2025年浙教新版高二物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教新版高二物理上册阶段测试试卷796考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、三种不同粒子abc

从O

点沿同一方向进入垂直纸面向里的匀强磁场中，它们的运动轨迹分别如图所示.

则()

A.粒子a

一定带负电B.粒子b

一定带正电C.粒子c

一定带负电D.粒子b

一定带负电2、甲；乙两物体从同一地点出发；沿同一直线做匀变速运动，它们的v鈭�t

图象如图所示，则(

)

A.甲、乙的运动方向相反B.在t=4s

时，甲、乙相遇C.甲的加速度比乙的小D.在t=4s

时，甲、乙的速度大小相等3、如图所示，一圆形金属环与两固定的平行长直导线在同一竖直平面内，环的圆心与两导线距离相等，环的直径小于两导线间距.

两导线中通有大小相等、方向均向下的恒定电流，则()A.金属环向上运动时，环上的感应电流方向为顺时针B.金属环向下运动时，环上的感应电流方向为顺时针C.金属环向左侧直导线靠近时，环上的感应电流方向为逆时针D.金属环向右侧直导线靠近时，环上的感应电流方向为逆时针4、关于电场力和电场强度；以下说法正确的是（）

A.电场中某点场强为零；则检验电荷在该点受到的电场力不一定为零。

B.在电场中某点如果没有检验电荷；则电场力为零，电场强度也为零。

C.一点电荷分别处于电场中的A；B两点；电荷受到的电场力大则场强大。

D.一检验电荷在以一个点电荷为球心，半径为r的球面上各点所受电场力相同。

5、汽车拉着拖车在平直公路上匀速行驶，突然拖车与汽车脱钩，而汽车的牵引力不变，各自受的阻力不变，则脱钩后，在拖车停止运动前（）A.汽车和拖车的总动量不变B.汽车和拖车的总动能不变C.汽车和拖车的总动量增加D.汽车和拖车的总动能增加6、在如图所示的实验装置中，平行板电容器的极板A与一灵敏的静电计相接，极板B接地。若极板B稍向上移动一点，由观察到的静电计指针变化作出平行板电容器电容变小的结论的依据是（）A.两极板间的电压不变，极板上的电量变小B.两极板间的电压不变．极板上的电量变大C.极板上的电量几乎不变，两极板间的电压变小D.极板上的电量几乎不变，两极板间的电压变大7、关于磁场的方向，下列叙述中不正确的是（）A.磁感线上每一点的切线方向B.小磁针北极受力的方向C.小磁针静止时北极所指的方向D.磁铁内部N极到S极的方向8、如图所示，小物体P

放在直角斜劈M

上，M

下端连接一竖直弹簧，并紧贴竖直光滑墙壁；开始时，PM

静止，M

与墙壁间无作用力.

现以平行斜面向上的力F

向上推物体P

但PM

未发生相对运动.

则在施加力F

后(

)

A.PM

之间的摩擦力变大B.PM

之间的摩擦力变小C.墙壁与M

之间仍然无作用力D.弹簧的形变量减小评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)9、将面积为0.50m2的线圈放在磁感应强度为2.0×10-3T的匀强磁场中，则穿过线圈的磁通量的可能值为（）A.1.0×10-3WbB.0.5×10-3WbC.2.5×10-3WbD.0.25×10-3Wb10、下面的各图显示了示磁场对通电直导线的作用力．其中正确的是（）A.B.C.D.11、关于下列四幅图的说法中正确的是（）

A.原子中的电子绕原子核高速运转时，运行轨道的半径是任意的B.光电效应实验说明了光具有波动性C.电子束通过铝箔时的衍射图样证实了电子具有波动性D.原子核式结构模型很好地解释了大角度散射现象12、如图所示电路中，开关闭合稳定后，某时刻理想电压表和电流表的读数都突然增大，造成这一现象的原因是电阻元件发生短路或断路故障，则可能出现了下列哪种故障(

)

A.R1

断路B.R1

短路C.R2

断路D.R3

短路13、如图所示，在置于匀强磁场中的平行导轨上，横跨在两导轨间的导体杆PQ

以速度v

向右匀速移动，已知磁场的磁感应强度为B

方向垂直于导轨平面(

即纸面)

向外，导轨间距为Lac

间电阻为R

导体杆电阻为r

其他部分的电阻忽略不计，则(

)

