【分析】核能主要有两种：核裂变和核聚变，核裂变是指用中子轰击较大的原子核，使其变成两个中等大小的原子核，核聚变是指两质量较轻的核变成一个质量中等的核．核聚变能释放出更大的能量．【解析】【解答】解：相同质量的核燃料；发生核聚变反应所释放出的核能比发生核裂变反应所释放的能量更加巨大，故题目中的说法是错误的．

故答案为：×．20、×【分析】【分析】测量结果由数值和单位组成．测量结果的大小并不是取决于数值的大小，还与单位有关系．【解析】【解答】解：记录测量结果时；应该由数值和单位两部分组成，数值越小，并不表示被测的量越小．例如：100cm和0.01km之间，100＞0.01，但是100cm＜0.01km．

故答案为：×21、×【分析】【分析】已知照明电路中的电压，根据P=可知灯泡的电阻与电功率的关系．【解析】【解答】解：∵家庭电路的电压为220V不变；

∴根据P=可知；灯泡的电阻越大，实际功率越小．

故答案为：×．四、简答题(共1题，共6分)22、略

【分析】【分析】（1）托里拆利实验能测出大气压的值，是利用管内水银柱产生的压强等于大气压，即p大气=p水银=ρ水银gh．

在托里拆利实验中；水银柱的高度是由外界大气压的大小决定的，玻璃管内水银上方若不是真空，则里面的空气会对水银产生压强，影响管内外水银柱的高度差．

（2）当玻璃管倾斜时，管内水银柱高不变，但长度变长，使得水银槽内液面降低，再根据液体压强公式分析水银槽底部所受水银的压强的大小变化．【解析】【解答】解：（1）托里拆利实验能测出大气压的值，是利用管内水银柱产生的压强等于大气压，即p大气=p水银=ρ水银gh．

在托里拆利实验中；水银柱的高度是由外界大气压的大小决定的，玻璃管内水银上方若不是真空，则里面的空气会对水银产生压强，影响管内外水银柱的高度差．

（2）实验中玻璃管内水银面的上方是真空；当玻璃管倾斜时，由于大气压不变，根据p=ρgh可知能支持的水银柱高度不变，所以管内外水银面的高度差约仍为760mm．

答：（1）玻璃管内水银上方若不是真空；则里面的空气会对水银产生压强，影响管内外水银柱的高度差；

（2）由于大气压不变，根据p=ρgh可知能支持的水银柱高度不变．五、综合题(共3题，共24分)23、略

【分析】【分析】（1）为了保护电路；连接电路时开关要断开；

（2）图中显示电流表用小量程（0-0.6A）；读数为0.1A；

（3）现在电路中电流为0.1A；要使灯正常发光，就要使通过的电流增大，使连入的电阻变小，由图可知应向左移动滑片，当电流表的示数增大为0.35A，读出此时电压表的示数U；

（4）由（3）得出了正常发光时的电流值和电压值；利用P=UI求额定功率；

（5）实验时电路连接正确，器材及各接线柱的连接完好，只能是电源电压过低，使电路中的电流达不到0.35A．【解析】【解答】解：（1）连接电路时开关要断开；目的是为了保护电路和用电器；

（2）图中显示电流表用的是0-0.6A量程；读数为0.1A；

（3）要使灯正常发光；使电流变大，使连入的电阻变小，要向左移动滑片，当电流表的示数为0.35A，读出此时电压表的示数U；

（4）P=UI=U×0.35A；

（5）因为实验时电路连接正确；器材及各接线柱的连接完好，所以原因只能是电源电压太低．

故答案为：（1）断开；

（2）0.1；

（3）移动变阻器的滑片P；使电流表的示数为0.35A，读出此时电压表的示数U；

（4）P=U×0.35A；

（5）电源电压过低．24、略

【分析】【分析】（1）电压表与被测电路并联；电流表与被测电路串联，根据电功率计算公式计算小灯泡正常发光的电流，确定量程；滑动变阻器采取“一上一下”的连接方式接入电路；

（2））闭合开关；灯泡不亮，可能是灯泡短路；或灯泡断路、或灯泡之外电路存在断路；电流表指针不动，说明电路断路；电压表有示数，说明电压表与电源两极相连，电压表并联电路之外不存在断路；综合分析可知，电路故障是灯泡断路．

（3）由图可知；灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.26A，根据P=UI求得灯泡的额定功率；

从电阻大小的影响因素分析电阻变化的原因；根据灯丝的电阻随温度的变化而变化的特点进行分析．

（4）滑动变阻器与灯泡串联，从灯泡有电阻这一角度分析．【解析】【解答】解：（1）小灯泡正常发光的功率小于1W，由P=UI可知，I===0.4A；小灯泡正常放光的电流小于0.4A，电流表选择0～0.6A量程，电路连接如下：

（2）闭合开关后；灯泡不亮，电压表有示数，电流表几乎为零，产生这一现象的原因是灯泡断路．

（3）由图可知；灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.26A，则P=UI=2.5V×0.26A=0.65W．

导体的电阻是导体的一种性质；它的大小决定于导体的材料；长度、横截面积以及温度，灯丝的电阻发生变化，是因为灯丝的温度发生变化而致．

（4）由题意可知；滑动变阻器与灯泡串联，移动变阻器滑片，移到滑动变阻器的阻值最大，因为灯泡有电阻，所以不能实现灯泡两端电压从零连续变化到2.5V．

故答案为：（1）见上图：

（2）灯泡断路；（3）0.26；0.65；增大；灯丝的电阻发生变化，是因为灯丝的温度发生变化而致；（4）不能；小灯泡有电阻．25、略

【分析】【分析】（1）对比折射光线和入射光线即可判定透镜对光线的作用；根据焦距的定义：光心到焦点的距离即可求得焦距的大小；

（2）当物距大于二倍焦距时，物体通过凸透镜成倒立、缩小的实像；当物体在二倍焦距和焦点之间时，通过凸透镜成倒立、放大的实像；当物距小于焦距时，物体通过凸透镜成正立、放大的虚像．【解析】【解答】解：

（1）对比折射光线和入射光线可知：凸透镜对光线有会聚作用；焦点在51.0cm处；光心在40.0cm处，所以，焦距为f=51.0cm-40.0cm=11.0cm；

（2）∵u=25cm