2025年西师新版高二物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年西师新版高二物理下册阶段测试试卷986考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示的电路；闭合开关S，当滑动变阻器滑片P向右移动时，下列说法正确的是（）

A.电流表读数变小；电压表读数变大。

B.小电泡L变暗。

C.电容器C上电荷量减小。

D.电源的总功率变大。

2、感应电流的磁场一定A.阻碍引起感应电流的磁通量B.与引起感应电流的磁场反向C.与引起感应电流的磁场同向D.阻碍引起感应电流的磁通量的变化3、图中A、B为两个相同的环形线圈，共轴并靠近放置．A线圈中通有如图(a)所示的交变电流i，则（）A.在t1到t2时间内B两线圈相吸；B.在t2到t3时间内B两线圈相斥；C.t1时刻两线圈间作用力为零；D.t2时刻两线圈间吸力最大4、下列说法正确的是（）A.没有外力作用，物体不会运动，这是牛顿第一定律的体现B.力的国际单位制单位“牛顿”是根据牛顿第二定律定义的C.一对作用力与反作用力总是大小相等，性质相同D.物体的速度越大，其惯性也越大5、如图所示，虚线表示某电场中的四个等势面，相邻等势面间的电势差相等.

一个不计重力的带负电的粒子从右侧垂直于等势面4

向左进入电场，其运动轨迹与等势面分别交于abc

三点，则()A.四个等势面电势高低关系为娄脮1>娄脮2>娄脮3>娄脮4

B.该区域可能是点电荷和无限大金属平板形成的电场C.等势面4

上各点场强处处相等D.粒子的运动轨迹和等势面3

也可能垂直6、图甲是小型交流发电机的示意图，两磁极NS

间的磁场可视为水平方向的匀强磁场，为交流电流表.

线圈绕垂直于磁场的水平轴OO隆盲

沿逆时针方向匀速转动，从图甲所示位置开始计时，产生的交变电流随时间变化的图象如图乙所示.

以下判断正确的是(

)

A.电流表的示数为102A

B.线圈转动的角速度为50娄脨rad/s

C.t=0.01s

时，线圈平面与磁场方向平行D.t=0.02s

时，线圈在中性面位置7、两块平行金属板带等量异号电荷；要使两板间的电压加倍，而板间的电场强度减半，采用的办法有（）

①两板的电量加倍；而距离变为原来的4倍②两板的电量加倍，而距离变为原来的2倍。

③两板的电量减半；而距离变为原来的4倍④两板的电量减半，而距离变为原来的2倍．

A.①

B.③

C.①②

D.③④

8、在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，采用如图所示的装置.

下列说法中正确的是A.垫高长木板一端，调节倾角，直到小车在托盘和砝码的拉动下做匀速直线运动，以平衡小车运动中受到的摩擦力B.在探究加速度与外力的关系时，应该改变小车的质量C.在探究加速度a

与拉力F

的关系时，为了直观判断二者间的关系，应作出a

鈭�1/

F

图象D.当小车的质量远大于托盘和砝码的总质量时，可以近似认为细线对小车的拉力大小等于托盘和砝码的总重力大小评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)9、如图所示，虚线是两个等量点电荷所产生的静电场中的一簇等势线，若不计重力的带电粒子从a点射入电场后恰能沿图中的实线运动，b点是其运动轨迹上的另一点，则下述判断正确的是（）A.由a到b的过程中电场力对带电粒子做正功B.由a到b的过程中带电粒子的动能减小C.若粒子带正电，两等量点电荷均带正电D.若粒子带负电，a点电势低于b点电势10、如图所示，一边长为L

的单匝正方形线圈abcd

放在具有理想边界的匀强磁场中，其电阻为Rab

的中点和cd

的中点的连线OO隆盲

恰好位于匀强磁场的边界线上，外电路电阻阻值为R

磁场的磁感应强度为B

若线圈从图示位置开始以角速度娄脴

绕OO隆盲

轴匀速转动，则()A.闭合电路中感应电动势的瞬时表达式e=BL2蠅sin蠅t

B.转过1/4

圈的时间内，负载R

产生热量Q=蟺B2L4蠅64R

C.转过1/4

圈的时间内，通过负载电阻R

的电荷量q=BL22R

D.转过1/4

圈时，穿过线圈的磁通量为零，此时磁通量随时间变化最快11、某质点做简谐运动；其位移随时间变化的关系如图所示，则质点()

