2025年西师新版高二物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年西师新版高二物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、两个物体分别带有电荷（）

A.它们之间的静电力一定是引力。

B.它们之间的静电力一定是斥力。

C.如果它们带的是同种电荷；它们之间的静电力一定是引力。

D.如果它们带的是异种电荷；它们之间的静电力一定是引力。

2、小球沿固定光滑斜面下滑的过程中受到的作用力共有A.一个B.两个C.三个D.四个3、静止的实验火箭，总质量为M，当它以对地速度为v0喷出质量为Δm的高温气体后，火箭的速度为()A.B.C.D.4、某静电场中的电场线方向不确定，分布如图所示，带电粒子在电场中仅受静电力作用，其运动轨迹如图中虚线所示，由M

运动到N

以下说法正确的是(

)

A.粒子必定带正电荷B.该静电场一定是孤立正电荷产生的C.粒子在M

点的加速度小于它在N

点的加速度D.粒子在M

点的速度大于它在N

点的速度5、如图；在两平行直导线AB

中，通有方向相同的电流I.

则B

导线受到磁场力的方向(

)

A.向左B.向右C.垂直纸面向外D.垂直纸面向里6、汽车以一定速率通过拱桥时(

)

A.在最高点汽车对桥的压力一定大于汽车的重力B.在最高点汽车对桥的压力一定等于汽车的重力C.在最高点汽车对桥的压力一定小于汽车的重力D.汽车以恒定的速率过桥时，汽车所受的合力一定为零7、关于电场、电场线的性质，下列说法正确的是(

)

A.在电场中的任一点，电荷的受力方向，就是该点的电场方向B.电场线就是带电粒子在电场中的运动轨迹C.电场线在特殊情况下可能相交D.电场线的疏密表示电场的强弱8、矩形线圈在匀强磁场中匀速转动产生的电动势e鈭�t

图象如图所示；则(

)

A.t1t3

时刻线圈平面与中性面垂直B.t2t4

时刻线圈中磁通量最大C.t1t3

时刻线圈中磁通量变化率最大D.t2t4

时刻线圈平面与中性面平行评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)9、如图所示，一辆汽车沿水平面向右匀速运动，通过定滑轮将重物A竖直吊起，在吊起重物的过程中，关于重物的运动及受力情况下列判断正确的是（）A.重物匀速上升B.重物加速上升C.重物所受重力等于拉力D.重物所受重力小于拉力10、一带正电的粒子在电场中做直线运动的v-t图象如图所示，t1、t2时刻分别经过M、N两点，已知运动过程中粒子仅受电场力作用，则下列判断正确的是（）A.该电场可能是由某正点电荷形成的B.从M点运动到N点的过程中，电势能逐渐增大C.M点的电势高于N点的电势D.粒子在M点所受到的电场力等于在N点所受到的电场力11、质谱仪的原理如图所示，从粒子源S出来时的粒子速度很小，可以看做初速度为零，粒子经过电场加速进入有界的垂直纸面向里的匀强磁场区域，并沿着半圆周运动而达到照底片上的P点，测得P点到入口的距离为x，则以下说法正确的是（）A.仅加速电压增大，其他量不变，则x增大B.仅匀强磁场增强，其他量不变，则x增大C.仅粒子的质量增大，其他量不变，则x增大D.仅粒子的电荷量增加，其他量不变，则x增大12、某地的地磁场磁感应强度的竖直分量方向向下，大小为4.5×10-5T．一灵敏电压表连接在当地入海河段的两岸，河宽100m，该河段涨潮和落潮时有海水（视为导体）流过．设落潮时，海水自西向东流，流速为2m/s．下列说法正确的是（）A.河北岸的电势较高B.河南岸的电势较高C.电压表记录的电压为9mVD.电压表记录的电压为5mV13、理发用的电吹风机中有电动机和电热丝，电动机带动风叶转动，电热丝对空气加热，得到热风将头发吹干.

设电动机线圈的电阻为R1

它与电热丝的电阻R2

串联，接到直流电源上.

