2025年粤教沪科版必修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教沪科版必修3物理上册阶段测试试卷499考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、一只标有“”的白炽灯泡，加上的电压由零逐渐增大到随着电压的增加灯泡的阻值增加。在此过程中，电压和电流的关系可用图象表示，则在如图所示的四个图象中合理的是（）A.B.C.D.2、学习电学不久后，小新同学观察到如图所示的移动电源上的铭牌信息，上面有电压、电流等与电学物理量相关的参数，其中有一个参数“电池容量”，下列单位中与“”为同一物理量的单位的是（）

A.JB.CC.WD.F3、如图所示，一质量为m、电荷量为q（q>O）的粒子以初动能Ek0从MN连线上的P点水平向右射出，在大小为E、方向竖直向下的匀强电场中运动。已知MN与水平方向成45°角，粒子的重力忽略不计，则粒子到达MN连线上的某点（未画出）时（）

A.所用时间为B.动能为3Ek0C.若P点的电势为0，则该点电势为D.若仅增大初速度，速度与竖直方向的夹角不变4、在真空中A、B两点分别放有异种电荷-2Q和+Q，以AB连线中点O为圆心作一圆形路径，如图所示，下列说法正确的是（）

A.场强大小关系有B.电势高低关系有C.将一负点电荷沿圆弧由a运动到b的过程中电场力做正功D.将一正点电荷沿直线由c运动到d的过程中电势能始终不变5、学习物理要正确理解物理规律和公式的内涵，你认为下列理解正确的是（）A.根据库仑定律公式两个电荷的距离趋于零时，库仑力为无穷大B.根据可知，一个电子由A点运动到B点，若间电势差为1V，则电场力做功为C.由匀强电场电势差与电场强度关系知，匀强电场中任意两点间的电势差与这两点沿场强方向的距离成正比D.根据电容器的电容的定义式可知，电容器的电容与它所带电荷量成正比6、如图所示；A；B两小球分别带等量负、正电荷，中间用坚韧的绝缘细线连接，静止置于图示电场中，不计小球和细线重力，则（）

A.A球将保持静止状态B.A球将向左运动C.B球将向右运动D.细线将发生偏转7、如图所示，一块均匀的长方体样品，长为a，宽为b，厚为c。电流沿AB方向时测得样品的电阻为R；则（）

A.样品的电阻率B.样品的电阻率C.若电流沿CD方向，样品的电阻D.若电流沿CD方向，样品的电阻8、某学习小组用如下电路研究小电动机的电流与电压关系。通过调节滑动变阻器R接入电路的阻值；测量得到下表记录的信息。若认为小电动机的电阻是不变的，则（）

。序号电压电流电动机工作状态11.250.50卡住未转动22.000.20稳定转动33.50.30稳定转动A.小电动机的电阻大约为B.当小电动机的电压为时，其发热功率为C.当小电动机的电压为时，其电功率为D.当小电动机的电压为时，其对外做功的功率为评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)9、如图电路，R为滑动变阻器，R1、R2为定值电阻，电源内阻为r，闭合电键K后，电压表有示数，滑动变阻器滑片，使电压表示数增大量为ΔU；则此过程中（）

A.滑动变阻器R阻值增大，流过它的电流减小B.电阻R2两端的电压减小，变化量等于ΔUC.通过电阻R2的电流减小，变化量小于D.路端电压一定增大，变化量大于ΔU10、如图所示的电路，闭合开关S，滑动变阻器滑片P向左移动；下列结论正确的是()

A.电流表读数变小，电压表读数变大B.小灯泡L变暗C.电容器C上的电荷量减小D.电源的总功率变大11、如图所示；A为巨磁电阻，当它周围的磁场增强时，其阻值增大；C为电容器，当有磁铁靠近A时，下列说法正确的有（）