A.第1

s

末与第3

s

末的速度相同B.3

s

末与5

s

末的速度相同C.3

s

末与5

s

末的位移相同D.第1

s

末与第3

s

末的加速度相同12、有一电热器，额定电压为220V，额定功率为1000W．现要把它改装一下，用在电压为110V的电路中，若要使它消耗的功率仍为1000W．下面做法中正确的是（）A.将电热器中的电热丝截去一半B.将电热器中的电热丝截去只留下C.在电热器中再并联一根与原来相同的电热丝D.将电热器中的电热丝等分成两段，再并联起来13、把标有“220V，100W”的白炽灯接在220V的交流电源下，下列说法中正确的是（）A.交流电压有效值是220V，灯丝电阻是484ΩB.交流电压最大值是311V，灯丝电阻是968ΩC.交流电压有效值是220V，电流有效值是0.45AD.交流电压最大值是311V，电流最大值是0.45A14、如图所示，图中MN

是由负点电荷产生的电场中的一条电场线.

一带正电粒子q

飞入电场后，只在电场力作用下沿图中虚线运动，ab

是该曲线上的两点，则下列说法正确是(

)

A.该电场的场源电荷在M

端B.a

点的电场强度大于b

点的电场强度C.a

点的电势低于b

点的电势D.粒子在a

点的动能小于在b

点的动能15、两个质量不同的物体，在光滑的水平面上相向运动，并发生正碰，则下列说法中正确的是(

)

A.碰撞后，质量小的物体速度变化大B.碰撞后，质量大的物体速度变化大C.若碰撞后连成整体，则整体运动方向与原来动量大的物体的运动方向相同D.若碰撞后连成整体，则整体运动方向与原来速度大的物体的运动方向相同16、如图表示磁流体发电机的发电原理：将一束等离子体(

即高温下电离的气体，含有大量带正电和带负电的微粒，而从整体来说呈中性)

沿图示方向喷射入磁场，磁场中有两块金属板AB

这时金属板上就聚集了电荷.

在磁极配置如图中所示的情况下，下列说法正确的是(

)

A.A

板带负电B.有电流从b

经用电器流向a

C.金属板AB

间的电场方向向下D.等离子体发生偏转的原因是离子所受的洛伦兹力大于所受的静电力17、如图xoy

平面为光滑水平面，现有一长为d

宽为L

的线框MNPQ

在外力F

作用下，沿正x

轴方向以速度v

做匀速直线运动，空间存在竖直方向的磁场，磁感应强度B=B0cos娄脨dx(

式中B0

为已知量)

规定竖直向下方向为磁感应强度正方向，线框电阻为Rt=0

时刻MN

边恰好在y

轴处，则下列说法正确的是(

)

A.外力F

为恒力B.t=0

时，外力大小F=4B02L2vR

C.通过线圈的瞬时电流I=2B0Lvcos娄脨vtdR

D.经过t=dv

线圈中产生的电热Q=2B02L2vdR

评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)18、一列沿+x方向传播的简谐横波在t=0时刻刚好传到x=6m处，如图所示，已知波速v=10m/s，则图中P点开始振动的方向沿______（选填“+y”或“-y”）方向，该点的振动方程为y=______cm．19、如图，匀强磁场区域宽为d

一正方形金属线框abcd

的边长为L.

且L>d

线框平面与磁场垂直，bc

边与磁场区域边界平行.

线框以垂直于磁场边界的速度匀速通过磁场区域，速度大小为v

则线框进入磁场时产生的感应电流的方向是______方向(

选填“顺时针”或“逆时针”)

从进入磁场区域，到完全离开磁场区域的整个运动过程中，线框存在感应电流的时间是______．20、某同学设计了一个用打点计时器验证动量守恒定律的实验；在小车A

的前端粘有橡皮泥，设法使小车A

做匀速直线运动，然后与原来静止的小车B

相碰并粘在一起，继续做匀速运动，设计如图1

所示：

在小车A

的后面连着纸带；电磁打点计时器的频率为50Hz

长木板下垫着小木片用以平衡摩擦力．

(1)

若已得到打点纸带如图2

所示；并测得各计数点间的距离，在图上标出A

为运动起始的点，则应选______段来计算A

碰前的速度，应选______段来计算A

和B

碰后的共同速度．

(2)