A.PQ

两点间的电压为BLv

B.通过电阻R

的感应电流为BLvR+r

C.通过电阻R

的电流方向是由a

向c

D.通过PQ

杆中的电流方向是由P

向Q

14、下列关于近代物理知识的描述中；正确的是()

A.处于n

=4

能级的大量氢原子自发跃迁时；能发出6

种频率的光子。

B.当用紫色光照射某金属表面时有电子逸出，若改用红光照射也一定会有电子逸出C.在714N+

24He

隆煤817O+X

核反应中；X

是质子，这个反应过程叫娄脕

衰变。

D.比结合能越大，原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)15、平行板电容器所带量Q=4×l0-8C，它的两极板之间电压U=2v，则该电容器的电容为____μF；如果两板电量各减少一半，则两板间电势差变为____V，两板间的电场强度将变为原来的____．16、如图1是交流发电机模型示意图．在磁感应强度为B的匀强磁场中，有一矩形线图abcd可绕线圈平面内垂直于磁感线的轴OO′转动，由线圈引起的导线ae和df分别与两个跟线圈一起绕OO′转动的金属圈环相连接，金属圈环又分别与两个固定的电刷保持滑动接触，这样矩形线圈在转动中就可以保持和外电话电阻R形成闭合电路．已知ab长度为L1，bc长度为L2，线圈以恒定角速度ω逆时针转动．（只考虑单匝线圈）线圈平面处于与中性面成φ0夹角位置时开始计时，如图2所示，试写出t时刻整个线圈中的感应电动势的表达式e=______．

17、某发电站通过升压变压器、输电线和降压变压器把电能输送给生产和照明组成的用户，发电机输出功率是100KW，输出电压是250V，升压变压器原副线圈的匝数之比为1：40，输电线上损失的功率为输出功率的4%，用户所需电压为220V，则输电线的电阻和降压变压器的原、副线圈的匝数比是多少？若有60KW分配给生产用电，其余电能用来照明，那么可装25W的电灯多少盏？18、如图所示，某同学在做“用双缝干涉测光的波长”实验时，第一次分划板中心刻度线对齐A条纹中心时(图a)，游标卡尺的示数为0.03cm，第二次分划板中心刻度线对齐B条纹中心时(图b)；10分度游标卡尺的示数如图c所示(游标尺上10个格的总长度为9mm)，已知双缝间距离为0.2mm，从双缝到屏的距离为0.75m．则图c中游标尺的示数为____________cm．所测光波的波长为____________nm．

19、如图所示，在竖直平面内有两根质量相等的均匀细杆A和C，长度分别为60cm和40cm，它们的底端相抵于地面上的B点，另一端分别搁置于竖直墙面上，墙面间距为80cm，不计一切摩擦．系统平衡时两杆与地面的夹角分别为α和β，两侧墙面所受压力的大小分别为FA和FC，则FA____FC（选填“大于”、“小于”或“等于”），夹角β=____．

20、如图所示，两个相通的容器A、B间装有阀门S，A中充满气体，分子与分子之间存在着微弱的引力，B为真空．打开阀门S后，A中的气体进入B中，最终达到平衡，整个系统与外界没有热交换，则气体的内能____（选填“变小”、“不变”或“变大”），气体的分子势能____（选填“减少”、“不变”或“增大”）21、恒力F作用在质量为m的物体上；如图所示，由于地面对物体的摩擦力较大，没有被拉动，则经时间t；

（1）拉力F对物体的冲量大小为______NS；

（2）合力对物体的冲量大小为______NS．22、21

由于国际空间站的运行轨道上各处的地磁场强弱及方向均有所不同；所以在运行过程中，穿过其外壳的地磁场的磁通量将不断变化，这样将会导致____________现象发生，从而消耗国际空间站的能量.

为了减少这类消耗，国际空间站的外壳材料的电阻率应尽可能______________(

填“大”或“小”)

一些.

评卷人得分四、实验探究题(共4题，共40分)23、“探究加速度与力、质量的关系”的实验装置如图甲所示。保持小车A

的质量不变，改变矿泉水C

中水的质量，从而改变小车所受拉力F

测量小车图象在不同拉力F

作用下的加速度a

作出a鈭�F

图象如图乙所示。造成图线不过原点的原因可能是()A.

没有平衡摩擦力B.

平衡摩擦力时木板倾角过大C.

小车质量太大D.