A.电流表的示数减小B.电容器C的电荷量增大C.电压表的示数变小D.电源内部消耗的功率变大12、如图所示，带电荷量为的球1固定在倾角为30°光滑绝缘斜面上的a点，其正上方L处固定一电荷量为-Q的球2，斜面上距a点L处的b点有质量为m的带电球3，球3与一端固定的绝缘轻质弹簧相连并在b点处于静止状态。此时弹簧的压缩量为，球2、3间的静电力大小为。迅速移走球1后；球3沿斜面向下运动。g为重力加速度，球的大小可忽略，下列关于球3的说法正确的是（）

A.带负电B.运动至a点的速度大小为C.运动至a点的加速度大小为2gD.运动至ab中点时对斜面的压力大小为13、两个带等量正电荷的点电荷，固定在P、Q两点，MN为PQ连线的中垂线，交PQ于点O，a、b为中垂线上两点，c、d为PQ连线上两点，a、b、c、d四点与O点距离相等，将带负电的试探电荷1从a由静止开始释放，之后将带正电的试探电荷2从c由静止开始释放，不计重力，下列说法正确的是（）

A.试探电荷1由a向O的运动过程中加速度一定一直减小B.试探电荷1由a向O的运动过程中电势能逐渐减小C.试探电荷2运动到d点时速度为0D.试探电荷2运动到O点时电势能最大14、光在科学技术、生产和生活中有着广泛的应用，下列说法错误的是（）A.激光全息照相是利用激光的相干性B.用透明的标准平面样板检查光学平面的平整程度是利用光的偏振现象C.电视机遥控器是利用遥控器发出的红外线脉冲信号来换频道的E.电磁波与声波由空气进入水中时，波长都变短E.电磁波与声波由空气进入水中时，波长都变短评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)15、知识点一电阻

1.定义：导体两端的___________与___________的比值叫作电阻。

2.定义式：R=

3.物理意义：反映导体对电流的___________作用。

4.单位：

（1）国际单位是欧姆；符号为Ω。

（2）常用单位：千欧；符号kΩ；兆欧，符号MΩ。

（3）单位换算：1kΩ=___________Ω；1MΩ=___________Ω。16、处于静电平衡状态的导体，其内部的电场强度处处为______.17、（1）能吸收各种电磁波而不反射电磁波的物体叫黑体。______

（2）温度越高，黑体辐射电磁波的强度越大。______

（3）微观粒子的能量只能是能量子的整数倍。______

（4）能量子的能量不是任意的，其大小与电磁波的频率成正比。______

（5）光滑水平桌面上匀速运动的小球的动能也是量子化的。______

（6）热辐射电磁波的强度按波长的分布只与物体的温度有关。______18、平行的带电金属板间是匀强电场,如图所示,两板间距离是5两板间的电压是60

（1）.两板间的场强是________;

（2）.电场中有和两点,点离A板0.5点离B板也是0.5和两点间的电势差__________.19、在如图所示电路中，电源电动势为6V，内阻为1Ω，电阻R1＝5Ω，R2＝6Ω，滑动变阻器的阻值0～30Ω．闭合电键K，当滑动变阻器的滑动触头P由a端向b端滑动时，理想电流表和理想电压表示数变化量的大小分别用ΔI、ΔU表示．则电流表示数的变化情况是____；＝_______Ω；电源的最大输出功率为_______W．

评卷人得分四、作图题(共2题，共18分)20、在“用电流和电压传感器研究电容器的放电”实验中；某同学按照图所示连接电路。实验时，先将开关S掷向1，一段时间后，将开关掷向2，传感器将信息传入计算机屏幕上，显示出电流或电压随时间变化的图线。

（1）由图可知，传感器1应为________（选填选项前的字母）

A．电流传感器B．电压传感器。

（2）用q表示电容器上极板所带的电荷量，UR表示滑动变阻器两端的电压，UC表示电容器两端的电压，I表示电路中的电流，关于电容器在整个放电过程中的图像变化正确的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知电源电动势E，但其内阻和电阻箱阻值均未知，根据已知条件和传感器显示的图像中的数据信息，下列判断正确的是________；

A．可知该电容器的电容。

B．可知此时电阻箱阻值大小。

C．若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的时间将变短。

D．若只减小电容器的电容大小，电容器放电的时间将变短21、由电流产生的磁场方向如图所示；请在图中标出线圈中的电流方向.

