2025年中考物理押题猜想卷（苏州卷）（全解全析）

2025年中考考前押题密卷（苏州卷）

物理•全解全析

一、选择题（本题共12小题,每小题2分，共24分。每小题给出的选项中只有一个选项符合题意）

1.估测是学习物理应掌握的一种能力。通过估测，可以学会将抽象的物理概念与日常生活中的实际情境

相结合，提高问题解决能力。下列估测符合实际情况的是（）

A.成年人步行的速度约5m/sB.家用空调的电功率约100W

C.对人体安全的电压约36VD,将两个鸡蛋托起1m做功约1J

【答案】D

【详解】A.成年人步行的速度约l.lm/s,故A不符合题意；

B.家用空调的电功率约1000W,故B不符合题意；

C.对人体安全的电压不高于36V,故C不符合题意；

D.两个鸡蛋的重力约为1N,将两个鸡蛋举高1m做功大约

lV=G/?=lNxlm=lJ

故D符合题意。

故选D。

2.如图所示，下列现象中，成实像的是（）

【详解】①用放大镜观察邮票时，物距小于焦距，根据凸透镜成像规律，成正立、放大的虚像；

②用照相机拍摄景物时，物距大于2倍焦距，根据凸透镜成像规律，成倒立、缩小的实像；

③投影仪投影时，物距在1倍焦距与2倍焦距之间，根据凸透镜成像规律，成倒立、放大的实像;

