2018-2019学年江苏省盐城市阜宁县九年级（上）期中物理试卷

2018-2019学年江苏省盐城市阜宁县九年级（上）期中物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五总分得分注意：本试卷包含Ⅰ、Ⅱ两卷。第Ⅰ卷为选择题，所有答案必须用2B铅笔涂在答题卡中相应的位置。第Ⅱ卷为非选择题，所有答案必须填在答题卷的相应位置。答案写在试卷上均无效，不予记分。一、单选题1、如图所示器具中，属于省力杠杆的是()A.

笤帚B.

筷子C.

独轮车D.

钓鱼竿 2、下列现象中，通过热传递方式改变物体内能的是()A.压缩冲程B.滑下时臀部有灼热感C.搓手取暖D.感受温度 3、火箭是用液态氢作为燃料的，这是因为液态氢具有的优点是()A.较小的密度 B.较大的比热容 C.比液态氢易燃烧 D.较高的热值 4、如图所示，杠杆在水平位置处于平衡状态，杠杆上每格均匀等距，每个钩码都相同。下列四项操作中，会使杠杆右端下倾的是()①在杠杆的两侧同时各减掉一个钩码；②在杠杆的两侧钩码下同时各加挂一个钩码；③将杠杆两侧的钩码同时各向外移动一个小格；④将杠杆两侧的钩码同时各向内移动一个小格。A.②③ B.②④ C.①③ D.①④ 5、下列关于四冲程内燃机的说法中正确的是()A.热机效率越高，所做的有用功就越多 B.汽油机在吸气冲程中吸入气缸的是汽油C.一个工作循环对外做功一次 D.做功冲程中将机械能转化为内能 6、关于温度、热量和内能，下列说法中不正确的是()A.热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递B.物体温度升高，内能一定增加C.0℃的冰块内能一定不为零D.温度高的物体，内能不一定大 7、下列有关热现象，说法正确的是(

)A.物体放出热量，内能一定减少，温度一定降低B.燃料的热值越大，放出的热量越多C.物体温度越高，所含的热量越多D.比热容是物质的一种特性，只与物质的种类和状态有关 8、如图所示，小球在A点由静止开始释放，向右侧摆动，B点是小球摆动的最低点，C点是小球摆动到右侧的最高点，且A、C两点到B点的竖直距离在小球从B点摆动到C点的过程中，下列说法正确的是()A.小球的运动状态保持不变 B.小球的机械能总量逐渐减小C.小球的内能逐渐减小 D.小球的动能全部转化为重力势能 9、如图所示的串联和并联电路，两个灯泡阻值不等，开关S闭合，关于电路中的电流或电压关系，下列说法正确的是()A.甲电路中，U=U1=UC.乙电路中，I=Il+I210、如图所示，汽车装有日间行车灯可以提高行车安全，当汽车启动时，S1闭合，日间行车灯L1立即亮起：再闭合S2车前大灯L2也亮起。符合这一情况的电路图是A. B.C. D. 11、如图所示，灯L1、L2完全相同，闭合开关S，只有一盏灯发光且只有一个电表有示数，其故障可能是(A.L1短路 B.L2短路 C.L1断路 D.12、如图所示的电路，“〇”内的