评卷人得分五、实验题(共4题，共20分)22、在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中；备有下列器材：

A．待测的干电池（电动势约为1.5V；内电阻小于1.0Ω）

B．电流表A1（量程0﹣3mA，内阻Rg1=10Ω）

C．电流表A2（量程0﹣0.6A，内阻Rg2=0.1Ω）

D．滑动变阻器R1（0﹣20Ω；10A）

E．滑动变阻器R2（0﹣200Ω；lA）

F．定值电阻R0（990Ω）

G．开关和导线若干。

（1）某同学发现上述器材中没有电压表，但给出了两个电流表，于是他设计了如图甲所示的（a）、（b）两个参考实验电路，其中合理的是__图所示的电路；在该电路中，为了操作方便且能准确地进行测量，滑动变阻器应选__（填写器材前的字母代号）．

（2）图乙为该同学根据（1）中选出的合理的实验电路，利用测出的数据绘出的I1﹣I2图线（I1为电流表A1的示数，I2为电流表A2的示数，且I2的数值远大于I1的数值），但坐标纸不够大，他只画了一部分图线，则由图线可得被测电池的电动势E=__V，内阻r=__Ω．

（3）若图线与纵坐标轴的交点等于电动势的大小，则图线的纵坐标应该为_________

A．I1（R0+Rg1）B．I1•R0C．I2（R0+Rg2）D．I1•Rg1．23、为了测量某电源电动势和内阻；实验室提供了以下器材。

A．待测电源E（一节干电池）

B．滑动变阻器（最大阻值10kΩ）

C．滑动变阻器（最大阻值10Ω）

D．电压表V（量程内阻约为1kΩ）

E．电流表（量程内阻为）

F．电流表（量程内阻约1Ω）

G．定值电阻（阻值为0.8Ω）

H．开关；导线若干。

（1）为了减小测量的误差，滑动变阻器应选(1分)______（填“”或“”），电流表选填(1分)_____（“”或“”）；

（2）为了尽可能地减小测量误差；请根据所选的器材在下列方框中画出合理的实验电路图(2分)；

（3）根据设计的电路连接实物，按照正确的操作测出多组电压表和电流表的示数U、I，作出图像，如果图线与纵轴的截距为a，求得图线斜率的绝对值为k，则电源的电动势(1分)______，内阻(1分)______（用求得的物理量和已知的物理量符号表示），实验(1分)______（填“存在”或“不存在”）因电压表分流引起的系统误差。24、某实验小组要测量定值电阻Rx的阻值,实验室提供的器材规格如下：

A.待测电阻阻值约为)

B.电流表G1量程为10mA,内阻RG1未知

C.电流表G2量程为30mA,内阻RG2未知

D.电阻箱最大阻值为)

E.电池阻节干电池

F.开关一只,导线若干。

该小组根据现有的器材设计了如图所示的电路,实验过程如下：

a.根据电路图,连接实验器材。

b.先将电阻箱的阻值调到最大,然后闭合开关S,调节电阻箱的阻值,记录电流表的示数和电流表的示数,及对应的电阻箱的阻值b.

