2025年人教A新版九年级物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教A新版九年级物理下册阶段测试试卷596考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示，当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P由右端向左滑向中点处的过程中（）A.电压表V的示数变小，电流表A2示数变大B.灯泡变亮，电流表A2示数变小C.电压表V的示数不变，灯泡亮度不变D.电流表A1示数不变，电流表A2示数变大2、一台四冲程柴油机的飞轮转速为1200r/min，那么该柴油机每秒做功（）A.10次B.15次C.20次D.40次3、普通白炽灯正常工作时消耗的电能有90%因发热而损失；而新型的LED灯（发光二极管）发光时几乎不发热，从而减少了电能的损失，成为科技创新的重要领域之一．下面有关普通白炽灯和LED灯工作过程的比较说法不正确的是（）

A.普通白炽灯正常工作时消耗的电能转化为光能和热能。

B.LED灯的发光原理是电能直接转化为光能。

C.普通白炽灯正常工作时消耗的电能主要转化为光能。

D.LED灯提高了电能转化为光能的效率；有利于节约能源。

4、把一金属块浸没在盛满酒精的杯中时，从杯中溢出了8g酒精，若把它浸没在盛满水的杯中时，从杯中溢出水的质量为（ρ酒精=0.8×103kg/m3）（）

A.12.5g

B.10g

C.8g

D.6.4g

5、图甲是模拟调光灯。电源电压为4.0V；小灯泡额定电压为2.5V；电流随电压变化的I-U图象如图乙所示，小灯泡两端电压达到0.4V时“刚亮”；铅笔芯长15cm；阻值为30Ω，其阻值与长度成正比。回形针A固定在铅笔芯右端，回形针P可以在铅笔芯上自由滑动，该调光灯在使用时，以下说法错误的是（）

A.闭合开关，移动P能连续调光B.闭合开关，P滑到距A点10cm处，小灯泡的实际功率为0.15WC.在距A点2.5cm处做标记，可以提醒P向A滑过此处，小灯泡将不安全D.小灯泡工作时，从“刚亮”到正常发光，实际功率变化范围为0.048W～0.75W6、如图所示的情景中，没有做功的是（）A.

石头被撬起的过程中手向下压撬棍的力B.

人推箱子未推动，人的推力C.

货物被提升的过程中绳子对货物的拉力D.

爬楼梯时人的重力7、我国的首艘航母“辽宁号”已经开始服役，如图所示是“辽宁号”航母和从它上面起飞的直升飞机的示意图．那么，下列与物理知识有关的说法中正确的是（）A.当直升飞机悬停在航母的上空时，如果以地面为参照物，它们都是运动的B.当直升飞机从航母的甲板上起飞后，航母始终漂浮，所受浮力不变C.直升飞机和航母之间的联系，是通过超声波来实现的D.当直升飞机从航母的甲板上起飞后，航母将上浮8、若阻值是1Ω和0.1Ω的两个电阻并联后的总电阻为R，则（）A.R＞1.1ΩB.R＜0.1ΩC.0.1Ω＜R＜1ΩD.0.9Ω＜R＜1.1Ω评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)9、（2015秋•河西区期末）如图所示，电源电压为12V且保持不变，灯泡L1标有“12V6W”的字样，灯泡L2标有“2V1W”的字样，电流表量程为0～3A，滑动变阻器R标有“12Ω2A”的字样（假设灯丝电阻不变），则下列说法正确的是（）A.闭合S1、S2，断开S3时，L1的实际功率为6WB.只闭合S3，变阻器滑片滑到最右端时，L2正常发光C.闭合S1、S2、S3时，电路消耗的最小功率为18WD.改变三个开关的状态和调节滑动变阻器滑片，电路消耗的最大功率为30W10、如图甲所示的电路中，R2为滑动变阻器，R1、R3为定值电阻；电源两端电压保持恒定不变．改变滑片P的位置，两电压表的示数与电流表的示数对应关系的图象分别表示在图乙所示的坐标系中．则：

A.AB图线对应的是电压表V1示数变化B.滑片P在a点时，电路中的电流为1AC.定值电阻R3的阻值为3ΩD.滑片P在b点时，电阻R2消耗的功率为8W11、关于运动和力的关系，下列说法中正确的是（）A.物体不受力时，物体处于静止状态B.物体不受力时，物体运动状态不变C.有力作用在物体上，物体运动状态就改变D.有力作用在物体上，物体可能处于静止状态12、如图，某同学制作了潜水艇模型，调节后恰好悬浮于水中，下列说法正确的是（）A.潜艇模型是通过改变潜艇的重力实现沉浮的B.向内推注射器活塞，水会被压入试管中，可实现潜艇下沉C.向外拉注射器活塞，试管内水量适当时，可实现潜艇下沉D.若要潜艇模型露出水面5cm3，应需压出5g的水13、如图所示，在木块A上放一金属块B后，木块A恰好没入水中，此时水对容器底的压强为P1．将金属块B从木块A上取下，放入水中并浸没，静止时容器底对金属块B的支持力为20N，此时水对容器底的压强为P2．已知木块A的体积为7.5×10-3m3，金属块B的密度为3×103kg/m3；取g=10N/kg．则（）

