2025年新科版必修三物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年新科版必修三物理上册阶段测试试卷358考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、用绝缘细线悬挂两个大小相同的小球，它们带有同种电荷，质量分别为m1和m2，带电量分别为q1和q2，因静电力而使两悬线张开，分别与竖直方向成夹角a1和a2，且两球静止时同处一水平线上，若a1=a2；则下述结论正确的是（）

A.q1一定等于q2.B.一定满足C.m1一定等于m2D.必然同时满足q1=q2，m1=m22、如图所示，一质量为m、电荷量为（）的粒子以速度从连线上的P点水平向右射入大小为E、方向竖直向下的匀强电场中。已知与水平方向成45°角，粒子的重力可以忽略，则粒子到达连线上的某点时（）

A.所用时间为B.速度大小为C.与P点的距离为D.速度方向与竖直方向的夹角为30°3、下列关于物理学史和事实的说法正确的是（）A.卢瑟福α粒子散射实验的规律说明原子很小B.在光的双缝干涉实验中，暗条纹的地方是光子永远不能到达的地方C.法拉第发现了电磁感应现象，揭示了导线通电时附近小磁针发生偏转的原因D.汤姆生通过阴极射线在电场和在磁场中的偏转实验，发现了阴极射线是由带负电的粒子组成，并测出了该粒子的比荷4、是三个电荷量相同、质量不同的带电粒子，以相同的初速度由同一点垂直场强方向进入偏转电场，仅在电场力的作用下，运动轨迹如图所示，其中恰好沿着极板边缘飞出电场。粒子在电场中运动的过程中；下列说法正确的是（）

A.运动时间相同，运动的时间最短B.的质量最大，的质量最小C.动量的增量相比，的最小，和的一样大D.动能的增量相比，的最大，和的一样大5、如图所示的电路，电源电压保持不变，电阻当闭合开关S1断开S2时，电流表A1的读数为0.2A，则当闭合开关S2断开S1时，电流表A2的读数可能为（）

A.B.C.D.6、如图所示；内阻为1Ω的直流电动机和8Ω定值电阻并联之后接在直流电源上，电源电动势6V，内阻1Ω．开关S闭合后，电动机正常工作，此时理想电压表读数为4V．则下列说法正确的是（）

A.流过电动机的电流为4AB.流过电源的电流为4.5AC.电动机的输入功率等于6WD.电动机的输出功率等于5.75W7、万有引力定律与库仑定律是物理学的两个非常重要定律，关于这两个定律，下列说法正确的是（）A.牛顿发现了万有引力定律，并精确地测出了引力常量B.库仑发现了库仑定律，并精确地测出了元电荷的数值C.天体与天体之间的相互作用力主要是万有引力，一般不需要考虑库仑力D.原子核与核外电子之间的相互作用既要考虑库仑力，也要考虑万有引力8、如图所示，将不带电的绝缘枕形导体P放在正电荷Q的电场中，导体P的a、b两端分别带上了感应负电荷与等量的感应正电荷，另外导体内部还有两点c、d；取无穷远处电势为0，则以下说法正确的是（）

A.导体上a、b两端的电势高低关系是Фa=Фb=0B.导体内部c、d两点的场强大小关系是Ec>Ed≠0C.感应电荷在导体内部c、d两点产生的场强大小关系是Ec＞Ed≠0D.导体P的a、b两端用导线连接两端电荷将发生中和评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)9、空间存在一沿x轴方向的静电场，一正电荷由O点开始仅在电场力的作用下沿x轴的正方向运动，该过程中电荷的电势能关于位移x的变化规律如图所示，电荷运动到x3处时速度为0。其中图像0~x2为顶点在x的开口向上的抛物线，x以后的图线为倾斜的直线。则下列说法正确的是（）

A.电荷由x2位置运动到x3的位置做匀加速直线运动B.x1处的电势最低、x3处的电势最高C.电荷的初动能为EP3-EP2D.该电场沿x轴的正方向10、如图，在等边三角形abc的中心O处有一带正电的点电荷，d为ac边的中点；则在该点电荷产生的电场中（）

A.a、b、c三点的电场强度相同B.a、c、d三点间的电势差满足Uad=UdcC.电子在a点的电势能等于在b点的电势能D.电子在a点的电势能大于在d点的电势能11、空间有一电场，各点电势随位置的变化情况如图所示（图像关于原点对称）；下列说法正确的是（）

