2025年人教A新版必修3物理上册月考试卷含答案

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A.变大，变小B.变大，变大C.变小，变大D.变小，变小2、某同学用游标卡尺测量一个圆柱形导体的长度；游标尺上有10等分刻度，测量示数如图甲所示；用螺旋测微器测量该导体的直径，测量示数如图乙所示。下列选项中正确表示读数结果的是（）

A.甲乙B.甲乙C.甲乙D.甲乙3、在光滑；绝缘的水平面上；沿一直线依次排列三个带电小球A、B、C，均可视为质点，如图所示。若它们恰能处于平衡状态，那么这三个小球所带电荷量及电性的关系可能的是（）

A.B.C.D.4、避雷针上方有雷雨云时避雷针附近的电场线分布如图所示，图中中央的竖直黑线AB代表了避雷针，CD为水平地面。M、N是电场中两个点；说法中正确的有（）

A.M点的场强比N点的场强大B.试探电荷从M点到N点，沿直线移动电场力做功最少C.正电荷从M点到N点，电场力一定做正功D.CD和AB表面附近的电场线有些位置与表面不垂直5、下列关于磁感线的说法不正确的是（）A.磁感线上某点的切线方向就是该点的磁场方向B.磁场中两条磁感线一定不相交C.地球的地理北极的磁感线由地面指向空中D.磁感线分布较密的地方，磁感应强度较强6、下列说法正确的是（）A.γ射线比α射线的贯穿本领强B.外界环境温度升高，原子核的半衰期变大C.太阳辐射的能量主要来自太阳内部的重核裂变反应D.原子核发生一次β衰变，该原子外层就失去一个电子评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)7、如图所示，两块较大的金属板A、B相距为d，平行放置并与一电源相连，S闭合后，两板间恰好有一质量为m、带电荷量为q的油滴处于静止状态；以下说法正确的是（）

A.若将S断开，则油滴将做自由落体运动，G表中无电流B.若将A向左平移一小段位移，则油滴仍然静止，G表中有b→a的电流C.若将A向上平移一小段位移，则油滴向下加速运动，G表中有b→a的电流D.若将A向下平移一小段位移，则油滴向上加速运动，G表中有b→a的电流8、关于多用表的使用，下列说法中正确的是（）A.测电阻时指针偏转至靠近刻度盘最右端附近，需要将倍率调换到低倍率挡B.测电阻时要保证接触良好，可用手直接将表笔和电阻握紧C.测电路中的元件的电阻时只要断开电路中的电源就可以了D.使用完毕后拔去表笔还应把选择开关置于交流电压最大量程或off挡9、如图所示，A、B为两个相互接触的、用绝缘支柱支持的金属导体，起初它们不带电，在它们的下部贴有金属箔片，C是带正电的小球；下列说法中正确的是（）

A.把C移近导体A时，B上的金属箔片都张开，若用一根导线在A左端接地，则A上金属箔闭合B.把C移近导体A时，B上的金属箔片都张开，若用手触摸B的右端，则A上金属箔仍张开C.把C移近导体A，先把B分开，然后移去C，B上的金属箔片仍然张开D.先把B分开，再把C移去，后重新让B接触，A上的箔片张开，而B上的箔片闭合10、如图所示，直线A为电源a的路端电压与电流的关系图线，直线B为电源b的路端电压与电流的关系图线，直线C为电阻两端的电压与电流的关系图线。电源a、b的电动势分别为Ea、Eb，内阻分别为ra、rb，将电阻分别接到电源a、b上；则下列说法中正确的是（）

A.Ea>Eb，ra>rbB.C.接到电源b上时，电源的热功率较大D.接到电源a上时，电源的输出功率较大11、如图所示，电路中定值电阻R的阻值大于电源内阻r的阻值，开关S闭合，将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V1、V2、V3的示数变化量的绝对值分别为△U1、△U2、△U3，理想电流表示数变化量的绝对值为△I；下列说法正确的是（）

