2025年浙教版选修3物理上册月考试卷含答案

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A.交流电的频率为100HzB.交流电动势的有效值为100VC.当线圈转到如图所示的位置时电动势为最大D.当线圈转到如图所示的位置时穿过线圈的磁通量为零3、高速水流切割是一种高科技工艺加工技术，为完成飞机制造中的高难度加工特制了一台高速水流切割机器人，该机器人的喷嘴横截面积为喷嘴射出的水流速度为103m/s，水的密度为1×103kg/m3，设水流射到工件上后速度立即变为零．则该高速水流在工件上产生的压力大小为（）A.1000NB.100NC.10ND.1N4、如图，两个相同的导热气缸固定在地面上，内部封闭有质量相同的同种气体，两活塞质量mA>mB；现使两气缸中气体降低相同的温度，不计活塞摩擦，系统重新平衡后（）

A.A活塞下降的高度比B活塞大B.A活塞下降的高度比B活塞小C.B活塞下降的高度相等D.以上三种情况均有可能5、如图所示，A、B为平行板电容器的金属板，G为静电计，开始时开关S闭合；静电计指针张开一定角度。下列操作可使指针张开角度增大一些的是（）

A.保持开关S闭合，将R上的滑片向右移动B.断开开关S后，将B两极板靠近一些C.断开开关S后，将B两极板的正对面积减小一些D.保持开关S闭合，将B两极板分开一些6、将粗细均匀的直导线弯折为导线框abcdef；各边长度如图所示，使线框以速度v匀速通过图示的匀强磁场区域，磁场宽度为2L，磁感应强度为B，从bc边进入磁场左边界开始计时，则在线框通过磁场的过程中，ab段导线的电压Uab与线框移动距离x的关系；正确的是（）

A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)7、如图所示，在虚线所示宽度为d的范围内，存在竖直向下电场强度为E的匀强磁场，某种正离子（质量为m，电荷量为q）以初速度为垂直于左边界射入，离开右边界时偏转角度为．在同样宽度范围内，若只存在方向垂直纸面向外的匀强磁场，使该离子以原来的初速度穿过该区域，偏转角度仍为．不计离子的重力；则以下说法正确的是。

A.离开电场时的速度大小为B.离开磁场时的速度大小为C.电场强度的大小为D.匀强磁场的磁感应强度大小为8、对下列图中一定质量的理想气体图像的分析；正确的是（）

A.甲图中理想气体的体积一定不变B.乙图中理想气体的温度一定不变C.丙图中理想气体的压强一定不变D.丁图中理想气体从到可能经过了温度先降低后升高的过程9、一定质量的气体在等温变化过程中（可视作理想气体），下列物理量中将发生变化的是（）A.分子的平均动能B.单位体积内的分子数C.气体的压强D.分子总数10、下列说法正确的是___________。A.气体的温度升高时，分子的热运动变得剧烈，分子的平均动能增大，撞击器壁时对器壁的作用力增大，但气体的压强不一定增大B.扩散现象和布朗运动的剧烈程度都与温度有关，所以扩散现象和布朗运动也叫做热运动C.晶体在熔化过程中温度保持不变，但其内能在增大E.作用在任何一部分液面上的表面张力，总是跟这部分液面垂直E.作用在任何一部分液面上的表面张力，总是跟这部分液面垂直11、如图，一定量的理想气体从状态a（po，Vo，To）经热力学过程ab、bc、ca后又回到状态a。对于ab、bc、ca三个过程；下列说法正确的是（）

A.ab过程中，容器壁单位面积单位时间内受到气体分子撞击的次数可能不变B.ab过程中，气体内能的增量等于从外界吸收的热量C.bc过程中，气体对外界做的功大于气体从外界吸收的热量E.ca过程中，外界对气体做功poV。E.ca过程中，外界对气体做功poV。12、新冠肺炎疫情期间；某班级用于消毒的喷壶示意图如图所示。闭合阀门K，向下压压杆A可向瓶内储气室充气，多次充气后按下按柄B打开阀门K，消毒液会自动经导管从喷嘴处喷出。储气室内气体可视为理想气体，充气和喷液过程中温度保持不变，则下列说法正确的是（）

