2025年浙教版必修3物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教版必修3物理下册阶段测试试卷663考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、下面关于点电荷的说法，正确的是()A.只有体积很小的带电体才能看成是点电荷B.体积很大的带电体一定不能看成是点电荷C.当两个带电体的大小远小于它们间的距离时，可将这两个带电体看成是点电荷D.一切带电体都可以看成是点电荷2、如图所示,三个完全相同的绝缘金属小球a、b、c位于等边三角形的三个顶点上,c球在xOy坐标系原点O上,a和c带正电,b带负电,a所带电荷量比b所带电荷量少,关于c受到a和b的电场力的合力方向,下列判断中正确的是())

A.从原点指向第Ⅰ象限B.从原点指向第Ⅱ象限C.从原点指向第Ⅲ象限D.从原点指向第Ⅳ象限3、如图所示，半圆槽光滑、绝缘、固定，圆心是O，最低点是P，直径MN水平，a、b是两个完全相同的带正电小球（视为点电荷），b固定在M点，a从N点静止释放，沿半圆槽运动经过P点时速度为零；则下列说法错误的是（）

A.小球a从N到P的过程中，电势能一直减小B.小球a从N到P的过程中，动能先增大后减小C.小球a从N到P的过程中，库仑力增大D.小球a从N到P的过程中，重力势能减少量等于电势能增加量4、如图所示，在等量异种点电荷形成的电场中，O是两点电荷连线的中点，E、F是连线中垂线上相对O对称的两点，B、C和A、D也相对O点对称；则（）

A.B、C两点场强方向相同，大小不相等B.A、D两点场强大小相等，方向相反C.B、O、C三点比较，O点场强最大D.E、O、F三点比较，O的场强最大5、关于电场强度，下列说法中正确的是（）A.若在电场中的某点不放试探电荷，则该点的电场强度为0B.真空中点电荷的电场强度公式表明，点电荷周围某点电场强度的大小，与该点到场源电荷距离r的二次方成反比，在r减半的位置上，电场强度变为原来的4倍C.电场强度公式表明，电场强度的大小与试探电荷的电荷量q成反比，若q减半，则该处的电场强度变为原来的2倍D.匀强电场中电场强度处处相同，所以任何电荷在其中受力都相同6、某静电场的电场线分布如图所示，设该电场中M、N两点的场强大小分别为E1、E2，电势分别为φ1、φ2；下面关于它们的大小关系的判断正确的是（）

A.E1>E2，φ1>φ2B.E1>E2，φ1<φ2C.E1<E2，φ1<φ2D.E1<E2，φ1>φ27、如图所示，给平行板电容器带一定的电荷后，将电容器的A板与静电计小球相连，并将B板与静电计的外壳接地．下列说法正确的是（）

A.将A极板向右移动少许，静电计指针的偏转角将增大B.将B极板向上移动少许，静电计指针的偏转角将减小C.将一块玻璃板插入B两极板之间，静电计指针的偏转角将减小D.用手触摸一下B极板，静电计指针的偏转角将减小到零评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)8、如图，真空中固定有两个静止的等量同种正点电荷A与B,电荷量均为Q,AB连线长度为2L,中点为O点，在AB连线的中垂线上距O点为L的C点放置一试探电荷q（对AB电荷产生的电场无影响），电荷电性未知，现将B电荷移动到O点并固定，若取无穷远处为电势零点，静电力常量为K，不考虑运动电荷产生的磁场，则B电荷运动过程中下列说法正确的是（）

A.C点的电场强度先增大后减小B.由于试探电荷q的电性未知，故C点的电势可能减小C.若试探电荷q带正电，则其电势能一定增大D.B电荷移动到O点时，C点的电场强度大小为9、如图，在匀强电场中，A、B、C、D、E、F位于边长为L＝2cm的正六边形的顶点上，匀强电场的方向平行于正六边形所在的平面．已知A、B、D、E的电势分别为－2V；0V、6V、4V．则下列说法正确的是()

