2025年新世纪版必修3物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年新世纪版必修3物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示电路中，当变阻器R的滑片P向上滑动时；电压表V和电流表A的示数变化情况是()

A.V和A的示数都增大B.V和A的示数都减小C.V示数增大、A示数减小D.V示数减小、A示数增大2、如图所示，在原来不带电的金属细杆ab附近P处；放置一个正点电荷，达到静电平衡后，则下列判断中错误的是（）

A.a端的电势比b端的高B.b端的电势比d点的低C.a端的电势与b端的电势相等D.细杆表面的感应电荷在杆内c处产生的场强方向由a指向b3、电场是一类特殊的物质，电荷可以“感受”到电场的存在。图4为描述某静电场的电场线，a、b、c是同一条电场线上的三个不同的点，其中a点的电场强度大小为电势为b点的电场强度大小为电势为c点的电场强度大小为电势为关于a、b、c三点电势的高低，下列判断正确的是图（）

A.B.C.D.4、如图所示，在正方体abcd-a′b′c′d′空间内的b点和d′点分别放置等量异种点电荷+Q和-Q，已知a点、c点、b′点电势为20V，a′点、c′点、d点电势为-20V；则以下说法正确的（）

A.平面abb′a′对角线ab′上各点电势都是20VB.a点和c′点的电场强度相同C.粒子从a点沿不同路径到达c′点，电场力做功相同，其大小为40eVD.粒子在a点的电势能为20eV5、有一静电场；其电势随x坐标的改变而改变，变化的图线如图所示．若将一带负电的粒子（重力不计）从坐标原点O由静止释放，粒子沿x轴运动，电场中P；Q两点的坐标分别为1mm、4mm．下列说法正确的是（）

A.粒子经过P点和Q点时，加速度大小相等、方向相反B.粒子经过P点与Q点时，电场力做功的功率相等C.粒子经过P点与Q点时，动能相等D.粒子在P点的电势能为正值6、如图所示，在匀强电场中有一虚线圆，ab和cd是圆的两条直径，其中ab与电场方向的夹角为60°，ab＝0.4m，cd与电场方向平行，a、b两点的电势差则（）

A.电场强度的大小E＝200V/mB.b点的电势比d点的电势低5VC.将电子从c点移到d点，电场力做正功D.若电子从a点运动到c点，电势能减小10eV7、下列说法中正确的是A.电流的方向就是电荷移动的方向B.电源电动势的大小反映的是电源把其他形式的能转化为电能的本领的大小C.电场中某点的电场强度为零，该点的电势也一定为零D.由R＝可知，电阻与电压成正比，与电流成反比8、如图所示，电路中电源电动势为E，内阻为r，C为电容器，L为小灯泡，R为定值电阻，闭合电键，小灯泡能正常发光，．现将滑动变阻器滑片向右滑动一段距离，滑动前后理想电压表V1、V2、V3示数变化量的绝对值分别为理想电流表A示数变化量的绝对值为则（）

A.电源的输出功率一定增大B.灯泡亮度逐渐变暗C.均保持不变D.当电路稳定后，断开电键，小灯泡立刻熄灭评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)9、已知磁敏电阻在没有磁场时电阻很小，在有磁场时电阻很大，并且磁场越强阻值越大．为了探测有无磁场，利用磁敏电阻作为传感器设计了如图所示电路，电源电动势和内阻不变，在没有磁场时，调节滑动变阻器使电灯发光，当探测装置从无磁场区进入强磁场区（设电灯不会烧坏），则（）

A.电灯变亮B.电流表示数增大C.滑动变阻器的功率增大D.磁敏电阻两端的电压增大10、真空中相距为3a的两个点电荷M、N,分别固定于x轴上和的两点上,在它们连线上各点场强E随x变化关系如图所示,以下判断正确的是。

A.处的电势一定为零B.点电荷M、N一定为同种电荷C.在两点电荷之间沿x轴正向电势降低D.点电荷M、N所带电荷量的绝对值之比为4：111、如图，三根通电长直细导线垂直于纸面固定，导线的横截面（截面积不计）分别位于以O点圆环上a、c、d三处，已知每根导线在O点的磁感应强度大小均为B；则（）