矿泉水瓶和其中水的质量太大24、同学用图所示的实验装置研究小车在斜面上的运动。实验步骤如下：a.

安装好实验器材。b.

接通电源后，让拖着纸带的小车沿平板斜面向下运动，重复几次。选出一条点迹比较清晰的纸带，舍去开始密集的点迹，从便于测量的点开始，每两个打点间隔取一个计数点，如下图中0126

点所示。c.

测量1236

计数点到0

计数点的距离，分别记作：S1S2S3S6

d.

通过测量和计算，该同学判断出小车沿平板做匀加速直线运动。e.

分别计算出S1S2S3S6

与对应时间的比值f.

以为纵坐标、t

为横坐标，标出与对应时间t

的坐标点，划出鈭�

t

图。结合上述实验步骤，请你完成下列任务：(1)

实验中，除打点及时器(

含纸带、复写纸)

小车、平板、铁架台、导线及开关外，在下面的仪器和器材中，必须使用的有____和____。(

填选项代号)

A.电压合适的50Hz

交流电源B.

电压可调的直流电源C.刻度尺D.

秒表E.

天平F.

重锤(2)

将最小刻度为1mm

的刻度尺的0

刻线与0

计数点对齐，0125

计数点所在位置如图所示，则S

2=

____cm

S

5=

____cm

。

(3)

该同学在上图中已标出1346

计数点对应的坐标，请你在该图中标出与25

两个计数点对应的坐标点，并画出隆陋

t

图。(4)

根据隆陋t

图线判断，在打0

计数点时，小车的速度v

0=

____m/s

它在斜面上运动的加速度a

=

____m/s2

25、为了精确测量一电动势约为5V，内阻约为2.5Ω的直流电源的电动势E和内电阻r；现在除提供导线若干；开关一个和待测电源外，还提供有如下仪器：

A．电流表A（量程为200mA；内阻约为10Ω）

B．电流表G1（量程为50mA；内阻约为20Ω）

C．电流表G2（量程为20mA；内阻为50Ω）

D．定值电阻10Ω

E．定值电阻50Ω

F．定值电阻150Ω

H．滑动变阻器50Ω

J．滑动变阻器500Ω

选择合适的仪器，设计的实验电路如图甲所示，电流表A的读数为IA，电流表G的读数为Ig，移动滑动变阻器，测量多组IA和Ig的数据，并以IA为纵轴坐标，以Ig为横坐标描点作图，若得到的图象如乙图所示，对应的关系方程为IA=kIg+b，且测量电路中对应的仪器参数如图所示，则b=______（用R、R1、R2、Rg、RA、E和r中的某些量表示）；

若b的数值为0.4，则电路中定值电阻R2应选择：______（填D、E或F），滑动变阻器应该选择：______（填H或J）；

在该实验电路中，是否会因为仪表有内阻而产生系统实验误差：______（填“会”或“不会”）．26、探究原子结构的奥秘。【实验过程】：

1910年英国科学家卢瑟福进行了著名的α粒子（带正电）轰击金箔实验。结果发现：绝大多数α粒子穿过金箔后仍沿原方向前进；但是有少数α粒子却发生了较大的偏转，并且有极少数α粒子的偏转超过90°，有的甚至几乎达到180°，像是被金箔弹了回来。

【解释与结论】：

（1）卢瑟福所说的“除非原子的大部分质量集中到了一个很小的结构上”中的“很小的结构”指的。

是______。

（2）1um厚的金箔包含了3000层金原子；绝大多数α粒子穿过后方向不变，说明______；

（3）科学家对原子结构的探究经历了三个过程；通过α粒子散射实验，你认为原子结构为以下的______。

评卷人得分五、作图题(共2题，共8分)27、在《互成角度的两个共点力的合成》的实验中，两个弹簧秤的拉力F1和F2已于图中作出了它们的图示，O是橡皮条的一个端点，图中每格的长度代表1N。（1）用作图法作出合力F的图示；（2）合力F的大小是_______N。28、根据磁感应强度B；电流I和安培力F的相互关系；请根据要求作图．

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【分析】三种粒子的初速度方向相同，a

向左偏转，b

不偏转，c

向右偏转，说明粒子a

受洛伦兹力向左，b

不受洛仑兹力，c

受向右的洛伦兹力，然后根据左手定则判断各个粒子的带电情况。本题关键相距轨迹判断受力方向，然后根据左手定则判断粒子的正负。【解答】三种粒子的初速度方向相同，均向上，a