A.点的电场强度一定为零B.与点的电场强度相同C.将负电荷从移到电荷的电势能增大D.和两点在同一等势面上12、如图所示，一粗糙的绝缘细杆倾斜固定放置，顶端A固定一个带电小球，另一套在杆上的带电小环从杆上B点静止释放，沿杆运动至C点停下；则（）

A.带电小环运动过程中的电势能先增大后减小B.带电小球和带电小环带同种电荷C.带电小环下滑过程先做匀加速运动后做匀减速运动D.带电小环下滑过程克服摩擦力做的功大于机械能的变化量13、电压表；电流表都是由小量程电流表改装而成的；如图甲、乙所示分别是电压表、电流表的改装图，以下说法正确的是（）

A.若改装后的电流表示数比标准表稍小一些，可以给并联电阻再串一个较小的电阻B.若改装后的电流表示数比标准表稍大一些，可以给并联电阻再并一个较大的电阻C.若改装后的电压表示数比标准表稍小一些，可以给串联电阻再串联一个较大的电阻D.若改装后的电压表示数比标准表稍大一些，可以给串联电阻再并联一个较大的电阻评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)14、圆弧中的电流产生的磁感应强度与其半径成反比，直线电流在其延长线上的磁感应强度为零，则图中a、b两点的磁感应强度的大小关系为________，a处磁感应强度的方向为________。15、安培定则。

（1）直线电流的磁场：右手握住导线，让伸直的拇指所指的方向与______方向一致，弯曲的四指所指的方向就是______环绕的方向；如图甲。

（2）环形电流的磁场：让右手弯曲的四指与______的方向一致，伸直的拇指所指的方向就是环形导线轴线上______的方向；如图乙。

（3）通电螺线管的磁场：右手握住螺线管，让弯曲的四指所指的方向跟______方向一致，拇指所指的方向就是螺线管______磁感线的方向，或拇指指向螺线管的______极；如图丙。

16、x轴上各点电势随x变化的关系如图所示，其中N点的电势为零，ND段中C点电势最高。则同一负电荷在C点的电势能______在N点的电势能，N点的电场强度______C点的电场强度（均选填“＞”；“＝”、“＜”）。

17、极板间为真空的平行板电容器，充电后与电源断开，将两极板用绝缘工具拉开一些距离，则电容器两极板间的电势差____________（填“增大”、“减小”或“不变”）。18、请读出下列仪器显示的示数：

（1）螺旋测微器示数（2）电压表示数（3）毫安表示数。

（1）螺旋测微器的示数为_______________mm；

（2）当选择量程时，电压表的示数为_______________V；

（3）当选择量程时，毫安表的示数为_______________mA。19、一根导线长0.2m，通以3A的电流，在磁场中某处受到的最大的磁场力是则该处的磁感应强度B的大小是____T，如果该导线的长度和电流都减小一半，则该处的B的大小是______T。20、某同学想应用楞次定律判断线圈缠绕方向；设计的实验装置原理图如图甲所示。选用的器材有：一个磁性很强的条形磁铁，两个发光二极管（电压在1.5V至5V都可发光且保证安全），一只多用电表，导线若干。操作步骤如下：

①用多用电表的欧姆挡测出二极管的正；负极；

②把二极管；线圈按如图甲所示电路用导线连接成实验电路；

③把条形磁铁插入线圈时，二极管B发光；拔出时，二极管A发光；

④根据楞次定律判断出线圈的缠绕方向。

请回答下列问题：

（1）线圈缠绕方向如图乙中的_______（填“A”或“B”）。

（2）条形磁铁运动越快，二极管发光的亮度就越大，这说明感应电动势随_____的增大而增大（填“磁通量”；“磁通量的变化量”或“磁通量的变化率”）。

（3）为进一步研究，该小组又做了以下实验：磁体从靠近线圈的上方静止下落。在磁体穿过整个线圈的过程中，传感器显示的电流i随时间t的图像应该是图中的____。

A．B．C．D．评卷人得分四、作图题(共1题，共8分)21、如图1所示，用电动势为E、内阻为r的电源，向滑动变阻器R供电。改变变阻器R的阻值，路端电压U与电流I均随之变化。