已测得小车A

的质量mA=0.4kg

小车B

的质量mB=0.20kg

则由以上结果可得碰前总动量=

______kg?m/s

碰后总动量=

______kg?m/s

．

21、变压器中与负载连接的叫______线圈，与交流电源连接的叫______线圈．22、如图所示，把一个面积为1.0隆脕10鈭�2m2

的矩形线框abcd

放在磁感应强度B=1.0T

的匀强磁场中，线框abcd

所处的平面与磁场方向垂直，穿过线框的磁通量为______Wb

当线框向右平移一段距离(

整个线框仍在磁场内)

则穿过线框的磁通量为______Wb

当线框以ab

边为轴转过90鈭�

则穿过线框的磁通量为______Wb

．评卷人得分四、判断题(共4题，共40分)23、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）24、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

25、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

26、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）评卷人得分五、证明题(共2题，共6分)27、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。28、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。评卷人得分六、实验题(共3题，共27分)29、同学用电阻箱、多用电表、开关和导线测一节旧干电池的电动势和内阻．⑴他先用多用表电压档直接接在电源两极，读数如图甲，则电源电动势约为V．⑵为了更准确的测量电源的电动势和内电阻，他用多用表的“直流100mA”档设计了如图乙的测量电路，为了电表安全，请估算开关闭合前电阻箱的最小取值为Ω．⑶将多用电表的选择开关从OFF旋转至“直流100mA”档，调节电阻箱到合适的值并记录其读数R，合上开关从多用表上读出相应的示数I．⑷重复⑶获得多组数据,根据数据作出了如图丙所示的图线．⑸由图线得干电池的电动势E=V（保留三位有效数字），内阻r=Ω（取整数），多用表的内电阻对（选填“E”、“r”或“E和r”）的测量结果有影响。30、（6分）现有一根用新材料制成的金属杆，长为4m，横截面积0.8cm2，要求它受到拉力后的伸长量不超过原长的选用同种材料制成样品进行测试，通过测试取得数据如下表：。长度L250N500N750N1000N1m0.05cm20.04cm0.08cm0.12cm0.16cm2m0.05cm20.08cm0.16cm0.24cm0.32cm3m0.05cm20.12cm0.24cm0.36cm0.46cm4m0.10cm20.08cm0.16cm0.22cm0.32cm4m0.20cm20.04cm0.08cm0.12cm0.16cm根据测试结果，可以推导出伸长量与材料的长度L、材料的截面积S及拉力F之间的函数关系是_______（请用符号表达）；通过对样品的测试，可知长4m、横截的圆面积为0.8cm2的新金属杆能承受的最大拉力；表中有明显误差的数据是、.31、某同学在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中；使用的器材如下：

小灯泡（2.5V；1.25W）

电源（电动势3V；内阻不计）

电流表（0~0.6A；内阻约0.125Ω，0~3A，内阻约0.025Ω）

电压表（0~3V；内阻约3kΩ，0~15V，内阻约15kΩ）

滑线变阻器R（0~10Ω；额定电流2A）

单刀单掷开关及导线若干。

（1）为减小误差，在本实验中电流表应选用0~_____A量程，电压表应选用0~_____V量程；

（2）如图是本实验器材的实物图，图中已连接了部分导线，为了满足实验要求并尽可能减小误差，请补充完成实物图中的连线____________。

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C|D【分析】

A、当滑动变阻器滑片P向右移动时，变阻器接入电路的电阻减小，根据欧姆定律可知，电流I=增大，电压表的读数U=E-Ir减小．故A错误．

B、灯泡功率P=I2RL，RL不变；I增大，P增大，则灯泡变亮．故B错误．

C、电容器电压UC=E-I（RL+r）减小，电容器电量Q=CUC减小．故C正确．

D、电源的总功率P总=EI，E不变，I增大，P总增大．故D正确．

故选CD

【解析】【答案】首先认识电路的结构：灯泡与变阻器串联；电容器与灯泡并联．当滑动变阻器滑片P向右移动时，变阻器接入电路的电阻减小，根据欧姆定律分析．

2、D【分析】【解析】试题分析：根据楞次定律，感应电流的磁场的磁通量总是阻碍原磁通的变化。即原磁通量减小，则感应电流对应的磁通量就与原方向相同，若原磁通量增加，则感应电流对应的磁通量就与原方向相反，即“增反减同”。根据上述理解，正确为D考点：楞次定律【解析】【答案】D3、A|B|C【分析】从t1到t2时间内，电流减小，根据楞次定律知吸引，从t2到t3时间内电流增大，根据楞次定律知排斥，AB正确；t1时刻电流最大，但磁场的变化率最小，B线圈中不产生感应电流，无相互作用，t2时刻由于A线圈电流为零，故作用力为零，CD错误【解析】【答案】ABC4、C【分析】解：A；由牛顿第一定律可知：力是改变物体运动状态的原因；而不是维持物体运动状态的原因，故A错误．