1、2、3

可能是电流表，也可能是电压表，当开关

S

闭合后，两灯都亮，且三个电表都有正常示数，那么下列判断正确的是()A.①、③是电流表，②是电压表 B.①是电压表，②、③是电流表C.①、②是电流表，③是电压表 D.①、②是电压表，③是电流表 二、填空题1、填写所属机械类型名称：钓鱼竿：______，楼梯：______，门把手：______。2、我国家庭电路的供电电压是______V，一节蓄电池的电压为______V，一只荧光灯正常工作时电流0.15______。3、重50N的物体在10N水平拉力F的作用下，5s内沿水平面匀速前进5m，则此过程中力F对物体所做的功为______，功率为______；重力对物体所做的功为______。4、如图所示是四冲程汽油机工作时的压缩冲程，此过程中通过______方式使气缸内燃料混合物的内能______(选填“增大”或“减小”)，若其工作时，曲轴转速为1200r/min，此汽油机1s内完成______个工作循环。5、如图所示，是小明制作的“会跳的卡片”，用手把它反过来平压在桌面上，使橡皮筋伸长，迅速松手后，卡片就会弹跳起来。图中A为内表面，B为外表面，实验时应把______面紧贴桌面，卡片弹起来的过程中，橡皮筋的______能会转化为卡片的______能，使卡片能向上运动。6、如图所示，在电路中要使电灯L1和L2并联，应闭合开关______。当同时闭合开关S1和S2，可以工作的灯是______7、如甲图电路，当开关s闭合后，电流表的指针偏转如乙图所示，其中a电流表测量的是通过______(选填“电源”、“L1”或“L2”)的电流，b电流表的读数应为______A.灯泡L2中的电流为8、某人在动物园内，用弹簧测力计称出了一头大象的重量，在称象过程中，他用到吊车、铁笼和一根很长的槽钢等辅助工具，操作步骤如下：a.如图甲所示，将铁笼系于槽钢上的B点，当吊车吊钩在槽钢上的悬吊点移至0点时，槽钢在水平位置平衡。b.将大象引入铁笼，保持吊钩悬吊点O点和铁笼悬挂点B点的位置不变。用弹簧测力计竖直向下拉住槽钢的另一端，使之再次在水平位置平衡，如图乙所示。测得OB=6cm，OA=9m，弹簧测力计的示数为200N.根据上述数据测出了大象的重量。(1)大象的重力为______N。(2)设计步骤a的目的是______。(3)在b步骤中仍使槽钢在水平位置平衡的目的除了a步骤的目的外还有______。三、作图题1、用如图所示滑轮组提升重物，画出最省力的绕绳方法。______2、图中，O为支点，L1为动力F1的力臂，请作出此杠杆的动力______3、如图所示，是一个未完成连接的实物电路。请用笔画线代替导线将电路连接完整。要求：L1与L2并联，开关______四、计算题1、用定滑轮匀速提升质量为20kg的物体，所用的拉力为220N，物体提升的高度为2m.求此过程中的有用功、总功和定滑轮的机械效率(g取10N/kg)。______2、我国自主研制的新一代战斗机，它最大起飞质量为37t，最大飞行高度达20000m，最大航行速度达2.5倍声速(合3060km/h)，飞机航行时所受阻力的大小与速度的关系见下表：速度v/(m/s)100200300400500阻力f/(×100.31.22.74.87.5该飞机发动机的热效率和推进效率都较高，所谓热效率是指发动机获得的机械能W机械与燃料完全燃烧产生的内能Q放之比，而推进效率是指发动机传递给飞机的推进功(推力所做的功W推力)与其获得的机械能之比，飞机使用的航空燃油的热值为5×107J/kg。若该机以巡航速度500m/s水平飞行0.5h(1)飞机发动机完全燃烧这些燃油获得内能；(2)飞机发动机推力的功率；(3)如该发动机此时的热效率为40%，则此过程中发动机的推进效率为______。______五、实验探究题1、在研究杠杆平衡条件的实验中：(1)如图甲所示，此时应把杠杆左端的平衡螺母向______(左/右)调节，使杠杆在______位置平衡。(2)如图乙所示是小华在探究时的情况，为使杠杆平衡，她可以采取的做法是：______(不添加新器材，写出一条即可)。