多次调节电阻箱的阻值,改变两个电流表的示数,并记录数据数据处理：以为纵坐标,以对应的电阻箱的阻值R为横坐标,描点连线得到如图所示的倾斜直线。

（1）待测电阻______．电流表G1的内阻RG1_____．

（2）若将电流表与电阻箱串联改装成量程为3V的电压表,应将电阻箱的阻值调为__．25、测定电源的电动势和内电阻的实验电路和U—I图象如图所示；请回答下列问题：

（1）如图甲所示，在闭合开关之前为防止电表过载而移动滑动变阻器的滑动头P，应放在滑动变阻器___________处（填“a”或“b”）

（2）如图乙是根据实验数据画出的U—I图象，由此可知这个干电池的电动势___________V，内电阻___________（计算结果均保留三位有效数字）

（3）本实验中______________________（填“大于”、“小于”或“等于”）评卷人得分六、解答题(共4题，共40分)26、如图所示，光滑半圆弧轨道的半径为R，OA为水平半径，BC为竖直直径。一质量为m的小物块(视为质点)从A点以某一竖直向下的初速度滑下进入与C点相切的粗糙水平滑道CM。在水平滑道上有一轻弹簧，其一端固定在竖直墙上，另一端恰好位于水平滑道的末端C(此时弹簧处于自然状态)。若物块运动过程中弹簧的最大弹性势能为Ep，弹簧的最大压缩量为d，物块被弹簧反弹后通过B点时对半圆弧轨道的压力大小为mg(g为重力加速度的大小)求:

(1)物块通过B点时的速度大小；

(2)物块离开弹簧通过C点时对半圆弧轨道的压力FN的大小；

(3)物块与水平滑道间的动摩擦因数μ以及物块从A点开始下滑时的初速度大小v。27、如图1所示，绝缘细线的一端系一带正电小球，另一端固定在O点，整个装置处于光滑绝缘水平面上，空间存在一水平向右的匀强电场，电场强度大小为E，小球静止时处于A点，图2为俯视图。已知细线长度为L，小球质量为m，带电量大小为q，重力加速度为g；不计空气阻力，细线的长度不变。

(1)在水平面上将小球拉至位置O′，OO′垂直于电场线，使细线刚好伸直，然后将小球由静止释放。求小球到达A点时速度的大小；

(2)保持细线伸直，将小球在水平面上拉离A点一个很小的距离；由静止释放，小球将做简谐运动，类比单摆的周期公式求出小球做简谐运动的周期；

(3)在小球处于A点静止的情况下，突然撤掉水平面，O点位置不变，小球将在竖直面内运动。若不计空气阻力，求小球在之后的运动过程中细线拉力的最大值。

28、如图所示，电荷量为q的带电小球A用绝缘细线悬挂于O点，电荷量为Q的小球B固定在O点正下方绝缘柱上，其中O点与小球A的间距为l。当小球A平衡时，悬线与竖直方向夹角A、B间距离为l，带电小球A、B均可视为点电荷，静电力常量为k，重力加速度为g。求：

（1）A；B间库仑力大小；

（2）细线拉力大小；

（3）小球的质量m。

29、小型直流电动机，其线圈内阻为r0=0.4Ω，与规格为“8V、4W”的小灯泡并联后接到电动势为E=10V、内电阻r=0.5Ω的电源上；小灯泡恰好正常发光.求:

(1)电路中的总电流I；

(2)电动机的输入功率P1和电动机的输出功率P2.参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B【分析】【分析】

【详解】

随温度的升高，则白炽灯泡的电阻逐渐变大，则U-I图像上的点与O点连线的斜率逐渐变大。

故选B。2、B【分析】【详解】

“”这个单位是电流单位与时间单位的乘积，根据

可知；这个单位与电荷量的单位“C”相同，而“J”是功或能量的单位，“W”是功率的单位，“F”是电容器电容的单位。

故选B。3、D【分析】【详解】

A．粒子在电场中做类平抛运动，水平方向

竖直方向

由

可得

故A错误；

B．由

可得

可得

故粒子速度大小为

动能为

故B错误；

C．由动能定理可得

可得

则该点电势为

故C错误；

D．平抛运动的速度方向偏角的正切是位移方向偏角正切的两倍，即

可知速度正切

所以只要粒子落在MN连线上；即使增大初速度，速度与竖直方向的夹角也不变，故D正确。

故选D。4、C【分析】【详解】

A．由于a点处电场线比b点处电场线密，a点场强大于b点场强，而cd两点离两电荷的距离相等；所以电场强度大小相等，方向不同，故A错误；

B．由题，电场线方向由B指向A，则有φa<φb、而cd两点离两电荷的距离相等；所以两点电势相等，故B错误；

C．将一负点电荷沿圆弧由a运动到b的过程中；电场力方向与运动方向相同，所以电场力做正功，故C正确；

D．将一正点电荷沿直线由c运动到d的过程中，离的距离先减小后增大，所以电势先增大后减小，由公式可知，正点电荷的电势能先增大后减小，故D错误．5、C【分析】【详解】