（1）以U为纵坐标，I为横坐标，在图2中画出变阻器阻值R变化过程中U-I图像的示意图，并说明U-I图像与两坐标轴交点的物理意义。

（2）请在图2画好的U-I关系图线上任取一点；画出带网格的图形，以其面积表示此时电源的输出功率。

评卷人得分五、实验题(共3题，共27分)22、某同学要测量一节干电池的电动势和内电阻：

①实验室除提供开关S和导线外；有以下器材可供选择：

电压表：V（量程3V，内阻Rv=10kΩ）

电流表：G（量程3mA，内阻Rg=100Ω）

电流表：A（量程3A；内阻约为0.5Ω）

滑动变阻器：R1（阻值范围0-10Ω；额定电流2A）

R2（阻值范围0-1000Ω；额定电流1A）

定值电阻：R3=0.5Ω

该同学依据器材画出了如图所示的原理图，他没有选用电流表A的原因是___________；

②该同学将电流表G与定值电阻R3并联，实际上是进行了电表的改装，则他改装后的电流表对应的量程是_______A；

③为了能准确地进行测量，同时为了操作方便，实验中应选用的滑动变阻器_______（填写器材的符号）；

④该同学利用上述实验原理图测得数据，以电流表G读数为横坐标，以电压表V读数为纵坐标绘出了如图所示的图线，根据图线可求出电源的电动势E=_______V（结果保留三位有效数字），电源的内阻r=_______Ω（结果保留两位有效数字）。23、灵敏电流计（俗称“表头”）的结构如图1所示；线圈由长而细的铜丝绕制而成，当电流通过接线柱流入线圈时，线圈会在均匀辐向磁场中转动，从线圈的偏转角度就能判断电流的大小。灵敏电流计的优点是灵敏度高，但是允许通过的电流很弱，如希望用它测量较大的电流值，就要进行电表的改装。

（1）当电流流过灵敏电流计的线圈时，线圈因受到___________（选填安培力或洛伦兹力）的作用而转动。

（2）如图2所示，为将内阻为200Ω，满偏电流为2mA的表头改装成量程为0.1A的电流表，应给表头并联一个定值电阻R1，R1的阻值为___________Ω。（结果保留两位有效数字）

（3）某同学查阅资料了解到制作定值电阻的材料是锰铜或镍铬合金，而制作表头线圈的材料是铜，对比材料的电阻率随温度变化的数据得知，图2中表头的阻值Rg随温度升高而增大，而R1几乎不随温度变化。他认为电流表这样直接改装会因环境温度变化的影响对测量带来较大的误差。为了探究大量程电流表的结构，他打开了双量程安培表的后盖观察内部电路，发现其表头是与一个电阻R0串联后才一起接入电路的；如图3所示，经查阅资料发现这是一个温度补偿电阻。

a、为保持在一定温度区间内精准测量的要求，这个温度补偿电阻的阻值随温度变化的特点应为：随温度升高电阻的阻值___________（选填“增大”；“减小”或“不变”）

b、若将用图2方法改装且已完成刻度盘重新标度的电流表，在未补偿的情况下直接放到更高温度的环境下使用，会造成测量结果___________（选填“偏大”、“偏小”）24、某同学想要精确测量如图甲所示的玩具小车上的太阳能电池的电动势和内阻。他借助测电源电动势和内阻的方法得到该电池在某一光照条件下的图像；如图乙所示。

（1）分析该曲线可知，该电池板作为电源时的电动势约为________V，其内阻随输出电流的增大而________（填“增大”“不变”或“减小”）。

（2）若把该电池板与阻值为1Ω的定值电阻连接构成一个闭合电路，在该光照条件下，该定值电阻的功率是________W。（结果保留3位有效数字）评卷人得分六、解答题(共2题，共20分)25、如图所示的电路，开关S闭合，电源的电动势E=14V，内阻r=0.2线圈电阻R=1规格为“6V12W”的电动机正常工作.求：

（1）通过电源的电流I；

（2）电阻的阻值；

（3）电动机的输出功率.