④平面镜矫正姿势，利用了光的反射，根据平面镜成像的特点，成正立、等大的虚像。

综上所述成实像是②③，故ACD不符合题意，B符合题意。

故选B。

3.关于“观察水蒸气的液化”的实验，下列几个说法中错误的是（）

A.烧杯内水的减少主要是因为水的沸腾

B.金属盘中放冰块可使液化现象更明显

C.瓶口上方的“白气”是大气中的水蒸气汽化形成的

D.根据金属盘温度升高这一现象不能得出气体液化会放热的结论

【答案】C

【详解】A.用酒精灯加热，烧瓶内的水吸收热量，发生沸腾现象，汽化为水蒸气，烧瓶内水的减少主要

是因为水的沸腾造成的，故A正确，A不符合题意；

B.水蒸气液化时要放出热量，为了使实验现象更明显，应使盘的温度低一些，可以在盘中加些冰块，故

B正确，B不符合题意；

C.烧瓶口上方的“白气”是瓶内的水汽化成的水蒸气遇冷液化成的小水滴，故C错误，c符合题意；

D.水蒸气上升后遇到金属盘后放热，液化成小水珠，使金属盘温度升高；也有可能液化得到的热水对金

属盘二次放热，使金属盘温度升高，故D正确，D不符合题意。

故选C。

4.下列小实验能达到预期目的是（）

A.将红墨水滴在不同温度的等量水中，通过现象能证明温度越高，分子运动越剧烈

B.沙粒放入水中，水变浑浊了，说明分子在不停地做无规则运动

C.两玻璃使劲挤压无法合并成一块玻璃，说明分子间有斥力

D.用手捏海绵，海绵体积变小了，说明分子间有间隙

【答案】A

【详解】A.把红墨水分别滴到热水中和冷水中，发现热水变色更快，是因为温度越高，扩散越快，分子

热运动越剧烈，故A符合题意；

B.沙粒放入水中，水变浑浊是因为沙土小颗粒悬浮在水中造成的，不是分子的运动，故B不符合题意；

C.由于分子间的作用距离很小，碎玻璃拼在一起时，碎玻璃块间的距离远大于分子力相互作用的距离，

分子力不起作用，所以碎玻璃不能拼在一起，碎玻璃不能拼在一起是由于分子之间有斥力的说法是错误

的，故C不符合题意；

D.因为海绵内有空隙，所以用手捏海绵，海绵的体积变小了，不能说明分子间有间隙，故D不符合题

思、o

故选Ao

5.茶壶的设计和使用中应用到了很多物理学的知识，下列说法正确的是（）

A.茶壶壶身水位比壶嘴要高B.水对壶底的压力等于壶中水的重力

C.壶盖上小孔主要作用是为了散热D.水对茶壶侧壁压强比壶底小

【答案】D

【详解】A.茶壶是个连通器，茶壶壶身水位与壶嘴一样高，故A错误；

B.茶壶周围的部分水的压力作用在侧壁上，水对壶底的压力小于壶中水的重力，故B错误；

C.若茶壶的盖上没有小孔，当壶内的水流出部分后，壶内气压减小，小于外界大气压，大气压压着里面

的水不易流出来。茶壶的盖上留一小孔，使内外气压相等，水才容易倒出来，故C错误；

D.侧壁的水的深度小于壶底，根据。=Og〃可知水对茶壶侧壁压强比壶底小，故D正确。

故选D。

6.如图所示，长方体水槽中装有适量水，一束激光沿方向照向水面，8为容器侧壁上形成的光斑。在

下列操作中，能使光斑向下移动的是（）

A.保持水面高度不变使激光笔向左平移B.保持激光射入角度不变使水面下降

C.保持激光射入角度不变，将容器右侧垫高D.保持水面高度和入射点不变使激光入射角增大

【答案】C

【详解】A.保持水面高度不变使激光笔向左平移，光线入射角不变，入射点左移，折射光线也向左侧移

动,但与08平行，因此光斑向上移动，故A不符合题意；

B.保持激光射入角度不变使水面下降，光线入射角不变，入射点左移，折射光线也向左侧移动，但与

平行，因此光斑向上移动，故B不符合题意；

C.保持激光射入角度不变，将容器右侧垫高，水面升高，光线入射角不变，入射点右移，折射光线也向

右侧移动，但与平行，因此光斑位置向下移动，故C符合题意；

D.保持水面高度和入射点不变，使激光入射角增大，折射角也增大，因此光斑向上移动，故D不符合题

后、O

故选C。

7.图-1是一款新能源智能汽车，车顶覆盖薄膜式太阳能电池板，车窗采用具有单向透光性的“智能玻

璃”。汽车抬头显示系统如图-2所示，将显示器上的重要行车数据通过前挡风玻璃投射在正前方，驾驶员

不必低头就可以看到车辆行驶信息。电子后视镜通过摄像头成像，将车侧后方情景呈现在显示屏上，如图-

3所示。根据以上信息,下列说法正确的是（

A,太阳能电池板将太阳能转化为内能

B.“智能玻璃”可以有效减少红外线对人体的伤害

C.抬头显示系统利用平面镜能成倒立、等大的实像的特点

D.侧后方情景通过摄像头成倒立、缩小的实像

【答案】D

【详解】A.太阳能电池板吸收太阳能，产生电能，能量转化是将太阳能转化为电能，故A错误;

B.由材料可知，智能玻璃能防紫外线，可以减少紫外线对皮肤的伤害，故B错误；

C.抬头显示系统利用平面镜原理，成等距、等大的虚像，故C错误；

D.摄像头利用的是照相机原理，侧后方情景通过摄像头成倒立、缩小的实像，故D正确。

故选Do

8.如图所示，关于“探究电磁联系”的四个实验情境，下列说法正确的是（）

A.甲实验中小磁针最终静止时与通电导线平行

B.将乙实验中仍棒竖直上下移动时，灵敏电流计指针会左右摆动

C.丙实验装置可以研究电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系

D.丁实验揭示了发电机的工作原理

【答案】C

【详解】A.图甲装置是奥斯特实验，实验表明电流周围存在磁场，实验中小磁针最终静止时与通电导线

垂直，故A错误；

B.将乙实验中油棒竖直上下移动时，不切割磁感线，不会产生感应电流，灵敏电流计指针不会左右摆

动,故B错误；

C.图丙装置两个电磁铁串联在电路中，电流相等，线圈匝数不同，所以可以探究电磁铁磁性强弱跟线圈

匝数的关系；若移动滑动变阻器，可以改变电路中的电流，所以还可以探究电磁铁磁性强弱跟电流的关

系，故c正确；

D.图丁装置是通电导体在磁场中受力而运动，是电能转化为机械能，是电动机的原理，故D错误。

故选C。

9.如图所示，小球从A点静止释放运动到C,8为最低点，C为最高点，不计空气阻力，下列说法正确的

A.小球运动到B点时，只受2个力，且大小相等

B.小球运动到8点，若剪断细绳，在惯性的作用下，小球不会立即竖直下落

C.从A到8的过程中，动能减小，重力势能增大

D.小球运动到C点，在剪断细绳且失去所有外力的情况下，小球将保持静止

【答案】D

【详解】A.小球运动到3点时，受到重力和绳子的拉力作用，小球处于非平衡状态，这两个力大小不相

等，故A错误；

B.小球运动到B点，剪断细线，只受重力作用，但同时小球由于具有惯性，仍向右运动，所以小球不会

立即竖直下落。惯性是物体的固有属性，不能说在惯性作用下，故B错误；

C.从A到2的过程中，小球的重力势能转化为动能，重力势能减小，动能增大，故C错误；

D.小球运动到C点瞬间速度为0,根据牛顿第一定律可知，在剪断细绳且失去所有外力的情况下，小球

将保持静止，故D正确。

故选D。

10.高铁每节车厢都有两间洗手间，只有当两间洗手间的门都关上时(每扇门的插销都相当于一个开

关)，车厢中指示牌内的指示灯才会发光提示旅客“洗手间有人”.下列所示电路图能实现上述目标的是

()

指示灯

【详解】A.由电路图可知，两开关都闭合时灯泡发光，符合题意，故A正确；

B.由电路图可知，闭合任意一个开关，灯泡都发光，不符合题意，故B不正确；

CD.由电路图可知，闭合S2时指示灯亮，再闭合Si时指示灯不亮，且会发生电源短路，故CD不正确.