A．库仑定律公式适用于真空中的点电荷；两个电荷的距离趋于零时，带电体已经不能看为点电荷，此时该公式不适用，即不能认为两个电荷的距离趋于零时，库仑力为无穷大，A错误；

B．公式在运算时，物理量应该代入正负符合，即一个电子由A点运动到B点，若间电势差为1V，则电场力做功为B错误；

C．公式中的d指沿电场线方向上的投影长度，可知由匀强电场电势差与电场强度关系知；匀强电场中任意两点间的电势差与这两点沿场强方向的距离成正比，C正确；

D．电容的定义式是比值定义式；电容并不是由极板所带电荷量与极板之间的电势差决定，因此，不能认为电容器的电容与它所带电荷量成正比，D错误。

故选C。6、B【分析】【分析】

【详解】

A球所在处电场强度大，A球带负电荷，受到向左的电场力大，B球带正电荷，受到向右的电场力大，又由于A、B两球用坚韧的绝缘细线连接，所以将一起向左运动，故选B。7、C【分析】【详解】

AB．根据电阻定律可知

得

故电流沿AB方向时有

AB错误；

CD．若电流沿CD方向，样品的电阻

C正确；D错误。

故选C。8、B【分析】【详解】

A．将电压表当作理想电压表，当小电动机的电压为时，电动机卡住未转动，电功率等于内阻发热功率

将第一组数据代入可解得

故A错误；

B．当小电动机的电压为时，电流是0.50A，由P=I2r得其发热功率为故B正确；

C．当小电动机的电压为时，其电功率

故C错误；

D．当小电动机的电压为时，其对外做功的功率

故D错误。

故选B。二、多选题(共6题，共12分)9、A:C【分析】【详解】

A．由电压表示数增大可知，R与R1并联部分电阻增大，滑动变阻器电阻增大，电路总电阻增大，电路中电流减小；并联部分电压增大，R1为定值电阻，R1中电流变大，滑动变阻器R电流减小；故A正确；

BCD．电路中电流减小，电阻R2两端电压减小，路端电压变大，R2两端电压变化量小于ΔU；通过电阻R2的电流减小，变化量小于路端电压的增大量小于ΔU；故B；D错误；C正确。

故选AC。10、A:B【分析】【分析】

【详解】

A．滑动变阻器R的滑片P向左移；电路总电阻变大，干路电流变小，即电流表读数变小，电压表读数即路端电压变大，A正确；

B．由于干路电流变小，所以L灯变暗；B正确；

C．变阻器两端电压变大；故电容器两端电压变大，电荷量增加，C错误；

D．而电源总功率P＝IE，I减小；所以P减小，D错误．

故选AB。11、A:B【分析】【详解】

A.当有磁铁靠近A时；它周围的磁场增强，其阻值增大，则外电路电阻变大，电路的电流减小，电流表的示数减小，选项A正确；

C.电源内阻上的电压减小；故路端电压变大，则电压表的示数变大，选项C错误；

B.根据Q=CU可知；电容器C的电荷量增大，选项B正确；

D.根据P内=I2r可知，I减小，则电源内部消耗的功率变小，选项D错误；故选AB12、B:C:D【分析】【详解】

A．由题意可知三小球构成一个等边三角形；小球1和3之间的力大于小球2和3之间的力，弹簧处于压缩状态，故小球1和3一定是斥力，小球1带正电，故小球3带正电，故A错误；

