2025年苏教新版选修三物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年苏教新版选修三物理上册阶段测试试卷994考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示，理想变压器原、副线圈匝数比为1:2，线路上分别有两个阻值相同的定值电阻R1、R2,交变电源电压为U,下列说法正确的是：

A.变压器原线圈电压与电源电压U相等B.变压器副线圈电压是电源电压U的2倍C.流过R1、R2上的电流相等D.R1、R2上消耗的电功率之比为4:12、如图所示；闭合开关S后，A灯与B灯均发光，当滑动变阻器的滑片P向左滑动时，以下说法中正确的是（）

A.A灯变暗B.B灯变亮C.电源的输出功率可能减小D.电源的总功率可能增大3、如图所示，在纸面内半径为R的圆形区域中充满了垂直于纸面向里、磁感应强度为B的匀强磁场．一点电荷从图中A点以速度v0垂直磁场射入；速度方向与半径方向的夹角为30°．当该电荷离开磁场时，速度方向刚好改变了180°．不计电荷的重力，下列说法正确的是()

A.该点电荷离开磁场时速度方向的反向延长线通过O点B.该点电荷的比荷为C.该点电荷在磁场中的运动时间为D.该点电荷在磁场中的运动时间为4、一可变理想变压器原、副线圈的回路中分别接有电阻r和可变电阻R；原线圈一侧接在电压恒定的正弦交流电源上，如图所示，下列说法正确的是。

A.变压器的触头向下滑动，其他条件不变，R上消耗的功率不可能先增大后减小B.变压器的触头向下滑动，其他条件不变，R上消耗的功率不可能一直减小C.可变电阻R触头向下滑动，其他条件不变，r上消耗的功率一定减小D.可变电阻R触头向下滑动，其他条件不变，R上消耗的功率一定增大5、如图所示为一种获得高能粒子的装置，环形区域内存在垂直纸面向外、大小可调节的均匀磁场．质量为m、电荷量为＋q的粒子在环中做半径为R的圆周运动，不计粒子重力．A、B为两块中心开有小孔的极板，原来电势都为零，每当粒子顺时针飞经A板时，A板电势升高为U，B板电势仍保持为零，粒子在两板间电场中得到加速，每当粒子离开B板时，A板电势又降为零，粒子在电场中一次次加速下动能不断增大，而绕行半径不变，则（）

A.粒子从A板小孔处由静止开始在电场作用下加速，绕行n圈后回到A板时获得的总动能为(n－1)qUB.在粒子绕行的整个过程中，A板电势可以始终保持为＋UC.在粒子绕行的整个过程中，每一圈的周期不变D.为使粒子始终保持在半径为R的圆轨道上运动，磁场必须周期性递增，则粒子绕行第n圈时的磁感应强6、如图；甲容器内装有水，乙试管内也装有水,将乙试管通过甲容器密封盖上的孔插入甲容器的水中，且乙试管与密封盖紧密接触。现给甲容器加热，观察到的现象是（）

A.甲容器、乙试管内的水同时沸腾，并一直都保持沸腾状态B.甲容器内的水先沸腾，乙容器内的水后沸腾，之后一直都保持沸腾状态C.乙试管内的水先沸腾，甲容器内的水后沸腾，之后一直都保持沸腾状态D.甲容器内的水先沸腾，乙容器内的水后沸腾，之后，甲容器内的水不沸腾7、如图所示，R0为热敏电阻(温度降低，其电阻增大)，D为理想二极管(正向电阻为零，反向电阻无穷大)，平行板电容器中央有一带电液滴刚好静止，M点接地；开关S闭合．下列各项单独操作时可使带电液滴向上运动的是()

A.滑动变阻器R的滑动触头P向上移动B.将热敏电阻R0的温度降低C.开关S断开D.电容器的上极板向上移动8、当波源远离观测者时，观测者所接收到的频率f'和波源振动的频率f的关系为A.f'=fB.f'＜fC.f'＞fD.无法确定9、钍具有放射性，它能放出一个新的粒子而变为镤同时伴随有γ射线产生，其方程为钍的半衰期为24天.则下列说法中正确的是())A.为质子B.是钍核中的一个中子转化成一个质子时产生的C.γ射线是镤原子核外电子跃迁放出的D.钍经过1g天后还剩120钍0.2g评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)10、如图，三个电阻R1、R2、R3的阻值均为R，电源的内阻r<R，c为滑动变阻器的中点．闭合开关后，将滑动变阻器的滑片由c点向a端滑动，下列说法正确的是(