11.如图所示的电路中，闭合开关S,滑动变阻器的滑片向左滑动过程中，下列说法正确的是（）

A.电流表A的示数变小，电压表V2的示数变小

B.电流表A的示数变小，电压表V1的示数不变

C.电压表V1与电流表A的示数之比不变

D.电压表V］与电流表A的示数乘积不变

【答案】B

【详解】AB.上图中，变阻器与处串联，电流表测电路的电流，电压表Vi测电源电压（示数不变），V2

测变阻器的电压。滑动变阻器的滑片向左滑动过程中，变阻器连入电路的电阻变大，根据串联电阻的规

律，电路的电阻变大，由欧姆定律可知电流表A示数变小，根据U=/R可知，R/的电压变小，根据串联电

路电压的规律，V2示数变大，故A错误，B正确；

C.根据欧姆定律，电压表与电流表A的示数之比即电路的总电阻，这个比值变大，故C错误；

D.电压表V1示数不变，电流表A的示数变小，电压表V1与电流表A的示数乘积变小，故D错误。

故选B。

12.如图，质量分别为机1、机2、m3（加1＞机2）的物体通过轻绳和弹簧连接起来，三个物体均处于静止状

态.不计弹簧自重、绳重和摩擦，关于此装置的说法错误的是（）

A.绳子对加2的拉力大小为机2g

B.绳子对相1的拉力大小为

C.弹簧中拉力大小为（机1-M12）g

D.地面对的支持力大小为。"2+机3-7W1）g

【答案】A

【详解】分析：分别对质量为mi、m2、m3的物体进行受力分析，然后对照各选项逐一进行判断即可.

解答：如图所不：

A、根据定滑轮工作特点可知，绳子对甲物体的拉力等于物体乙对绳子的拉力，等于乙物体的重力，所

以，绳子对甲物体的拉力大小为mig,故A错误；

B、对乙物体进行受力分析可知，此时乙物体的重力与绳子对乙物体的拉力是一对平衡力，所以，绳子对

乙物体的拉力大小为mig.故B正确；

C、弹簧中拉力为乙物体与甲物体的重力之差，即g,故C正确；

D、对丙物体进行受力分析可知，物体丙受到地面的支持力、甲物体的压力（等于重力）、乙物体的拉力

（等于重力）三个力的作用，地面对丙物体的支持力大小为（m2+m3-mi）g.故D正确.

故选A.