B．小球3运动至a点时，弹簧的伸长量等于，根据对称性可知，小球2对小球3做功为0；弹簧弹力做功为0，故根据动能定理有解得故B正确；

C．小球3在b点时，设小球3的电荷量为q，有设弹簧的弹力为F，根据受力平衡，沿斜面方向有解得小球运动至a点时，弹簧的伸长量等于，根据对称性可知解得a=2g故C正确；

D．当运动至ab中点时，弹簧弹力为0，此时小球2对小球3的力为斜面对小球的支持力为根据牛顿第三定律可知，小球对斜面的压力大小为；故D正确。

故选BCD。13、B:C【分析】【详解】

A．根据题意可知，中垂线上，从无穷远到点，电场强度先增大后减小，则试探电荷1由a向O的运动过程中加速度可能先增大后减小；也可能一直减小，故A错误；

B．试探电荷1由a向O的运动过程中；电场力做正功，则电势能减小，故B正确；

C．由对称性可知，试探电荷2由运动到d点时，电场力做功为0，由动能定理可知，动能变化量为0，则到d点时速度为0；故C正确；

D．探电荷2由运动到d点过程中，从电场力做正功，电势能减小，从电场力做负功，电势能增加，则试探电荷2运动到O点时电势能最小；故D错误。

故选BC。14、B:D:E【分析】【详解】

A．激光全息照相是利用了激光的频率相同；相位差稳定的特点，进行叠加干涉而形成的，故A正确，不符合题意；

B．用透明的标准平面样板检查光学平面的平整程度是利用光的干涉现象；属于薄膜干涉，故B错误，符合题意；

C．红外线可用来遥控电器；如电视机遥控器是利用发出红外线脉冲信号来换频道的，故C正确，不符合题意；

D．某人在水面上方观察水底同位置放置的红；黄、绿三盏灯时；由于绿光的折射率最大，绿光从水中射到水面时折射角最大，人逆着折射光线的方向看时，感觉绿灯距水面最近，红灯最远，故D错误，符合题意；

E．电磁波与声波由空气进入水中时，频率均不变，但电磁波波速变小，声波波速变大，故根据

可知电磁波波长变短；声波波长变长，故E错误，符合题意。

故选BDE。三、填空题(共5题，共10分)15、略

【分析】【详解】

略【解析】电压通过导体电流阻碍10310616、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】017、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]根据定义可知；黑体是一个理想化了的物体，它能吸收各种电磁波而不反射电磁波的物体叫黑体，故正确；

（2）[2]根据黑体辐射电磁波的性质可知；黑体辐射电磁波的强度按波长的分布只与黑体的温度有关，温度越高，黑体辐射电磁波的强度越大，故正确；

（3）[3]根据微观粒子的能量的特征可知；在微观世界中能量是量子化的，其能量只能是能量子的整数倍，故正确；

（4）[4]根据能量子的性质可知；能量子的能量是不连续的，而只能取一些分立的值，其大小与电磁波的频率成正比，故正确；

（5）[5]研究匀速运动的小球的动能是宏观层面考虑，大小为

因为小球的质量与速度可取任意实数；所以动能大小是连续的，不是量子化的，故错误；

（6）[6]黑体辐射电磁波的强度按波长的分布只与物体的温度有关，故错误。【解析】①.正确②.正确③.正确④.正确⑤.错误⑥.错误18、略

【分析】【详解】

（1）[1]．两板间是匀强电场，故场强为：=1200V/m；

（2）[2]．P1、P2两点间沿着场强方向的距离：d′=4cm

故UP1P2=Ed′=1.2×103×4×10-2=48V；【解析】48V19、略

【分析】【详解】

[1]滑动变阻器的滑动触头P由a端向b端滑动时，当时，并联电路的电阻最大，即时总电阻最大，即滑动触头P由a端向b端滑动时，总电阻先变大后变小，由闭合电路的欧姆定律知总电流先变小后变大；