电吹风机两端电压为U

电流为I

消耗的电功率为P

则有(

)

A.IU>P

B.P=I2(R1+R2)

C.IU=P

D.P>I2(R1+R2)

14、光滑金属导轨宽L=0.5m，电阻不计，均匀变化的磁场充满整个轨道平面，如图甲所示，磁场的磁感应强度随时间变化的情况如图乙所示．金属棒ab的电阻为2Ω，垂直固定在导轨上静止不动，且与导轨左端距离l=0.2m，则（）A.1s末回路中的电动势为0.1VB.1s末回路中的电流为1AC.2s末回路产生的电热为0.01JD.2s末，ab所受安培力大小为0.05N评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)15、（4分）伽利略通过研究自由落体和物块沿光滑斜面的运动，首次发现了匀加速运动规律．伽利略假设物块沿斜面运动与物块自由下落遵从同样的法则，他在斜面上用刻度表示物块滑下的路程，并测出物块通过相应路程的时间，然后用图线表示整个运动过程，如图所示．图中OA表示测得的时间，矩形OAED的面积表示该时间内物块经过的路程，则图中OD的长度表示．P为DE的中点，连接OP且延长交AE的延长线于B，则AB的长度表示．16、平行板电容器电容为C，带电量为Q，板间距离为d，今在两板距离的中点d/2处，放一电荷q，则它所受到的电场力的大小为17、如图所示，两段水银柱将U形管内的空气分成A，B两部分，若B气柱长L=19cm，封闭A气体的水银柱上端面跟右管水银柱液面相平，外界大气压p0=76cmHg=1.0×105Pa，则A部分气体的压强pA=____Pa．

18、一根长为20cm的通电直导线放在匀强磁场中，直导线与磁场方向垂直．若导线中通以100mA的电流时，它所受到的磁场力为2×10-3N，该匀强磁场的磁感应强度大小为____T．若将此导线转过90°，使之与磁场方向一致，则该处的磁感应强度大小应为____T．19、从通电螺线管的磁感应线图观察，在螺线管内部，磁感应线的方向是从____（填“N极到S极”或“S极到N极”）

20、图中虚线所示为静电场中的等势面1、2、3、4,相邻的等势面之间的电势差相等，其中等势面3的电势为0。一带负电的点电荷在静电力的作用下运动，经过a、b点时的动能分别为26eV和5eV.当这一点电荷运动到某一位置，其电势能变为+5eV，则它的动能应为_______eV.21、如图所示，质量为M的物体靠在粗糙的竖直墙上，物体与墙面的动摩擦因数为μ．现用垂直于斜边的推力F作用于物体上，物体保持静止状态，则物体受到墙面的摩擦力为____．

22、只要导体两端存在______，导体中的自由电子就在______力的作用下，作定向移动．移动的方向与导体中电流的方向______．评卷人得分四、判断题(共1题，共3分)23、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）评卷人得分五、实验题(共4题，共36分)24、如图所示器材可用来研究电磁感应现象及判定感应电流方向。（1）在给出的实物中，用笔线代表导线将图中所缺的导线补接完整，组成实验电路。（2）在实验中，当电键闭合瞬时，观察到电流表指针向右偏转。电键闭合一段时间后，为使电流表指针向左偏转，可采取的方法有（）（多选）A．迅速断开电源B．将滑动触头向右端滑动C．将一软铁棒插入线圈L1中D．将线圈L1迅速从线圈L2中提出25、在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，得出伏安特性曲线如图甲所示。所用小灯泡的额定是电压是3.0V。（1）在图乙的方框中画出实验电路。（2）将实物图丙连接成实验电路。（3）根据图甲，该小灯泡在电压为2.8V时的实际电阻为Ω（结果保留三位有效数字）。（4）关于该实验的系统误差，下列判断正确的是（）A．系统误差主要是由电压表的分流引起的，电压越大误差越大B．系统误差主要是由电流表的分压引起的，电流越大误差越大C．系统误差主要是由于忽略电源内阻引起的，电源内阻越大误差越大D．系统误差主要是由读数时的估读引起的，电压越大误差越大26、某同学在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中；使用的器材如下：

