2025年沪教版必修三物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪教版必修三物理下册月考试卷776考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，一直流电动机与阻值R=9Ω的电阻串联在电路上，电源电动势E=30V，内阻r=1Ω，用理想电压表测出电动机两端电压U=10V，已知电动机线圈电阻Rm=1Ω，则下列说法中正确的是（）

A.通过电动机的电流为10AB.通过电动机的电流小于10AC.电动机的输出功率大于16WD.电动机的输出功率小于16W2、氢原子的核外电子从距核较近的轨道跃迁到距核较远的轨道的过程中()A.原子要吸收光子,电子的动能增大,原子的电势能增大B.原子要放出光子,电子的动能减小,原子的电势能减小C.原子要吸收光子,电子的动能增大,原子的电势能减小D.原子要吸收光子,电子的动能减小,原子的电势能增大3、如图为电容式话筒的原理图，为电源，为电阻；薄片P和Q为电容器两金属极板，人对着P说话，P振动而Q不动，在P；Q间距离减小的过程中（）

A.电容器的电容变小B.通过的电流为零C.Q极板的带电量变大D.中有从M流向N的电流4、下列关于甲；乙、丙、丁四幅图的说法；正确的是（）

A.图甲中，当两导体棒以相同的速度在导轨上匀速向右运动时，导体棒中能产生感应电流B.图乙中，当导体棒在匀强磁场中以恒定的角速度转动时，导体棒中能产生感应电流C.图丙中，当闭合圆环导体（水平放置）某一直径正上方的直导线中通有直电流时，闭合圆环导体中能产生感应电流D.图丁中，当滑动变阻器的滑片向右滑动时，不闭合的导体环中能产生感应电流5、如图所示，PQ为等量异种点电荷A、B连线的中垂线，C为中垂线上的点，M、N分别为AC、BC的中点；若取无穷远处的电势为零，则下列判断正确的是（）

A.M、N两点场强相同B.M、N两点电势相同C.负电荷由M点移到C处，电场力做负功D.负电荷由无穷远处移到N点时，电势能一定减少评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)6、在如图所示的电路中，电表均为理想电表，闭合开关S，在将滑动变阻器的滑片P向下移动的过程中，以下说法正确的是()

A.电压表和电流表的示数都增大B.电源的总功率变大C.灯L1变亮，电压表的示数减小D.灯L2变亮，电容器的带电量增加7、在如图所示的电路中，R1、R2、R3和R4皆为定值电阻，R5为可变电阻，电源的电动势为E，内阻为r，设电流表A1的读数为I1，电流表A2的读数为I2，电压表V1的示数为U1，电压表V2的读数为U2，当R5的滑动触点向a端移动过程中，电流表A1的读数变化量大小为ΔI1，电流表A2的读数变化量大小ΔI2，电压表V1的读数变化量大小为ΔU1，电压表V2的读数变化量大小为ΔU2；则。

A.I1变大、ΔU1>ΔU2，不变B.I1变大、ΔU1<ΔU2，不变C.I1变大,I2变小，不变D.U1变小,U2变小,不变8、真空中相距为3a的两个点电荷M、N,分别固定于x轴上和的两点上,在它们连线上各点场强E随x变化关系如图所示,以下判断正确的是。

A.处的电势一定为零B.点电荷M、N一定为同种电荷C.在两点电荷之间沿x轴正向电势降低D.点电荷M、N所带电荷量的绝对值之比为4：19、在如图所示的电路中，各电表均为理想电表，电源电动势为E，内阻为r，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器。平行板电容器中带电微粒P处于静止状态。当滑动变阻器R3的滑片向a端移动时；则（）

A.电流表读数减小，V1的示数减小B.微粒P将向下运动C.V2示数变大D.电容器所带的电荷量增加10、如图所示，可视为质点的质量为m且电荷量为q的带电小球，用一绝缘轻质细绳悬挂于O点，绳长为L，现加一水平向右的足够大的匀强电场，电场强度大小为E=小球初始位置在最低点，若给小球一个水平向右的初速度，使小球能够在竖直面内做圆周运动，忽略空气阻力，重力加速度为g。则下列说法正确的是（）

A.小球在运动过程中机械能守恒B.小球在运动过程中机械能不守恒C.小球在运动过程的最小速度为D.小球在运动过程的最大速度至少为11、两个完全相同的金属小球（可视为点电荷），带电量分别为+Q和+5Q，相距为r，则下列说法中正确的是（）A.在它们连线的中点上，电场强度的大小为B.在它们连线的中点上，电场强度的大小为C.若两者相互接触后再放回原来的位置上，则它们间的库仑力为原来的1.8倍D.若两者相互接触后再放回原来的位置上，则它们间的库仑力为原来的0.8倍12、一带负电的粒子只在电场力作用下沿x轴正向运动，其电势能随位移x变化关系如图所示，其中段是关于直线对称的直线，段是曲线；则下列说法正确的是（）