A.理想电压表V2的示数增大B.△U3>△U1>△U2C.电源的输出功率减小D.△U3与△Ⅰ的比值不变12、如图甲所示，在空间中建立xOy坐标系，射线管由平行金属板A、B和平行于金属板的细管C组成，放置在第Ⅱ象限，细管C到两金属板的距离相等，细管C开口在y轴上。放射源P在A板左端，可以沿特定方向发射某一初速度的粒子。若金属板长为L、间距为d，当A、B板间加上某一电压时，粒子刚好能以速度从细管C水平射出，进入位于第Ⅰ象限的静电分析器中。静电分析器中存在着辐向电场，粒子在该电场中恰好做匀速圆周运动，该电场的电场线沿半径方向指向圆心O，粒子运动轨迹处的场强大小为在时刻粒子垂直于x轴进入第Ⅳ象限的交变电场中，交变电场随时间的变化关系如图乙所示，规定沿x轴正方向为电场的正方向。已知粒子的电荷量为2e（e为元电荷）；质量为m；重力不计。以下说法中正确的是（）

A.粒子从放射源P运动到C的过程中动能的变化量为B.粒子从放射源P发射时的速度大小为C.粒子在静电分析器中运动的轨迹半径为D.当时，粒子的坐标为13、在真空中，正三角形的三个顶点A、B、C分别固定三个等量点电荷，电性如图所示；a、b、c为三角形三个边的中点，O为三角形的中心，c、e之间额距离大于b；d之间的距离．下列判断正确的是。

A.a、c两点的电场强度相同B.b、c两点的电势相等C.c、e两点的电势相等D.e点的电势高于d点的电势评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)14、可见光________（选填“是”或“不是”）电磁波的一部分；电磁波在真空中的传播速度_______m/s；在人类历史上首先捕捉到电磁波的科学家是_________（选填“麦克斯韦”或“赫兹”）。15、如图所示，大圆的导线环A中通以电流I，方向如图所示，在导线环所在平面上另画了一个小圆B，它的一半面积在A环外，一半面积在A环内，则圆B内的合磁场方向_______.16、在如图所示的回路中，若回路面积从变到磁感应强度同时从变到方向垂直纸面向里，则回路中的磁通量的变化量为________

17、如图所示，用带负电的绝缘棒A去靠近原来不带电的验电器B的金属小球，B的金属箔片张开，这时金属箔片带______电，若在带电棒A移开前，用手摸一下验电器的小球后离开，然后移开A这时B的金属箔片也能张开，它带______电。

18、（1）静电感应：当一个带电体靠近导体时，由于电荷间相互吸引或排斥，导体中的自由电荷便会趋向或远离带电体，使导体靠近带电体的一端带___________电荷，远离带电体的一端带________________电荷；这种现象叫作静电感应。

（2）感应起电：利用___________使金属导体带电的过程。19、某同学在做“测定金属电阻率”的实验时，通过游标卡尺和螺旋测微器分别测量一薄金属圆片的直径和厚度，读出图中的示数，游标卡尺所示的金属圆片直径的测量值为_____mm，螺旋测微器所示的金属圆片厚度的测量值为____mm。

20、如图所示，直线A为电源a的路端电压与电流的关系图象；直线B为电源b的路端电压与电流的关系图象；直线C为一个电阻R的两端电压与电流关系的图象，将这个电阻R分别接到a、b两电源上，那么R接到a电源上时，电源的输出功率________（填“较大”、“较小”或“相等”），a电源的内阻________b电源的内阻（填：“大于”、“等于”或“小于”）．a电源的电动势________b电源的电动势（填：“大于”、“等于”或“小于”）21、把带电荷量的正点电荷从无限远处移到电场中点，要克服电场力做功若把该电荷从无限远处移到电场中点，需克服电场力做功取无限远处电势为零．则点的电势为__________；若把的负电荷由点移到点电场力做功大小为__________．评卷人得分四、作图题(共3题，共18分)22、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

23、如图所示，磁感应强度大小为的匀强磁场仅存在于边长为的正方形范围内，左右各一半面积的范围内，磁场方向相反。有一个边长为的正方形导线框垂直磁感线方向以速度匀速通过磁场。从边进入磁场算起；规定刚开始时磁通量为正值，画出穿过线框的磁通量随时间的变化图像。