【点睛】此题考查定滑轮及其工作特点、力与运动的关系，关键是对各个物体进行正确的受力分析，有一

定难度！

二、填空题（本题共10小题，每空1分，共28分）

13.2023年杭州亚运会开幕式上，良渚古城的水玉琮敲击出激昂的鼓声，营造了热烈的迎宾氛围，如图，

在水润秋辉篇章，有一场震撼的水鼓表演，在鼓面上敲打出水花说明鼓发出的声音是由于鼓面产生

的；改变敲击的力度可以改变声音的（选填“音调”“响度”或“音色”）。

【答案】振动响度

【详解】口］声音是由物体的振动产生的，在鼓面上敲打出水花说明鼓发出的声音是由鼓面振动产生的。

⑵声音的大小叫响度，敲鼓的力越大，鼓面振幅越大，响度越大。

14.2024年的元月的大雪后，小明发现“下雪不冷，化雪冷”，这是因为雪熔化时（选填“吸收”或“放

出“）热量，此过程中雪的温度（选填“升高”“降低”或“保持不变”）。

【答案】吸收保持不变

【详解】［1］⑵物体由固态变为液态，称为熔化，熔化吸热，雪熔化吸收热量；雪是晶体，在熔化过程中其

温度保持不变。

15.2023年12月17日，第24届哈尔滨冰雪大世界试开园，今年再次推出史上最长超级冰滑梯。如图超

级冰滑梯长度约500m,游客乘坐雪橇板从冰滑梯上滑下时间约为50s,则游客的速度是m/s,以雪橇

板为参照物该游客是。

【答案】10静止的

【详解】⑴由宁知道，游客的速度是

⑵游客相对于下滑的雪橇板，位置没有发生改变，因此以下滑的雪橇板为参照物是静止的。

16.华为2023年8月发布的Mate60系列中的手机（如图）麒麟芯片9000s制造工艺达到7nm制程并支持

5G功能。该芯片主要用到材料（选填“导体”、“半导体”或“超导体”），用超级快充给电池充电

时，该电池在电路中是（选填“电源”或“用电器”）。人们用华为手机打电话、微信聊天等这些服

务是通过（选填“超声波”、“次声波”或“电磁波”）来传递信号的。

【答案】半导体用电器电磁波

【详解】［1］半导体的导电能力介于导体和绝缘体之间，有不同于导体的绝缘体的性质，麒麟芯片9000s制

造工艺达到7nm制程并支持5G功能，该芯片主要用到半导体材料。

⑵用超级快充给电池充电时，消耗电能，转化为化学能，该电池在电路中是用电器。

［3］电磁波能够传递信息，人们用华为手机打电话、微信聊天等这些服务是通过电磁波来传递信息的。

17.如图所示，手握杯子沿竖直方向匀速举高时，杯子受到摩擦力的方向为,给杯子中加水，

杯子受到摩擦力的大小;若杯子在手中向下滑，则可以通过的方式来增大摩擦力。

【答案】竖直向上变大增大压力

【详解】口］手握杯子沿竖直方向匀速举高时，因为杯子受重力，杯子有向下运动的趋势，所以杯子受到摩

擦力的方向为竖直向上，与重力平衡。

⑵杯子受到摩擦力与重力平衡，给杯子中加水，杯子受到的重力增大，杯子受到摩擦力变大。

⑶若杯子在手中向下滑，表示摩擦力较小，可以用力抓住杯子，即通过增大压力的方式来增大摩擦力。

18.如图a所示的电路，电源电压保持不变。闭合开关S,调节滑动变阻器，两电压表的示数随电路中电

流变化的图象如图b所示，根据图象的信息可知（选填“甲”或“乙”）是电压表V2示数变化的图

【答案】乙620

【详解】［1］观察图a,闭合开关，根据电流的流法可知，定值电阻4和滑动变阻器处串联接入电路，电

压表Vi并联在品的两端，电压表V2并联在心的两端，再观察图b,假设电路的电流是增大的，电源电压

保持不变，电路的总电阻是减小的，变阻器接入电路的阻值应该减小，滑片向左移动，定值电阻阻值不

变，根据串联电路的分压特点，V2的示数减小，Vi的示数增大，再结合图b,甲是电压表Vi示数变化的

图象，乙是电压表V2示数变化的图象。

⑵观察图b,在电流值为0.15A时，甲、乙图象对应的电压值都为3V,电压表Vi和V2的示数都为3V,

串联电路的总电压等于各用电器的电压之和，所以电源电压为6V。

［3］观察图b,在电流值为0.15A时，甲图象对应的电压值为3V,甲是电压表Vi示数变化的图象，Vi测的

是4的电压，丛的电压为3V,根据尺=午可知，电阻力的阻值为

6十部=200

电阻R/的阻值为20Qo

19.用如图所示装置粗略测量大气压的值，把吸盘用力压在玻璃上排出吸盘内的空气，吸盘压在玻璃上的

面积为4xl（r4m2,轻轻向挂在吸盘下的小桶内加沙子。吸盘刚好脱落时，测出吸盘、小桶和沙子的总质量

为3.8kg。则大气对吸盘的压力为,大气压的测量值为o（g取10N/kg）

【答案】38N9.5x104Pa

【详解】口］吸盘、小桶和沙子的总质量为3.8kg,吸盘、小桶和沙子的总重力

G=〃际=3C8K豌=38N

吸盘竖直竖直向下的拉力

F=G=38N

吸盘静止在玻璃上，吸盘受到竖直向下的力和竖直向上的大气压力是平衡力，根据平衡力条件得，大气对

吸盘的压力

F=F,=38N

⑵大气压值

F38N

p=­=9.5xlO4Pa

S4x10F

20.如表是小明家电饭煲铭牌的部分信息，小明家电能表的示数如图所示。电饭煲是利用工作的，电

饭煲中挡正常工作时电流为A,若家中只接入电饭煲，在高挡正常工作lOmin,电能表示数将变成—

kW-ho

额定电压220V

频率50Hz

高挡1800W

额定功率中挡1200W

低挡500W

kWh

0^2_51

DDS425型

单相电子式电能表

•脉冲

220V20A50Hz

1600imp/(kWh)

【答案】电流的热效应5.457325.9

【详解】［1］电饭煲工作时，电能转化为内能，这是电流的热效应。

⑵电饭煲中挡正常工作时电流为

,P1200W=,一

1=—=---------=5.45A

U220V

［3］高挡正常工作lOmin,电饭煲消耗的电能

W=P't=l800WxlOx6Os=l.O8xlOsJ=O.3kWh

电能表示数将变成

7325.6kW-h+0.3kW-h=7325.9kW-h

21.寒冬，为给小鸡仔提供温暖的环境，小明制作了恒温箱系统，原理如图。控制电路由电磁继电器、滑

动变阻器R/、热敏电阻&（安装在恒温箱内，阻值随温度升高而显著减小）、低压电源等组成。加热电路

由电源、电热丝瓜和&等组成。调好R/阻值，闭合开关Si、S2,箱内温度升高到设定值后即在小范围内

波动，且降温阶段降温比较平缓。

（1）温度升高时，电磁铁磁性;