(3)在探究过程中，我们需要测量和记录动力、动力臂、阻力、阻力臂四个物理量，在进行多次实验的过程中，我们______(选填“可以”或“不可以”)同时改变多个量，进行杠杆平衡条件的探究。(4)如图丙所示是小明在探究杠杆平衡时的情况，按照他的方法，当杠杆静止时，杠杆平衡条件将______成立(选填“仍然”、“不”或“可能”)；若每个钩码重0.5N，弹簧测力计的示数______2N(填“大于”、“小于”或“等于”)。(5)小虎还想探究当动力和阻力在杠杆同侧时杠杆的平衡情况，于是将杠杆左侧的所有钩码拿掉，结果杠杆转至竖直位置，如图丁所示。小虎在A点施加一个始终水平向右的拉力F，却发现无论用多大的力都不能将杠杆拉至水平位置平衡，你认为原因是______。______2、在“探究酒精和碎纸片燃烧时放出热量”的实验中，燃烧不同燃料分别给两个烧杯中的水加热：(1)实验装置如图甲、乙所示，你认为图中横杆、温度计、铁圈、燃具四个器件的安装顺序应是______(选填“由下而上”或“由上而下”)。(2)除已有器材，还需要的测量工具是______。(3)实验数据记录如下表：燃料加热前水温/℃燃料燃尽时水温/℃燃料的热值/(J⋅kg-1)酒精15352.4×106碎纸片1525/根据表中数据，计算出碎纸片的热值是______J/kg。(4)通过实验得到燃料的热值与实际相比是偏小，这是因为______。(5)如果用该装置继续探究“水和煤油吸热升温的本领”，需要作一定的改变：A.两个烧杯中要分别放入______的水和煤油，并且用相同的酒精灯分别加热；B.实验中用______来表示物质吸收热量的多少；C.实验中搅拌器的作用是使液体能够______。______3、小明同学对串联电路中电压的规律进行了探究【猜想与假设】串联电路总电压等于各用电器两端的电压之和【设计与进行实验】(1)按图所示的电路图连接电路。(2)闭合开关，排除故障，用电压表测出L1(3)在测L2两端的电压时，小明为了节省时间，采用以下方法：电压表所接的B接点不动，只断开A接点，并改接到C(4)测出AC间的电压，得出结论。【交流与评估】(1)在拆接电路时，开关必须______。(2)闭合开关，发现电压表示数为零，则小灯泡的故障可能是______或______。(3)小明用上面的方法能否测出L2(4)方法改进后，测出AB、BC、AC间的电压记录在表格中，小明分析实验数据得出结论：串联电路总电压等于各用电器两端电压之和。此实验在设计方案上存在的不足之处是______。改进方法______。UABUBCUAC/V2.41.43.8______4、阅读短文，回答下列问题：空气发动机当我们快速地松开鼓起来的气球时，气球会“嗖”的一下飞出去了，这时气球获得了气动力。被压缩的气体压强变大，能对外做功。那么在生活中是否能将空气作为一种“能源”，变成一种推进物体前进的动力呢？经过长时间探索，人们已经成功制造出多种使用压缩空气为动力，推动叶片或者活塞运动的发动机，即叶片式、活塞式空气发动机。如图是某新型的以空气发动机为动力的汽车。它共有4个压缩空气缸，总容量为90L，可储存标准大气压下90m3的空气，其设计最高速度可达154km/h，平均每加一次气能行驶200km或10h。这种压缩空气动力汽车的充气方式有两种：一是使用车辆自带的空气压缩机，使用家庭电路作为电源，就可在4个小时内完成充气；二是到指定的加气站，可在短短由于空气发动机不直接使用燃料，因而具有体积小、结构简单、维修成本低、操控方便、“零”排放的优点。即使因为技术不成熟导致某些缺点，在科学界引起不小的争议，但这项技术仍然具有广阔的发展空间。(1)压缩空气动力汽车与汽油机相比优点是______(说出一点即可)。(2)松开鼓起来的气球时，气球飞出去，这是因为______。(3)分析上文，下面说法正确的是______A.空气动力汽车工作时将机械能转化为内能B.以空气发动机为动力的汽车，靠气缸内空气燃烧产生能量C.空气动力汽车工作时不会有能量的损失D.用空气压缩机给气缸充气时，气缸会发热(4)图中空气动力车在指定加气站的平均充气速度为______m3(5)资料表明，空气发动机排出的尾气温度低于周围空气的温度，对于产生此现象的原因，请你提出一条合理的解释______。______