小灯泡（2.5V；1.25W）

电源（电动势3V；内阻不计）

电流表（0~0.6A；内阻约0.125Ω，0~3A，内阻约0.025Ω）

电压表（0~3V；内阻约3kΩ，0~15V，内阻约15kΩ）

滑线变阻器R（0~10Ω；额定电流2A）

单刀单掷开关及导线若干。

（1）为减小误差，在本实验中电流表应选用0~_____A量程，电压表应选用0~_____V量程；

（2）如图是本实验器材的实物图，图中已连接了部分导线，为了满足实验要求并尽可能减小误差，请补充完成实物图中的连线____________。

27、某同学在“利用单摆测定重力加速度”的实验中，测得摆线长为l，摆球直径为d，然后用秒表测得n次全振动的时间为t，则：（1）重力加速度的表达式g=________________.(用上述符号表示)（2）若用10分度的游标卡尺测得摆球直径如下图所示，则摆球的直径为_______mm。单摆在竖直面内摆动，用秒表测出单摆做50次全振动所用的时间如图，则t=_______s，单摆的周期为_______s。（3）有人提出以下几点建议，其中对提高测量结果精确度有利的是（）A．测量摆长的方法：用刻度尺量出从悬点到摆球间细线的长B．测量周期时，从小球到达最大位移处开始计时，测出摆球完成一次全振动的时间C．适当加长摆线D．为了便于计时观察，单摆的摆角应尽量大些评卷人得分六、解答题(共2题，共20分)28、两块带有等量异种电荷的金属板靠近时，互相正对的中央区域会产生电场强度的大小、方向处处相同的电场，叫做匀强电场．如图所示，水平放置的平行金属板a、b间有一匀强电场．一电量为q=4×10-6C、质量为m=2.5×10-3kg的带电液滴，以水平初速度v，从两板左端飞入电场，液滴恰能匀速沿水平直线方向穿出a、b间的匀强电场区域；求：

（1）液滴带何种电荷？

（2）a、b金属板间匀强电场的场强多大？

（3）若增加匀强电场的场强；液滴将向哪块金属板偏转？

29、利用电动机通过如图所示的电路提升重物，已知电源电动势E=6V，电源内阻r=1Ω，电阻R=3Ω，重物质量m=0.10kg，当将重物固定时，电压表的示数为5V，当重物不固定，且电动机最后以稳定的速度匀速提升重物时，电压表的示数为5.5V，求：重物匀速上升时的速度大小（不计摩擦，g取10m/s2）．

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】

A；它们之间的静电力不一定是引力；若是同种电荷则是斥力．若是异种电荷则是引力．故A错误；

B；它们之间的静电力不一定是斥力；若是同种电荷则是斥力．若是异种电荷则是引力．故B错误；

C；如果它们带的是同种电荷；它们之间的静电力一定是斥力，而不是引力，故C错误；

D；如果它们带的是异种电荷；它们之间的静电力一定是引力，故D正确；

故选：D

【解析】【答案】（1）根据同性排斥异性吸引进行判断．

（2）直接根据库伦定律公式进行计算即可．

2、B【分析】小球在下滑过程中受到重力，斜面的支持力，两个力作用，因为斜面是光滑的，不受摩擦力作用，所以选B。【解析】【答案】B3、B【分析】由动量守恒Δmv0+（M-Δm）v=0，v=B对；【解析】【答案】B4、C【分析】解：A