A.处电场强度最小B.在O、处电势的关系为C.段带电粒子做匀变速直线运动D.段电场强度方向不变，大小不变，段的电场强度大小减小、方向均不变13、四个电荷量大小相等的点电荷位于边长为a的正方形四个角上，两组对边的中垂线分别在x、y轴上，交点为原点O，各电荷电性如图所示，P、Q分别为坐标轴上的点；取无穷远处电势为零，下列说法正确的是()

A.O点的电场强度为零B.PM两点间电势差等于QM两点间电势差C.将正电荷从P点移到Q点，电场力做正功D.负电荷在Q点的电势能大于在M点的电势能14、四个相同的电流表分别改装成两个安培表和两个电压表，安培表A1的量程大于A2的量程，电压表V1的量程大于V2的量程；把它们按图接入电路中，则()

A.A1的读数比A2的读数大B.A1指针偏转角度比A2指针偏转角度大C.V1读数比V2读数大D.V1指针偏转角度比V2指针偏转角度大评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)15、感应起电：当一个带电体靠近导体时，由于电荷间相互吸引或排斥，导体中的自由电荷便会趋向或____________带电体，使导体靠近带电体的一端带____________电荷，远离带电体的一端带____________电荷，这种现象叫作静电感应。利用____________使金属导体带电的过程叫作感应起电。16、如图所示虚线为电场中的一簇等势面，两等势面间的电势差为10且的电势高于的电势，相邻两等势面电势差相等，一个电子在电场中通过的轨迹如图中实线所示，电子过点的动能为8它经过点时的动能为________电子在点的电势能比在点的电势能________．

17、如图所示，菱形ABCD的边长为L，顶角A为60°，对角线AB水平、CD竖直，O是两条对角线的交点。两个带相等电荷量的负点电荷固定在菱形的两个顶点A、B上，若将一质量为m、带电荷量为+q的小球在C点由静止释放，小球向上最高可运动到O点，若在C点给小球某一向上的初速度，小球最高可运动到D点，已知重力加速度为g，则CO两点之间的电势差UCO=______；小球从C点运动到D点过程中，经过O点时的速度vO=________。

18、一根导线长0.2m，通以3A的电流，在磁场中某处受到的最大的磁场力是则该处的磁感应强度B的大小是____T，如果该导线的长度和电流都减小一半，则该处的B的大小是______T。19、匀强磁场。

（1）概念：各点的磁感应强度的____相等、_____相同的磁场。

（2）磁感线特点：匀强磁场的磁感线是间隔____的平行直线。评卷人得分四、作图题(共2题，共20分)20、连线题：请将下列电路元器件的实物图与其符号相连。

21、以下是几种点电荷的电场线的分布情况；请标出图中各电荷的电性。

评卷人得分五、实验题(共2题，共10分)22、某小组要做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验；所选用的器材如下：

A．小灯泡（5.5V0.55A）

B．学生电源（电动势为9V；内阻约1Ω）

C．电流表A（量程为0～0.6A；内阻约0.2Ω；量程为0～3A，内阻约0.04Ω）

D．电压表V（量程为0～3V，内阻约3kΩ；量程为0～15V，内阻约15kΩ）

E．滑动变阻器R1（最大阻值10Ω；最大允许电流1A）

F．滑动变阻器R2（最大阻值1500Ω；最大允许电流0.3A）

G．开关一个；导线若干。

（1）请在虚线框中画出实验电路图，并标出选择的滑动变阻器。（______）

（2）请根据（1）中所画的电路图，补充完成图甲中实物电路的连线。（_______）

（3）闭合开关，改变滑动变阻器滑片的位置，并记录对应的电流表示数I、电压表示数U。某次测量中电流表选择0～0.6A量程，电压表选择0～15V量程，电流表、电压表示数如图乙所示，可知该状态下小灯泡电阻的测量值Rx==___________Ω（计算结果保留两位有效数字）。

（4）某同学通过实验正确作出的小灯泡的伏安特性曲线如图丙所示。现把实验中使用的小灯泡接到如图丁所示的电路中，其中电源电动势E=6V，内阻r=1Ω，定值电阻R=9Ω，此时灯泡的实际功率为___________W（结果保留两位有效数字）。