2018-2019学年江苏省盐城市阜宁县九年级（上）期中物理试卷参考答案一、单选题第1题参考答案:C解：A、笤帚在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；B、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；C、独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；D、钓鱼杆在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。故选：C。结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。---------------------------------------------------------------------第2题参考答案:D解：A、压缩冲程，活塞对汽缸内的气体做功，使得气体的内能增加，温度升高，故是做功改变内能，故A不符合题意；B、从滑梯上滑下时臀部有灼热感，通过做功改变内能，故B不符合题意；C、搓手取暖，即手克服摩擦做功，使得手的内能增加，温度升高，故是通过做功改变内能，故C不符合题意；D、用手感受温度，是通过热传递改变手的内能，故D符合题意；故选：D。解决此类问题要知道改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。此题是考查对做功和热传递改变物体内能的辨别，是中考热点，难度不大。---------------------------------------------------------------------第3题参考答案:D解：运载火箭采用液态氢作为燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量，故D正确。故选：D。热值是指1千克的某种燃料完全燃烧后释放的能量，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多，所以在选择火箭燃料时首先应该考虑燃料热值的大小。本题考查学生对热值定义的掌握情况，需要根据火箭的具体应用来分析。---------------------------------------------------------------------第4题参考答案:C解：设杠杆上每格长度是L，每格钩码的重力是G，原来杠杆：2G×3L=3G×2L，处于平衡状态，①在杠杆的两侧同时各减掉一个钩码，左侧=G×3L=3GL，右侧=2G×2L=4GL，左侧<右侧，右端下倾，符合题意；②在杠杆的两侧钩码下同时各加挂一个相同的钩码，左侧=3G×3L=9GL，右侧=4G×2L=8GL，左侧>右侧，左端下倾，不符合题意；③将杠杆两侧的钩码同时各向外移动一个小格，左侧=2G×4L=8GL，右侧=3G×3L=9GL，左侧<右侧，右端下倾，符合题意；④将杠杆两侧的钩码同时各向内移动一个小格，左侧=2G×2L=4GL，右侧=3G×L=3GL，左侧>右侧，左端下倾，不符合题意；故选：C。杠杆的平衡条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂；要使杠杆左端下倾，应使左边：动力×动力臂>(右边)阻力×阻力臂；对各选项逐一进行分析，选出符合要求的选项。本题考查了杠杆平衡条件的应用，杠杆是否平衡取决于力和力臂的乘积是否相等，只比较力或力臂大小不能得出正确结果。---------------------------------------------------------------------第5题参考答案:C解：A、机械效率高低，只能反映有用功在总功中所占比例的多少，机械效率高低和有用功大小之间没有关系，故A错误；B、汽油机在吸气冲程中吸入了汽油和空气的混合气体，故B错误；C、内燃机一个工作循环包括四个冲程，只有做功冲程对外做功，因此一个工作循环做功一次，故C正确；D、内燃机在做功冲程中将内能转化为机械能，故D错误。故选：C。(1)机械效率高低，只能反映有用功在总功中所占比例的多少，机械效率高低和有用功大小之间没有关系；(2)汽油机在吸气冲程中吸入了汽油和空气的混合气体；(3)四冲程内燃机工作时，活塞在气缸中往复运动两次，曲转转动两周完成一个工作循环，只有做功冲程对外做功一次；(4)内燃机在做功冲程中将内能转化机械能。本题考查了对热机效率、汽油机和柴油机的区别、内燃机的四个冲程的理解，是一道综合题目。---------------------------------------------------------------------第6题参考答案:A解：A、发生热传递的条件是存在温度差，所以热量总是从温度高的物体向温度低的物体传递，故A错误；B、物体温度升高，分子无规则运动更剧烈，物体的内能一定增加，故B正确；C、一切物体在任何温度下都具有内能，所以0℃的冰块一定有内能(即内能一定不为零)，故C正确；D、内能与温度、状态、质量等都有关系，所以温度高的物体，内能不一定大，故D正确。故选：A。(1)一切物体在任何温度下都具有内能；(2)物体的内能跟物体的质量、状态、温度有关。物体质量和状态一定时，温度越高，内能越大；物体状态和温度相同时，气态时内能最大，固态时内能最小；物体状态和温度相同时，质量越大，物体的内能越大；(3)热量总是从温度高的物体向温度低的物体传递。(1)物体的内能变化，可能是热传递，也可能是做功造成的；但是热传递或做功有一者发生，物体的内能一定变化。(2)物体的内能变化，可能是物体的温度变化，可能是物体的状态变化；但是物体的温度变化或状态变化，有一者发生，物体的内能一定变化。(3)物体的做功和热传递、内能、温度变化和状态变化，三者之间很容易混淆，注意理解。---------------------------------------------------------------------第7题参考答案:D解：A、物体放出热量，内能一定减少，温度不一定降低，如晶体在凝固过程中，放出热量、内能减少，但温度保持不变，故A错误。