（2）总阻值_________（大于/小于）&阻值；

（3）将R/的阻值稍微调小一些，恒温箱控制的温度将。

【答案】增大小于变低

【详解】（1）口］温度升高时，热敏电阻尺2的阻值随温度升高而显著减小，根据欧姆定律，电路中电流变

大，电磁铁的磁性增大。

（2）［2］因为热敏电阻及阻值随温度升高而显著减小，所以温度升高时，控制电路总电阻减小，电流增

大，电磁铁磁性增强，此时衔铁被吸下，电阻此开始工作，为了保证在恒温箱内温度较为平稳，现在加热

2

功率应较低，由尸=T二J可知，电压不变，电阻较大，因此以阻值小于科阻值。

R

（3）［3］电磁铁吸引衔铁时的电流不变，控制电路电源电压不变，根据欧姆定律可知，控制电路的总电阻

不变，将4的阻值稍微调小一些，根据电阻的串联可知，热敏电阻及的阻值变大，因热敏电阻上的阻值

随温度升高而显著减小，故恒温箱控制的温度将变低。

22.我国具有完全自主知识产权的新一代大型客机C919在上海浦东国际机场首飞，这标志着中华民族百

年的“大飞机梦”取得了历史性突破。

甲乙

（1）如图乙所示，飞机的机翼做成上凸下平的形状，飞机飞行时，机翼上方气流比下方气流的流速

（选填“快”或“慢”），下方空气的压强（选填“大于”、“等于”或“小于”）上方空气的压强，从而使机翼

获得了向上的升力，为了缩短飞机起飞或着陆的滑行距离，最好（选填“顺风”或“逆风”）起飞；

（2）在C919客机加速上升的过程中，机舱外的大气压（选填"变大“变小”或“不变”），机舱内先进的

“呼吸系统”，使飞机在气压只有2.5xlO4Pa左右的万米高空时，机舱内气压达到8.0xl04Pa,机体InP面积

上承受内、外气压的压力差约为N„

【答案】快大于逆风变小55000

【详解】（1）口］［2］空气在相同的时间内同时通过机翼的上表面和下表面，由于飞机的机翼上凸下平，飞机

飞行时，由于上表面弯曲，所以机翼上方的气流流速就大于机翼前方的气流流速；而下表面平直，因此机

翼下方的气流流速大致等于前方的气流流速，从而可以知道，机翼下方的气流流速就小于机翼上方的气流

流速，所以机翼上方的压强小于机翼下方的压强，这样就产生了作用在机翼上的向上的升力。

[3]飞机逆风起飞时，上下面的压强差较大，产生向上的升力较大，为了缩短飞机起飞或着陆的滑行距离，

最好逆风起飞。

(2)[4]由于大气压随高度的升高而降低，故在C919客机加速上升的过程中，机舱外的大气压变小。

[5]机体1m2面积上承受内、外气压的压力差为

4242

△F=F所F夕kp内S-p^S=8.0xl0Paxlm-2.5xl0Paxlm=55000N

三、作图题(本题共9小题，共48分.解答24、25、26题时应有解题过程)

23.(8分)按要求作答：

(1)如图所示，一束光线的反射光线与水平面成30。角斜射到空气中，请在图中画出入射光线和折射光线

的大致方向。

(2)日常生活中的门把手如图所示，握住门把手向下压可以打开门，此时门把手可以看成如图所示的一

个杠杆，。为支点，请在图中画出作用在2点的最小动力耳的示意图。

(3)如图所示是生活中一种插线板，在使用中发现：插线板上的指示灯在开关断开时不发光，插孔不能

提供工作电压；而在开关闭合时指示灯发光，插孔可以提供工作电压；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔

也能提供工作电压。根据上述现象，请在图中画出开关、指示灯、电阻和插孔的连接方式，并与电源线接

通。

(4)请在图中标出通电螺线管的电流方向和磁感线的方向。

【详解】已知反射光线与水平面的夹角为30。，则反射角等于90。-30。=60。，根据光的反射定律可知，入射

角也为60。。过反射点垂直于镜面作出法线，然后根据反射角等于入射角在法线右侧的空气中作出入射光

线。光从空气中斜射入水中，折射角小于入射角，据此画出折射光线的大致方向。

【详解】根据题意可知，。为支点，B点离支点最远，施加的力最小，连接作为力臂，且作。B的垂线

（注意标垂足）即为施加的最小动力匕，施加力的方向与尸2的方向相反，如图所示:

火线

零

线

地

线

（3）【答案】

【详解】插线板上的指示灯在开关闭合时会发光，插孔正常通电，说明开关同时控制灯泡和插座，灯泡和

插座之间可能是串联，也可能是并联，如果两者并联，开关应该在干路上；由题可知，如果指示灯损坏，

开关闭合时插孔也能正常通电，说明指示灯和插座之间是并联的；开关接在指示灯、插座和火线之间控制

火线使用更安全；由于指示灯的工作电压较小，所以需要给指示灯串联一个电阻来分压；三孔插座的接法

是左零右火上接地，如图所示：

火

零

地

xiftn

开关指示灯电阻插孔

（4）［答案］1；区二口

【详解】由磁感线分布情况可知，通电螺线管右端为N极，在磁体外部，磁感线从N极出发回到S极,

所以磁感线方向向右；根据右手螺旋定则可知，电流从通电螺线管左端流入，右端流出，故作图如下：

24.（6分）如图所示是小明同学模拟某建筑工地上塔吊的工作情景，设置了如图所示的滑轮组来提升装修

材料，若他用250N的拉力将500N的材料以0.5m/s匀速提升了20s（不计绳重和摩擦，g取10N/kg）。

求：

（1）20s内拉力做功的功率；

（2）动滑轮的重量；

（3）若绳子能承受的最大拉力为500N时，此滑轮组的机械效率最大是多少？（结果保留一位小数）

【答案】(1)375W；(2)250N；(3)83.3%

【详解】解：(1)(1)由v=±可得，20s内材料匀速提升的高度

h-vt=0.5m/sx20s=10m

由图可知，滑轮组绳子的有效股数n=3,则绳子自由端移动的距离

s=nh=3x10m=30m

20s内拉力所做的功

W,^F5=250Nx30m=7500J

拉力的功率

p=^=7500J=375W

t20s

(2)所做的有用功

W*G/z=500Nx10m=5000J

额外功

%外=W息-%用=7500J-5000J=2500J克服重动滑轮所做的功为额外功，则动滑轮的重量

G%L="29I=25ON

动h10m

(3)若绳子能承受的最大拉力为500N时，提升的最大物重为

G=nF'-G动=3x500N-250N=1250N

滑轮组的最大机械效率为

_G'h_G'hG1250N

Tl—,——-83.3%(1)20s内拉力做功的功率为375W；

W总F'sF'nhnF'3x500N

(2)动滑轮的重量为250N；

(3)若绳子能承受的堆大拉力为500N时，此滑轮组的机械效率最大是83.3%。

25.(4分)如图所示是一款新型节能装置一空气能热水器，它的制热效能比(制热量和压缩机所消耗能量

3

之比)为4：1,某同学洗一次澡用水20kg,水温由12℃升高到42℃,(c7K=4.2xl0J/(kg.℃))o求:

wif远程操控

（1）洗澡水吸收的热量。吸及空气能热水器压缩机所消耗的能量

⑵若这些洗澡水吸收的热量由某燃气热水器提供（效率为60%,燃气热值为4.2x107j/kg）,求所消耗燃气

的质量。

【答案】⑴2.52xl()6J；6.3x104；(2)0.1kg

【详解】（1）水吸收的热量

2®=c/MAz=4.2xl03J/(kg-℃)x20kgx(42℃-12℃)=2.52xl06J

空气能热水器压缩机所消耗的能量

Q=—X2.52x106J=6.3x105J

44

（2）燃气燃烧放出的热量

A=2.52x10^=4j2x1q6j

60%

则消耗燃气的质量

m条者部川kg

答：（1）洗澡水吸收的热量为2.52xl06j；空气能热水器压缩机所消耗的能量6.3X105J；

（2）消耗燃气的质量为0.1kg。

26.（6分）如图电路中，电源电压恒定，R/是定值电阻，小灯泡L标有“6V”字样，滑动变阻器R2标有

“20。0.5A”。当&的滑片P置于最左端时，只闭合Si,灯泡恰好正常发光，电流表的示数为0.8A；再闭

合S2,电流表的示数变为1.4A。求:

（1）小灯泡的额定功率;

（2）定值电阻R/的阻值;