A.C点的电势φC＝2VB.A、F间的电势差UAF＝2VC.C、F间的电势差UCF＝4VD.该匀强电场的场强大小E＝200V/m10、1911年，科学家们发现一些金属在温度低于某一临界温度时，其直流电阻率会降到以下，远低于正常金属的称为超导现象。1934年，科学家提出超导体的二流体模型初步解释了低温超导现象。该模型认为，当金属在温度低于成为超导体后，金属中的自由电子会有一部分凝聚成超导电子（“凝聚”是指电子动量分布趋于相同、有序）。随着温度进一步降低，越来越多的自由电子凝聚为超导电子。这些超导电子与金属离子不发生“碰撞”，因而超导电子的定向运动不受阻碍，具有理想的导电性。一圆柱形金属导体，沿其轴线方向通有均匀分布的恒定电流，将中间一段金属降温转变为超导体后，超导体内的电流只分布在表面厚为量级的薄层内，其截面示意图如图所示。在正常金属和超导体之间还存在尺度为量级的交界区。根据上述信息可知（）

A.交界区两侧单位时间内通过的电荷量相等B.超导体中需要恒定电场以维持其中的超导电流C.如图中超导体内部可能存在定向移动的自由电子D.如图中超导体内部轴线处的磁场一定为零11、如图所示，直角三角形ABC处于匀强电场中，电场方向与三角形所在平面平行，D为A、C连线的中点，∠ACB=30°，BC=1cm。将电荷量q=-4×10-6C的粒子从A点移到C点，静电力做功-2.4×10-5J；再将该粒子从C点移到B点，其电势能减少了1.2×10-5J。下列说法正确的是（）

A.B、D电势相等B.过B点的电场线方向由A指向BC.匀强电场的电场强度为600V/mD.A、C两点间的电势差UAC=-6V12、在匀强电场中把电荷量为的点电荷从A点移动到点，克服静电力做的功为再把这个电荷从点移动到点，静电力做的功为取点电势为零。则下列说法正确的是（）A.A点电势为B.A、两点间的电势差C.点电荷在点的电势能为D.点电荷从A点移动到点，电场力做功为13、如图；当K闭合后，一带电微粒（重力不可忽略）在平行板电容器间处于静止状态，下列说法正确的是（）

A.保持K闭合，使P滑动片向左滑动，微粒仍静止B.保持K闭合，使P滑动片向右滑动，微粒向下移动C.打开K后，使两极板靠近，则微粒将向上运动D.打开K后，使两极板靠近，则微粒仍保持静止14、用伏安法测电阻时；可以有两种方法把电压表和电流表连入电路，接法如图所示，则下列说法中正确的是（）

A.采用（甲）图时，测量出的电阻值比真实值小B.采用（乙）图时，测量出的电阻值比真实值小C.为了减小误差，测量大电阻时宜采用（甲）图D.为了减小误差，测量大电阻时宜采用（乙）图15、如图所示，电源电动势E=1.5V，内电阻r=0.5Ω，滑动变阻器R1的最大电阻Rm=5.0Ω，定值电阻R2=2.0Ω；C为平行板电容器，其电容为3μF．将开关S与a接触，则。

A.当R1的阻值增大时，R2两端的电压减小B.稳定时R1消耗的最大功率为0.225wC.将开关从a接向b，流过R3的电流流向为c→dD.将开关从a接向b，待电路稳定，流过R3的电荷量为9×10－3C评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)16、能源的开发与应用：

近年来，我国在能源开发方面取得了很大的成就：如：______发电、水力发电、______发电、______发电。17、电路中，每分钟有6×1013个自由电子通过横截面积为0.64×10－6m2的导线，那么电路中的电流大小为______A。18、A、B两电阻的伏安特性曲线如图，它们的电阻之比_______；把它们并联在电路中，在相同时间内通过它们的电量之比_______。

19、图中①、②分别为锂离子电池充电过程中充电电流I、电池电压U随时间t变化的图线。此过程中充电功率最大为_________W，图线①与时间轴所包围的面积对应的物理量是__________。20、如图所示，规格为“220V、44W”的排气扇，线圈电阻为40Ω，接上220V的电压后，通过排气扇的电流为________A；排气扇的发热功率为________W。

评卷人得分四、作图题(共3题，共21分)21、如图所示，A、B、C为匀强电场中的三个点，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。试画出该电场的电场线；并保留作图时所用的辅助线（用虚线表示辅助线，实线表示电场线）。