B、由Q=mq可知，燃料放出的热量与燃料的质量和热值有关，仅根据热值的大小无法确定放出热量的多少，故B错误；C、热量是一过程量，描述它的术语是“吸收”或“放出”，不能用含有。故C错误；D、比热容是物质的一种特性，只与物质的种类、状态有关，种类不同，状态不同，比热容一般不同，故D正确。故选：D。(1)物体放出热量内能一定减少，温度不一定降低。(2)根据热值概念可得热量公式Q=mq，根据热量的计算公式可知燃料放出的热量与质量和热值有关；(3)描述热量的物理术语；(4)比热容是物质的一种特性，与物体质量、温度高低、吸放热多少都没有关系；比热容是反映不同物质吸放热能力强弱的一个物理量。此题考查了温度、内能、热量的关系、热值的理解、热量的理解、比热容的理解等知识，是一道综合题。要特别注意：物体温度升高、内能一定增加，但是物体内能增加、温度不一定升高；物体吸热、温度不一定升高，物体温度升高、不一定吸热。---------------------------------------------------------------------第8题参考答案:B解：A、小球摆动过程中运动速度和方向不断变化，所以小球的运动状态在变化，故A错误；BCD、小球在最高点时，动能为0；由于A、C两点到B点的竖直距离h_{A}>h_{C}，这说明小球在最高点时重力势能不相等，机械能不相等，原因是摆动过程中小球与空气有摩擦，一部分机械能转化为内能，所以小球的内能变大，机械能总量减少，小球的动能不可能全部转化为重力势能；故B正确，CD错误。故选：B。①物体的运动状态包括速度和方向两个方面；②动能和势能合称机械能，由于克服空气阻力，一部分机械能会转化为内能。此题考查了动能与势能的转化及运动状态的改变。需要清楚的是，不考虑空气阻力，机械能是守恒的；由于克服空气阻力，机械能总量是减少的。---------------------------------------------------------------------第9题参考答案:C解：A、甲电路中，两个灯泡首尾相接，则两个灯泡串联，串联分压，即U=U_{1}+U_{2}，故A错误；B、甲电路中，因为两个灯泡阻值不等，所以根据串联分压规律可知U_{1}\neqU_{2}，故A错误；C、乙电路中，电流从电源正极出发后，分别经过灯泡L_{1}、L_{2}，然后汇合回到电源的负极，所以两个灯泡并联，并联电路中干路的电流等于各支路电流之和，即I=I_{l}+I_{2}，故C正确，D、乙电路中，因为两个灯泡阻值不等，所以根据并联分流规律可知I_{1}\neqI_{2}，故D错误。故选：C。(1)把几个用电器首尾相接，连入电路就是串联。把几个用电器首首相接，尾尾相接，再连入电路，就是并联，(2)串联分压U=U_{1}+U_{2}，并联分流即I=I_{l}+I_{2}。对于这类题目，要根据题意的开关组合，结合串并联电路的特点，判断出电流的流向，从而判断电路的连接状态。---------------------------------------------------------------------第10题参考答案:D解：A.由电路图可知，只闭合S_{1}时，两灯泡均不亮，故A不符合题意；B.由电路图可知，只闭合S_{1}时，两灯泡都亮，再闭合S_{2}时，L_{1}不亮，故B不符合题意；C.由电路图可知，只闭合S_{1}时，近灯光L_{2}亮，再闭合S_{2}时，日间行车灯L_{1}亮，故C不符合题意；D.由电路图可知，只闭合S_{1}时，日间行车灯L_{1}亮，再闭合S_{2}时，近灯光L_{2}亮，故D符合题意。故选：D。由题意可知，当汽车启动时，S_{1}闭合，日间行车灯L_{1}立即亮起，再闭合S_{2}，近灯光L_{2}也亮起，说明L_{1}与L_{2}可以独立工作、互不影响即为并联，且S_{1}位于干路，S_{2}位于L_{2}支路，据此分析选项得出答案。本题考查了串并联电路的设计，对于该题型的题目可以根据题意找出符合要求的电路图即可。---------------------------------------------------------------------第11题参考答案:D解：由电路图可知，两灯泡并联，电流表A测量L_{2}的电流，电压表测量L_{2}两端电压(即并联电路两端的电压)；A、若L_{1}短路，则L_{2}也同时被短路，两灯都不发光，而题中只有一盏灯发光，故A不符合题意；B、若L_{2}短路，则L_{1}也同时被短路，两灯都不发光，故B不符合题意；C、若L_{1}断路，只有L_{2}发光，电流表、电压表都有示数，故C不符合题意。D、若L_{2}断路，只有L_{1}发光，电流表无示数，电压表有示数，故D符合题意；故选：D。根据电路图可知，两灯泡并联，电流表A测量L_{2}电流，电压表测量L_{2}两端电压(即并联电路两端的电压)；(1)根据电流表和电压表测量的对象确定有示数的仪表，从而判断电路故障；(2)先确定电路故障，然后逐一分析。要学会使用电流表、电压表来判断电路中的故障，学会从现象中分析原因。---------------------------------------------------------------------第12题参考答案:A解：A、①、③是电流表，②是电压表时，两灯泡并联，电压表②测电源的电压，电流表①测左边灯泡的电流，电流表③测干路电流，三个电表都有正常示数，故A符合题意；B、如果①是电压表，②、③是电流表时，②电流表和左侧灯泡被短路，电流表②无示数，故B不符合题意；C、如果电表①、②是电流表，闭合开关后，会造成电源短路，会烧坏①、②电流表和电源，故C不符合题意；D、如果①、②是电压表时，左边的灯泡断路，不发光，故D不符合题意。故选：A。在电路中，电压表内阻很大，相当于断路，使用时应与被测电路元件并联；电流表内阻很小，相当于一根导线，使用时应与被测电路元件串联，据此进行解答。判断电表类别分两步：明确电表的使用规则，将选项依次代入题干进行检验，确定符合题意的选项。二、填空题---------------------------------------------------------------------第1题参考答案:杠杆