[2]将看成电源的内阻，等于等效电源的内阻

[3]电源的外电阻和内电阻相差越小，电源的输出功率最大，所以滑片滑到最左端时，外电阻最小，和电源内阻相差最小，电源输出功率最大，电路电流电源最大输出功率

【点睛】

本题中并不等于变阻器与电阻R2并联的电阻，要根据闭合电路欧姆定律研究，也可以运用等效的方法，将R1看成电源的内阻，即可得到=R1+r．当外电路电阻等于内阻时电源的输出功率最大，若外电阻不能等于内阻，则越接近内阻值输出功率越大.【解析】先变小再变大65四、作图题(共2题，共18分)20、略

【分析】【详解】

（1）[1]传感器1串联在电路中；因此应为电流传感器。

故选A。

（2）[2]ABC．电容器在整个放电过程中，电容器的电荷量q、电流I、电压UC均随时间减小；选项AC错误，选项B正确；

D．由于放电电流I减小，根据可知电阻箱R的电压UR减小；选项D正确。

故选BD。

（3）[3]A．根据电流传感器显示的I-t图像中的面积可求出电容器的电荷量，根据电压传感器可知电阻箱两端的电压，若已知电源电动势E，则可知电容器的电压，根据可求出该电容器的电容；选项A正确；

B．根据电流传感器和电压传感器可知电阻箱的电流和两端的电压；因此可知此时电阻箱阻值大小，选项B正确；

C．电源不变，电容器的充电电压不变，电荷量不变，若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的电流将变小，因此放电时间将变长，选项C错误；

D．电源不变，电容器的充电电压不变，若只减小电容器的电容大小，根据可知电容器的电荷量将变小；放电的时间将变短，选项D正确。

故选ABD。【解析】ABDABD21、略

【分析】【详解】

第一幅图中线圈内部磁场垂直纸面向外；根据右手定则可以判断，电流为逆时针；第二幅图中，磁场向上，根据右手定则可以判断，左端电流垂直纸面向外，右端电流垂直纸面向里。

【解析】第一幅图中电流为逆时针；第二幅图左端电流垂直纸面向外；右端电流垂直纸面向里。

五、实验题(共4题，共20分)22、略

【分析】【详解】

（1）上述器材中虽然没有电压表；但给出了两个电流表，电路中电流最大为：

Im=A=1.5A；故电流表至少应选择0～0.6A量程；

故应将3mA故应将电流表G串联一个电阻，改装成较大量程的电压表使用．电表流A由于内阻较小；故应采用相对电源来说的外接法；故a、b两个参考实验电路，其中合理的是b；因为电源的内阻较小，所以应该采用较小最大值的滑动变阻器，有利于数据的测量和误差的减小．滑动变阻器应选D（R1）；

（2）根据电路结构结合闭合电路欧姆定律知。

解得：

所以图像的纵坐标

解得：

图像的斜率

解得：

（3）根据闭合电路欧姆定律可知U=E﹣Ir，若图线与纵坐标轴的交点等于电动势的大小，则图线的纵坐标应该为路段电压，而U=I1（R0+Rg1），即图线的纵坐标应该为I1（R0+Rg1）；故选A

点睛：利用数学函数和图像相结合的方式求解电源的电动势和内阻．【解析】（1）bD（2）1.480.84（3）A23、略

【分析】【详解】

(1)[1]电源内阻较小，应选最大阻值较小的R2；

[2]因电流表量程较小，可并联定值电阻R0，扩充量程，故选内阻较大的A1电流表；

(2)[3]采用伏安法测电源的电动势和内阻；因电流表内阻已知，电压表内阻不是准确值，电流表应内接，如下图所示。

(3)[4][5]根据闭合电路欧姆定律有

图线与纵轴的截距为a，图线斜率的绝对值为k，则

得到

[6]由以上分析可知，电流表内阻已知，所求的电动势与内阻都是真实值，所以没有系统误差，只有偶然误差。【解析】R2A1a不存在24、略

【分析】【详解】

(