（3）只闭合开关加,移动变阻器滑片P时，4的电功率变化范围。

【答案】(1)4.8W；(2)10Q；(3)0.4-2.5W

【详解】解：（1）当尺2的滑片P置于最左端时，只闭合加，电路中只有小灯泡L,小灯泡L恰好正常发

光，则电源电压等于小灯泡正常发光时的电压，即

U="6V

此时通过小灯泡L的电流等于小灯泡的额定电流，即〃折0.8A,小灯泡的额定功率

与额=。诲（额=6Vx。.8A=4.8W

（2）当R2的滑片P置于最左端时，闭合4、S2,电路中小灯泡L与队并联，与两端的电压

1=。=6V

通过Ri的电流

/[=Z-Z2=1.4A-0.8A=0.6A

定值电阻Ri的阻值

(3)只闭合开关S2，电路中与R2串联，当滑片p在左端时，只有连入电路，此时其功率最大，此时

电路中电流Q6A,由变阻器规格知允许通过最大电流0.5A,串联电路中电流处处相等，所以电路中的最

大电流为0.5A,飞的最大电功率

《大=/大=(0.5A)2xlOQ=2.5W

滑片P在右端时，变阻器连入阻值最大，电路中的电流最小，此时&的功率最小，此时电路中电流

6V

1=工的最小电功率

-=0.2A%

R、+尺210Q+20Q

2

片小=4小=(02A)x10Q=0.4W

所以与电功率变化范围为04~2.5W0.4~2.5W。

答：(1)小灯泡的额定功率是4.8W；

(2)定值电阻R/的阻值是10。；

(3)只闭合开关S2,移动变阻器滑片P时，4的电功率变化范围是0.4~2.5W。

27.(4分)如图甲，奇奇在厨房中隔着玻璃看到客厅沙发上的小狗烈火焚身却一动不动，仔细观察发现原

来是玻璃反光。于是奇奇想探究平面镜成像的特点，他选用三支蜡烛A、B、C,其中A、B大小不同，

A、C大小相同，如图乙是他进行实验的装置。

(1)他将白纸平铺在水平桌面上，玻璃板竖立在白纸上。将A和B点燃放在玻璃板前，把C放在玻璃板

后方来回移动，如图乙，C与A的像能完全重合，B烛焰的像出现在C“身上”。这说明：

(2)奇奇拿掉蜡烛B,将蜡烛A逐渐靠近玻璃板，适当移动蜡烛C,C与A的像仍能完全重合，这说明

平面镜所成像的大小与物距(填“有关”或“无关”)；

(3)奇奇根据以上结论分析：小狗身上的烈火相当于实验中蜡烛(填“A”或“B")的像，客厅中的小

狗(填“能”或“不能”)看到自己身上的烈火。

【答案】平面镜所成像和物的大小相等无关B不能

【详解】(1)口］在实验中，］C与A的像能完全重合，说明大小相等，B烛焰的像出现在C“身上”。说明平

面镜所成像和物的大小相等。

(2)［2］将蜡烛A逐渐靠近玻璃板，适当移动蜡烛C,C与A的像仍能完全重合，可以得出距离不影响物

与像重合，这说明平面镜所成像的大小与物距无关。

(3)［3］蜡烛B的像在未点燃的蜡烛C上，看起来像蜡烛C上燃烧起来，所以小狗身上的烈火相当于实验

中蜡烛B的像。

［4］平面镜成的像是虚像，所以在客厅的小狗在平面镜的另一端，并不能看到自己身上的烈火。

28.(5分)同学们用如图所示的装置探究“物体动能的大小与质量和速度的关系”，将钢球从某一高度由静

止释放，钢球摆到竖直位置时，撞击水平木板上的木块，将木块撞出一段距离。部分实验数据如下表。

实验次数铁球质量加/g铁球下摆高度〃/cm木块滑行距离s/cm

1202030

2402058

36020

(1)本实验钢球动能的大小是通过来反映的；

(2)实验中，让质量不同的钢球从相同高度摆下，使钢球到达水平面的相同，从而探究动能与—

的关系；

(3)由表中1、2两次实验数据和现象可初步得出结论：；

(4)第3次实验中，木块被撞后滑出木板，重做第3次实验，继续研究(2)中的关系。甲同学建议换用

同样材料但较长的木板，乙同学建议换一个较大的木块，丙同学建议降低球下摆的高度。你认为应采用—

同学的建议。

【答案】木块移动的距离速度质量速度一定时，质量越大，动能越大甲

【详解】(1)［1］本实验通过让钢球从高处摆下，使钢球重力势能转化为动能，来使钢球获得动能，而钢球

对木块做功使木块移动，钢球动能的大小无法用肉眼观察，所以将其转换成木块滑行的距离。

(2)［2］小球到达斜面底端的速度与小球的质量无关，与小球的高度有关，让小球从斜面的同一高度处释

放，使小球到达最底端的速度相同。

⑶影响小球动能的因素是质量和速度，在速度一定，质量不同时，可以探究动能与质量的关系。

(3)［4］由表中数据可得，在钢球下摆高度即速度一定的情况下，质量越大的钢球使木块滑行的距离越

远，故可得结论：当速度一定时，质量越大，动能越大。

(4)［5］上面的三次实验是在速度一定时，改变物体的质量，探究动能的大小与小球质量的关系；动能的

大小转换成木块克服摩擦力做功，在木块压力一定时，通过移动距离的大小表现出来的。所以应换用同样

较长的木板，应采用甲的建议。

29.(5分)小华同学在探究“浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，在弹簧测力计下面悬挂一个实心圆柱