23、某中学兴趣小组自制了“水果电池”，甲乙两名同学通过实验测量电池的电动势（约）和内阻（约）。

（1）甲同学借助以下器材进行实验：

A.微安表G1（量程为内阻为）；

B.微安表G2（量程为内阻约为）；

C.电压表V（量程为）

D.滑动变阻器

E.滑动变阻器

F.定值电阻（阻值为）：

G.定值电阻（阻值为）；

H.开关；导线若干。

①为了测量结果更准确，电表应选择___________和___________，滑动变阻器应选择___________，定值电阻应选择___________。（填写器材前的字母）

②在方框中画出实验电路图___________。

（2）乙同学利用量程合适的电压表和电流表进行实验，分别采用了两种不同的电路接法，如图（a）、（b），为定值电阻，把两个实验电路测量出的电压和电流数据描绘在同一个图内，如图（c）所示，则图线Ⅱ是通过电路___________（填“a”或“b”）测得的。根据图像坐标信息可以修正该实验的系统误差，则修正后这个水果电池的电动势___________，内阻___________结果用中的字母表示）。

评卷人得分六、解答题(共3题，共21分)24、在匀强电场中有A、B、C三点，AB⊥BC且AB=10cm，BC=30cm，将一带电量为1×10－8C的负电荷由A移到B，电场力做功为2×10－8J，若将一带电量为1×10－8C的正电荷由C移到A，要克服电场力做功为4×10－8J，求出场强E的大小及方向。

25、如图所示，一电荷量为Q的正点电荷固定在倾角为30°的光滑绝缘斜面底部的C点，斜面上有A、B两点，且A、B和C在同一直线上，A和C相距为L，B为AC中点。现将一带电小球从A点由静止释放，当带电小球运动到B点时速度正好又为零，已知带电小球在A点处的加速度大小为静电力常量为k；求：

（1）小球带正电还是负电？

（2）小球运动到B点时的加速度大小。

（3）B和A两点间的电势差。（用k，Q和L表示）

26、如图甲，A、B为两块相距很近的平行金属板，AB间电压为紧贴A板有一电子源，不停的飘出质量为m，带电量为e的电子（可视为初速度为0）。在B板右侧两块平行金属板M、N间加有如图乙所示的电压，电压变化的周期板间中线与电子源在同一水平线上。极板长L，距偏转板右边缘s处有荧光屏，经时间t统计（）只有50%的电子能达到荧光屏上。（板外无电场）；求：

（1）电子进入偏转板时的速度；

（2）时刻沿中线射入偏转板间的电子刚射出偏转板时与板间中线的距离；

（3）电子打在荧光屏上的范围Y。

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】【详解】

AB．根据闭合电路欧姆定律，有：

解得

故A错误；B正确；

CD．电动机的输出功率：

故CD错误．2、D【分析】【详解】

从距核较近的轨道跃迁到距核较远的轨道过程中；原子要吸收光子，能级增大，总能量增大；

根据知；电子的动能减小，则电势能增大．

A.原子要吸收光子；电子的动能增大，原子的电势能增大，与结论不相符，选项A错误；

B.原子要放出光子；电子的动能减小，原子的电势能减小，与结论不相符，选项B错误；

C.原子要吸收光子；电子的动能增大，原子的电势能减小，与结论不相符，选项C错误；

D.原子要吸收光子，电子的动能减小，原子的电势能增大，与结论相符，选项D正确．3、C【分析】【详解】

根据电容决定式

在P、Q间距离减小的过程中，电容器的电容变大，根据

由于不变，可知电容器所带电荷量增加，则电阻中有从N流向M的电流。

故选C。4、B【分析】【详解】

A．图甲中；当两导体棒以相同的速度在导轨上匀速向右运动时，两导体棒所构成回路的面积固定不变，而磁场也不变，则回路中的磁通量不变，因此不会产生感应电流，故A错误；

B．图乙中，当导体棒在匀强磁场中以恒定的角速度转动时；导体棒切割磁感线，从而产生动生电动势，故B正确；

C．图丙中；当闭合圆环导体（水平放置）某一直径正上方的直导线中通有直电流时，通电导线产生的磁场在以通电导线的投影为对称轴的闭合圆环导体前后面中，磁场方向相反，则闭合圆环导体的磁通量为零，因此不会产生感应电流，故C错误；

D．图丁中，当滑动变阻器的滑片向右滑动时；电路中的电阻增大，电流减小。从而使电流产生的磁场发生变化，使不闭合的导体环中产生感应电动势，但因为导体环不闭合，没有形成完整的回路，因此环中没有感应电流，故D错误。