26、某雷达工作时，发射电磁波的波长为λ＝20cm，每秒发射的脉冲数为n＝5000，每个脉冲持续时间t＝0.02μs，求电磁波的振荡频率为多少？最大侦察距离是多少？参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【详解】

题中电荷电量可能不同；也可能相同，但各自所受的电场力大小却相同，方向相反；由于它们与竖直线所成的角度相等，且两球同处一水平线上，所以根据共点力平衡条件可确定，它们的质量一定相等。故C正确，ABD错误；

故选C。2、C【分析】【详解】

A．粒子在电场中做类平抛运动，水平方向

竖直方向

由

可得

故A错误；

B．由于

故粒子速度大小为

故B错误；

C．由几何关系可知，到P点的距离为

故C正确；

D．由于平抛推论可知，可知速度正切

可知速度方向与竖直方向的夹角小于30°；故D错误。

故选C。3、D【分析】【分析】

【详解】

A.卢瑟福α粒子散射实验的规律说明了原子具有核式结构；故A项与题意不符；

B.光是一种几率波；在光的双缝干涉实验中，暗条纹的地方是光子能到达机率很小的地方，故B项与题意不符；

C.奥斯特发现了电流的磁效应；揭示了导线通电时附近小磁针发生偏转的原因，故C项与题意不符；

D.汤姆生通过阴极射线在电场和在磁场中的偏转实验，发现了阴极射线是由带负电的粒子组成，并测出了该粒子的比荷，故D项与题意不符．4、C【分析】【分析】

【详解】

A．带电粒子在水平方向上做匀速直线运动，初速度相同，b、c的水平位移相等，则b、c的运动时间相等，a的水平位移小于b的水平位移，则a的运动时间小于b的运动时间；故A错误；

B．带电粒子在竖直方向上做匀加速直线运动，a、b的竖直位移相等，a的时间小于b的时间，则a的加速度大于b的加速度，带电粒子所受电场力相等，则a的质量小于b的质量；b的竖直位移大于c的竖直位移，b、c的运动时间相等，则b的加速度大于c的加速度，b的质量小于c的质量，可知c的质量最大，a的质量最小；故B错误；

C．三个小球所受的合力相等，等于电场力，由于a的运动的时间最短，根据动量定理知，a的动量增量最小，b、c的运动时间相等，则b、c动量增量相等；故C正确；

D．根据动能定理知，a、b竖直位移相等，则a、b电场力做功相等，动能增量相等，c的竖直位移最小，电场力做功最小，则c的动能增量最小；故D错误。

故选C。

【点睛】

带电粒子在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做初速度为零的匀加速直线运动，抓住初速度相等，结合水平位移比较运动的时间，根据竖直位移比较加速度，从而结合牛顿第二定律比较质量的大小关系；根据动量定理比较动量的增量，根据动能定理比较动能的增加量。5、C【分析】【分析】

【详解】

当闭合开关S1断开S2时，R与R1串联，电流表A1测量电路中的电流，由得；电源电压。

当闭合开关S2断开S1时，R与R2串联，电流表A2测量电路中的电流，由得；电源电压。

由于电源电压不变；则。

解得。

因为R＞0,所以可得。

0.2A<I2<0.25A故C正确。6、C【分析】【分析】

根据内外之和等于电源的电动势和欧姆定律；求出流过电源的电流．由欧姆定律求出灯泡的电流，由总电流与灯泡电流之差求出流过电动机的电流．电动机对外输出的机械功率等于电动机的总功率与内部发热功率之差．

【详解】

对定值电阻：，电动机与灯泡并联，则电动机的电流I电＝I﹣I灯＝2A﹣0.5A＝1.5A，故A错误；电源的输出电压：U＝E﹣Ir，则有：I=2A，故B错误；电动机的输入功率等于P＝UI电＝4×1.5＝6W，故C正确；根据能量转化与守恒定律得，电动机的输出功率P出＝UI电﹣I电2r＝6﹣2.25＝3.75W，故D错误．所以C正确，ABD错误．