体，如图甲所示，当圆柱体下表面与水面相平时开始缓慢下降，直到浸没在溢水杯内的水中，用小桶收集

溢出的水。(g取10N/kg)

6N4N

2N

HbHbMb

(b)(c)

甲乙

(i)在甲图》步骤中，圆柱体所受浮力为N；

(2)圆柱体的体积是.cm3,其密度是kg/m3；

(3)比较.图可知：浸在同种液体中的物体所受浮力的大小跟浸没时所处深度无关;

(4)小华完成图甲所示的实验后，把水换成另一种液体重复上述实验，根据实验数据绘制出了如图乙所示的

弹簧测力计的拉力厂随物体下降高度丸变化的图像，由图像可知液体的密度为kg/m3o

【答案】24001.5xlO3c、d0.75X103

【详解】(1)口］由图。知，圆柱体的重力G=6N；在甲图6步骤中，圆柱体所受浮力为

%=G-尸=6N-4N=2N

(2)⑵由图a、c知，圆柱体浸没在水中后所受浮力

耳孚=G-F=6N-2N=4N

由

可知，圆柱体的体积

4N

^xlO^m^^Ocm3

夕水g1.0xlO3kg/m3xlON/kg

［3］圆柱体的质量为

G6N

m=0.6kg

g10N/kg

圆柱体的密度

m0.6kg

P=—=-=1.5xlO3kg/m3

V40m4

(3)［4］要探究浸在同种液体中的物体所受浮力的大小跟浸没时所处深度的关系，需要控制液体密度、排开液

体的体积相同，深度不同，图c、d符合题意。

（4）［5］由图乙知，物体完全浸没时测力计的示数为3N,则圆柱体浸没在液体中后所受浮力

F^=G-F"=6N-3N=3N

由

F浮=6排=0液

可知，液体的密度为

3N33

0液一花T-10N/kgx4xl04m3=O.75xlOkg/m

30.（6分）在探究电流与电阻的关系实验中,准备的实验器材有：阻值为5。、10。、15。、20。、25。的

五个定值电阻、电源（电压6V且保持不变）、电流表、电压表、滑动变阻器、开关各一个，导线若干。

（1）小明连接的电路如图甲所示，经仔细检查后发现电路中有一根导线连接错误，请在图中错误的那根

导线上画“x”，并画出正确的连线

（2）改正错误，开关S闭合前，将滑动变阻器滑片P移动到最（选填“左”或“右”）端。正确操作

后，记下电流表的示数，得到电流/随电阻R变化的图线如图乙所示，为完成此五组实验，滑动变阻器的

最大电阻应不小于Q；由图像可得出的结论是

（3）实验之后，小明利用一个电流表和一个已知最大阻值为&的滑动变阻器，设计如图丙的电路，测待

测电阻R的阻值:

实验步骤：①闭合开关S,将变阻器滑片P移至最右端，读出电流表的示数为力；

②将变阻器滑片P移至最左端，读出电流表的示数为刀；

③待测电阻R=（用//、"和Ro表示）；

若实验中，小明在“②将变阻器滑片P移至最左端，读出电流表的示数为2'时，滑片P没有能到达最左

端，其他操作正确，则待测电阻&的测量值（选填“大于”“小于”或“等于"）真实值。

【答案】右35电压一定，电流与电阻成反比

电池

大于

12Tl

【详解】（1）[1]探究电流与电阻的关系实验时，电压表应该并联在定值电阻两端，电流表串联在电路中,

如图所示：

电池

（2）[2]为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应该移到阻值最大处，由图可知，应该移到最右

端。

[3]当电路中的电流最小时，电路中的总电阻最大，滑动变阻器接入电路中的阻值最大，由图乙可知，电路

中的最小电流是0.1A,此时电路中的总电阻

此时定值电阻的阻值是25Q,则滑动变阻器接入电路中的阻值

R后R总-R近60C-25Q=35Q

所以滑动变阻器的最大阻值应不小于35。。

⑷由图中数据可知，电流与电阻的乘积

0.5Ax5Q=0.1Ax25Q=2.5

可以得出结论电压一定，电流与电阻成反比。

（3）[5]闭合开关S,滑动变阻器的滑片P移至最右端，读出电流表示数//,此时电阻心、&串联，电源

电压

U=h（Rx+Ro）①将变阻器滑片P移至最左端，此时只有凡接入电路中，电流表的示数为/2,电源电压

U=hRx②联立①②解得

[6]滑片