A.O点的磁感应强度方向垂直于aO向右B.O点的磁感应强度方向从O指向aC.O点的磁感应强度大小为D.O点的磁感应强度大小为12、如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻两等势面之间的电势差相等，实线为一带正电的粒子只在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P和Q是这条轨迹上两个点，P、Q相比（）

A.P点的电势高B.带电微粒通过P点时的加速度大C.带电微粒通过P点时的速度大D.带电微粒在P点时的电势能较大13、一个带正电的粒子（重力不计）穿过如图所示的匀强磁场和匀强电场区域时，恰能沿直线运动，则欲使粒子向上偏转应采用的办法是（）

A.减小电场强度B.增大电荷电荷量C.减小入射速度D.增大磁感应强度14、在x轴上固定两个带电荷量分别为的点电荷，以其中的某一电荷为原点，两电荷所形成的电场的电势在x轴正半轴上的分布如图所示；下列说法正确的是（）

A.正电荷在坐标原点，负电荷在的位置B.负电荷在坐标原点，正电荷在的位置C.在x轴上区域电场强度沿x轴正方向D.一带负电试探电荷从O处移到处，电势能先减小后增加15、如图所示的电路中,电源电动势为E,内阻为r,R1、R2、R3为定值电阻,电流表和电压表均为理想电表,C为平行板电容器,在两板之间的带电液滴恰好处于静止状态.由于某种原因灯泡L的灯丝突然烧断,其余用电器均不会损坏,则下列说法正确的是()

A.电流表示数变大B.电压表示数变大C.液滴将向上运动D.液滴仍保持静止评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)16、电源和电阻R组成闭合电路，它们的U—I关系图线如图所示。该电源的内阻为________，电源消耗的总功率为________W。

17、如图所示，质量为m的带电小球用绝缘丝线悬挂于O点，并处在水平向左广大的匀强电场E中，小球静止时丝线与竖直方向夹角为θ，则小球的带电量为__________；若剪断丝线带电小球将做_________运动．

18、如图示电路，电源直流电压先使开关与1端相连稍后将开关掷向2端，让电容器通过电阻放电，传感器将电流信息传入计算机，显示出的电流随时间变化的曲线如图所示，则电容器全部释放的电量大约为______该电容器的电容大约是______（均保留两位有效数字）。

19、如图所示，E、F分别表示蓄电池两极，P、Q分别表示螺线管两端。当闭合开关时，发现小磁针N极偏向螺线管Q端。则E为蓄电池____极（填“正”或“负”），螺线管P端为____极（填“S”或“N”）.

20、某同学想应用楞次定律判断线圈缠绕方向；设计的实验装置原理图如图甲所示。选用的器材有：一个磁性很强的条形磁铁，两个发光二极管（电压在1.5V至5V都可发光且保证安全），一只多用电表，导线若干。操作步骤如下：

①用多用电表的欧姆挡测出二极管的正；负极；

②把二极管；线圈按如图甲所示电路用导线连接成实验电路；

③把条形磁铁插入线圈时，二极管B发光；拔出时，二极管A发光；

④根据楞次定律判断出线圈的缠绕方向。

请回答下列问题：

（1）线圈缠绕方向如图乙中的_______（填“A”或“B”）。

（2）条形磁铁运动越快，二极管发光的亮度就越大，这说明感应电动势随_____的增大而增大（填“磁通量”；“磁通量的变化量”或“磁通量的变化率”）。

（3）为进一步研究，该小组又做了以下实验：磁体从靠近线圈的上方静止下落。在磁体穿过整个线圈的过程中，传感器显示的电流i随时间t的图像应该是图中的____。

A．B．C．D．评卷人得分四、作图题(共4题，共8分)21、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

22、如图所示是某电场中的电场线，请画出点a点的场强方向和电荷-q在b点所受电场力的方向。

23、试画出点电荷、等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线。24、如图1所示，用电动势为E、内阻为r的电源，向滑动变阻器R供电。改变变阻器R的阻值，路端电压U与电流I均随之变化。