A.R2消耗的功率变小B.R3消耗的功率变大C.电源输出的功率变大D.电源内阻消耗的功率变大)11、如图所示，水平面上有两根足够长的光滑平行金属导轨MN和PQ，两导轨间距为L，导轨电阻均可忽略不计．在M和P之间接有一阻值为R的定值电阻，导体杆ab质量为m、电阻也为R，并与导轨接触良好．整个装置处于方向竖直向下、磁感应强度为B的匀强磁场中。现给ab杆一个初速度v0，使杆向右运动，最终ab杆停在导轨上。下列说法正确的是()

A.ab杆将做匀减速运动直到静止B.ab杆速度减为时，ab杆加速度大小C.ab杆速度减为时，通过电阻的电量D.ab杆速度减为时，ab杆走过的位移12、如图所示，一理想变压器的原、副线圈的匝数比22:1，交流电源的电动势电阻R＝10Ω，滑动变阻器的总阻值为15Ω．将滑动变阻器的滑片P从最左端向右滑动过程中（电压表和电流表均为理想电表）；则（）

A.副线圈两端电压为10VB.当滑动变阻器功率最大时，电压表的示数为4VC.当变压器输入功率最大时，电流表的示数为1AD.当电源频率变成原来的2倍时，变压器输入功率也变为原来的2倍13、关于热力学温度，下列说法正确的是（）A.相当于B.温度变化也就是温度变化C.摄氏温度与热力学温度都可能取负值D.温度由升至对应的热力学温度升高了14、下列说法正确的是（）A.理想气体的压强与单位体积的分子数、温度以及气体的摩尔质量有关B.1mol的理想氢气和1mol的理想氧气，气体温度相同时，氧气分子的平均速率较小C.两个分子在靠近的过程中，分子势能可能先减小后增大E.农业生产中，锄松地面的土壤，目的是为了破坏土壤表面层的毛细管，减少水分的蒸发E.农业生产中，锄松地面的土壤，目的是为了破坏土壤表面层的毛细管，减少水分的蒸发15、关于热学知识，下列说法正确的是（）A.液体表面张力的方向与液面垂直并指向液体内部B.晶体都具有各向异性和固定熔点的特性C.在绝对湿度一定的情况下，气温降低时，相对湿度将增大D.无风雾霾中的（粒径小于或等于2.5微米的颗粒物）的运动属于布朗运动16、一简谐横波在x轴上传播，在某时刻的波形如图所示，已知此时质点F的运动方向向下；则（）

A.此波朝x轴负方向传播B.质点D此时向下运动C.质点B将比质点C先回到平衡位置D.质点E的振幅为零评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)17、一列很长的列车沿平直轨道飞快地匀速行驶，在列车的中点处，某乘客突然按亮电灯，使其发出一道闪光，该乘客认为闪光向前、向后传播的速度相等，都为站在铁轨旁边地面上的观察者认为闪光向前、向后传播的速度__（选填“相等”或“不等”车上的乘客认为，电灯的闪光同时到达列车的前、后壁；地面上的观察者认为电灯的闪光先到达列车的__（选填“前”或“后”壁。

18、一定质量的理想气体，从状态A开始经历AB、BC、CA三个过程又回到状态A，气体的密度压强p的关系图像如图所示，AB的反向延长线经过坐标原点O，BC、AC分别与纵轴、横轴平行，则气体从状态A到状态B温度______（填“升高”“降低”“不变”），从状态B到状态C______热（填“吸”“放”）。

19、一定量的理想气体从状态a开始，经历ab、bc、ca三个过程回到原状态，其p－T图象如图所示。___（选填“a”“b”或“c”）状态分子的平均动能最小，b和c两个状态中，容器壁单位面积单位时间内受到气体分子撞击的次数_____（选填“相同”或“不同”），ca过程外界对气体做的功___（选填“大于”、“小于”或“等于”）气体放岀的热量。20、如图所示，电阻Rab=0.1Ω的导体ab沿光滑导线框向右做匀速运动；线框中接有电阻R=0.4Ω，线框放在磁感应强度B=0.1T的匀强磁场中，磁场方向垂直于线框平面，cd间的长度L=0.4m，运动的速度v=5.0m/s，线框的电阻不计．

a.电路abcd中导体棒ab相当于电源,_______（a端或b端）相当于电源的正极。

b.电源的电动势即产生的感应电动势E=_______V，电路abcd中的电流I=_______A

c.导体ab所受安培力的大小F=__________N，方向是__________；21、如图所示，一个边长为l＝1m的正方形线圈的总电阻为R＝2Ω，当线圈以v＝2m/s的速度匀速通过磁感应强度B＝0.5T的匀强磁场区域时，线圈平面总保持与磁场垂直．若磁场的宽度L＞1m，线圈在穿过整个磁场过程中释放的焦耳热为_____．