A.P1大于P2

B.P1小于P2

C.金属块B的体积为2×10-3m3

D.木块A的密度为0.6×103kg/m3

14、下列关于内能的说法中错误的是（）

A.0℃的物体没有内能。

B.做功和热传递都可以改变物体的内能。

C.物体的比热容越大；内能也越大。

D.物体的密度越大；内能也越大。

15、如图是某物体的运动s-t图象；下列说法正确的是（）

A.0～8s内的平均速度是1.25m/sB.BC段物体是运动的C.AB段平均速度大于CD段的平均速度D.CD段物体的运动速度大小不变的16、下列利用电热工作的用电器是（）A.

电饭锅B.

电风扇C.

电暖器D.

电脑17、小灯泡L1和L2上都标有“3V”字样，其灯丝电阻分别为R1和R2，它们的电流随电压变化关系如图所示．有（）A.L1的额定功率为0.36WB.L2的阻值R2为0.72ΩC.若把小灯泡L1和L2并联在电源电压为2V的电路中工作，则小灯泡L2的实际功率是0.12WD.若把小灯泡L1和L2串联在电源电压为3V的电路中工作，则小灯泡L1的实际功率是0.16W评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)18、（2015•宣城模拟）如图所示，电源电压为6v，灯泡电阻2Ω，滑动变阻器的最大阻值为4Ω，当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P由中点滑向最右端时，伏特表示数为6V，则安培表A1的示数与A2示数之差为____．19、（2014秋•黄州区校级月考）如图所示，两支完全相同的密度计分别放入甲、乙两种不同的液体中，所受到的浮力分别为F甲和F乙，则F甲____F乙．（选填“＞”、“=”和“＜”）20、一段粗铜线拉断成两段铜丝后，每一段铜丝的质量____（填变大、变小、不变，下同），铜丝的密度____．21、如图所示，篮球被投出表明力可以改变物体的____；离开手的篮球由于____继续飞行，当篮球加速下落时，它的____减小（选填“动能”或“重力势能”）．

22、古诗“花气袭人知骤暖”，从花的芳香气味变浓可以知道周边的气温突然升高．从物理学的角度分析，这是因为温度越高，____．汽车的发动机选用水做冷却剂，主要是由于水的____的缘故．烈日下，操场上单杠的温度会升高，这是通过____的方式改变其内能的．23、用久了的白炽灯泡会变暗(

电压不变)

请你根据平时的观察，利用学过的知识，回答灯泡变暗可能的两个原因是：

(1)

______；

(2)

______。24、一木块在10N的水平拉力作用下在水平面上匀速直线滑动，则此时木块受到的摩擦力是____N；若改用15N的水平拉力拉木块在原水平面上滑动，则此时木块受到的摩擦力是____（选填“15N”“10N”或“无法确定”）．（空气阻力忽略不计）评卷人得分四、判断题(共2题，共20分)25、测量时估读到分度值下两位将比估读到分度值下一位更好一些．____（判断对错）26、河里行驶的小船，不论选择什么物体做参照物，它都是运动的．____（判断对错）评卷人得分五、解答题(共1题，共6分)27、汽车是我们熟悉的交通运输工具．右表为某型号汽车的部分参数．

。自重1.5×105牛汽车车轮个数10每个轮胎与

地面的接触面积5×10-2米2（1）若该车车厢内装有8米3的沙子，求沙子的质量．（ρ沙=2.5×103千克/米3）

（2）求沙子的重力．

（3）求空载时汽车对水平路面的压强．参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【分析】滑动变阻器与灯泡并联，电压表与电源并联，A1串联在干路上，A2与滑动变阻器串联；

（1）电压表始终测量电源电压；根据滑片的移动确定接入电路阻值的变化，然后根据欧姆定律可知电流表A2示数的变化；

（2）并联电路中各支路互不影响；

（3）干路电流等于各支路电流之和．【解析】【解答】解：A、当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P由右端向左滑向中点处的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻减小，由欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流增大，即电流表A2示数变大；而电压表测量电源电压；因此电压表示数不变；故A错误；