24、试画出点电荷、等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线。评卷人得分五、实验题(共3题，共24分)25、在物理课外活动中，某兴趣小组用多用电表测量二极管的反向电阻Rx。

(1)下面正确的操作顺序是____。

A.把选择开关旋转到合适的挡位；将红；黑表笔接触。

B.把红；黑表笔分别插入多用电表“+”“-”插孔；用螺丝刀调节指针定位螺丝，使指针指左边0刻线。

C.调节欧姆调零旋钮；使指针指到欧姆零点。

D.把选择开关旋转到交流电压最高挡。

E.把红；黑表笔分别接在所测二极管的两端；然后读数。

(2)该多用电表的欧姆表内部电池由于使用时间较长，其电动势变小，内阻增大，但仍可调零，调零后测得Rx为36kΩ，此测量值与真实值相比___（选填“偏大”；“偏小”或“不变”）。

(3)小组经讨论分析认为用多用电表测量电阻误差太大，需采用伏安法测量二极管的反向电阻Rx；现有实验器材如下：

电源（电动势12V；内阻较小）

电压表（量程10V；内阻约50kΩ）

微安表（量程250μA；内阻约1000欧）

滑动变阻器R（阻值10Ω），开关及导线若干，下列电路图中最合理的是____。

26、在“测量金属丝的电阻率”实验中，待测金属丝的电阻约为

（1）用螺旋测微器测量金属丝的直径，某次测量如图所示，其读数为__________

（2）用电流表和电压表测量金属丝的电阻.按如图连接好电路，用电压表的接线柱先后与接触，发现电压表的示数有较大变化，而电流表的示数变化不大，则实验中电压表的接线柱应与___________点相连（选填“”或“”），并说明选择的理由_______________；

（3）设被测金属丝电阻为长度为直径的平均值为则该金属材料电阻率的表达式为__________。27、某兴趣小组要测量一种未知材料制成的细圆柱体小电阻的电阻率ρ；步骤如下：

（1）用10分度的游标卡尺测量其长度如图甲所示，可知其长度为________mm；用螺旋测微器测量其直径如图乙所示，可知其直径为__________mm；

（2）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图所示，则该电阻的阻值约为_________Ω；

（3）为了更准确地测量待测圆柱体电阻R；现有的器材及其代号和规格如下：

A．直流电源E（电动势4V；内阻不计）

B．电流表A1（量程0～15mA、内阻r1约为500Ω）

C．电流表A2（量程0～300μA、内阻r2=1000Ω）

D．电压表V（量程0～15V；内阻约25kΩ）

E．滑动变阻器R1；（阻值范围0～20Ω，额定电流2A）

F．滑动变阻器R2；（阻值范围0～2kΩ，额定电流0.5A）

G．定值电阻R3=9000Ω

H．定值电阻R4=500Ω

开关S；导线若干。

为减小实验误差，要求测得多组数据进行分析，请在虚线框中画出测量用的正确电路图，并标明所用器材的代号____________。

评卷人得分六、解答题(共2题，共6分)28、如图，用两根同样长的细绳把两个带同种电荷的小球悬挂在一点。两小球的质量相等，球所带的电荷量大于球所带的电荷量。两小球静止时，悬线与竖直方向的偏角分别为和请判断二者的关系并说明原因。

29、如图所示，水平放置的平行金属板A、B间距为d=20cm，板长L=30cm，在金属板的左端竖直放置一带有小孔的挡板，小孔恰好位于A、B中间，距金属板右端x=15cm处竖直放置一足够大的荧光屏。现在A、B板间加如图2所示的方波形周期电压，有大量质量m=1.0×10−7kg，电荷量q=-4.0×10−2C的带电粒子以平行于金属板的速度v0=1.0×104m/s持续射向挡板。已知U0=1.0×102V；粒子重力不计，求：