B；在国际单位制中；力的单位是根据牛顿第二定律定义的，故B错误；

C；一对作用力与反作用力总是大小相等；性质相同，故C正确；

D；惯性是物体的固有属性；惯性的大小取决于质量，与其它因素无关，故D错误；

故选：C．

牛顿第一定律揭示力是改变物体运动状态的原因．牛顿第二定律揭示合外力与质量和加速度的关系．

解答本题应抓住：力是使物体产生加速度的原因，力是改变物体运动状态的原因．【解析】【答案】C5、B【分析】解：A

电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于电荷带负电，因此电场线指向左上方，沿电场线电势降低，由图一可知，因此娄碌1<娄碌2<娄碌3<娄碌4

故A错误；

B；由题图可知；该电场的上下是对称的，结合图二可知该区域可能是点电荷和无限大金属平板形成的电场，也可能是等量异种点电荷的电场，故B正确；

C；电场线的疏密表示电场的强弱；由图二可知娄脮4

等势面上各点场强不是处处相等，故C错误；

D；由图可知；负电荷做曲线运动，所以粒子的运动轨迹和娄脮4

等势面可能垂直，与娄碌3

等势面不可能垂直，故D错误．

故选：B

质点只受电场力作用；根据运动轨迹可知电场力指向运动轨迹的内侧即斜向左上方，由于质点带负电，因此电场线方向也指向右下方；电势能变化可以通过电场力做功情况判断；电场线和等势线垂直，且等势线密的地方电场线密，电场场强大．

解决这类带电粒子在电场中运动的思路是：根据运动轨迹判断出所受电场力方向，然后进一步判断电势、电场、电势能、动能等物理量的变化．【解析】B

6、C【分析】解：A

由题图乙可知交流电电流的最大值是Im=102AA

周期T=0.02s

由于电流表的示数为有效值，故示数I=Im2=1022A=10A

故A错误；B

角速度=2娄脨T=2娄脨0.02rad/s=100娄脨rad/s

故B错误；C0.01s

时线圈中的感应电流达到最大，感应电动势最大，则穿过线圈的磁通量变化最快，磁通量为0

故线圈平面与磁场方向平行，故C正确；D0.02s

时线圈中的感应电流最大，感应电动势最大，则穿过线圈的磁通量变化率最大，磁通量为0

线圈平面与磁感线平行，故D错误.

故选：C

由题图乙可知交流电电流的最大值、周期，电流表的示数为有效值；感应电动势最大，则穿过线圈的磁通量变化最快，磁通量为0

线圈平面与磁感线平行本题考查交变电流的产生及有效值的定义，要注意明确电流表示数、机器铭牌上所标的电流值、电压值等均为有效值．【解析】C

7、B【分析】

①板间距离变为原来的4倍时，电容为原来的两板的电量加倍，由C=得知，电压变为8倍，由E=分析得知；板间电场强度变为2倍．不符合题意．故①错误．

②板间距离变为原来的2倍时，电容为原来的两板的电量加倍，由C=得知，电压变为4倍，由E=分析得知；板间电场强度变为2倍．不符合题意．故②错误．

③板间距离变为原来的4倍，电容为原来的两板的电量减半，由C=得知，电压变为2倍，由E=分析得知，板间电场强度变为倍．符合题意．故③正确．

④板间距离变为原来的2倍时，电容为原来的两板的电量减半，由C=得知，电压不变，由E=分析得知；板间电场强度变为2倍．不符合题意．故④错误．

故选B

【解析】【答案】先根据电容的决定式分析电容的变化，再由电容的定义式分析电压的变化，由E=分析板间电场强度的变化．

8、D【分析】【分析】加速度与物体质量、物体受到的合力有关，在探究加速度与物体质量、受力关系的实验中，应该使用控制变量法；由于该实验涉及的物理量较多，因此该实验采用的是控制变量法研究加速度、质量、合力三者之间的关系；解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项。本题考查了科学探究方法，要掌握常用的科学探究方法，提高我们的实验探究能力.