B；由于并联电路中；各支路互不影响，因此灯泡的亮度不变；故B错误；

C；因为电压表测量电源电压；因此电压表示数不变；灯泡亮度也不变，故C正确；

D、因为通过灯泡的电流不变，电流表A2示数变大，而干路电流等于各支路电流之和，因此电流表A1示数变大；故D错误．

故选C．2、A【分析】【分析】要解决此题需要知道一个工作循环包括四个冲程，飞轮转两周，对外做功一次．【解析】【解答】解：此柴油机的飞轮转速为1200r/min，所以飞轮每秒转，因为每两周对外做功一次，所以n=次．

故选A．3、C【分析】

白炽灯是将灯丝通电加热到白炽状态；利用热辐射发出可见光的电光源．大部分白炽灯会把消耗能量中的90%转化成无用的热能，只少于10%的能量会成为光．所以普通白炽灯正常工作时消耗的电能主要转化为热能．而新型的LED灯（发光二极管）发光时几乎不发热，将电能直接转化为光能，提高了电能转化为光能的效率，有利于节约能源．所以只有C的说法不正确．

故选C．

【解析】【答案】根据白炽灯和LED灯工作的特点来判断能量的转化．

4、B【分析】

溢出酒精的体积：

V溢酒精===10cm3；

金属块的体积：

V金=V溢酒精=10cm3；

把金属块浸没在盛满水的杯中时；溢出水的体积：

V溢水=V金=10cm3；

溢出水的质量：

m水=ρ水V溢水=1g/cm3×10cm3=10g．

故选B．

【解析】【答案】知道溢出酒精的质量；利用密度公式求溢出酒精的体积（金属块的体积）；

再把它浸没在盛满水的杯中时；可得溢出水的体积（金属块的体积），再利用密度公式求溢出水的质量．

5、B【分析】解：

A．当铅笔芯电阻全部接入电路中时；

因串联电路中总电压等于各分电压之和；其各处的电流相等；

所以，由I=可知；电源的电压：

U=UL+ILRP，即4.0V=UL+IL×30Ω；

由图乙可知，灯泡两端的电压UL=0.4V，通过灯泡的电流IL=0.12A时符合；此时小灯泡两端电压达到0.4V“刚亮”；

所以；闭合开关，移动P能连续调光，故A正确；

B．因铅笔芯长15cm；阻值为30Ω；其阻值与长度成正比；

所以；P滑到距A点10cm处，接入电路中的电阻：

RP′=×10cm=20Ω；

则电源的电压：

U=UL′+IL′RP′，即4.0V=UL′+IL′×20Ω；

由图象可知，灯泡两端的电压UL′=0.8V，通过灯泡的电流IL′=0.16A时符合；

此时小灯泡的实际功率：

PL=UL′IL′=0.8V×0.16A=0.128W；故B错误；

C．P滑到距A点2.5cm处；接入电路中的电阻：

RP″=×2.5cm=5Ω；

则电源的电压：

U=UL″+IL″RP″，即4.0V=UL″+IL″×5Ω；

由图象可知，灯泡两端的电压UL″=2.5V，通过灯泡的电流IL′=0.3A时符合；此时灯泡正常发光；

所以；在距A点2.5cm处做标记，可以提醒P向A滑过此处，小灯泡两端的电压超过额定电压将不安全，故C正确；

D．小灯泡“刚亮”时的实际功率：

PL′=ULIL=0.4V×0.12A=0.048W；

小灯泡正常发光时的实际功率：

PL″=UL″IL″=2.5V×0.3A=0.75W；

所以；小灯泡工作时，从“刚亮”到正常发光，实际功率变化范围为0.048W～0.75W，故D正确。

故选：B。

（1）当铅笔芯电阻全部接入电路中时；根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压，根据图象读出符合要求的电流和电压，然后判断灯泡是否能发光，然后判断移动P时能否连续调光；

（2）铅笔芯长15cm；阻值为30Ω；其阻值与长度成正比，据此求出P滑到距A点10cm处和P滑到距A点2.5cm处接入电路中的电阻，根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压，根据图乙读出符合要求的电流和电压，根据P=UI求出小灯泡的实际功率，灯泡两端的电压大于额定电压下时将不会安全；

（3）根据P=UI求出小灯泡“刚亮”和正常发光时的功率；然后得出小灯泡工作时，从“刚亮”到正常发光时的实际功率变化范围。

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，从图象中读出符合要求的电流和电压是关键。【解析】B6、B【分析】【分析】本题要抓住做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离；二者缺一不可．【解析】【解答】解：A；石头被撬起的过程中手向下压撬棍的力使撬棍在力的方向上通过了距离；所以做了功，不合题意；