（1）以U为纵坐标，I为横坐标，在图2中画出变阻器阻值R变化过程中U-I图像的示意图，并说明U-I图像与两坐标轴交点的物理意义。

（2）请在图2画好的U-I关系图线上任取一点；画出带网格的图形，以其面积表示此时电源的输出功率。

评卷人得分五、解答题(共3题，共9分)25、如图所示为研究电子枪中电子在电场中运动的简化模型示意图。已知电子的质量为m，电量为e。在xOy平面的ABCD区域内，存在两个场强大小均为E的匀强电场Ⅰ和Ⅱ，两电场的边界如图所示（L为已知量）。不计电子所受重力。

(1)在该区域AB边的中点处由静止释放一个电子；求该电子在刚进入电场区域Ⅱ时速度的大小；

(2)该电子在ABCD区域内运动经历的时间和电子离开ABCD区域的位置坐标；

(3)若在电场Ⅰ区域内适当位置坐标由静止释放电子，电子恰能从ABCD区域右下角D处离开，求x与y应满足的关系。

26、A、B两个带电小球，A固定不动，B的质量为m，只在库仑力作用下，B由静止开始运动，已知初始时，A、B间的距离为d，B的加速度为a，经过一段时间后，B的加速度为此时A、B间距离应为多少？27、如图所示，电路中电源内阻不计，水平放置的平行金属板A、B间的距离为d，金属板长为L，在两金属板左端正中间位置M，有一个小液滴以初速度v0水平向右射入两板间，已知小液滴的质量为m，带负电，电荷量为q．要使液滴从B板右侧边缘射出电场，电动势E是多大？(重力加速度用g表示)

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B【分析】【详解】

在变阻器R的滑片向上滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻增大，R与R3并联电阻R并增大，则外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流I减小，路端电压U增大；干路电流I减小，则R2两端的电压减小，V的示数减小。并联部分电压U并=E-I（R1+R2+r），I减小，E、R1、R2、r均不变，则U并增大，通过R3的电流增大；干路电流I减小，通过R3的电流增大；则通过滑动变阻器的电流减小，电流表A的示数减小。

故选B。2、A【分析】【详解】

AC．达到静电平衡后，导体为等势体，导体上的电势处处相等，所以可以得到φa=φb

故A错误；符合题意，C正确，不符合题意；

B．由于正电荷在右边，金属细杆可看作在d点左方的一个点，越靠近正电荷电势越高，所以

故B正确；不符合题意；

D．由于杆处于静电平衡状态，所以内部的场强为零，正电荷和感应电荷在内部产生的合场强为零，正电荷在c处产生的场强方向由b指向a，所以感应电荷在杆内c处产生的场强方向由a指向b；故D正确，不符合题意。

故选A。3、A【分析】【详解】

沿电场线方向电势降低，电场线依次经a、b、c，故c点电势最低，a点电势最高，故有

故A正确；BCD错误。

故选A。4、B【分析】【详解】

A．根据等量异种电荷电场的特点可知，电势为的点构成的是一个曲面，曲面与平面的交线不是直线，即平面对角线上各点的电势不都等于A错误；

B．根据电场强度矢量合成法则可知，正、负电荷分别在点、点产生的电场强度大小相等为

方向相同，正、负电荷分别在点、点产生的电场强度大小相等为

方向相同，则点、点场强大小相等为

方向相同；B正确；

C．根据电场力做功特点可知，电场力做功多少与运动路径无关，粒子从点沿不同路径到达点，电场力做功相同，其大小为

C错误；

D．粒子在点的电势能

D错误。

故选B。5、C【分析】【分析】

【详解】

根据顺着电场线方向电势降低可知，0-2mm内，电场线沿x轴负方向，粒子所受的电场力方向沿x轴正方向；在2-6mm内电场线沿x轴正方向，粒子所受的电场力方向沿x负方向做减速运动，加速度沿x轴负方向；φ-x图象的斜率大小等于场强E．则知P点的场强大于Q点的场强，则粒子在P点的加速度大于在Q点的加速度，加速度方向相反．故A错误．粒子经过P点与Q点时，电势相等，则其电势能相等，由能量守恒知动能相等．故C正确．粒子经过P点与Q点时，速率相等，但电场力不同，则根据功率公式P=Fv，可知电场力做功的功率不等．故B错误．在P点，根据电势能公式Ep=qφ，因为q＜0，φ＞0，所以Ep＜0．故D错误．故选C．6、D【分析】【详解】