向左偏转，b

不偏转，c

向右偏转，说明粒子a

受洛伦兹力向左，b

不受洛仑兹力，c

受向右的洛伦兹力，根据左手定则可以判断a

带正电，b

不带电；c

带负电，故C正确，ABD错误。

故选C。【解析】C

2、D【分析】解：A

甲、乙的速度均为正；说明它们的运动方向相同，故A错误．

B；根据图线与时间轴包围的面积表示位移；知前4s

内甲的位移比乙的位移小，两个物体是从同一地点出发的，说明在t=4s

时，甲还没有追上乙，故B错误．

C；根据斜率表示加速度；斜率绝对值越大，加速度越大，可知，甲、乙加速度大小相等，故C错误．

D；在t=4s

时；两图线相交，说明甲、乙的速度大小相等，故D正确．

故选：D

在速度时间图象中；速度的正负速度的方向，图线与时间轴包围的面积表示位移，图线的斜率表示加速度.

两个物体从同一地点出发，当位移相等时再次相遇．

利用速度图象的物理意义：速度图象与坐标轴围成的面积代表物体发生的位移，斜率表示加速度，用此来研究此类追击问题方便快捷．【解析】D

3、D【分析】【分析】通过线圈面积的磁通量发生变化时；则会出现感应电动势，当电路闭合时，则产生感应电流，结合楞次定律可判定感应电流方向。

本题考查楞次定律的应用，掌握感应电流的产生条件，理解右手螺旋定则的内容，穿过线框的磁通量变化有几种方式，有磁场变化导致磁通量变化，也有面积变化导致磁通量变化，还有磁场与面积均变化导致磁通量变化的，最后有磁场与面积均没有变，而是放置的角度变化导致磁通量变化。【解答】AB.

直导线之间的磁场时对称的，圆环在中间时，通过圆环的磁通量为零，金属环上下运动的时候，圆环的磁通量不变，不会有感应电流产生，故AB错误；C.金属环向左侧直导线靠近；则穿过圆环的磁场垂直纸面向外并且增强，根据楞次定律可得，环上的感应电流方向为顺时针，故C错误；

D.金属环向右侧直导线靠近；则穿过圆环的磁场垂直纸面向里并且增强，根据楞次定律可得，环上的感应电流方向为逆时针，故D正确。

故选D。【解析】D

4、C【分析】

A；电场中某点场强E为零；由电场力公式F=qE可知，检验电荷在该点受到的电场力一定为零．故A错误．

B；在电场中某点没有检验电荷时；电场力为零，但电场强度不为零，电场强度与检验电荷无关，由电场本身决定．故B错误．

C、一点电荷分别处于电场中的A、B两点，根据场强的定义式E=分析得知；电荷受到的电场力大，场强大．故C正确．

D、一检验电荷在以一个点电荷为球心，半径为r的球面上各点所受电场力大小相等；但方向不同，所以电场力不同．故D错误．

故选C

【解析】【答案】根据电场力公式F=qE，分析电场力与场强的关系．电场强度与试探电荷所受的电场力无关．根据场强的定义式E=分析场强的大小．电场力是矢量；只有大小相等；方向相同，电场力才相同．

5、A|D【分析】【解析】试题分析：分析汽车和拖车的受力可以知道，对于整体而言，牵引力和阻力的大小都没变，整体的合力还是为零，所以整体的动量守恒，所以A正确，C错误；当拖车与汽车脱钩后，汽车的牵引力不变，但是车头受到的阻力减小，所以车头要做加速运动，拖车做减速运动，车头的位移大于拖车的位移，根据动能定理可知，此时牵引力的位移比阻力的位移大，牵引力的功比阻力的功大，所以汽车和拖车的总动能要增加，所以D正确，B错误．故选AD考点：功率、平均功率和瞬时功率；动能定理的应用．【解析】【答案】AD6、D【分析】试题分析：若极板B稍向上移动一点，会观察到的现象是静电计指针张角变大，即电容器两极板间的电压变大，而该过程中电容器的电荷量几乎不变，根据Q不变，U变大，C变小，D选项正确。考点：电容器的电压、电荷量和电容的关系。【解析】【答案】D7、D【分析】解：A；规定磁感线上每一点的切线方向与磁场的方向相同．故A正确；