【点睛】

本题是含有电动机的问题，电动机正常工作时，其电路是非纯电阻电路，欧姆定律不适用．7、C【分析】【详解】

A．1687年牛顿发现了万有引力定律；但并没有得出引力常量。直到1798年，卡文迪什首次利用如图所示的装置，比较精确地测量出了引力常量，A错误；

B．库仑通过扭秤实验建立了库仑定律，密立根比较精确地测定了元电荷e的数值；B错误；

C．天体与天体之间的相互作用力主要是万有引力；一般不需要考虑库仑力，C正确；

D．核外电子与原子核间的万有引力远小于库仑力大小；则原子核与核外电子之间的相互作用只需要考虑库仑力，D错误。

故选C。8、C【分析】【详解】

A．处于静电平衡的导体是个等势体，电势处处相等，所以Фa=Фb，b点有正感应电荷，电势高于无穷远处，所以有Фa=Фb>0；故A错误；

B．处于静电平衡的导体内部场强处处为零；故B错误；

C．感应电荷在导体内部c、d两点产生的场强与场源电荷Q在c、d两点产生的场强等大反向，由点电荷场强决定式

知场源电荷Q在c、d两点产生的场强大小关系为

所以感应电荷在导体内部c、d两点产生的场强Ec＞Ed≠0

故C正确；

D．在Q存在的情况下，用导线连接a、b两端；两端电荷不会发生中和，因为导体是一个等势体，电荷不会移动，故D错误。

故选C。二、多选题(共5题，共10分)9、B:C【分析】【详解】

A．因EP-x图像的斜率等于电场力，因x2~x3段图像的斜率不变，则电荷受的电场力不变，加速度不变，则该过程电荷做匀变速直线运动，但该电荷在x2~x3段电势能增加；动能减小，即电荷做匀减速运动，选项A错误；

B．根据电势能与电势的关系

可知x1处的电势最低、x3处的电势最高；选项B正确；

C．由于电荷只受电场力，电荷运动过程中动能与电势能之和不变，则

则

则选项C正确；

D．由以上分析可知，x1左侧电荷的电势能减小，电场力做正功，则电场沿x轴的正方向，同理可知x1右侧的电场沿x轴的负方向；选项D错误。

故选BC。10、C:D【分析】【详解】

A．由点电荷的场强公式

可知，a、b、c点的电场强度大小相等，但方向不同，所以a、b、c点的电场强度不相同；故A错误；

B．a、c两点电势相等且小于d点的电势，所以Uad＝-Udc

故B错误；

C．由于a、b两点的电势相等，所以电子在a点时的电势能等于在b点的电势能；故C正确；

D．由于d点离正点电荷更近，所以d点电势比a点电势高，根据负电荷在电势低处电势能大，所以电子在a点时的电势能大于在d点的电势能；故D正确。

故选CD。11、B:C【分析】【详解】

A．φ-x图象的斜率大小等于电场强度，由几何知识可知O点场强不为零；故A错误；

B．沿着电场线方向，电势是降低的，则有-x1与x1点的斜率相同；则电场强度相同，故B正确；

C．电势的定义式为

故电势能为Ep=qφ

将负电荷从-x1移到x1电荷的电势能由负值变为正值；电荷的电势能增大，故C正确；

D．-x1和x1两点电势不相等；故一定不在同一等势面上，故D错误。

故选BC。12、B:D【分析】【详解】

B．小圆环能由B点开始下滑；有沿杆向下的加速度，表明库仑力；重力沿杆分力两力的合力大于滑动摩擦力。滑到C点时速度再次为零，表明在静止前有沿杆向上的加速度，库仑力、重力沿杆分力两力的合力小于滑动摩擦力。而库仑力随环远离而减小，可以判定环受到的库仑力沿杆向下为斥力，小圆环所带电荷和顶端固定的电荷一定是同种电荷，故B正确；

A．小圆环下滑过程中；库仑斥力做正功，电势能减小，故A错误；

C．带电小环在向下运动过程中由于库仑力减小；从受力上来说力不是恒力，所以不可能做匀变速运动，故C错误；

D．小圆环下滑过程中；重力做正功，摩擦力做负功，库仑力做正功，机械能的损失量等于克服摩擦力做的功和库仑力做功之和，所以克服摩擦力做的功大于机械能的变化量，故D正确。

故选BD。13、A:B【分析】【详解】

A．若改装后的电流表示数比标准表稍小一些；说明流过表头的电流小，可以增大分流电阻使其分流少些，从而增大流过表头的电流使其准确，应该给并联电阻串联一个较小的电阻，故A正确；

B．若改装后的电流表示数比标准表稍大一些；说明流过表头的电流大，可以减小分流电阻使其分流多些，从而减小流过表头的电流使其准确，应该给并联电阻并联一个较大的电阻，故B正确；

C．若改装后的电压表示数比标准表稍小一些。说明流过表头的电流小；应该减小串联电阻，或给串联电阻再并联一个较大的电阻，故C错误；

D．若改装后的电压表示数比标准表稍大一些；说明流过表头的电流大，应该增大串联电阻，故D错误。

故选AB。三、填空题(共7题，共14分)14、略

【分析】【详解】

圆弧中的电流产生的磁感应强度与其半径成反比，可知产生的磁感应强度，而直线电流在其延长线上的磁感应强度为零，所以a点的磁感应强度为：，通过右手定则可判断合磁感应强度方向垂直纸面向外；b处的磁感应强度为：，通过右手定则可判断合磁感应强度方向垂直纸面向里；所以，a点的磁感应强度垂直纸面向外【解析】小于垂直纸面向上15、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2]直线电流的磁场：右手握住导线；让伸直的拇指所指的方向与电流方向一致，弯曲的四指所指的方向就是磁感线环绕的方向，如图甲。