（1）粒子在电场中的运动时间；

（2）t=0时刻进入金属板间的粒子离开电场时在竖直方向的位移大小；

（3）撤去挡板后荧光屏上的光带宽度。

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B【分析】【详解】

由图知并联后与串联，再与并联；当滑动变阻器的滑臂向端移动过程中，接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，干路电流干增大，路端电压路减小，则知通过的电流减小，而通过的电流干增大，根据欧姆定律可知的增大，所以理想电压表的示数变大，并联电压并路变小，则通过的电流变小，而电流表的示数变大；

A.变大，变小与分析不符；故A错误；

B.变大，变大与分析相符；故B正确；

C.变小，变大与分析不符；故C错误；

D.变小，变小与分析不符，故D错误．2、D【分析】【详解】

游标卡尺为10等分度，则由主尺和游标尺读数可知

螺旋测微器测量导体的直径为

由于读数造成的偶然误差的存在；3.275mm~3.279mm皆可。

故选D。3、C【分析】【详解】

要使三个小球均处于平衡状态；先以A对对象，要使A平衡，B和C所带电性应相反（B；C对A的作用力方向必须相反）；同理，要使C平衡，A和B所带电性应相反；综上，电荷电性需满足“两同夹异”的规律：三点共线，两同夹异，两大夹小，近小远大。

故选C。4、C【分析】【分析】

【详解】

A．根据题目图可知，M点的电场线较疏，因此M点的场强比N点的场强小；故A错误；

B．依据电场力做功与路径无关，因此试探电荷从M点移动到N点；不论路径如何，电场力做功一样的，故B错误；

C．根据沿着电场线方向；电势是降低的，正电荷电势能减小，电场力做正功，故C正确；

D．电场线总是垂直等势面，CD和AB表面附近的电场线与表面垂直；故D错误。

故选C。5、C【分析】【分析】

【详解】

A．磁感线上某点的切线方向就是该点的磁场方向；A正确；

B．两条磁感线若相交；在交点处磁感应强度就有两个方向，所以磁场中两条磁感线一定不相交，B正确；

C．地球的地理北极在地磁场S极附近；所以磁感线由空中指向地面，C错误；

D．磁感线分布较密的地方；磁感应强度较强，D正确。

本题选择不正确选项，故选C。6、A【分析】【详解】

γ射线比α射线的贯穿本领强，选项A正确；外界环境不影响原子核的半衰期，选项B错误；太阳辐射的能量主要来自太阳内部的轻核聚变反应，选项C错误；β衰变是原子核内的中子转化为质子时放出的负电子，与原子的外层电子无关，选项D错误。二、多选题(共7题，共14分)7、B:C【分析】【详解】

A．将S断开；电容器电量不变，板间场强不变，故油滴仍处于静止状态，A错误；

B．若S闭合，将A板左移，由

可知，E不变，油滴仍静止，根据

可知，电容C变小，电容器极板电量Q＝CU

变小，电容器放电，则有由b→a的电流；故B正确；

C．将A板上移，则

可知，E变小，油滴应向下加速运动，根据

可知，电容C变小，电容器要放电，则有由b→a的电流流过G；故C正确；

D．当A板下移时，板间电场强度增大，油滴受的电场力增加，油滴向上加速运动，根据

可知，C增大，电容器要充电，则有由a→b的电流流过G；故D错误。

故选BC。8、A:D【分析】【分析】

【详解】

A.测电阻时指针偏转至靠近刻度盘最右端附近；表示所测电阻过小，需要换用低档位测量，A正确；

B.因为人体也是导体；所以不能用手将表笔和电阻握紧，B错误；

C.测量电路中元件的电阻时；需将电源断开，以及将该电阻与其它元件断开，C错误；

D.使用完毕后拔去表笔还应把选择开关置于交流电压最大量程或off挡；D正确。

故选AD。9、B:C【分析】【分析】

【详解】

AB．金属导体处在正电荷的电场中；由于静电感应现象，导体B的右端感应出正电荷，导体A的左端感应出负电荷，所以A；B上的金属箔片都张开，且无论是一根导线在A左端接地还是用手触摸B的右端，都会使大地传递给金属导体一定的电子，把导体B的右端的正电荷给中和掉，导体A的左端还是带负电荷，A上金属箔仍张开，故A错误，B正确；