B；C、磁场的方向的规定：小磁针静止时北极所指的方向；或小磁针的北极受力的方向，B正确，C正确。

D；磁场的方向在磁铁的内部为S极到N极的方向；磁铁的外部是N极到S极的方向．故D错误；

本题选择不正确的；故选：D

磁感线的引入是为了形象地描述磁场的特点；规定磁感线上每一点的切线方向与磁场的方向相同，磁感线的疏密表示磁场的强弱；

由磁场的方向来的规定：小磁针静止时北极所指的方向；或小磁针的北极受力的方向；磁场的方向在磁铁的内部为S极到N极的方向，磁铁的外部是N极到S极的方向．

本题考查了磁场的性质，磁场和磁感线的方向，属于对基础知识的考查．要加强对基础知识的学习．【解析】【答案】D8、D【分析】解：A

未施加F

之前；对P

受力分析，根据平衡条件可知，P

受到沿斜面向上的静摩擦力，等于重力沿斜面的向下的分量，当F

大于重力向下的分量时，摩擦力方向向上，且大于重力沿斜面的向下的分量，则摩擦力变大，当F

等于重力向下的分量时，摩擦力大小不变，当F

小于重力向下的分量时，摩擦力减小，故AB错误；

C；把PM

看成一个整体；整体受力平衡，则墙壁与M

的支持力等于F

在水平方向的分量，竖直方向受力平衡，则弹簧弹力等于整体重力减去F

竖直方向的分量，则弹力减小，形变量减小，故C错误，D正确．

故选：D

施加F

前后先对P

受力分析；根据平衡条件列式，分情况讨论摩擦力的变化情况，把PM

看成一个整体，整体受力平衡，根据平衡条件分析墙壁与M

之间的弹力和弹簧弹力的变化情况．

本题主要考查了共点力平衡条件的直接应用，要求同学们能正确分析物体的受力情况，注意整体法和隔离法的应用，难度适中．【解析】D

二、多选题(共6题，共12分)9、ABD【分析】解：磁通量最大是垂直时，故最大磁通量Φ=BS=0.50×2.0×10-3T=1.0×10-3Wb；故小于1.0×10-3Wb的数值都可能。

故选：ABD

磁场与线圈平面垂直时磁通量最大；故由磁通量Φ=BS直接计算即可。

本题考查磁通量的计算公式，注意此公式只能用于磁场与线圈垂直时【解析】【答案】ABD10、BC【分析】解：A；磁场向上；电流向里，根据左手定则可得，安培力的方向水平向右，所以A错误；

B；磁场向左；电流向外，根据左手定则可得，安培力的方向向上，所以B正确；

C；磁场向里；电流向左，根据左手定则可得，安培力的方向向下，所以C正确；

D；磁场向外；电流向外，它们的方向相同，不受安培力的作用，所以D错误．

故选：BC

据左手定则来判断即可；让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是导线受的安培力的方向．

掌握住左手定则的内容，直接判断即可，比较简单，同时要注意与右手定则的区别，注意磁场方向、电流方向以及安培力的方向之间的关系．【解析】【答案】BC11、CD【分析】解：A；由图和玻尔理论知道；电子的轨道不是任意的，电子有确定的轨道．故A错误．