（2）[3][4]环形电流的磁场：让右手弯曲的四指与环形电流的方向一致；伸直的拇指所指的方向就是环形导线轴线上磁感线的方向，如图乙。

（3）[5][6][7]通电螺线管的磁场：右手握住螺线管，让弯曲的四指所指的方向跟电流方向一致，拇指所指的方向就是螺线管内部磁感线的方向，或拇指指向螺线管的N极，如图丙。【解析】①.电流②.磁感线③.环形电流④.磁感线⑤.电流⑥.内部⑦.N16、略

【分析】【详解】

[1]由图可知，N点电势低于C点电势，根据电势能与电势的关系可得，对于负电荷，在电势低的地方电势能大，在电势高的地方电势能小，所以负电荷在C点的电势能小于在N点的电势能；

[2]φ-x图线切线斜率的大小表示电场强度，由图可知，N点切线的斜率大于C点切线的斜率，所以N点的电场强度大于C点的电场强度。【解析】<>17、略

【分析】【详解】

[1]根据公式

充电后与电源断开，电容器带电量不变，极板间距离增大可知电容变小，故可知两极板间的电势差增大。【解析】增大18、略

【分析】【详解】

（1）[1]螺旋测微器的示数为0.5mm+0.142mm=0.642mm；

（2）[2]电压表选择量程时；最小分度为0.1V，所以需要再向后估读一位，示数为1.80V；

（3）[3]毫安表选择量程时，最小分度为0.5mA，只读到小数点后一位，示数为12.0mA。【解析】①.0.642（0.641~0.643皆可）②.1.80③.12.019、略

【分析】【详解】

[1]根据

得

[2]磁感应强度B是磁场本身的属性，与有无电流元以及电流大小无关．所以当该导线的长度和电流都减小一半，该处的B的大小仍为0.1T。【解析】0.10.120、略

【分析】【详解】

（1）[1]把条形磁铁插入线圈时，穿过线圈的磁通量向上，且大小增大，则线圈产生的感应电流的磁场方向向下，由发光二极管B发光，可知流经二极管B的电流方向向下；则线圈缠绕方向如图乙中A所示。

（2）[2]条形磁铁从初始到完全插入；磁通量的变化量相同，磁铁运动速度越快，磁通量变化越快，发光二极管的亮度就越大，说明感应电动势随磁通量的变化率的增大而增大。

（3）[3]磁体从靠近线圈的上方静止下落，当磁体进入线圈的过程，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律可知感应电流产生的磁场方向向下，当磁体离开线圈的过程，穿过线圈的磁通量减小，根据楞次定律可知感应电流产生的磁场方向向上，所以磁体进入和穿出线圈时感应电流方向相反；当磁体完全进入线圈时，穿过线圈的磁通量不变，则不会产生感应电流，磁体会加速运动，当到达线圈底部时，磁通量变化率大于磁体刚进入线圈时，依据法拉第电磁感应定律和欧姆定律可知到达底部的感应电流较大，故A正确，B、C、D错误。【解析】A磁通量的变化率A四、作图题(共1题，共8分)21、略

【分析】【详解】

（1）由闭合电路欧姆定律可知

所以图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势；与横轴交点的坐标值为短路电流，如图所示。

（2）电源的输出功率等于路端电压与干路电流的乘积；即所要求的的面积为该点向坐标轴作垂线后与坐标轴围成的面积，如图所示。

【解析】（1）U-I图像如图所示。图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势，与横轴交点的坐标值为短路电流；（2）五、实验题(共3题，共27分)22、略

【分析】【详解】

①[1]一节干电池的电动势约E=1．5V，为方便实验操作，滑动变阻器应选R1，它的阻值范围是0-10Ω，电路中最小电流约为

电流表A的量程是3A；被测电流值与电流表量程相比差距太大，因此不能用电流表A。

②[2]改装后电流表量程：

③[3]根据以上分析可知，选用的滑动变阻器是R1。

④[4][5]由上可知，改装后电流表的量程是电流表G量程的200倍，图象的纵截距b等于电源的电动势，由图读出电源的电动势为：E=