由电荷的运动轨迹可知；电荷所受的电场力斜向上，由于电场线的方向未知，所以不能确定电荷的电性，故A错误。

B；孤立正电荷的电场线从正电荷出发到无穷远处终止的直线；故该静电场不一定是孤立正电荷产生的。故B错误。

C；电场线密的地方电场的强度大；电场线疏的地方电场的强度小，由图可知，N

点的场强大于M

点的场强的大小，在N

点的受力大于在M

的受力，所以粒子在M

点的加速度小于它在N

点的加速度，故C正确。

D；正电荷沿着电场的方向运动；所以电场力做正功，电荷的电势能减小，动能增加，所以粒子在M

点的速度小于它在N

点的速度动能，故D错误。

故选：C

电场线密的地方电场的强度大；电场线疏的地方电场的强度小，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．

此题根据物体做曲线运动的条件，掌握住电场线的特点，即可解决本题．【解析】C

5、A【分析】解：两电流通过的电流方向相同；则由结论可知，两电流相互吸引，故B受到的磁场作用力水平向左；选项A正确，BCD错误．

故选：A

根据平行通导线间的作用力的结论“同向电流相互吸引；反向电流相互排斥”进行判断。

本题考查平行通电导线的作用，也可以先用安培定则判断B

在A

处的磁场方向，再由左手定则判断A

的受力情况【解析】A

6、C【分析】解：汽车到达桥顶时；受重力G

和向上的支持力N

合力提供向心力，有：

G鈭�N=mv2r

解得：N=mg鈭�mv2r<mg

根据牛顿第三定律得车对桥的压力等于桥对车的支持力；所以在最高点汽车对桥的压力一定小于汽车的重力．

故选：C

．

汽车过拱桥；做圆周运动，在最高点，合力提供向心力，根据牛顿第二定律列式即可．

汽车过拱桥，车做的是圆周运动，不是匀速直线运动，故压力不等于重力．【解析】C

7、D【分析】解：A

在电场中的任一点；正电荷的受力方向，就是该点的电场方向，负电荷的受力方向与场强方向相反，故A错误；

B；电场线是一种理想化的物理模型；实际上不存在，不是带电粒子的运动轨迹，故B错误；

C；在电场中；任何电场线都不相交，故C错误；

D；我们用电场线的疏密表示电场的强弱；故D正确；

故选D．

正电荷的受力方向是电场的方向；电场线是一种理想化的物理模型；不是带电粒子的运动轨迹，电场线的切线方向是该点电场强度的方向；任何两条电场线都不相交．

要注意：电场力的方向与电荷的电性有关，正电荷的受力方向，就是该点的电场方向，负电荷的受力方向与场强方向相反．【解析】D

8、B【分析】解：t1

时刻感应电动势为零；磁通量最大；

t2

时刻感应电动势最大；线圈平面与中性面垂直，磁通量的变化率最大；

t3

时刻线圈通过中性面；

t4

时刻线圈中感应电动势最大；磁通量变化率最大.

因此t1t3

时刻线圈通过中性面，t2t4

时刻线圈平面与中性面垂直，故B正确，ACD错误；

故选：B

矩形线圈在匀强磁场中匀速转动时产生正弦交变电流.

磁通量为零；感应电动势最大；磁通量最大时，感应电动势为零，线圈恰好通过中性面.

经过中性一次，电流方向改变一次.

根据法拉第定律，感应电动势与磁通量变化率成正比．

本题考查正弦交变电流产生过程中磁通量与感应电流、感应电动势及位置之间的关系，基本题．【解析】B

二、多选题(共6题，共12分)9、BD【分析】解：设绳子与水平方向的夹角为θ，将小车的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向的速度等于A的速度，根据平行四边形定则得，vA=vcosθ；车子在匀速向右的运动过程中，绳子与水平方向的夹角为θ减小，所以A的速度增大，A做加速上升运动，且拉力大于重物的重力，故AC错误，BD正确；

故选：BD。

将小车的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向；沿绳子方向的速度等于A的速度，根据A的运动情况得出A的加速度方向，得知物体运动情况。

解决本题的关键会对小车的速度进行分解，知道小车的速度是沿绳子方向和垂直于绳子方向速度的合速度．【解析】BD10、BD【分析】解：A；D、由速度时间图象可知：粒子在电场中做匀减速直线运动；加速度是一个定值，所以粒子在M点所受到的电场力等于在N点所受到的电场力；电场力不变，是匀强电场，所以不可能是由某正点电荷形成的，故A错误，D正确；