B；光电效应实验说明了光具有粒子性．故B错误．

C；衍射是波的特有现象；电子束通过铝箔时的衍射图样证实了电子具有波动性．故C正确．

D；少数α粒子发生了较大偏转；说明原子的几乎全部质量和所有正电荷主要集中在很小的核上，否则不可能发生大角度偏转．故D正确．

故选：CD．

根据玻尔理论分析电子的轨道；光电效应说明了光具有粒子性；衍射是波的特有现象；少数α粒子发生了较大偏转；说明原子的质量绝大部分集中在很小空间范围．

本题考查了近代物理中的基本知识，对于这部分基本知识要注意加强理解和应用．【解析】【答案】CD12、AD【分析】解：若R1

断路；则外电路电阻增大，电路中电流减小，路端电压将增大，加在R2

两端电压增大；则电流表的示数也将增大；故A正确；

若R1

或R2

短路；则电压表被短路，电压表示数应为零；

只有R3

短路时；电压表接在电源两端，测量值为电源的输出电压，故电压表示数变大；同时因电路中电阻减小，故电路中电流增大；符合题意；

故D正确．

故选：AD

．

由题目中电表示数的变化可得出故障原因；根据电路结构可以得出是哪一个电阻发生故障．

本题考查闭合电路的欧姆定律的应用，明确当电路中有电流时，说明电路中应发生了短路故障；若电压表示数变大，电压表可能直接并联到了电源两端．【解析】AD

13、BD【分析】解：A

导体棒切割磁感线产生感应电动势E=BLv

而PQ

两点间的电压为路端电压，故应小于BLv

故A错误；

B、电路中的感应电流I=Er+R=BLvR+r

故B正确；

C；由右手定则可知；感应电流从P

流向Q

从c

流向a

故C错误，D正确；

故选：BD

．

由公式E=BLv

可以求出感应电动势；由闭合电路欧姆定律可以求出感应电流，从而明确PQ

间的电压大小；由右手定则可以判断出感应电流的方向．

熟练应用公式E=BLv

右手定则进行分析电动势的大小和方向，再结合电路规律进行分析即可求解，注意PQ

应视为电源，故其两端的电压为路端电压．【解析】BD

14、AD【分析】【分析】当光的频率大于或等于极限频率时；才能发生光电效应；根据数学组合Cn2

即可求得几种光子；娄脗

射线实际上是中子转变成质子而放出的电子，比结合能越大，原子核越稳定，从而即可求解。

考查光电效应的条件，掌握跃迁放出与吸收的光子，注意娄脗

射线从何而来，及衰变的类型与区别，掌握比结合能与结合能的不同。【解答】A.处于n=4

能级状态的大量氢原子自发跃迁时，根据数学组合C42=6

即可能发出6

种频率的光子，故A正确；B.当用紫色光照射某金属表面时有电子逸出；若改用红光照射，其频率小于紫光，则不一定能发生光电效应，故B错误；

C.在714N+24He隆煤817O+X

核反应中；根据质量数和电荷数守恒可知X

是质子，这个反应过程不叫娄脕

衰变，只有是氦原子核，才是娄脕

衰变，故C错误；

D.比结合能越大；原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定，故D正确。

故选AD。

【解析】AD

三、填空题(共8题，共16分)15、略

【分析】

电容C=μF．

当电量减小一半，电容不变，则电势差．

电势差变为原来的一半，根据E=知，电场强度变为原来的．

故答案为：2×10-2，1，．

【解析】【答案】根据电容的定义式求出电容的大小．根据Q=CU求出两板间电势差；结合匀强电场的场强公式判断电场强度的变化．

16、略

【分析】解：感应电动势的最大值：Em=BSω=BL1L2ω；若从中性面开始计时，则表达式为：e=BL1L2ωsinωt；

若从转过φ0开始计时，则相当于，t=0时，e=BL1L2ωsin（φ0）

故线圈经过图示位置时开始计时，则交变电流的瞬时值表达式e=BL1L2ωsin（ωt+φ0）；

故答案为：e=BL1L2ωsin（ωt+φ0）；

矩形线圈abcd转动过程中，只有ab和cd切割磁感线，先求出转动线速度，根据Em=BSω求出导线ab和cd因切割磁感线而产生的感应电动势；根据相位关系可写出瞬时表达式；

本题考查对交流电表达式的掌握，要注意明确数学中相位在物理学中的准确意义；用好数学规律求解．【解析】e=BL1L2ωsin（ωt+φ0）17、略

【分析】

（1）知道输电线上消耗的总功率的大小，根据P耗=I2R线可得求得输电线的电阻的大小；求出降压变压器的输入和输出的电流，根据电流与匝数成反比可以求得降压变压器原副线圈的匝数比；

（2）根据总的照明的功率的大小和每盏灯泡的功率可以求得总的灯泡的数目．

本题是关于高压输电的题目，对于理想的变压器来说，输入功率和输出功率的大小是相同的，在计算输电线上消耗的功率的时候，一定要注意要用公式P耗=I2R线来计算．【解析】解：输电电路如图所示；