22、如图，竖直放置的均匀等臂U型导热玻璃管两端封闭，管内水银封有A、B两段气柱，右管水银面高于左管水银面，高度差为h，若环境温度降低，稳定后A、B气柱的压强之比pA∶pB与降温前相比将_______（选填“变大”、“变小”或“不变”），右管水银面的高度变化Δh______（选填“＞”、“＝”或“＜”）．

23、如图所示，真空中有一对相距为d的平行金属板A和B，两板间电势差为U，两板间的电场为匀强电场．若一个质量为m、电荷量为q的粒子，仅在静电力的作用下由静止开始从A板向B板做匀加速直线运动并到达B板，则粒子在运动过程中加速度大小a=________，粒子到达B板时的速度大小v=________．

24、位于坐标原点O处的波源产生一个沿x轴正方向传播的脉冲波，波速v=20m/s．已知t=0时刻波刚好传播到x=10m处，如图所示．若传播过程中无能量损失，由图可知振源只振动了_____s，再经____s波刚好传播到x=20m处，t=0时刻后x=8m处的质点运动的路程为___cm．

25、阅读下列资料并完成相关问题．

资料：如图所示；冰箱的致冷设备由蒸发器；压缩机、冷凝器、毛细管等部件组成．电冰箱工作过程中，致冷剂氟利昂（一种既容易汽化又容易液化的化学物质）在蒸发器中迅速蒸发①热，使冷冻室内温度②，气态的氟利昂经压缩机压缩后，送入冰箱外面的冷凝器，在此致冷剂液化③热，液态的致冷剂通过很细的毛细管回到蒸发器，又开始了新的循环．电冰箱就这样源源不断地将冷冻室内的热吸出来，并散发到冰箱的外面．

(1)在资料的①、②、③三处，补写上适当的内容分别是①________、②________、③________．

(2)冰箱冷冻室内温度很低，那么在室内多放几台打开冷冻室门的冰箱长时间工作能不能降低室内温度？评卷人得分四、作图题(共3题，共24分)26、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

27、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

28、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共3题，共9分)29、利用平抛运动在“验证动量守恒定律”实验中，先用天平测出入射小球a和被碰小球b的质量ma和mb．O点是小球抛出点在水平地面的垂直投影．实验时先让入射球a多次从斜轨上同一位置由静止释放，找到其平均落地点的位置P，测出水平距离OP然后，把被碰小球静置于轨道的水平部分，再将入射球a从斜轨上相同位置由静止释放，与小球b相碰，并多次重复找到a、b球平均落地点的位置M；N；测出水平距离OM、ON．

(1)若两球相碰前后的动量守恒，其表达式可表示为______________________；

(2)如果两球质量分别为ma=30g，mb=5g，水平距离分别为OM=52.8cm、OP=67.6cm、ON=83.4cm．碰撞前与后总动量的比值为=___________(用分数表示)30、伏安曲线是非线性电路元件的基本参数．某实验小组描绘规格为“2.5V0.6W”的小灯泡的伏安特性曲线．实验室提供下列器材：

A．电流表A1（量程为0－300mA；内阻约1Ω）

B．电流表A2（量程为0－0.6A；内阻约0.5Ω）

C．电压表V（量程为0－3V；内阻约5kΩ）

D．滑动变阻器R1（0－10Ω；额定电流1.5A）

E．滑动变阻器R2（0－1kΩ；额定电流0.6A）

F．直流电源（电动势3V；内阻不计）

G．开关一个；导线足够。

（1）本实验电流表应选择__（填A1或A2）；滑动变阻器应选择__（填R1或R2）．

（2）在图（甲）虚线框中画出电路图．

（3）根据实验数据，画出小灯泡的I－U特性曲线如图（乙）所示．图线发生弯曲，其原因是_________________________________；根据图线，小灯泡两端电压为1.50V时，其实际电阻为______Ω，功率P约为______W（结果保留2位有效数字）．