A.充气过程中储气室内气体分子数增多且分子运动剧烈程度增加B.充气过程中，储气室内气体分子平均动能不变，压强增大C.只要储气室内气体压强大于外界大气压强，消毒液就能从喷嘴处喷出E.喷液过程中，储气室内气体分子对器壁单位面积的平均作用力减小E.喷液过程中，储气室内气体分子对器壁单位面积的平均作用力减小13、如图所示，是电场中某区域的电场线分布图，a、b是电场中的两点。下列说法正确的是

A.b点的场强较小B.b点的场强较大C.同一个检验点电荷放在a点所受的电场力比放在b点时所受电场力大D.同一个检验点电荷放在b点所受的电场力比放在a点时所受电场力大14、如图所示电路中，电源内电阻为r，R1、R3、R4均为定值电阻，电表均为理想电表．闭合电键S，将滑动变阻器R2的滑片向上滑动，电流表和电压表示数变化量的大小分别为下列结论中正确的是（）

A.电流表示数变大B.电压表示数变大C.D.15、一束光线穿过介质1；2、3时；光路如图所示，则()

A.介质1的折射率最大B.介质2是光密介质C.光在介质2中的速度最大D.当入射角由45°逐渐增大时，在1、2分界面上可能发生全反射评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)16、在电解液中，(1)若5s内沿相反方向通过某截面的正、负离子的电荷量均为5C，则电解液中的电流为_______A；(2)若5s内到达阳极的负离子和到达阴极的正离子均为5C，则电流为_______A．17、如图所示，正、负电子垂直磁场方向沿与边界成θ＝30°角的方向射入匀强磁场中，不计重力，那么在磁场中正、负电子的运动时间之比为________18、水的饱和汽压随温度的变化而变化，温度升高时，饱和汽压______（填“增大”、“减小”或“不变”）；在一定温度下，水的饱和汽体积减小时，分子数密度______（填“增大”、“减小”或“不变”）；通过降低温度______（填“可以”或“不可以）使未饱和汽变成饱和汽。19、我国南方谷雨时节，天气潮湿，门窗、墙面、地面都会“出汗”，这是由于空气中的水分子达到饱和，使得北方人在南方时大多感觉不适，那么在物理学中用来描述此潮湿感觉的物理量是_______。此现象中，水珠附着在墙面成露珠状，是由于液体_______作用的结果。20、如图所示，在p-V图中有三条气体状态变化曲线，一定质量的理想气体可沿这三条路径从状态i到状态j，已知曲线1为绝热变化过程，气体内能变化分别为△U1、△U2、△U3，它们的大小关系是_____；气体对外界做功分别为W1、W2、W3，它们的大小关系是_____；气体从外界吸收的热量大小为Q1、Q2、Q3，它们的大小关系是_____。

21、蒸汽机、内燃机等热机以及电冰箱工作时都利用了气体状态变化来实现能量的转移和转化，我们把这些气体称为工质。某热机经过一个循环后，工质从高温热源吸热Q1，对外做功W，又向低温热源放热Q2，工质完全恢复初始状态，内能没有变化。根据热力学第一定律，在工质的一个循环中，Q1、Q2、W三者之间满足的关系是____。热机的效率不可能达到100%，从能量转化的角度，说明___能不能完全转化为___能而不产生其他影响。22、如图电路中，电源有内阻，开关S1、S2、S3、S4均闭合，在平行板电容器C的极板间悬浮着一带电油滴P；

(1)若只断开S1，则P将________．

(2)若只断开S2，则P将________．

(3)若只断开S3，则P将________．

(4)若只断开S4，则P将________．23、如图所示，平行导轨间的距离为d，一端跨接一个电阻R，匀强磁场的磁感应强度为B，方向垂直于平行金属导轨所在平面向里。一根足够长的金属棒与导轨成θ角放置，金属棒与导轨的电阻不计，当金属棒沿垂直于棒的方向滑行时，则ab的电势差为____，φa_____φb。（填写“＜”“＞”“﹦”）

24、质量为m1=0.1kg的物块A在光滑的水平面上以0.3m/s的速率向右运动,恰遇上质量m2=0.5kg的物块B以0.1m/s的速率向左运动,两物块正碰后,物块B恰好停止,那么碰撞后物块A的速度大小是____,方向____(填“向左”或“向右”)评卷人得分四、作图题(共3题，共18分)25、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

26、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

27、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共1题，共3分)28、磁力锁主要由电磁铁和衔铁组成．某小组用如图甲所示的装置研究电磁铁线的工作电压与衔铁所受磁力大小的关系，弹性梁一端连接有衔铁，在外力作用下可以上下运动，另一端固定于墙壁，电磁铁位于衔铁正下方，为理想电压表.