C．由于A；B分开；当移去C，A、B仍然带等量异种电荷，所以A、B上的金属箔片仍然张开，故C正确；

D．先把A；B分开；再把C移去，A、B仍然带等量异种电荷，后重新让A、B接触，A、B上的电荷又重新中和，所以A、B上的金属箔片都闭合，故D错误。

故选BC。10、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．由闭合电路欧姆定律

可知，直线A、在纵轴上的截距表示电动势，则电源的电动势较大，直线A、斜率的绝对值表示内阻，则电源的内阻较大；由题图可知，两电源的短路电流相等，根据

可得

即

故AB正确；

C．当电阻与电源组成闭合电路时，电阻的图线与电源的图线的交点表示电阻的工作状态，交点的纵坐标表示路端电压，横坐标表示电路中的电流，两者乘积表示电源的输出功率。由题图可知，接到电源上，电路中电流较小，又因为电源的内阻较小，电源的热功率

可知此时电源的热功率较小；故C错误；

D．由题图可知，接到电源上；电压与电流的乘积较大，电源的输出功率较大，故D正确。

故选ABD。11、B:D【分析】【详解】

A．理想电压表内阻无穷大，相当于断路。理想电流表内阻为零，相当短路，所以定值电阻R与变阻器串联，电压表V1、V2、V3分别测量R的电压、路端电压和变阻器两端的电压。当滑动变阻器滑片向下滑动时，接入电路的电阻减小，电路中电流增大，内电压增大，路端电压减小，则V2的示数减小；故A错误；

C．当内外电阻相等时；电源的输出功率最大，故当滑动变阻器滑片向下滑动时，外电阻越来越接近内阻，故电源的输出功率在增大；故C错误；

BD．根据闭合电路欧姆定律得U2=E-Ir

则得

而

据题：R＞r，则得△U1＞△U2

同理U3=E-I（R+r）

则得

保持不变，同时得到△U3＞△U1＞△U2

故BD正确；

故选BD。12、A:C【分析】【详解】

AB．设粒子运动到C处时速度为粒子反方向的运动为类平抛运动，水平方向有

竖直方向有

由牛顿第二定律

联立解得

粒子从放射源发射出到C的过程，由动能定理

解得

设粒子发射时速度的大小为v，粒子从放射源发射至运动到C的过程，由动能定理

解得

故A正确；B错误；

C．由牛顿第二定律

得

故C正确；

D．时，粒子在x方向的速度为

所以一个周期内，离子在x方向的平均速度

每个周期粒子在x正方向前进

因为开始计时时粒子横坐标为

所以nT时，粒子的横坐标为

粒子的纵坐标为

在nT时粒子的坐标为

故D错误。

故选AC。13、B:D【分析】A、A和B两负电荷在a的场强方向相反抵消，则a的合场强为C点的正电荷产生的，方向沿COa向外；A和C两异种电荷在c点场强同向，再叠加B的负场源的场强可得a和c两的合场强大小不等，方向不同，A错误．B、等量异种电荷在b和c两点的电势相等，再叠加一个负电荷的电势，可知b和c两点的电势相等，B正确.C、等量异种电荷在c和e两点的电势相等，但场源B在c点的电势低于e点的电势，故总的电势两点不等，C错误.D、d和e两点均在等量异种电荷的中垂线上，但e点离负电场源更远，则总的电势e点更高；D正确．故选BD.

【点睛】解决本题的关键会根据平行四边形定则进行场强的叠加，知道沿电场线方向电势逐渐降低．电势为标量，多个电势也可以进行叠加.三、填空题(共8题，共16分)14、略

【分析】【详解】

[1]由电磁波谱可知，电磁波包括无线电波、红外线、可见光、紫外线、X射线、射线；故可见光是电磁波的一部分；

[2]电磁波在真空中的传播速度都等于光速，

[3]麦克斯韦是建立了电磁场理论和预言了电磁波的存在，赫兹是在人类历史上首先捕捉到电磁波的科学家。【解析】是赫兹15、略

【分析】【详解】

[1]根据题意可知，通电环形导线，在线圈B处产生磁场方向，左半边的垂直向里，右半边的磁场垂直向外，且线圈A内部的磁场强，根据方向不同可以相互抵消，可知，B圆内的合磁场方向向里。【解析】向里16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]因为都变化，所以用后来的磁通量减去原来的磁通量【解析】13.617、略