22、如图，黑箱面板上有三个接线柱1、2和3，黑箱内有一个由四个阻值相同的电阻构成的电路。用欧姆表测得1、2接线柱之间的电阻为2、3接线柱之间的电阻为1、3接线柱之间的电阻为在虚线框中画出黑箱中的电阻连接方式。

23、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共3题，共15分)24、某实验小组欲将满偏电流内阻的表头改装为量程为和的电流表，设计了如图所示的电路图，并对改装后的电表进行校准。其中开关为单刀双掷开关，R为滑动变阻器，为定值电阻；A为标准电流表。

（1）按上图连接好电路图，当改装后电流表的量程为时，开关应接______（填“a”或“b”），根据表头的参数及改装要求，定值电阻______定值电阻______（结果保留两位有效数字）

（2）校准过程中，当开头与a接通时，发现当表头满偏时标准电流表的示数为若造成此结果的原因是因为表头内阻测量不准确，为达到改装指定量程的目的，需要给表头______（填“串联”或“并联”）电阻______（结果保留三位有效数字）。25、某同学要测定一节全新干电池的电动势和内阻，该同学设计了如图甲所示的原理图并进行实验，其中定值电阻R0=0.5Ω，毫安表量程为150mA，内阻Rg=4Ω。

（1）电阻箱的取值如图乙所示，将图甲中虚线框内电路视为电流表，其量程为________mA。

（2）请按图甲电路原理图把实物电路利用笔画线代替导线连接起来_______。

（3）实验步骤如下：

①将滑动变阻器R的滑片移到端，闭合开关

②改变滑片位置，记下电压表的示数和改装毫安表的电流值I；

③将实验所测数据描绘在坐标纸上，作出了U—I图线；如图；

④根据图线求得干电池的电动势E=________内阻r=________结果均保留____有效数字26、某实验小组测量一节干电池的电动势和内阻；可选用的实验器材如下：

A.待测干电池。

B.电流表A1（0～200μA；内阻为500Ω）

C.电流表A2（0～0.6A；内阻约为0.3Ω）

D.电压表V（0～15V；内阻约为5kΩ）

E.电阻箱R（0～9999.9Ω）

F.定值电阻R0（阻值为1Ω）

G.滑动变阻器R′（0～10Ω）

H.开关；导线若干。

（1）该小组在选择器材时，放弃使用电压表，原因是_____________。

（2）该小组利用电流表和电阻箱改装成一量程为2V的电压表，并设计了如图甲所示的电路，图中电流表a为____________（选填“A1”或“A2”），电阻箱R的阻值为____________Ω。

（3）闭合开关，调节滑动变阻器，读出两电流表的示数I1、I2的多组数据，在坐标纸上描绘出I1-I2图线如图乙所示。根据描绘出的图线，可得所测干电池的电动势为1.5V，内阻r=__________Ω。（保留两位有效数字）参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】【分析】

【详解】

体积很小的带电体；如果相对于研究的问题，体积不能忽略不计，将其简化为点产生的误差较大，那么就不能简化为点，故A错误；体积较大的带电体，如果相对于研究的问题，体积可以忽略不计，将其简化为点产生的误差较小，那么就可以简化为点电荷，故B错误；

当两个带电体的大小远小于它们间的距离时；两个带电体的形状和大小对相互作用力的影响可忽略时，这时可把两个带电体简化为点电荷，不会产生较大的误差，只会使问题简化，故这两个带电体可看成点电荷，故C正确；当电荷在球上均匀分布时，可以将其看成是电荷全部集中于球心的点电荷，否则会产生较大的误差，故D错误；

故选：C.