解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，然后熟练应用物理规律来解决实验问题。【解答】A.做该实验需要平衡摩擦力，所以在长木板不带定滑轮的一端下面垫一木块，反复移动木块的位置，让小车做匀速直线运动，托盘和砝码不能挂在小车上，故A错误；B.在探究加速度与外力的关系时，应该控制小车的质量不变，改变外力，故B错误；C.要直观的反映两个量之间的关系，可以通过作图来解决.

但是只有作出一条直线，才可以直观的反映两个变量之间的关系.

在探究加速度a

与质量m

的关系时，为了直观判断二者间的关系，应作出a鈭�1m

图像，故C错误；D.设小车的质量为M

砝码盘和砝码的质量为m

设绳子上拉力为F

以整体为研究对象有mg=(m+M)a

解得：a=mgM+m

以M

为研究对象有绳子的拉力F=Ma=MmgM+m=mg1+mM

显然要有F=mg

必有m+M=M

故有M>>m

即只有M>>m

时才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力，故D正确。故选D。【解析】D

二、多选题(共9题，共18分)9、AD【分析】解：A；可由运动轨迹确定粒子的受力方向与速度方向；两者的夹角小于90°故做正功，则动能增加，故A正确；

BD、若带负电荷，由a到b，电场力做正功，则电势能减小，动能增加，因电荷带负电，则电势增加，即a点电势低于b点电势；故B错误，D正确；

C；若粒子带正电；在两者中垂线左侧受力方向向右，则其电场线向右，而两等量电荷可以左边的为正电荷，右边的为负电荷．故C错误．

故选：AD．

由运动的轨迹与电场线确定出受力向；根据力的方向与速度方向的夹角确定电场力做功的正负，从而判断出能量的大小关系．

在电场中跟据带电粒子运动轨迹和电场线关系判断电场强度、电势、电势能、动能等变化是对学生基本要求，也是重点知识，要重点掌握．【解析】【答案】AD10、BD【分析】【分析】线框在匀强磁场中匀速转动，产生正弦式交变电流，根据规律可列出感应电动势的瞬时表达式，最大值与有效值的2

倍；每当线框通过中性面时，电流方向改变；当磁通量为零时，线框切割速度最大，产生的电动势也最大。线框在匀强磁场中匀速转动，产生正弦式交变电流.

而对于电表读数、求产生的热量均由交变电的有效值来确定，而涉及到耐压值时，则由最大值来确定；而通过某一电量时，则用平均值来求，同时注意磁场只有一半。【解答】A、由闭合电路中感应电动势的瞬时表达式e=Emsin娄脴t

得回路中感应电动势的瞬时表达式e=12B娄脴L2sin娄脴t,

故A错误；B、电压有效值为E=Em2

转过14

圈的时间内，整个电路产生的焦耳热为Q=E2R+r隆陇14隆陇2娄脨娄脴=娄脨B2L4娄脴32R

那么负载R

产生热量QR=12Q=娄脨B2L4娄脴64R

故B正确；C、转过14

圈时，通过R

的电荷量q=??2R?t=BL24R

故C错误;

D、转过14

圈时，线圈从图示位置转过90鈭�

此时磁场穿过线圈的磁通量最小，磁通量变化率最快，故D正确。故选BD。【解析】BD

11、BD【分析】略【解析】BD

12、BD【分析】解：A、B根据公式P=电热丝消耗的功率不变，电压为额定电压的则电阻应为原来的根据电阻定律得，电热丝的长度应为原来的可将电热器中的电热丝截去．故A错误；B正确．

C、若在电热器中再并联一根与原来相同的电热丝，总电阻变为电压为额定电压的电热丝消耗的功率为原来的不符合题意．故C错误．

D、若将电热器中的电热丝等分成两段，再并联起来，根据电阻定律可知电阻变为原来的符合要求．故D正确．

故选BD

根据公式P=分析电压变化，而功率不变时，电阻的变化情况，根据电阻定律确定电热丝长度的变化．

本题是电阻定律与功率的综合应用，可采用控制变量法和比例法理解．常规题，比较简单．【解析】【答案】BD13、AC【分析】解：标有“220V；100W”的白炽灯，灯泡的铭牌信息可知灯泡的额定电压及额定功率，其中额定电压指的是有效值．