A．根据

可得电场强度的大小

故A错误；

B．沿电场线电势逐渐降低，可知b点的电势比d点的电势高；故B错误；

C．将电子从c点移到d点；因电子所受的电场力与位移反向，可知电场力做负功，故C错误；

D．a、c两点电势差为

电子从a点运动到c点过程，电场力做的功为

可知电场力做正功；电势能减小10eV，故D正确。

故选D。7、B【分析】【详解】

A．正电荷定向移动的方向是电流的方向。故A错误。

B．电源电动势的大小反映的是电源把其他形式的能转化为电能的本领的大小。故B正确。

C．电场强度与电势没有关系；电场强度为零的点，电势不一定为零，比如：处于静电平衡的导体。故C错误。

D．电阻是导体本身的性质，与电压及电流无关。故D错误。8、C【分析】【详解】

A、将滑动变阻器滑片向右滑动时接入电路的电阻减小，电路中电流增大，电源的内电压增大，则路端电压减小，示数增大，A的示数增大，由于电源的内阻与外电阻的大小关系未知，所以电源的输出功率不一定增大，故A错误；

B、电路中电流增大，通过灯泡的电流增大，所以灯泡变亮，故B错误；

C、根据得保持不变，保持不变，根据闭合电路欧姆定律：则保持不变，故C正确；

D；当电路稳定后；断开电键，电容器通过灯泡和变阻器放电，所以小灯泡不会立即熄灭，故D错误．

点睛：本题是电路的动态分析问题，关键要搞清电路的结构，明确电表各测量哪部分电路的电压或电流，根据闭合电路欧姆定律进行分析．二、多选题(共7题，共14分)9、A:D【分析】【详解】

AB.当磁场增强时，磁敏电阻增大，总电阻增大，总电流减小，电流表示数减小，电源内电压减小，路端电压增大，电灯变亮；故A正确B错误；

C.总电流减小，通过电灯的电流增大，所以通过滑动变阻器R的电流减小，变阻器的功率减小；故C错误；

D.路端电压增大，两端的电压减小，所以磁敏电阻两端的电压增大，故D正确．10、B:D【分析】【详解】

A.x=2a处的场强为零；但由于电势与场强无关，则场强为零的地方电势不一定为零，故A错误；

B.x从0到3a；场强先正方向减少到零又反方向增加，异种电荷两电荷之间场强不为零，因此必为同种电荷，故B正确；

C.由于两点电荷为同种电荷，则根据同种电荷电场线的分布规律可知，电势不会沿x轴正向降低；而是先降低后升高，故C错误；

D.x=2a处的合场强为0，由得：

得QM：QN=4：1，

故D正确．11、A:C【分析】【分析】

【详解】

磁感应强度的矢量叠加如图所示。

每根导线在圆心处产生的磁感应强度大小均为可得处的磁感应大小为

方向于垂直于aO向右。

故选AC。12、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

A．粒子所受电场力指向轨迹内侧，由于粒子带正电，因此电场线指向右下方，根据沿电场线电势降低，可知P的电势最高；故A正确；

B．等势线密的地方电场线密电场强度大，故P点电场强度大；试探电荷受到的电场力大，根据牛顿第二定律，加速度也大，故B正确；

CD．根据质点受力情况可知，从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，动能增大，故P点的电势能大于Q点的电势能，P点的速度小于Q点的速度；故C错误；D正确。