B；人推箱子未推动；有力无距离，所以不做功，符合题意；

C；货物被提升的过程中绳子对货物的拉力使货物在力的方向上通过了距离；所以做了功，不合题意；

D；爬楼梯时；人克服重力做了功，或者说重力做了负功，不合题意．

故选B．7、D【分析】【分析】A；研究物体的运动时；必须事先选定一个标准的物体，这个事先被选作标准的物体叫参照物．如果被研究的物体相对于这个标准位置发生了改变，则是运动的；如果被研究的物体相对于这个标准位置没有发生了改变，则是静止的；

BD；航母在大海中始终处于漂浮状态；根据沉浮条件判断出浮力的变化，然后根据阿基米德原理判断出排开海水体积的变化，进而得出吃水深度的变化；

C、雷达是靠发射、接收电磁波来工作的．【解析】【解答】解：A；直升飞机悬停在航空母舰的上空时；如果以地面为参照物，它们与地面的相对位置没有发生变化，是静止的，故A错误；

B；航母在海面上处于漂浮状态；受到的浮力等于航母的自身重力，飞机起飞后，航母重力减小，浮力减小，故B错误；

C；直升飞机和航空母舰之间的联系是雷达；雷达是靠发射和接收电磁波来发现敌方军事目标的，故D错误．

D、航母在海面上处于漂浮状态，受到的浮力等于航母的自身重力，飞机起飞后，航母重力减小，浮力减小，根据阿基米德原理F浮=ρ液V排g；海水密度一定时，浮力减小，排开海水的体积减小，航母就会浮起一些，故D正确．

故选D．8、B【分析】【分析】并联电路总电阻的倒数等于各支路电阻倒数之和，并联电路的总电阻比任何一个支路的电阻都小．【解析】【解答】解：并联电路总电阻的倒数等于各支路电阻倒数之和；并联电路的总电阻比任何一个支路的电阻都小．所以若阻值是1Ω和0.1Ω的两个电阻并联后的总电阻为R小于0.1Ω．

故选B．二、多选题(共9题，共18分)9、ACD【分析】【分析】（1）闭合S1、S2，断开S3时，电路为L1的简单电路，根据额定电压下灯泡正常发光可知此时L1的实际功率；

（2）只闭合S3时，L2与变阻器R串联，当灯泡L2正常发光时其两端的电压和额定电压相等；根据串联电路的电压特点求出变阻器两端的电压，根据串联电路的电流特点和P=UI求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出变阻器接入电路中的电阻，然后与滑动变阻器的最大阻值相比较进行判断；

（3）闭合S1、S2、S3时，L1与变阻器并联，电流表测干路电流，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中消耗的电功率最小，根据并联电路的电压特点和P=求出变阻器消耗的电功率，然后加上L1的电功率即为电路消耗的最小功率；

（4）闭合S1、S2、S3时，L1与变阻器并联，电流表测干路电流，根据P=UI求出L1正常发光时的电流，又知道滑动变阻器允许通过的最大电流，根据并联电路的电流特点求出此时电路中的电流，然后与电流表的量程相比较确定电路中的最大电流，根据P=UI求出电路消耗的最大功率．【解析】【解答】解：（1）闭合S1、S2，断开S3时，电路为L1的简单电路；