（4）如果实验室只提供量程为0—2V，内阻为2000Ω的电压表，需要将其改装为量程是0—3V的电压表，则需要______联（填“串”或“并”）一个______Ω的电阻．

（5）由图（乙）曲线推断电阻随电压变化曲线与下图哪一个比较接近()

31、用实验测一电池的内阻r和电流表内阻r．已知电池的电动势约6V；电池内阻和电流表内阻阻值都为数十欧．可选用的实验器材有：

待测电流表A（量程0～100mA）

电压表V1（量程0～6V；内阻约20k2）

电压表V2（量程0～15V；内阻约25kΩ）

滑动变阻器R1（阻值0～5Ω）

滑动变阻器R2（阻值0～300Ω）；

单刀单掷开关S1，单刀双掷开关S2导线若干条。

某同学的实验过程如下。

I．设计如图甲所示的电路图；正确连接电路．

Ⅱ．将R的阻值调到最大，开关S2接通a，闭合开关S1；逐次调小R的阻值，测出多组U和I的值，并记录．以U为纵轴，I为横轴，得到如图乙所示的图线。

Ⅲ．将开关S2接通b，重复Ⅱ的步骤，得到另一条UーI图线，图线与横轴I的交点坐标为（1，0），与纵轴U的交点坐标为（0，U0）回答下列问题。

（1）电压表应选用_________，滑动变阻器应选用___________；

（2）由图乙的图线得电源内阻r＝________Ω（保留两位有效数字）

（3）用I0、U0和r表示待测电阻的关系式rA＝__________代入数值可得rA；

（4）由第（2）问中测得的电源内阻与真实值的关系是r真______r测（填“大于”“小于”或“等于”），原因是_______（填“电压表分流”或“电流表分压”）评卷人得分六、解答题(共1题，共7分)32、如图，水平U形光滑框架，宽度为1m，电阻忽略不计，导体棒ab的质量m=0.2kg、电阻R=0.5Ω，匀强磁场的磁感应强度B=0.2T，方向垂直框架向上．现用F=1N的外力由静止开始向右拉ab棒，当ab棒向右运动的距离为d=0.5m时速度达到2m/s；求此时：

（1）ab棒产生的感应电动势的大小；

（2）ab棒所受的安培力；

（3）ab棒的加速度大小．

（4）ab棒在向右运动0.5m的过程中，电路中产生的焦耳热Q．参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】【详解】

C.理想变压器的电流与匝数成反比，所以电阻R1、R2上的电流之比为2:1;故C错误.

D.根据电功率知道两阻值相等的电阻R1、R2上消耗的电功率之比为4:1；故D正确.

AB.设R2的电压为则变压器副线圈的电压两等值电阻的电流之比为2:1,则其电压比为2:1,则而由理想变压器两端的电压比等于匝数比可知对电源和原线圈、R1构成的回路由欧姆定律可知电源电压联立解得故A，B均错误.2、C【分析】【分析】

当P向左端移动时；滑动变阻器连入电路的电阻变大，所以电路的总电阻增大，故电路路端电压增大，电路的总电流减小，根据欧姆定律和有关知识对电路进行动态分析．

【详解】

A；当P向左端移动时；滑动变阻器连入电路的电阻变大，所以电路的总电阻增大，故电路路端电压增大，电路的总电流减小，即通过B灯的电流减小，所以B灯两端的电压减小，B等变暗，故B错误；电路路端电压增大，而B两端的电压减小，所以并联电路两端电压增大，所以A灯电流增大，A灯变亮，故A错误．

C、根据电源输出功率公式P=EI-r可得；当外电路中的电阻等于电源内阻时，电源的输出功率最大，因为题中不知道，外电路电阻和电源内阻的关系，所以电源的输出功率可能减小，可能增大，故C正确.