故选ABD。13、A:D【分析】【详解】

开始时正电粒子恰能做直线运动，电场力向下，洛伦兹力向上，合力为零，故：qE=qvB

A．减小电场强度；则电场力减小，洛伦兹力不变，合力向上，向上偏转，故A正确；

B．增大电荷量；则电场力与洛伦兹力都增加，合力为0，做直线运动，故B错误；

C．减小入射速度；则洛伦兹力减小，电场力不变，合力向下，向下偏转，故错误；

D．增大磁感应强度，则向上的洛伦兹力增大，合力向上，向上偏转，故D正确．14、B:C【分析】【详解】

AB．由可知，原点附近的电势为负且绝对值很大，可知负电荷在坐标原点，图象斜率表示电场强度大小位置电场强度为零，根据

解得

正电荷在的位置；故B正确，A错误；

C．在x轴上区域电势一直减小，电场强度沿x轴正方向；故C正确；

D．从O处移到处；电势不断增加，一带负电试探电荷电势能不断减小，故D错误；

故选BC。15、A:B:C【分析】【详解】

液滴原来处于平衡状态，重力和静电力平衡，电路为R2与R3串联，再与灯泡L并联，干路上有R1和内阻r.灯泡L的灯丝突然烧断,相当于其电阻变大，总电阻变大，据则总电流变小，C、D、由得电容器的电压增大，故液滴受到的电场力增大，液滴向上运动，C正确、D错误．A、B、由可知电流表示数增大，由知电压表的示数变大；A正确，B正确.故选ABC.

【点睛】

本题是电路动态分析问题，关键是理清电路，根据路串并联知识和闭合电路欧姆定律得到各个部分电路电流和电压的变化．注意电源输出功率的大小与内外电阻的大小关系决定．三、填空题(共5题，共10分)16、略

【分析】【详解】

[1][2]根据闭合电路欧姆定律得

当时

由图可知电源电动势

内阻等于图像的斜率的绝对值，因此有

代入数据可得

由图可知，此时电流

因此有

代入数据可得【解析】0.5617、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由于带电小球向左偏；所受电场力方向向左，电场线方向也向左，则小球带正电．分析小球的受力情况，作出受力图如下图所示。

根据平衡条件得

得

[2]如果将细线烧断，小球受到重力和电场力，合力恒定，球沿合力方向即绳子方向向下做匀加速直线运动。【解析】沿绳方向向下做初速度为零的匀加速直线18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据

可知曲线图像围成的面积表示电荷量，由图像可得图像面积约为所以电容器全部释放的电量大约为（都可以）

[2]电容器的电容为【解析】①.（都可以）②.（都可以）19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由右手螺旋定则可知，电流由F流出，故E为蓄电池负极；

[2]小磁针N极转向Q端，这说明磁感线指向Q端，故Q端为S极，P端为N极。【解析】①.负②.N20、略

【分析】【详解】

（1）[1]把条形磁铁插入线圈时，穿过线圈的磁通量向上，且大小增大，则线圈产生的感应电流的磁场方向向下，由发光二极管B发光，可知流经二极管B的电流方向向下；则线圈缠绕方向如图乙中A所示。

（2）[2]条形磁铁从初始到完全插入；磁通量的变化量相同，磁铁运动速度越快，磁通量变化越快，发光二极管的亮度就越大，说明感应电动势随磁通量的变化率的增大而增大。

（3）[3]磁体从靠近线圈的上方静止下落，当磁体进入线圈的过程，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律可知感应电流产生的磁场方向向下，当磁体离开线圈的过程，穿过线圈的磁通量减小，根据楞次定律可知感应电流产生的磁场方向向上，所以磁体进入和穿出线圈时感应电流方向相反；当磁体完全进入线圈时，穿过线圈的磁通量不变，则不会产生感应电流，磁体会加速运动，当到达线圈底部时，磁通量变化率大于磁体刚进入线圈时，依据法拉第电磁感应定律和欧姆定律可知到达底部的感应电流较大，故A正确，B、C、D错误。【解析】A磁通量的变化率A四、作图题(共4题，共8分)21、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】22、略

【分析】【详解】

电场线上每一点的切线方向即为该点的电场强度方向；负电荷受电场力的方向与场强方向相反，如图所示。

【解析】23、略

【分析】【详解】

根据电荷属性；点电荷；等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电