【点睛】

点电荷是个理想化的模型，和质点的概念一样，要视具体情况具体分析.2、D【分析】【分析】

由题意，a对c的静电斥力为F1，b对c的静电引力为F2，若则合力指向x轴正方向，若据力的合成可知，c所受到合力的方向为从原点指向第Ⅳ象限；

【详解】

如图可知，a对c的静电力为斥力沿ac方向；b对c的静电力为引力沿cb方向，由于据力的合成可知，c所受到合力的方向为从原点指向第Ⅳ象限，故选项D正确，选项ABC错误．

【点睛】

本题主要考查库仑定律及平行四边形定则，注意根据库仑定律分析静电力的大小，然后根据平行四边形进行合成即可．3、A【分析】【分析】

【详解】

A．在a球在从N到P的过程中，a、b两小球距离逐渐变小，电场力(库仑斥力)一直做负功，a球电势能一直增加；故A错误，符合题意；

B．从N到P的过程中，重力沿曲面切线的分量逐渐减小到零且重力沿曲面切线的分量是动力，库仑斥力沿曲面切线的分量由零逐渐增大且库仑斥力沿曲面切线的分量是阻力，则从N到P的过程中，a球速率必先增大后减小；动能先增大后减小，故B正确，不符合题意；

C．在a球在从N到P的过程中，a、b两小球距离逐渐变小，由库仑定律可知，库仑力一直增加；故C正确，不符合题意；

D．在从N到P的过程中；根据能的转化与守恒可知，重力势能减少量等于电势能增加量，故D正确，不符合题意。

故选A。4、D【分析】【分析】

【详解】

A.根据对称性，B、C两点场强方向相同；大小相等，故A错误；

B．根据对称性，A、D两点场强大小相等；两点场强都向左，故B错误；

C．根据电场线的疏密可知，两电荷连线上各点O点场强最小；故C错误。

D．根据电场线的疏密可知，中垂线上各点比较，O点场强最大；故D正确。

故选D。5、B【分析】【详解】

A．电场强度由电场本身决定；与放不放试探电荷无关，在电场中的某点不放试探电荷，某点的电场强度不为零，故A错误；

B．公式是真空中点电荷电场强度的决定式，则点电荷周围某点电场强度的大小，与该点到场源电荷距离r的二次方成反比，在r减半的位置上；电场强度变为原来的4倍，故B正确；

C．公式是电场强度的定义式；电场强度由电场本身决定，电场中某点的电场强度的大小与试探电荷所带的电荷量大小无关，故C错误；

D．电荷在电场中所受电场力F=qE，电荷在电场中所受电场力与q、E有关，匀强电场中的电场强度处处相同，电荷的电荷量q不同；电荷在其中受力不同，故D错误。

故选B。6、A【分析】【详解】

电场线的疏密表示场强的大小，可知E1>E2

沿电场线方向电势降低，可知M所在的等势面的电势高于N所在的等势面的电势，即φ1>φ2

故选A。7、C【分析】【详解】

A．将A极板向右移动少许，电容器两板间的距离减小，根据电容的决定式C=可知，电容C增大，而电容的电量Q不变，则电容的定义式可知，电容器板间电势差U减小，静电计指针的偏转角将减小；故A错误；

B．将B极板向上移动少许，两板正对面积减小，根据电容的决定式C=可知，电容C减小，而电容的电量Q不变，则电容的定义式可知；电容器板间电势差U增大，静电计指针的偏转角将增大；故B错误；

C．将一块玻璃板插入A、B两极板之间，根据电容的决定式C=可知，电容C增大，而电容的电量Q不变，则电容的定义式可知；电容器板间电势差U减小，静电计指针的偏转角将减小；故C正确；

D．用手触摸一下B极板；电容器带电量没有改变，静电计指针的偏转角将不变．故D错误；

故选C。二、多选题(共8题，共16分)8、C:D【分析】【详解】

AD、根据可知电荷在点的水平电场强度大小为在点的竖直电场强度大小为电荷在点的水平电场强度大小为在C点的竖直电场强度大小为其中从增加到根据矢量叠加原理可得点的电场强度大小为化简得由于从增加到所以一直增大，当电荷移动到点时，解得点的电场强度大小为故选项A错误，D正确；

BC、根据离正电荷越近的地方电势越高，离负电荷越近的地方电势越低可知，电荷运动过程中，点的电势增加，根据可知带正电试探电荷在点电势能一定增大，故选项B错误，C正确；9、C:D【分析】【详解】

连接AD；BF、CE；如图所示：

由图可知AD与BF、CE都垂直，故电场强度方向由D指向A，由正六边形对称性可知F与B的电势相等，C与E的电势相等，故F点的电势为0V，C点的电势为4V，则A、F间的电势差为