D；电源的总功率为P=EI；电流减小，所以电源的总功率减小，故D错误。

故选C3、C【分析】【分析】

根据电荷在磁场中偏转180°和电荷在磁场中在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动作出电荷在磁场中的运运轨迹；根据已知条件由几何关系和洛伦兹力提供向心力推导即可．

【详解】

如图所示；点电荷在磁场中做匀速圆周运动，根据几何关系作出点电荷运动轨迹有：

电荷在磁场中刚好运动电荷做圆周运动的半径

A、由磁场中的运动轨迹可知，电荷离开磁场时速度方向与进入磁场时速度方向相反，其反向延长线不通过O点；根据圆周运动的对称性可知进入磁场与半径成30°角，则出射方向与所在半径也成30°角，故A错误；

B、根据洛伦兹力提供向心力有所以故B错误；

C、D、由图知该电荷在磁场中运动的时间故C正确,D错误;

故选C.

【点睛】

正确的判断带电粒子在磁场中的运动轨迹，利用几何关系求运动半径，洛伦兹力提供向心力是解决本题的关键．4、C【分析】【分析】

该题的突破口是表示出原线圈中的电流和原线圈回路中的电阻的分压；找出原线圈的电压和原线圈回路中的电阻的分压的数值关系．该题类似于远距离输电的情况．

【详解】

AB．将变压器与R等效为变压器的触头向下滑动时，变大，由图线可知；R上消耗的功率可能先增大后减小，也可能一直减小，故A；B错误；

CD．R触头向下滑，阻值变大，原线圈电流减小，r上消耗的功率一定关小，将变压器与R等效为由输出功率与外电阻关系知R的功率变化有多种情况，故C正确，D错误．

故选C．5、D【分析】【详解】

粒子在电场中加速，根据动能定理，有En=nqU，故A错误；在粒子绕行的整个过程中，若A板电势始终保持为+U，粒子再次经过电场，则速度v与受力方向相反，故将减速，故B错误；粒子始终保持做半径为R的匀速圆周运动，显然因粒子能量不同，其速度也不同，则周期不可能不变，故C错误；由动能定理知nqU=mvn2；得到由牛顿第二定律，则有：解得感应强度为故D正确．6、D【分析】【详解】

给甲容器加热；经过一段时间后，甲容器内的水先达到沸点沸腾，而后甲容器上方气压增大，甲容器内的水沸点升高（超过100℃），因甲；乙中的水都保持100℃，甲容器内的水不沸腾，而乙试管内的水沸点为100℃，温度达到沸点（100℃），开始沸腾。

故选D。7、C【分析】【详解】

A.当滑动变阻器的滑动触头P向上移动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，则总电流增大，内电压及R0两端的电压增大；则路端电压和滑动变阻器两端的电压都减小，由于二极管具有单向导电性，电荷不会向右流出，所以电容器两端的电势差不变，故A项不合题意；

B.当热敏电阻温度降低时；其阻值增大，则由闭合电路欧姆定律可知，滑动变阻器两端的电压减小，液滴仍然静止，故B项不合题意；

C.开关S断开时；电容器直接接在电源两端，电容器两端电压增大，则液滴向上运动，故C项符合题意；

D.若使电容器的上极板向上移动，即d增大，则电容器电容C减小，由于二极管具有单向导电性，电荷不会向右流出，所以电容器两端的电势差增大，由于所以由于极板上的电荷量不变，而场强E与极板之间的距离无关，所以场强E不变，液滴仍然静止，故D项不合题意．8、B【分析】【详解】

f由波源每秒钟所振动的次数决定,介质振动的频率由波源频率及波源相对介质是否移动来决定,当观察者远离波源过程中,观察者接收到的机械波频率比观察者静止时接收到的频率小,即f'＜f.故ACD错误,B正确.

故选B

【点睛】

利用多普勒效应分析即可,当观察者远离波源过程中,观察者接收到的机械波频率比观察者静止时接收到的频率小;当观察者靠近波源过程中,观察者接收到的机械波频率比观察者静止时接收到的频率大.9、B【分析】【详解】

A、根据电荷数和质量数守恒知钍核衰变过程中放出了一个电子，即X为电子；故A错误；

B；β衰变的实质：β衰变时释放的电子是由核内一个中子转化成一个质子同时产生的,故B正确；

C；γ射线是镤原子核放出的；故C错误；

D、钍的半衰期为24天，1g钍经过120天后；发生5个半衰期，1g钍经过120天后还剩0.03125g，故D错误；

故本题正确答案选B．二、多选题(共7题，共14分)10、C:D【分析】【分析】

本题考查闭合电路欧姆定律的综合动态分析问题的相关知识点。

【详解】

把等效电路画出；如图。

设则

当时，有最大值，当滑动变阻器的滑片由c点向a端滑动时，减小，增大，易得：减小；

减小，增大，故电源内阻消耗的功率=增大；故D正确。

=减小；

减小，故=减小；故B错误。

而增大，故=减大；故A错误。

根据电源输出功率与的关系图可知，当减小电源输出功率越大，故C正确；11、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．ab棒水平方向上受与运动方向相反的安培力，安培力大小