(1)为增大电磁铁产生的磁感应强度，变阻器的滑片应向_________端移动（选填“”或“”）.

(2)已知电磁铁线圈的直流电阻为滑动变砠器的最大阻值为电源的电动势为滑动变阻器能提供的最大分压为则电源E的内阻为_________（保留两位有效数字）

(3)同学们将阻值会因形状变化而发生改变的金属应变片粘贴在弹性梁的上表面，然后将金属应变片定值电阻和理想电压表连接成如图乙所示的电路．线圈通电吸引衔铁下移时，应变片变长，的阻值将_________，电压表的读数将_________．（填“增大”“减小”或“不变”）

(4)在线圈通电吸合衔铁后，用外力使电磁铁和衔铁刚好分开，测得外力与线圈两端电压的关系如图丙所示，若要求该锁能抵抗的外力，则工作电压至少为_________．

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、C【分析】【分析】

【详解】

A.γ射线速度为光速；β射线次之，α射线速度最慢，故A错误；

B.γ射线的穿透本领最强；故B错误；

C.β射线的电子来源于原子核；阴极射线的电子来自于核外电子，两者本质都是高速电子流，故C正确；

D.γ射线和X射线的传播速度都是光速；故D错误。

故选C。2、B【分析】【详解】

根据交流电动势可知ω＝100πrad/s，解得交流电的频率f为50Hz，故A错误；根据交流电动势瞬时表达式，可知Em＝100V，交流电动势的有效值故B正确；当线圈转到如图所示的位置时，穿过线圈的磁通量最大，穿过线圈的磁通量变化率为零，电动势为零．故CD错误．3、B【分析】【分析】

【详解】

单位时间内喷到工件上的水的体积为

故质量为

设水的初速度方向为正方向，则由动量定理可得

解得

故B正确；ACD错误。

故选B。4、B【分析】【详解】

气体的压强

由于mA>mB，所以pA>pB

所以VA<VB

根据可得

由于T和△T相同，VA<VB，所以△VA<△VB，即B下降的比A下降的多。

故选B。

【点睛】

本题的关键是分析气体的体积的变化情况，首先要分析出气体的压强是不变的，根据即可解题。5、C【分析】【详解】

保持开关闭合；电容器两端的电势差等于电源的电动势，故电容器两端的电势差不变，则指针张角不变，故AD错误；断开开关S后，电容器带电量不变，将AB靠近一些，则d减小，电容变大，根据C=Q/U知，电势差减小，指针张角减小，故B错误；断开开关S后，电容器带电量Q不变，将A；B两极板的正对面积减小一些，电容C减小，根据C=Q/U知，电势差U增大，指针张角增大，故C正确；故选C。

【点睛】

本题考查电容器的动态分析，关键抓住断开电键，电容器所带的电量不变，电键闭合，电容器两端的电势差不变．6、A【分析】【详解】

设线圈总电阻为R；当线圈从进入磁场开始在0~L范围内，电流方向逆时针，电动势E＝BLv，则

在L~2L范围内，电流方向逆时针，电动势E＝2BLv，则

在2L~3L范围内，电流方向顺时针，电动势E＝BLv，则

在3L~4L范围内，电流方向顺时针，电动势E＝2BLv，则

综上所述，故选A。二、多选题(共9题，共18分)7、C:D【分析】【详解】

试题分析：粒子在电场中做类平抛运动；在磁场中做匀速圆周运动，由类平抛运动规律；牛顿第二定律可以求出磁感应强度大小．

粒子在电场中运动时，在水平方向做匀速直线运动，在竖直方向做匀加速直线运动，根据速度的分解可得离开电场时的速度大小为A错误；由于受到的洛伦兹力和速度方向垂直，所以不改变粒子运动速度大小，故离开磁场时速度仍为B错误；离子在电场中做类平抛运动，竖直方向①，②，水平方向：③，由①②③解得C正确；当改用匀强磁场时，离子做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得：④，由几何知识可知，轨道半径⑤，由④⑤解得：D正确；8、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．甲图中的p-T图象是过原点的倾斜直线；即压强与热力学温度成正比，气体发生等容变化，所以理想气体体积一定不变，故A正确；