C、F间的电势差为

由几何关系得

则电场强度的大小为

故AB错误；CD正确；

故选CD.10、A:D11、A:C【分析】【详解】

D．根据知，AC两点间的电势差为

D错误；

A．将该粒子从C点移到B点，其电势能减少说明电场力做正功

则

即

D是AC中点

故

A正确；

B．BD连线为等势线，电场线方向垂直于BD；且由高电势指向低电势，B错误；

C．由几何关系知，A到BD的垂直距离为

则匀强电场的电场强度为

C正确。

故选AC。12、A:B【分析】【分析】

【详解】

A．A到B点，由电场力做功得

解得

故A正确；

B．点移动到点，由电场力做功得

解得

A、两点间的电势差为

故B正确；

C．点电荷在点的电势能为

故C错误；

D．点电荷从A点移动到点，电场力做功为

故D错误。

故选AB。13、A:D【分析】【详解】

AB．K闭合后，一带电微粒在平行板电容器间处于静止状态

保持K闭合，使P滑动片左右滑动，都不能改变电容器两端的电压，由得E不变；微粒仍静止，A正确，B错误；

CD．打开K后，使两极板靠近，由

可得

与d无关．所受电场力不变；微粒仍保持静止，C错误D正确。

故选AD。14、B:C【分析】【详解】

AB．甲图是电流表内接，电流表所测的电流值是准确的，由于电流表的分压作用，电压表测量值偏大，由R=

可知计算的电阻值偏大；乙图是电流表外接；电压表所测的电压是准确的，由于电压表的分流作用，使得电流表测量值偏大，所以计算的电阻值偏小，A错误，B正确；

CD．甲图中要想让电压表的误差小；即电流表分得的电压可以忽略不计，则待测电阻越大，误差越小；乙图中要想让电流表的误差小，即电压表分得的电流可以忽略不计，故测量小电阻时宜采用（乙）图，C正确；D错误。

故选BC。15、A:B:C【分析】【详解】

当R1的阻值增大时，外电路的总电阻增大，总电流减小，R2两端的电压减小，故A正确；将R2等效为电源的内阻，当R1＝R2+r＝2+0.5＝2.5Ω时，R1消耗的功率最大，最大功率为故B正确；当开关接a时，电容器右极板带正电，将开关从a接向b，稳定时电容器左极板带正电，所以电容器先放电后反向充电，流过R3的电流流向为c→d，故C正确；因R1接入的阻值未知，不能求出电容器上电压的变化，故不能求出流过R3的电荷量，故D错误；故选ABC．三、填空题(共5题，共10分)16、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】太阳能风能核能17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]每分钟通过的电量为

则电路中的电流为【解析】18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]图线A的电阻为

图线B的电阻为

故

[2]把它们并联在电路中，它们的电压相同，则

根据

则【解析】①.②.19、略

【分析】【详解】

[1]充电功率。

由图可知在t2时刻充电电流I、电池电压U都最大；所以充电功率最大为。

[2]图线①与时间轴所包围的面积是电流I与时间t的乘积；根据。

可知图线①与时间轴所包围的面积对应的物理量是电量（电荷量）。【解析】4.2电量（电荷量）20、略

【分析】【详解】

[1]根据

知，该排气扇正常工作时的电流为

[2]由焦耳定律知，该排气扇的发热功率为【解析】0.2A1.6W四、作图题(共3题，共21分)21、略

【分析】【分析】

【详解】

连接BC，过A点作BC的平行且与BC线段相等的线段AD，将AD分成两等份，找出B点的等势点，即E点，电势为11V，连接BE，则BE为等势线；电场线与等势线垂直，由高电势指向低电势，如图所示。

【解析】22、略

【分析】【详解】

因为1；2接线柱之间的电阻与2、3接线柱之间的电阻之和等于1、3接线柱之间的电阻；所以2为中间的结点，又因为2、3接线柱之间的电阻与1、2接线柱之间的电阻的差等于1、2接线柱之间的电阻的一半，故2、3之间有两个电阻井联，后再与第三个电阻串联，每个电阻均为1Ω，连接方式如图所示。