B；C、从M到N的运动过程中速度减小；根据动能定理可知电场力做负功，电势能增加，又由于是正电荷，所以电势也增加，故M点的电势低于N点的电势，故B正确，C错误．

故选：BD

由速度时间图象可知：粒子在电场中做匀减速直线运动；加速度是一个定值，所以电场力不变，是匀强电场，根据动能定理可知，电场力做负功，电势能增加，又由于是正电荷，电势也增加．

本题主要抓住速度时间图象的特点，知道粒子做匀减速直线运动，知道电场力做功与电势能的关系，难度不大，属于基础题．【解析】【答案】BD11、AC【分析】解：根据半径公式知，x=2r=又qU=联立解得x=

A；仅加速电压增大；其他量不变，则x增大，故A正确；

B；仅匀强磁场增强；其他量不变，则x减小，故B错误；

C；仅粒子的质量增大；其他量不变，则x增大，故C正确；

D；仅粒子的电荷量增加；其他量不变，则x减小，故D错误；

故选：AC

根据带电粒子在磁场中运动的半径公式结合动能定理；根据x的大小比较出粒子质量和电量比值的大小．

解决本题的关键掌握左手定则判断洛伦兹力、电荷运动方向，磁场方向的关系，以及掌握带电粒子在磁场中运动的轨道半径公式．【解析】【答案】AC12、AC【分析】解：A；B、地磁场磁感应强度的竖直分量方向向下；落潮时，海水自西向东流，相当于导体切割磁感线，由右手定则判断可知，感应电动势的方向由河南岸指向北岸，则河北岸的电势较高．故A正确，B错误．

C；D、海水自西向东流切割地磁场的磁感线；产生的感应电动势大小为：

E=BLv=4.5×10-5T×100m×2m/s=9mV；

则电压表记录的电压为9mV．故C正确；D错误．

故选：AC．

落潮时；海水自西向东流，相当于导体切割磁感线，有效切割的长度等于河宽100m，由右手定则判断电势高低，由E=BLv求解感应电动势，得到电压表的示数等于感应电动势大小．

本题运用右手定则判断感应电动势的方向，由E=BLv求感应电动势，考查运用物理知识处理实际问题的能力．【解析】【答案】AC13、CD【分析】解：电吹风机消耗的电功率P

是总的功率；总功率的大小应该是用P=IU

来计算，所以总功率P=IU

所以A错误，而C正确．

电吹风机中发热的功率要用I2R

来计算；所以总的发热功率为I2(R1+R2)

吹风机的总功率P=IU

要大于发热部分的功率，所以B错误，D正确．

故选CD．

在计算电功率的公式中；总功率用P=IU

来计算，发热的功率用P=I2R

来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的．

对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的．【解析】CD

14、ACD【分析】解：A、由图知，==1T/s；由法拉第电磁感应定律得：

感应电动势为E=S=Ll=0.5×0.2×1V=0.1V；故A正确．

B、回路中感应电流为I===0.05A；故B错误．

C、2s内回路产生的电热为Q=I2Rt=0.052×2×2J=0.01J；故C正确．

D、2s末，B=2T，ab所受的安培力为F=BIL=2×0.05×0.5N=0.05N；故D正确．

故选：ACD．

由图得到磁感应强度B的变化率；由法拉第电磁感应定律求感应电动势，由欧姆定律求出感应电流，由焦耳定律求电热．由F=BIL求出安培力．

本题关键是对图象的识别和应用，要利用好图象的斜率，结合电磁感应的基本规律：法拉第电磁感应定律、欧姆定律等研究，注意磁通量变化率与变化量的区别．【解析】ACD三、填空题(共8题，共16分)15、略