（1）根据电压与匝数程正比可得，

所以升压变压器输出的电压为U2==40×250=10000V

由于输入的功率和输出的功率大小相等，即P1=P2

所以输电线的电流为I2==10A

输电线上电功率损失为输送功率的4%；

即为100000W×0.04=4000W；

根据P耗=I2R线可得；

R线==40Ω；所以输电线的电阻为40Ω．

在降压变压器上时；输入功率和输出的功率相等；

即P3=P4=96%P=96kW

根据P4=U4I4

所以降压变压器的输出的电流为I4==

根据电流与匝数成反比可得

所以降压变压器原副线圈的匝数比为=

（2）照明用电的总功率为P灯=P4-P生产=36KW

所以总的灯泡数为N==1440盏。

答：输电线的电阻为10Ω．

降压变压器的原、副线圈的匝数比是

若有60KW分配给生产用电，其余电能用来照明，那么可装25W的电灯1440盏．18、略

【分析】解：图c中游标尺的主尺读数为9mm；游标读数为0.1×6mm=0.6mm，所以最终读数为9.6mm=0.96cm．

相邻干涉条纹的间距．根据双缝干涉条纹的间距公式得，．

故答案为：0.96，620．【解析】0.96;62019、等于37°【分析】【解答】对整体分析，整体处于平衡状态，整体在水平方向上受到两侧墙壁的弹力，可知FA=FB；

对AB分析，A受到重力、墙壁的弹力、地面对它的支持力以及BC对AB的作用力，同样度BC分析，受重力、墙壁的弹力、AB对BC的作用力，和地面的支持力，因为两杆重力相等，墙壁的作用力相等，根据平衡知，α=β；

根据xABcosα+xBCcosβ=d；

可知（60+40）cosβ=80，解得β=37°．

故答案为：等于；37°

【分析】对整体分析，抓住水平方向上受力平衡得出两侧墙面对两杆的弹力大小关系．两杆重力相等、墙壁对其弹力相等，根据平衡得出α与β的关系，结合几何关系求出夹角β的大小．20、不变增大【分析】【解答】打开阀门；气体膨胀，因为右边是真空，所以不对外做功，绝热过程，故由热力学第一定律可得，气体的内能不变，温度就不变；由于体积增大，即分子间的作用力将更小，所以气体分子势能增大．故答案为：不变，增大．

【分析】打开阀门后，气体膨胀，则由热力学第一定律可得内能的变化；据分子势能有体积决定判断分子势能的变化．21、略

【分析】解：拉力F对物体的冲量：IF=Ft；

由于地面对物体的摩擦力较大；物体没有被拉动，说明物体仍然处于平衡状态，受到的合外力为0．所以合力对物体的冲量大小为0．

故答案为：Ft；0．

力对物体的冲量可以根据公式：I=Ft计算．冲量具有独立性．冲量是矢量；合成要使用平行四边形定则。

该题考查冲量的计算，直接代入公式即可，属于基础题目．【解析】Ft；022、略

【分析】【分析】解答本题应掌握：电磁感应的现象隆陋隆陋

因磁通量的变化，从而产生感应电动势，形成感应电流的现象。本题考查了电磁感应现象产生原理，及条件，掌握闭合电路欧姆定律的内容，注意电阻率与电流大小关系。【解答】电磁感应指闭合回路中部分导体做切割磁感线运动；或者穿过闭合线圈的磁通量变化，则回路中即可产生感应电流，为了减少这类消耗，即产生电流较小，则可通过增大电阻率，来增大电阻，从而减小电流；

故填：电磁感应大。【解析】电磁感应大四、实验探究题(共4题，共40分)23、A【分析】【分析】

根据图象的特点，当F鈮�0

时，加速度仍然为零，说明合力为零，原因是没有平衡摩擦力，或平衡的不够；正确解答实验问题的前提是明确实验原理，从实验原理出发进行分析所需实验器材、实验步骤、所测数据、实验误差等，会起到事半功倍的效果。【解答】

由图象可知；当F鈮�0

时，加速度仍然为零，说明没有平衡摩擦力或摩擦力平衡不足。

故填A

【解析】A

24、略

【分析】【分析】

根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度；可以求出打纸带上各点时小车的瞬时速度大小，用描点连线的方法来处理数据，这样可以减小误差。

要加强利用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力；在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，提高解决问题能力。

【解答】

(1)

实验中，除打点计时器(

含纸带、复写纸)

小车、平板、铁架台、导线及开关外，在下列的器材中，必须使用的有电压合适的50Hz

交流电源给打点计时器供电，需要用刻度尺测量计数点之间的距离，然后进行数据处理，打点计时器记录了小车运动时间，不需要秒表，该实验中不需要测量质量，因此不需要天平，实验中有小车带动纸带运动，因此不需要重锤。(2)

刻度尺读数时需要进行估