所以交流电压有效值是U=220V，交流电压最大值是Um=220V=311V；

灯丝电阻R===484Ω

电流的有效值为I===0.45A；

电流的最大值是Im=I=A．所以AC正确；BD错误；

故选：AC．

标有“220V；100W”的白炽灯，灯泡的铭牌信息可知灯泡的额定电压及额定功率，其中额定电压指的是有效值．根据电功率和欧姆定律求解．

掌握家用电器铭牌上各种参数的含义，用电器的标称值都是有效值．【解析】【答案】AC14、AD【分析】解：A

带正电粒子受到的电场力向左；故负电荷产生的场强由N

指向M

故M

端为场源电荷，故A正确；

B、根据负电荷周围电场分布特点可知：a

点的电场强度小于b

点的电场强度，a

点的电势高于b

点的电势；故BC错误；

D、粒子从a

运动到b

的过程中；电场力做正功，电势能减小，动能增加，故D正确．

故选：AD

．

解答本题的突破口是根据粒子的运动轨迹确定其所受电场力方向；从而确定电场线MN

的方向以及负点电荷的位置，然后根据负点电荷周围电场分布情况，进一步解答．

依据带电粒子的运动轨迹确定其所受电场力方向是解决带电粒子在电场中运动问题的突破口，然后可进一步根据电场线、电场力做功等情况确定电势、电势能的高低变化情况．【解析】AD

15、AC【分析】解：A

两物体放在光滑水平面上，发生正碰，由动量守恒定律知，两物体动量变化大小相同，再由鈻�p=m鈻�v

知质量小的物体速度变化大；故A正确；B错误；

C；两物体结合成整体；由m1v1鈭�m2v2=(m1+m2)v

可知，v

方向与动量大的物体的运动方向一致，故C正确、D错误．

故选：AC

碰撞过程中；系统所受合力为零，系统动量守恒，根据动量定理判断碰撞后速度变化的大小以及整体运动方向．

本题主要考查了动量定理及动量守恒定律的直接应用，知道在碰撞过程中，动量守恒，难度不大，属于基础题．【解析】AC

16、ABD【分析】解：A

根据左手定则知；正电荷向下偏，负电荷向上偏，则A

板带负电，故A正确；

B、因为B

板带正电，A

板带负电，所以电流的流向为b

流向a

故B正确；

C；因为B

板带正电；A

板带负电，所以金属板间的电场方向向上，故C错误；

D；等离子体发生偏转的原因是离子所受洛伦兹力大于所受电场力；故D正确。

故选：ABD

根据左手定则判断出正负电荷所受洛伦兹力的方向；从而判断出正负电荷的偏转方向，带正电的极板电势高，电流从正极板流向负极板。

解决本题的关键掌握左手定则判断洛伦兹力的方向，以及知道电流在外电路中，由高电势流向低电势；本题是一道基础题，掌握基础知识即可解题，平时要注意基础知识的学习。【解析】ABD