【分析】试题分析：建立时间轴和速度轴，如图P点为中间时刻，所以OD对应的长度为平均速度，OB段表示速度时间图线，反映速度随时间的变化情况，AB的长度表示末速度。考点：考查了伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法．【解析】【答案】平均速度物块的末速度16、略

【分析】【解析】【答案】Qq/Cd17、1.25×105【分析】【解答】解：设左侧水银柱的长度为h，则B部分气体的压强P=P0+h+L，A部分的压强pA=P﹣h，联立得：pA=76+19=95cmHg=1.25×105Pa

故答案为：1.25×105

【分析】先分析B部分气体压强的大小，在根据A部分的压强pA=P﹣h，联立求解．18、略

【分析】

由题，通电直导线垂直放在匀强磁场中，该匀强磁场的磁感应强度大小为B==T=0.1T

磁感应强度反映磁场本身的强弱和方向；与通电导线的放置方向无关，故该处的磁感应强度大小仍为0.1T．

故答案为：0.1；0.1．

【解析】【答案】当磁场的方向与通电导线方向垂直时，B=根据该公式求出磁感应强度的大小．磁感应强度的大小与导线的放置方向无关．

19、略

【分析】

螺线管周围的磁场与条形磁铁周围的磁场类似；外部由S到N，内部由S到N，形成闭合曲线．

故答案为：S极到N极．

【解析】【答案】螺线管等效于条形磁铁；磁场的方向在外部由N极到S极，在内部，由S极到N极．

20、略

【分析】由于正电荷由a到b动能减少了18eV，而电场中机械能和电势能总和不变，故在3等势面的动能应为12eV，总能量="12"eV+0eV="12"eV,当在其他位置时，由电势能ε="5"eV，所以动能Ek="12"eV-(5eV)="7"eV【解析】【答案】721、mg+Fsinθ【分析】【解答】如图建立坐标系对M进行受力【分析】

M受重力、支持力FN，摩擦力F，推力F．

由于M静止在墙面上；故处于平衡状态满足平衡条件：

y轴方向：F﹣mg﹣Fsinθ=0

解得：F=mg+Fsinθ

故答案为：mg+Fsinθ

【分析】注意区分判断物体受到的是滑动摩擦力还是静摩擦力，能根据平衡条件判断物体的受力情况．22、略

【分析】解：有电压存在则导体两端就会存在电势差；即存在电场，则自由电子在电场力的作用下，发生定向移动，物理学中规定，自由电子的定向移动方向与电流方向相反．

故答案为：电压电场力相反。

只要导体两端存在电压；导体中的自由电子就在电场力的作用下，做定向移动，移动的方向与导体中电流的方向相反。

本题考查了电压的作用以及电流的方向，难度不大，属于基础题．【解析】电压；电场力；相反四、判断题(共1题，共3分)23、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．五、实验题(共4题，共36分)24、略

【分析】（1）略（2）由题干可知磁通量增大时电流表指针向右偏转，想让电流表向左偏转，必须让磁通量减小，AD对；【解析】【答案】（1）（2）（多选）AD25、略

【分析】试题分析：（1）实验中电压和电流需从0开始测起，所以滑动变阻器需采用分压式接法．灯泡内阻较小，电流表采取外接法误差较小。（2）实物图连接如图（3）由图象知，当电压为2.8V时，电流为0.26A，则R＝（4）该实验主要系统误差来源于电压表的分流作用，导致电流表测量的电流偏大，测得的电阻偏小，电压表示数越大，电压表分担的电流越大，则测量的误差越大．故A正确。考点：“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验分压式接法伏安法测电阻误差【解析】【答案】（1）电流表外接，分压电路，开关在干路上（2）滑动变阻器连线接在接线柱上，电表的量程及电表正负极（3）10.8Ω（4）A26、略

【分析】【详解】

（1）[1][2]由于灯泡额定电压为故电压表应选择量程；灯泡额定电流为

故电流表应选择量程；

（2）[3]在描绘灯泡的伏安特性曲线时；为了准确测量要求多测几组数据，并且要求电流从零