加速度大小

由于速度减小，所以ab棒做加速度减小的变减速运动直到静止。故A项错误．

B．ab杆速度减为时，安培力

加速度大小

故B项正确；

C．对ab棒由动量定理得

即

解得

电阻与ab棒中电流时刻相同，所以通过电阻的电量为故C项错误；

D．感应电量

解得

故D项正确。

故选BD。12、A:C【分析】【详解】

A.变压器原线圈的输入电压U1＝220V，由U1:U2＝n1:n2，得U2＝10V;故A正确.

B.在副线圈回路中可将副线圈和定值电阻R等效为电动势为10V，内阻为10Ω的直流电源与滑动变阻器串联，当R变＝R＝10Ω时；滑动变阻器的功率最大,此时电压表的读数为5V;故B错误.

C.变压器输入功率等于输出功率，当R变＝0时，P入最大，则故C正确.

D.变压器不能改变交流电的频率，则电源频率的改变对变压器的输入功率无影响;故D错误.13、A:B【分析】【详解】

A．由可知相当于A正确；

B．由可知，即热力学温标温度的变化总等于摄氏温标温度的变化，温度变化也就是温度变化B正确；

C．因绝对零度达不到；故热力学温度不可能取负值，C错误；

D．初态热力学温度为末态为温度变化D错误。

故选AB。14、B:C:E【分析】【详解】

A．理想气体的压强与单位体积的分子数；温度有关；与气体的摩尔质量无关，故A错误；

B．1mol的理想氢气和1mol的理想氧气；气体温度相同时，分子的平均动能相同，但氧气分子质量较大，所以氧气分子的平均速率较小，故B正确；

C．两个分子在靠近的过程中；分子力可能做正功也可能做负功，分子势能可能先减小后增大，故C正确；

D．干湿泡湿度计的湿泡温度计与干泡温度计的示数差距越大；说明湿泡处的水分蒸发越快，说明空气湿度越小，故D错误；

E．农业生产中；锄松地面的土壤，目的是为了破坏土壤表面层的毛细管，减少水分的蒸发；

故E正确；

故选BCE。15、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．液体表面张力的方向平行于液体表面；所以A错误；

B．单晶体都具有各向异性和固定熔点的特性；多晶体具有各向同性，所以B错误；

C．在绝对湿度一定的情况下；气温降低时，相对湿度将增大，所以C正确；

D．无风雾霾中的（粒径小于或等于2.5微米的颗粒物）的运动属于布朗运动；所以D正确；

故选CD。16、A:B【分析】试题分析：简谐波横波在x轴上传播；此时质点F的运动方向向下，由波形平移法可知，该波沿x轴负方向传播，故A正确；质点D此时的运动方向与F的运动方向相同，即向下运动，故B正确；此时质点B向上运动，而质点C已经在最大位移处，即将向下运动，直接回到平衡位置，则C先回到平衡位置，故C错误；此时质点E的位移为零，但振幅不为零，各个质点的振幅均相同，故D错误．

考点：考查了横波传播。

【名师点睛】在根据波的传播方向判断质点振动方向或者根据质点振动方向判断波传播方向时，走坡法是一种重要的方法，即下坡路上，上坡路下，简谐横波在传播过程中波上的各个质点只在平衡位置附近上下振动，不会随波迁移，当两个质点相隔波长的整数倍时，则这两个点为同相点，即振动步调相同，如果两个质点相隔半波长的奇数倍时，两个点为反相点，即振动步调相反三、填空题(共9题，共18分)17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据相对论的知识可知；车厢中的人认为，车厢是个惯性系，光向前向后传播的速度相等。

[2]光源在车厢中央，闪光同时到达前后两壁。地面上人以地面是一个惯性系，光向前向后传播的速度相等，向前传播的路程长些，到达前壁的时刻晚些。【解析】相等后18、略

【分析】【详解】

[1]根据

可知

则气体从状态A到状态B温度不变。

[2]从状态B到状态C，气体密度减小，则体积变大，对外做功；压强不变，则温度升高，内能变大，则气体吸热。【解析】不变吸19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由图像可知，a、b和c三个状态中a状态温度最低；分子平均动能最小。