17、CD【分析】解：A

由于磁场是变化的；故切割产生的感应电动势也为变值，安培力也会变力；故要保持其匀速运动，外力F

不能为恒力；故A错误；

B、t=0

时，左右两边的磁感应强度均为B0

方向相反，则感应电动势E=2B0LV

拉力等于安培力即F=2B0IL=4B02L2vR

故B错误；

C、由于两边正好相隔半个周期，故产生的电动势方向相同，经过的位移为vt

瞬时电动势E=2B0Lvcos娄脨vtd

瞬时电流I=2B0Lvcos娄脨vtdR

故C正确；

D、由于瞬时电流成余弦规律变化，故可知感应电流的有效值I=2B0Lv2R

故产生的电热Q=I2Rt=2B02L2vdR

故D正确；

故选：CD

．

由题意明确感应电动势的规律；根据导体切割磁感线规律和交流电有效值的计算方法可求得电流及热量．

本题考查电磁感应及交流电规律，要注意交流电有效值定义在本题中的迁移应用；本题选题新颖，是道好题．【解析】CD

三、填空题(共5题，共10分)18、略

【分析】解：由波形图知波长λ=4m，由波速公式v=λf得：频率f==2.5Hz．

简谐波沿+x方向传播；P质点开始向-y方向振动，其简谐运动的表达式y=Asin2πft（cm）=10sin5πt（cm）．

故答案为：-y；10sin5πt

由波形图读出波长；由波速公式v=λf求出频率．简谐运动的振动方程为y=Asin2πft．当图示时刻x=0.15m处波峰传到C点时，质点C第一次到达波峰．

本题考查基本的读图能力，关键要能从波动图象读取波长和振幅，根据质点的状态，写出振动方程．【解析】-y；10sin5πt19、略

【分析】解：由右手定则可知；线框进入磁场过程中产生的感应电流沿逆时针方向；

产生感应电流过程线框的位移为2d

则线框存在感应电流的时间：t=2dv

故答案为：逆时针；2dv

．

由右手定则可以判断出感应电流的方向；

当穿过线框的磁通量变化时；产生感应电流，由速度公式的变形公式可以求出产生感应电流的时间．

本题考查了判断感应电流方向、求产生感应电流的时间，应用右手定则、知道感应电流产生的条件即可正确解题．【解析】逆时针；2dv

20、略

【分析】解：(1)

由于碰撞之后共同匀速运动的速度小于碰撞之前A

独自运动的速度；故AC应在碰撞之前，DE

应在碰撞之后．

推动小车由静止开始运动；故小车有个加速过程，在碰撞前做匀速直线运动，即在相同的时间内通过的位移相同，故BC段为匀速运动的阶段，故选BC计算碰前的速度；

碰撞过程是一个变速运动的过程；而A

和B

碰后的共同运动时做匀速直线运动，故在相同的时间内通过相同的位移，故应选DE段来计算碰后共同的速度．

故答案为BCDE

(2)

碰前系统的动量即A

的动量，则P1=m1v1=m1BC5T=0.40隆脕0.10505脳0.02=0.420kg?m/s

碰后的总动量P2=(m1+m2)v2=(m1+m2)DE5T=(0.40+0.20)隆脕0.06955脳0.02=0.417kg?m/s

故答案为：0.4200.417

．

故本题的答案为：(1)BCDE(2)0.4200.417

(1)

碰撞之后共同匀速运动的速度小于碰撞之前A

独自运动的速度；确定AC

应在碰撞之前，DE

应在碰撞之后，在匀速运动时在相同的时间内通过的位移相同，所以BC

应为碰撞之前匀速运动阶段，DE

应为碰撞之后匀速运动阶段．

(2)

物体发生的位移与发生这些位移所用时间的比值等于匀速运动的物体在该段时间内的速度.P=mv=mxt

．

根据碰撞之后共同匀速运动的速度小于碰撞之前A

独自运动的速度，确定AC

应在碰撞之前，DE

应在碰撞之后，是解决本题的突破口．【解析】BCDE0.420.417

21、略

【分析】解：变压器线圈分为原线圈和副线圈；

原线圈：与交流电源连接的线圈；也叫初级线圈；

副线圈：与负载连接的线圈；也叫次级线圈；

故答案为：副；原．

变压器是利用电磁感应的原理来改变交流电压的装置；主要构件是初级线圈；次级线圈和铁芯（磁芯）；主要功能有：电压变换、电流变换等．

本题关键是掌握变压器结构，知道原副线圈的名称，并知道变压器的基本接法．【解析】副；原22、1.0×10-2；1.0×10-2；0【分析】解：在匀强磁场中，穿过线框的磁通量公式为：娄碌=BS=1.0隆脕1.0隆脕10鈭�2Wb=1.0隆脕10鈭�2Wb

当线框向右平移一段距离(

整个线框仍在磁场内)

穿过线框的磁感线条数没有变化，所以磁通量不变，仍为1.0隆脕10鈭�2Wb

当线框以ab

边为轴转过90鈭�

线框与磁场平行，没有磁感线穿过线框，则穿过线框的磁通量为0

．

故答案为：1.0隆脕10鈭�21.0隆脕10鈭�20

．

在匀强磁场中；穿过线框的磁通量公式为：娄碌=BS

磁感线可以用穿过线框的磁感线的条数来理解.

当线框与磁场平行时，穿过线框的磁通量为零．

对于磁通量，关键抓住两种特殊下磁通量的求解公式：在匀强磁场中，当B隆脥S

时，娄碌=BS

当B//S娄碌=0.

根据这两种情况，运用投影的方法可求线框与磁场成任意角时的磁通量．【解析】1.0隆脕10鈭�21.0隆脕10鈭�20

四、判断题(共4题，共40分)23、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．24、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．25、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势