斜面

轮轴

;解：我们在使用钓鱼竿时动力臂小于阻力臂，所以是费力杠杆；楼梯使用时相当于斜面；我们在转动门把手时，轮绕轴转动，故相当于轮轴；故答案为：杠杆；斜面；轮轴。本题的解题关键是通过观察实物，体会支点的位置，从而进一步判断出动力臂与阻力臂的长度关系。杠杆的分类和特点：主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂，省力但费距离；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力但省距离；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，既不省距离也不省力。---------------------------------------------------------------------第2题参考答案:220

2

A

;解：我国家庭电路的电压为220V；一节蓄电池的电压为2V；一只荧光灯的电功率约为30W，所以其正常工作时电流约为：I=\dfrac{P}{U}=\dfrac{30W}{220V}=0.14A。故答案为：220；

2；

A。一节干电池的电压是1.5V；一个铅蓄电池的电压是2V；家庭电路的电压是220V；一只荧光灯正常工作时电功率约30W。本题是电学类型的题目，解决本题需要掌握的知识点是常见电源电压的数值，属于基础题目，要牢记这些数值---------------------------------------------------------------------第3题参考答案:50J

10W

0J

;解：拉力做功：W=Fs=10N×5m=50J；拉力做功的功率：P=\dfrac{W}{t}=\dfrac{50J}{5s}=10W；物体在水平方向上运动，在重力方向上没有移动距离，重力做功为0J。故答案为：50J；10W；

0J。已知水平拉力、物体在拉力的方向上前进的距离，利用W=Fs求拉力做的功；又知道做功用的时间，再利用公式P=\dfrac{W}{t}计算出拉力的做功功率；做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离，据此分析重力做功。本题考查了功和功率的计算、力是否做功的判断，属于基础题目。明确三种情况不做功：一是有力无距离(例如：推而未动)，二是有距离无力(靠惯性运动)，三是力的方向与运动方向垂直。---------------------------------------------------------------------第4题参考答案:做功

增大

10

;解：(1)如图所示是四冲程汽油机工作时的压缩冲程，在这一冲程中，活塞压缩燃料混合物，对其做功，使燃料混合物的内能增大、温度升高，是通过做功的方式改变内能的。(2)四冲程汽油机曲轴转速是1200r/min，因汽油机在一个工作循环中曲轴转两周，所以1min完成了600个工作循环；则此汽油机每秒钟完成\dfrac{600}{60}=10个工作循环。故答案为：做功；增大；10。(1)热传递和做功都可以改变物体的内能，做功是能量的转化，热传递是能量的转移。判断出图中是哪个冲程，再进一步判断其能量的转化情况。(2)在四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次。解决此类题目的关键是要结合内燃机的曲轴转速与内燃机的工作循环、冲程和做功次数的关系进行分析解答。---------------------------------------------------------------------第5题参考答案:A

弹性势

动

;解：由图中可知要利用橡皮筋的弹性势能，只有把橡皮筋拉开才会有弹性势能，所以要把卡片A按平后放在水平面上然后松开，松开后，橡皮筋的弹性势能转化为纸片的动能，所以卡片能跳起来。故答案为：A；弹性势；动。橡皮筋拉开后具有弹性势能，恢复时转化为动能，所以卡片会跳起来。弹性势能是指物体由于发生弹性形变而具有的能，决定弹性势能大小的因素是物体弹性形变的程度。本题中考查的是与力学有关的重要小实验，要求我们在日常的学习和生活中要多观察和积累，并能将知识与实验现象相结合。---------------------------------------------------------------------第6题参考答案:S1、S3

L1

S2、S3

;解：要使两灯泡并联，电流从电源正极流出需要经过S_{1}，然后分别经过灯泡支路L_{1}和支路L_{2}、S_{3}，再流回电源负极；因此应闭合开关S_{1}、S_{3}；当同时闭合开关

S_{1}和

S_{2}，电流从电源正极流出需要经过S_{1}，灯泡支路L_{1}回负极，只有灯泡L_{1}可以工作；当闭合开关S_{2}、S_{3}时，电流不经过用电器直接从电源的正极流入电源负极，从而形成电源短路，故不能同时闭合开关S_{2}、S_{3}。故答案为：S_{1}、S_{3}；L_{1}；S_{2}、S_{3}。串联电路中电流只有一条路径，各用电器之间相互影响；并联电路中电流有多条流通路径，各个用电器之间互不影响，独立工作；电源短路是指用导线将电源两极直接连接起来的电路。本题主要考查对串并联电路连接特点的了解，以及电路的三种状态的掌握，难易程度适中。---------------------------------------------------------------------第7题参考答案:L1

1.2

0.9

;解：(1)由电路图可知，a电流表与灯L_{1}串联，所以a电流表测量的是通过L_{1}的电流。(2)b电流表在干路中，测的是干路中电流，所以b电流表的示数一定比a电流表示数大，但指针偏转角度却比a电流表小，所以a电流表选用的量程是0～0.6A，b电流表选用的量程是0～3A.因此，a电流表的示数是0.3A，b电流表的读数应为1.2A。(3)根据并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，可知，通过灯L_{2}的电流是：1.2A-0.3A=0.9A。故答案为：L_{1}；1.2；0.9。(1)电流表要串联使用，电流表与哪个用电器串联就是测的哪个用电器的电流；(2)电流表读数规则：一看清量程，二看清分度值，三看清表针停留位置；(3)并联电路中，干路电流等于各支路电流之和。据此分析回答。此题主要考查了电流表的读数、使用以及并联电路电流的特点，注意读数时要先确定量程和分度值，否则容易读错量程。---------------------------------------------------------------------第8题参考答案:3×104