【分析】【详解】

[1]用带负电的绝缘棒A去靠近原来不带电的验电器B的金属小球；由于静电感应，验电器两端出现等量正负感应电荷，近端的电荷电性与A相反，带正电，远端的金属箔片电荷电性与A相同，带负电。

[2]人和地球都是导体，用手指瞬间接触金属球B时，人、地球和验电器构成一个整体，在带负电荷棒A的影响下发生静电感应，近端带正电，金属箔片不带电。移开手指后，验电器上的正电荷不会再改变，故验电器带正电，再移开棒A后，验电器上的正电荷不会再改变，金属箔片上此时也带正电。【解析】负正18、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】异种同种静电感应19、略

【分析】【详解】

[1]游标卡尺的主尺读数为10mm，游标尺上第10个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标尺读数为

所以最终读数为

[2]螺旋测微器的固定刻度为4.5mm，可动刻度为

所以最终读数为【解析】10.54.70020、略

【分析】【分析】

根据闭合电路欧姆定律分析电源的伏安特性图线截距和斜率的意义；比较电源的电动势和内阻的大小．将电阻接到电源上，电阻与电源的伏安特性曲线的交点就表示它们的工作状态，直接读出路端电压的关系．根据交点的电压和电流比较电源输出功率的大小．

【详解】

当电阻R与电源组成闭合电路时，电阻R的U-I图线与电源的U-I图线的交点表示工作状态，交点的纵坐标表示电压，横坐标表示电流，两者乘积表示电源的输出功率，由图看出，R接到a电源上，电压与电流的乘积较大，电源的输出功率较大．电源的U-I图线的斜率大小等于电源的内阻大小，由图看出，a电源内阻大．由闭合电路欧姆定律U=E-Ir得知；当I=0时，U=E，即电源的U-I图线与纵轴的交点坐标等于电源的电动势，由图看出a电源电动势高．

【点睛】

本题是电源的外特性曲线与电阻的伏安特性曲线的综合，关键理解交点的物理意义，也可以根据欧姆定律研究电流与电压关系，来比较电源的输出功率．【解析】较大；大于；大于21、略

【分析】【分析】

根据电势差公式分别求出A；B两点与无穷远间的电势差；再求出这两点的电势．根据电场力做功公式求出电场力做功．

【详解】

根据得而由题解得：根据得而由题解得：则把的负电荷由点移到点电场力做功大小为．

【点睛】

本题考查运用物理公式处理基本问题的能力．求电势往往先求电势差，再求电势．【解析】400V；四、作图题(共3题，共18分)22、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】23、略

【分析】【分析】

【详解】

线框穿过磁场的过程可分为三个阶段，进入磁场阶段（只有边在磁场中），在磁场中运动阶段（两边都在磁场中），离开磁场阶段（只有边在磁场中）。

①线框进入磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性增加，最后为

②线框在磁场中运动阶段：对应，时间内，穿过线框的磁通量线性减小，最后为时间内，穿过线框的磁通量反向线性增加，最后为

③线框离开磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性减小，最后为

画出图像如图所示。

【解析】见解析24、略

【分析】【详解】

根据电荷属性；点电荷；等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线如下所示。

【解析】五、实验题(共3题，共24分)25、略

【分析】【详解】

(1)[1]依据多用电表使用原则，用多用电表测量二极管的反向电阻Rx的实验步骤应为BACED。

(2)[2]由题意可知

根据闭合电路的欧姆定律，多用电表进行欧姆调零时

多用电表测量电阻时

则

即测量值与真实值相比偏大。

(3)[3]ABCD。便于电压调节，滑动变阻器采用分压式接法，二极管的反向电阻很大；微安表内接时误差相对较小，ABD错误，C正确。

故选C。【解析】BACED偏大C26、略

【分析】【详解】

（1）[1]根据螺旋测微器读数方法

（2）[2