B．p-V图象为双曲线的一支则为等温线；乙图中可能是等温线，所以理想气体的温度可能不变，故B错误；

C．丙图中的V-T图象是过原点的倾斜直线；即体积与热力学温度成正比，气体发生等压变化，所以理想气体压强一定不变，故C正确；

D．p-V图象中的等温线是在第一象限的双曲线的一支，p与V的积越大，温度越高，由图示图象可知，所以从P到Q的过程中；温度先升高，后降低，故D错误。

故选AC。9、B:C【分析】【详解】

A．气体在等温变化过程中；温度不变，所以分子的平均动能不变，故A错误；

BD．等温变化过程研究的是一定质量的气体；压强随体积变化而变化，一定质量的气体，其分子总数一定，单位体积内的分子数改变，故B正确，D错误；

C．等温变化过程研究的是一定质量的气体；压强随体积变化而变化，故C正确。

故选BC。10、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．从微观上来看；气体的压强由气体分子的平均动能和分子的密集程度决定的；气体的温度升高时，分子的热运动变得激烈，分子的平均动能增大，撞击器壁时对器壁的作用力增大；但若同时单位体积内分子的个数减少，则气体的压强不一定增大，故A正确；

B．分子永不停息的无规则运动叫做热运动；布朗运动是悬浮微粒的无规则运动，而不是分子的无规则运动；扩散现象是由物质分子的无规则运动产生的，故B错误；

C．晶体熔化过程中吸收热量；但温度保持不变，内能=分子动能（取决于温度）+分子势能（取决于状态），吸热，分子势能增大，故内能增大，故C正确；

D．一般认为取无限远处分子势能为零；分子在无限远时，分子占主导，从无限远到引力；斥力平衡点这段距离中，合力做正功，分子势能减小，到平衡点时，势能最小且小于零，所以分子势能最小时不一定是分子势能为零，故D正确；

E．作用在任何一部分液面上的表面张力；其方向总是沿这部分液面的切线方向且垂直于这部分液面的分界线，故E错误。

故选ACD。11、B:D:E【分析】【详解】

AB．ab过程中，气体体积不变，温度升高，所以容器壁单位面积单位时间内受到气体分子撞击的次数增大，气体内能增大，又W=0；由热力学第一定律可知气体内能的增量等于气体从外界吸收的热量，所以A项错误，B项正确；

C．bc过程中；温度不变，气体内能不变，体积增大，气体对外界做的功等于气体从外界吸收的热量，所以C错误；

D．ca过程中；压强不变，温度降低，体积减小，分子平均动能减小，容器壁单位面积单位时间内受到气体分子撞击的次数增多，所以D项正确；

E．由图可得VC=2V0，ca过程中，压强不变，体积减小，外界对气体做功W=p0V0；所以E项正确。

故选BDE。12、B:D:E【分析】【分析】

【详解】

A．充电过程中温度不变；而分子运动的剧烈程度取决于气体的温度，温度不变，分子运动的剧烈程度不变，所以A错误；

B．充气过程中；温度不变，所以储气室内气体的分子平均动能不变，而充气过程中储气室内气体分子数增多，所以单位面积撞击器壁的次数变多，所以压强增大，所以B正确；

C．只有当储气室内气体压强大于大气压强与喷嘴到液面这段液体产生的压强之和时；消毒液才能从喷嘴处喷出，所以C错误；

D．喷液过程中；气体膨胀，对外做功，但是气体温度不变，内能不变，根据热力学第一定律，一定需要从外界吸收热量，所以D正确；

E．喷液过程中；气体体积膨胀，由于温度不变，根据玻意耳定律，气体压强减小，即储气室内气体分子对器壁单位面积的平均撞击力减小，所以E正确。

故选BDE。13、B:D【分析】电场线的疏密表示场强的大小，所以b点的场强较大，故A错误，B正确；b点的电场强度较大，所以同一个检验点电荷放在b点所受的电场力比放在a点时所受电场力大；故C错误，D正确。

【名师点睛】本题考查对电场线物理意义的理解，关键掌握电场线的特点，电场线的疏密可表示电场强度的强弱。14、A:D【分析】【详解】

AB．滑动变阻器的滑片向上滑动，变小，则外电阻变小，根据

可知变大，根据

可知路端电压U变小，而故变小，则I3变小，而由

因变大，I3变小，则变大，故变大，而

因变小，故变小，则变小。又

因变大，变小，则I变大；则电流表示数变大，电压表示数变小，选项A正确，B错误；

CD．根据闭合电路欧姆定律有

可得

由于

因I变大，变小，变大，则则有

选项C错误；D正确。

故选AD。15、C:D【分析】【分析】

根据光路图，首先判断出三种介质的折射率的大小关系，可判断折射率的大小，再结合光在介质中的传播速度与折射率的关系分析光在介质中速度的大小，由光发生全反射的条件可判断．