消除槽钢和铁笼重力对杠杆平衡的影响

便于准确测量力臂

;解：(1)如图甲，槽钢重力作用在AB中点，槽钢重心到O点距离l_{1}，槽钢在水平位置平衡时根据杠杆的平衡条件：G_{槽钢}×l=G_{铁笼}×OB…①大象引入铁笼后，再次在水平位置平衡时，G_{槽钢}×l+F×AO=(G_{象}+G_{铁笼})×OB…②②-①式得：F×AO=G_{象}×OB，200N×900cm=G_{象}×6cm，所以：G_{象}=3×10^{4}N；(2)从(1)不难发现设置步骤a的作用：消除槽钢和铁笼重力对杠杆平衡的影响。(3)在b步骤中仍使槽钢在水平位置平衡的目的除了a步骤的目的外还有便于准确测量力臂；故答案为：(1)3×10^{4}；(2)消除槽钢和铁笼重力对杠杆平衡的影响；(3)便于准确测量力臂。(1)根据杠杆平衡条件列出再次杠杆平衡的等式，即可计算出大象的重量；(2)设计步骤a的目的，从列式中分析可知消除槽钢重力对杠杆的影响；(3)使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂。此题考查了杠杆平衡条件的应用，关键是能够正确分析杠杆所受的力及力臂，在代入数据时一定要细心，并注意单位，物理来源于生活，也服务于生活。三、作图题---------------------------------------------------------------------第1题参考答案:解：从动滑轮的挂钩开始依次绕绳子，最后有三段绳子承担物重，这就是最省力的绕法。如图所示：滑轮组的省力情况取决于承担物重的绳子的段数，也就是看有几段绳子连着动滑轮，段数越多越省力。在滑轮组中，绕过动滑轮的绳子股数越多会越省力，即F=\dfrac{1}{n}G。---------------------------------------------------------------------第2题参考答案:解：过力臂L1的右端，作垂直于L1的直线，与杠杆的交点为力F1的作用点，方向斜向右上方；如图所示：根据力与力臂垂直的关系，作出动力F_{1}的示意图。本题考查了力的示意图的画法。当杠杆平衡时，动力和阻力对杠杆的影响是：使杠杆的运动趋势相反的。---------------------------------------------------------------------第3题参考答案:解：L1与L2并联，开关S控制两盏灯，开关接在干路上，如下所示：两灯并联，开关与待测电路串联。注意灯和电源不能短路。本题考查电路的连接，关键是开关的连接。四、计算题---------------------------------------------------------------------第1题参考答案:解：（1）有用功：W有用=Gh=mgh=20kg×10N/kg×2m=400J；（2）定滑轮既不省距离也不费距离，则拉力端移动的距离s=h=2m，拉力做的总功：W总=Fs=220N×2m=440J；（3）定滑轮的机械效率：η==×100%≈90.9%。答：此过程中的有用功是400J；总功是440J；定滑轮的机械效率是90.9%。(1)先根据G=mg求出质量，然后根据W_{有}=Gh求出有用功；(2)定滑轮既不省距离也不费距离，利用W_{总}=Fs求出总功；(3)利用η=\dfrac{W_{{有用}}}{W_{{总}}}求出机械效率功率。本题考查了有用功、总功及机械效率的计算，清楚有用功、总功的含义是本题的关键。---------------------------------------------------------------------第2题参考答案:67.5%解：(1)燃油完全燃烧放出的热量：Q=mq=5×10^{3}kg×5×10^{7}J/kg=2.5×10^{11}J；(2)由表中数据可知，速度为500m/s时，受到的阻力为7.5×10^{4}N；牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等的；则飞机发动机的输出功率P=\dfrac{W}{t}=\dfrac{Fs}{t}=Fv=fv=7.5×10^{4}N×500m/s=3.75×10^{7}W；(3)发动机所做的功为：Q{{'}}=Qη=2.5×10^{11}J×40\%=1×10^{11}J；该飞机的有用功为：W=Pt=3.75×10^{7}W×1800s=6.75×10^{10}J；则效率为：η{{'}}=\dfrac{W}{Q{{'}}}=\dfrac{6.75×10^{10}J}{1\times10^{11}J}=67.5\%。答：(1)飞机发动机完全燃烧这些燃油获得内能为2.5×10^{11}J；(2)飞机发动机推力的功率为3.75×10^{7}W；(3)如该发动机此时的热效率为

40\%，则此过程中发动机的推进效率为67.5\%。(1)已知燃油的质量，根据Q=mq求出放出的热量；(2)根据表中提供的数据，分析阻力与速度的关系，得出飞机以600m/s的速度巡航时，受到的阻力，利用P=\dfrac{W}{t}=\dfrac{Fs}{t}=Fv可求得飞机发动机的输出功率；(3)根据发动机的热效率求出发动机所做的功，根据W=Pt求出该飞机的有用功，根据效率公式求出效率。新一代战斗机是一项高科技的研究成果，它包含了众多与物理学相关的知识，我们应该学会通过分析材料找出里面所包含的物理信息，并解答相关的疑问。五、实验探究题---------------------------------------------------------------------第1题参考答案:右