[2]由图像可知，bc过程气体发生等温变化，气体内能不变，压强减小，由玻意耳定律可知，体积增大，b、c状态气体的分子数密度不同，b和c两个状态中；容器壁单位面积单位时间内受到气体分子撞击的次数不同。

[3]由图像可知，ca过程气体压强不变，温度降低，由盖吕萨克定律可知，其体积减小，外界对气体做功，W＞0，气体温度降低，内能减少，△U＜0，由热力学第一定律可知，气体要放出热量，过程ca中外界对气体所做的功小于气体所放热量【解析】a不同小于20、略

【分析】【分析】

据右手定则判断感应电流的方向；即可确定等效电源的正负极；

根据E=BLv求出感应电动势；由欧姆定律得出电流强度，即可由公式F=BIL求解安培力的大小，由左手定则判断安培力的方向．再根据平衡条件分析外力的大小和方向．

【详解】

a.电路abcd中ab棒切割磁感线；产生感应电动势，相当于电源．由右手定则判断可知相当于电源的正极是a端；

b.感应电动势为：E=BLv=0.1×0.4×5V=0.2V；

感应电流为：

c.ab杆所受的安培力FA=BIL=0.1×0.4×0.4N=0.016N

由右手定则判断可知，ab中感应电流方向从b→a；由左手定则得知，安培力的方向向左．

【点睛】

解答本题的关键要掌握右手定则、法拉第电磁感应定律、欧姆定律、左手定则等电磁感应中常用的规律．【解析】a；0.2V；0.4A；0.016N；向左21、略

【分析】【详解】

[1]感应电动势为：E=Blv，感应电流为：

线圈进入磁场的时间为：

则线圈离开磁场的时间也等于0.5s，线圈在穿过整个磁场过程中释放的焦耳热为：Q=I2R•2t=0.52×2×2×0.5=0.5J【解析】0.5J22、略

【分析】【详解】

假设若环境温度降低后，△h不变化，则两部分气体均做等容变化，由查理定律得：对于左边气体：对于右边气体：而由题意知，p1＞p2，故有：△p＞△p′，若温度降低，压强都减小，左边气体压强降的多，则水银柱会向下移动，显然原假设错误，△h将减小．A部分的体积减小，B部分的体积增大．设A部分的气体的物质的量是n1，B部分气体的物质的量是n2，则由克拉伯龙方程得：PAVA=n1RT；PBVB=n2RT，其中的R为克拉伯龙常数．则有：变形得：由于降温后A部分的体积减小，B部分的体积增大，所以稳定后A、B气柱的压强之比pA：pB与降温前相比将变大．由以上的分析可知，虽然水银柱向下运动，但PAVA＞PBVB，所以左侧气体的压强仍然大于右侧的压强，所以稳定后左侧的液面仍然低于右侧的液面，所以△h小于．【解析】变大小于23、略

【分析】【详解】

粒子从静止开始运动，只受电场力，有：U=Ed；F=qE；

联立解得：

根据速度位移关系公式，有：v2=2ad

解得：

点睛：本题电荷在电场中加速问题，求解速度通常有两种思路：一是动能定理；二是牛顿第二定律与运动学公式结合．【解析】24、略

【分析】【详解】

由图可知λ=6m，则λ=8m，周期则由图可知振源只振动了波刚好传播到x=20m处还需要的时间：t=0时刻后x=8m处的质点只振动了T/2，则运动的路程为2A=10cm．【解析】0.30.51025、略

【分析】（1）氟利昂在冰箱内部的蒸发器里面汽化；吸收冰箱内的内能，使冰箱内的温度降低．携带有冰箱里面内能的氟利昂，到了冰箱外面的冷凝器里液化，液化放热，将冰箱内部的内能转移到冰箱的外面．故答案为①吸；②降低；③放；

（2）冰箱工作时，只不过是将冰箱内部的能量转移到冰箱的外面．冰箱工作一段时间，内部的温度虽然降低了，但外界的温度由于能量的增加而升高．若打开冰箱门，会出现部分内能从冰箱内到冰箱外的房间，再由房间到冰箱内的循环．室内的总内能并没有减少，所以，室内温度不会降低．故答案为不能．【解析】吸降低放不能四、作图题(共3题，共24分)26、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】27、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