故选B。5、D【分析】【详解】

A．M、N两点场强大小相等；但方向不同，故A错误；

B．PQ线上各点的电势均为零，PQ左侧电势为负，右侧电势为正，则M点电势低于N点电势；故B错误；

C．负电荷由M点移到C处；电势能减小，电场力做正功，故C错误；

D．无穷远处电势为零，N点电势大于零，则负电荷由无穷远处移到N点时；电势能一定减小，故D正确。

故选D。二、多选题(共9题，共18分)6、B:C【分析】【分析】

由题中“在将滑动变阻器的滑片P向下移动的过程中”可知；本题考查含电容器电路变化，根据欧姆定律和电容器规律可分析本题。

【详解】

A.将滑动变阻器的滑片P向下移动的过程中，滑动变阻器电阻变小，因此电流表示数变大，但是电路总电阻变小，电压表所测电压为路端电压，根据闭合电路欧姆定律可得

所以电压表示数会变小；故A错误；

B.电源的总功率可以表示为

电阻变小；电流变大，电动势不变，因此电源总功率变大，故B正确；

C.因为灯L1在干路上，电阻变小，总电流变大，因此灯L1变亮；电压表示数变小，故C正确；

D.因为灯L2于滑动变阻器并联，因此其两端电压等于路端电压，因为电压表示数变小，故灯L2变暗，电容器电压也变小，根据公式

可知，电容器电容不变，电压表小，电荷量也变小，故D错误、7、B:C:D【分析】【详解】

AB.当R5的滑动触点向图中a端移动时，R5变小，外电路总电阻变小，由闭合电路欧姆定律知，总电流I1变大，路端电压变小，U1变小．根据闭合电路欧姆定律知：U2=E-I（r+R1+R3）

I增大，则U2变小，因此I2变小；而U1变小、U2变小、R1+R3的总电压增大，则知△U1＜△U2

由闭合电路欧姆定律知：U1=E-Ir

则

不变；故A错误B正确．

CD.同理，等于电阻R2，及电阻R4的之和，可知不变，故BCD正确．8、B:D【分析】【详解】

A.x=2a处的场强为零；但由于电势与场强无关，则场强为零的地方电势不一定为零，故A错误；

B.x从0到3a；场强先正方向减少到零又反方向增加，异种电荷两电荷之间场强不为零，因此必为同种电荷，故B正确；

C.由于两点电荷为同种电荷，则根据同种电荷电场线的分布规律可知，电势不会沿x轴正向降低；而是先降低后升高，故C错误；

D.x=2a处的合场强为0，由得：

得QM：QN=4：1，

故D正确．9、A:C:D【分析】【详解】

A．当滑动变阻器R3的滑片向a端移动时，电阻R3变大，外电路总电阻变大，总电流变小，电流表示数减小，电阻R2的阻值不变，故其两端电压变小，即V1的示数减小；故A正确；

BD．带电粒子P原来处于平衡状态，重力和电场力平衡；电流变小后，R1和r的阻值都不变，故其两端电压变小，则R2与R3两端的总电压变大，即电容器所并联电路两端的电压变大，电场力变大，带电粒子P将向上运动；电容C不变，根据