水平

左侧向左移动

可以

仍然

大于

当杠杆在水平位置时，动力臂为零，杠杆无法平衡

解：(1)如图甲所示，杠杆的左端偏低，说明杠杆右端的重力偏小，欲使杠杆在水平位置平衡，则平衡螺母应向右调；(2)如图乙，杠杆的左端上翘，说明杠杆右端力和力臂的乘积大于左端力和力臂的乘积，所以可以减小右端的力臂，或减小右端的力，或增大左端的力，或增大左端的力臂，故左端的钩码向左移动，或增加钩码个数，或右端的钩码左移，或减少钩码个数，使左端和右端力和力臂的乘积相等；(3)在“探究杠杆平衡条件”实验时本实验中，不断改变动力(臂)和阻力(臂)，多次进行实验行多次测量的目的是：避免实验次数过少，导致实验结论具有偶然性，便于从中寻找规律；在进行多次实验的过程中，我们可以同时改变多个量，进行杠杆平衡条件的探究；(4)如图(丙)所示，此时力的方向不与杠杆垂直，不便于测量力臂；但此时杠杆仍处于平衡状态，因而杠杆平衡条件仍然成立；当右边测力计竖直向下拉时，左边1.5N拉力在4格处，右边在3格处拉力为F，由杠杆平衡条件得，1.5N×4L=F×3L，解得，F=2N，考虑现在拉力斜右下拉，对应的力臂变小，弹簧测力计的拉力应变大大，故大于2N；(5)由图将杠杆左侧的所有钩码拿掉，在A点施加一个始终水平向右的拉力F，当杠杆拉到水平位置时F的力臂通过支点，即力臂为0，根据杠杆的平衡条件所以始终不能平衡。故答案为：(1)右；水平；(2)左侧向左移动；(3)可以；(4)仍然；大于；(5)当杠杆在水平位置时，动力臂为零，杠杆无法平衡。(1)实验时，如果杠杆不在水平位置平衡，可通过反向调节(向偏高的一端)平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡。(2)探究杠杆平衡条件的操作过程中，要使杠杆在水平位置平衡，要使上翘的一端的力和力臂的乘积增大，可以增大力，或增大力臂，或使下沉的一端的力和力臂的乘积减小，可以减小力，可以减小力臂；(3)测量性实验为了减小误差或者寻找规律进行多次测量，如果物理量是个恒量，多次测量求平均值可以减小实验误差；如果不是测量具体的物理量，而是寻找规律也采取多次测量，寻找普遍性；(4)力臂指的是支点到力的作用点的距离，杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂，根据杠杆平衡的条件可解决；(5)分析F作用下其力臂变化情况，根据杠杆的平衡条件找到原因。在探究杠杆平衡条件时，杠杆的重心应调到支点上，使其不影响两边力与力臂的乘积相等；为计算方便，要求两边各有一个力与力臂的乘积。---------------------------------------------------------------------第2题参考答案:由下而上

天平

1.2×106

存在热量损失

质量相同

加热时间

均匀受热

解：(1)为了保证用酒精灯外焰给烧烧杯加热，同时为了保证温度计能完全浸在水中，且不能碰到容器壁，应先固定下边装置，再固定上边，所以四个器件的安装顺序是由下而上；(2)为了比较相同质量的酒精和碎纸片燃烧放出热量的多少，必须控制二者的质量相等、烧杯内水的质量相等，故需要用到天平；(3)相同质量的酒精和碎纸片燃烧放热，酒精燃烧放出的热量可以将水的温度升高20℃，碎纸片燃烧放出的热量可以将水的温度升高10℃，可见酒精的热值是碎纸片的2倍，所以碎纸片的热值为1.2×10^{6}J/kg；(4)因为烧杯、空气也吸收热量，并且燃料不可能完全燃烧，存在热量损失，所以测得的热值会偏小。(5)A、探究“水和煤油吸热升温的本领”，需要控制水和油质量相等(或：质量相同、初温相同)并且用相同的酒精灯分别加热。B、水或煤油吸收热量的多少是通过加热时间长短来比较的；利用了转换法；C、实验中不断地用搅拌器搅拌，目的是使得物质均匀受热。故答案为：(1)由下而上；(2)天平；(3)1.2×10^{6}；(4)存在热量损失；(5)质量相同；加热时间；均匀受热。(1)组装实验器材的顺序为：由下到上，由左到右。(2)本实验是用燃烧酒精和碎纸片放出的热量加热烧杯内的水，通过水温度的变化，比较水吸热的多少，从而得出碎纸片的热值与酒精热值的大小关系，再计算出碎纸片的热值，因此要控制变量(酒精和碎纸片的质量、两烧杯中水的质量、以及两个烧杯)相等或相同