【详解】

A．由图可知，光从介质1射入介质2中折射角大于入射角，则介质1、2相比较有：n1>n2；光从介质2射入介质3中折射角小于入射角，则介质2、3相比较有：n2<n3，根据光的可逆性知，光从2射向1或从2射向3时，入射角相等，从折射角上可判断n3>n1，所以有n3>n1>n2；即介质3折射率最大，故A错误；

B．由对A的分析可知；相对来说，2是光疏介质，故B错误；

C．因2的折射率最小，由公式知；光在介质2中的传播速度最大，故C正确；

D．光从1到2是从光密介质到光疏介质；入射角小于折射角，在入射角逐渐增大时，在此界面上可能发生全反射，故D正确．

【点睛】

本题主要考查了折射定律和全反射的应用，根据公式分析，较为简单．三、填空题(共9题，共18分)16、略

【分析】【详解】

(1)[1]若5s内沿相反方向通过某截面的正、负离子的电荷量均为5C，则电解液中的电流

(2)[2]若5s内到达阳极的负离子为5C，则电流【解析】2117、略

【分析】设正离子轨迹的圆心角为α；负离子轨迹的圆心角为β，由几何知识得到；

α=2π-2θ；β=2θ

正离子运动的时间为负离子运动的时间为而正、负离子在磁场中运动的周期相同，所以时间之比【解析】1:5；18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3]饱和汽压是物质的一个重要性质，它的大小取决于物质的本性和温度，同一种物质温度越高，饱和汽压越大，温度升高时，饱和汽压增大；在一定温度下，同一种液体的饱和汽分子密度都是一定的，水的饱和汽体积减小时，分子密度不变；降低温度，饱和汽压减小，所以可以使未饱和汽变成饱和汽。【解析】增大不变可以19、略

【分析】【详解】

[1]在物理学中用来描述此潮湿感觉的物理量是相对湿度。

[2]此现象中，水珠附着在墙面成露珠状，是由于液体表面有张力作用的结果．【解析】相对湿度表面张力20、略

【分析】【详解】

[1]．从状态i到状态j温度的变化相同，则内能变化相同，即△U1=△U2=△U3

[2]．根据可知，p-V图像与坐标轴围成的面积等于做功的大小，则由图像可知W1<W2<W3

[3]．由题意可知Q1=0；根据热力学第一定律∆U=W+Q，因△U2=△U3，W2<W3，则Q2<Q3，即Q1<Q2<Q3【解析】△U1=△U2=△U3W1<W2<W3Q1<Q2<Q321、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由热力学第一定律，热量、做功、内能的符号规定得Q1＋（－Q2）＋（－W）＝0，即Q1－Q2＝W。

[2][3]再由热力学第二定律知，内能不可能全部转化成机械能而不产生其他影响。【解析】Q1－Q2＝W内机械22、略

【分析】【详解】

（1）只断开S1；电容器两板间的电压不变，场强不变，油滴所受的电场力不变，油滴仍处于静止状态．

（2）只断开S2；电容器两板间的电压增大，稳定时，其电压等于电源的电动势，板间场强增大，油滴所受的电场力增大，油滴将向上做加速直线运动．

（3）只断开S3；电容器通过电阻放电，板间场强逐渐减小，油滴所受的电场力减小，油滴将向下做加速直线运动．

（4）只断开S4；电容器的电量不变，板间场强不变，油滴仍处于静止状态．

【点睛】

本题考查分析电容器电压的能力．难点是断开s2，要知道稳定后电容器的电压等于电源的电动势，可以用电势差等于电压来理解.【解析】静止向上做匀加速直线运动向下做加速直线运动静止23、略

【分析】【详解】

[1][2]由导体切割磁感线时的电动势公式可知，ab中产生的感应电动势为

磁场方向垂直纸面向里，根据右手定则得到ab中感应电流方向为b到a，则电流从下向上经过R，a端相当于电源的正极，b端相当于电源的负极，则a点电势高于b点电势。【解析】>24、略

【分析】设向右为正方向,由动量守恒定律得代入数据解得负号表示方向向左。【解析】0.2m/s向左四、作图题(共3题，共18分)25、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；