可知电容器所带的电荷量增加；故B错误；D正确；

C．当滑动变阻器R3的滑片向a端移动时，电流变小，R1、R2和r的阻值都不变，其两端电压变小，故R3两端电压变大，即电压表V2示数变大；C正确；

故选ACD。10、B:D【分析】【详解】

A．小球在运动的过程中；由于有电场力做功，机械能不守恒，选项A错误，B正确；

C．小球在电场中运动的等效最高点和最低点分别为A点和B点；如图所示。

等效重力

小球在等效最高点的最小速度v1满足

解得

选项C错误；

D．小球由等效最高点运动到等效最低点速度最大，由动能定理有

解得v2=

选项D正确。

故选BD。11、A:C【分析】【详解】

AB．+Q在连线的中点处的电场强度

+5Q在连线的中点处的电场强度

两场强叠加，电场强度的大小为

B错误A正确；

CD．原来两者之间的库仑力

两者相互接触后再放回原来的位置上，它们电荷均分，电荷量分别带+3Q，则它们间的库仑力变为

D错误C正确。

故选AC。12、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．根据电势能与电势的关系。

场强与电势的关系。

可得。

由数学知识可知图象切线的斜率等于处的斜率可以认为与前段时间相等；故此时电场强度并不是最小的，故A错误；

B．根据电势能与电势的关系。

粒子带负电。

则知电势能越大；粒子所在处的电势越低，所以有。

故B正确；

C．由图可知，段和段电场方向相反；故加速度并不相同，不是一直做匀变速运动，故C错误；

D．段电场方向不变，大小不变，段图象的斜率减小；故的电场强度大小减小，方向不变，故D正确。

故选BD。13、A:B【分析】【详解】

A．由场强叠加原理可知，O点的电场强度为零；选项A正确；

B．根据电场线与等势面垂直，可知x轴和y轴是两条等势线，则P与Q的电势相等，则PM两点间电势差等于QM两点间电势差；选项B正确；

C．P与Q的电势相等，将正电荷从P点移到Q点；电场力不做功，选项C错误；

D．因Q点的电势高于M点，则负电荷在Q点的电势能小于在M点的电势能；选项D错误；

故选AB.14、A:C【分析】【详解】

A．电流表A1的量程大于A2的量程，故电流表A1的内阻小于A2的内阻；电压表V1的量程大于V2的量程，故V1的电阻大于V2的电阻；由图可知，两电流表并联，故两流表两端的电压相等，故A1中的电流要大于A2中的电流，故A1的读数比A2的读数大；故A正确；

B．因两表由同一电流表改装而成；而将电流表扩大量程时为并联一小电阻，故相当于为四个电阻并联，故两表头中电流相同，故两表的偏角相同；故B错误；

C．两电压表串联，故通过两表的电流相等，故V1的读数比V2的读数大；故C正确；

D．因表头与电阻串联；故为四个电阻串联，因此通过两表头的电流相等，两表的偏转角度一样，故D错误；

故选AC。三、填空题(共5题，共10分)15、略

【解析】①.远离②.异种③.同种④.静电感应16、略

【分析】【详解】

A、B间电势差为10V，根据图可知相邻的两个等势面间的电势差为2.5伏，由M到N电场力做功为动能减少所以N点动能为0.5ev,因为电场力做负功所以电势能增加．

思路分析：根据等势线的分布判断相邻等上面的电势差；根据电场力做功判断电势能的变化．

试题点评：考查电场能的性质【解析】0.5；小17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据几何关系，CO之间的距离为L，电荷从C点运动到O点，根据动能定理，有

得

[2]电荷从O点运动到D点，根据动能定理，有

根据对称性知

解得【解析】18、略

【分析】【详解】

[1]根据

得

[2]磁感应强度B是磁场本身的属性，与有无电流元以及电流大小无关．所以当该导线的长度和电流都减小一半，该处的B的大小仍为0.1T。【解析】0.10.119、略

【解析】①.大小②.方向③.相等四、作图题(共2题，共20分)20、略

【分析】【详解】

实物图中第一个为电动机；电动机符号为符号图中的第二个；

实物图中第二个为电容器；电容器符号为符号图中的第三个；

实物图中第三个为电阻；电阻符号为符号图中的第四个；

实物图中第四个为灯泡；灯泡符号为符号图中的第一个。

【解析】21、略

【分析】【分析】

【详解】

根据电场线从正电荷出发；终止与负电荷及等量同种，等量异种点电荷电场线的分布特点，可标出电荷的电性如图所示。

【解析】见解析五、实验题(共2题，共10分)22、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]小灯泡正常发光时的电阻为。

R=Ω=10Ω更接近电流表的内阻，故电流表采用外接法，本实验需要多测几组数据，故滑动变阻器应采用分压式接法，为方便调节，滑动变阻器应选用最大阻值较小的R1；电路图如图甲所示。

（2）[2]电压表量程应选0～15V；电流表量程应选0～0.6A，根据图甲所示的电路图连接实物图，如图乙所示。

（3）[3]由题图乙知，电流为I=0.50A，电压为U=4.0V；由欧姆定律的推导式得。

Rx==8.0Ω（4）[4]设小灯泡两端的电压为U，通过小灯泡的电流为I；由闭合电路欧姆定律得。

U=E-I（R＋r）=6-10I在图丙中作出电源的U­I图象，图象的交点坐标即为通过小灯泡的电流及小灯泡两端的电压，由图丙可知，U=2.2V（2.1V～2.3V均可），I=0.38A（0.37A～0.39A均可）；则小灯泡的实际功率为。

P=UI=2.2V×0.38A≈0.84W（0.78W～0.90W均可）。【解析】8.00.84（0.78～0.90）23、略

【分析】【详解】

（1）①[1][2][3][4]由于电动势约可知电压表量程太大，不能选用；则需要选用已知内阻的微安表G1与定值电阻串联改成大量程的电压表，选择微安表G2测电流，故电表应选择A和B；定值电阻应选择G；由于电池内阻约为了调节方便，使电表示数变化明显，滑动变阻器应选择E。