因电源的电压和灯泡L1的额定电压相等；

所以，灯泡L1的实际功率为6W；故A正确；

（2）只闭合S3时，L2与变阻器R串联；

因串联电路中总电压等于各分电压之和；

所以，当灯泡L2正常发光时；变阻器两端的电压：

U滑=U-U2=12V-2V=10V；

因串联电路中各处的电流相等；

所以；由P=UI可得，电路中的电流：

I2===0.5A；

由I=可得；滑动变阻器接入电路中的电阻：

R滑===20Ω＞12Ω；

所以，变阻器滑片滑到最右端时，L2不可能正常发光；故B错误；

（3）闭合S1、S2、S3时，L1与变阻器并联；电流表测干路电流；

当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时；电路中消耗的电功率最小；

因并联电路中各支路两端的电压相等；

所以；变阻器消耗的电功率：

PR===12W；

电路消耗的最小功率：

P小=P1+PR=6W+12W=18W；故C正确；

（4）闭合S1、S2、S3时，L1与变阻器并联；电流表测干路电流；

L1正常发光时的电流：

I1===0.5A；

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和；且滑动变阻器允许通过的最大电流为2A；

所以；电路中的电流：

I=I1+IR=0.5A+2A=2.5A＜3A；

所以；电路中的最大电流为2.5A；

电路消耗的最大功率：

P大=UI=12V×2.5A=30W；故D正确．

故选ACD．10、ACD【分析】【分析】由电路图可知，三个电阻串联，电压表V1测量R1两端电压，电压表V2测量R1、R2两端电压之和；电流表测量电路电流．

（1）当滑片位于a端时，R2接入电路中的电阻为0；此时电路中的总电阻最小，电路中的电流最大，根据图象读出电路中的电流；

（2）当滑片位于b端时，R2接入电路中的电阻最大，此时电路中的总电阻最大，电路中的电流最小，根据电阻的串联和欧姆定律比较两电压表示数之间的关系然后判断AB图线对应的电压表，根据串联电路的电压特点求出R2两端的电压，利用P=UI求出电阻R2消耗的功率；根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电流最大、最小时电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出R3的阻值．【解析】【解答】解：由电路图可知，三个电阻串联，电压表V1测量R1两端电压，电压表V2测量R1、R2两端电压之和；电流表测量电路电流．

（1）当滑片位于a端时，R2接入电路中的电阻为0；电路中的电流最大；

由图象可知，电路中的电流I大=2A，UV1=3V；故B错误；

（2）当滑片位于b端时，R2接入电路中的电阻最大；电路中的电流最小；

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和；

所以，由I=可知，电压表V2的示数大于电压表V1的示数，即AB图线对应的是电压表V1示数变化；故A正确；

则由图象可知，电路中的最小电流I小=1A，UV1′=1V，UV2=9V；

因串联电路中总电压等于各分电压之和；

所以，电阻R2两端的电压：

U2=UV2-UV1′=9V-1V=8V；

电阻R2消耗的功率：

P2=U2I小=8V×1A=8W；故D正确；

因电源两端电压保持恒定不变；

所以，U=UV1+I大R3=UV2+I小R3，即3V+3A×R3=9V+1A×R3；

解得：R3=3Ω；故C正确．

故选ACD．11、BD【分析】【分析】（1）力是改变物体运动状态的原因；物体受到非平衡力时运动状态改变，物体受到平衡力时运动状态不变；

（2）物体不受力时保持静止或匀速直线运动状态．【解析】【解答】解：物体不受力时运动状态不变；即保持静止或匀速直线运动，故A说法错误；B说法正确；

物体受到平衡力时运动状态也不改变；保持静止或匀速直线运动，故C说法错误；D说法正确；

故选BD12、ACD【分析】【分析】（1）潜水艇是通过改变自身的重力来实现下潜；悬浮和上浮的；结合这个特点来对此题的模型进行分析．

（2）若要潜艇模型露出水面5cm3，即应排开水的体积为5cm3，由ρ=可求出排出水的质量．【解析】【解答】解：

A、当潜艇模型浸没在水中时，排开水的体积不变，所受浮力不变，因此模型的上浮和下沉是通过改变潜艇的重力来实现的，故A正确；

B、现在潜艇模型处于悬浮，向内推注射器活塞，水会被压出试管，此时模型的自重减小，模型上浮，故B错；

C、向外拉注射器活塞，试管内水增加，试管内水量适当时，可实现潜艇悬浮或下沉，故C正确；

D、若要潜艇模型露出水面5cm3，即应排开水的体积为5cm3，由ρ=可知，排出水的质量m=ρV=1g/m3×5cm3=5g；故D正确．

故选ACD．13、AD【分析】

AB、如图，B在木块上漂浮，F浮1=G木+GB；

将金属块B从木块A上取下，放入水中，金属的密度大于水的密度，B将下沉，而木块漂浮，此时二者受到的浮力F浮2=G木+F浮B；

∵GB＞F浮B；

∴F浮1＞F浮2；

∵F浮=ρ水V排g；

∴前后排开水的体积：

V排1＞V排2；

∴容器内水深：h1＞h2；

∵p=ρgh；

∴p1＞p2；故A正确；B错；

C、∵ρB＞ρ水；

∴B在水中下沉至水底；

GB=F支+F浮；

即：ρBVBg=20N+ρ水V排Bg=20N+ρ水VBg；

VB===1×10-3m3；故C错；

D；金属块B在木块上漂浮；木块A恰好没入水中；

F浮=GB+G木；

即：ρ水V木g=ρBVBg+ρ木V木g；

ρ水V木=ρBVB+ρ木V木；

1×103kg/m3×7.5×10-3m3=3×103kg/m3×1×10-3m3+ρ木×7.5×10-3m3；

解得：

ρ木=0.6×103kg/m3；故D正确．

故选AD．

【解析】【答案】AB；B在木块上漂浮；受到的浮力等于木块重加上金属块重；将金属块B从木块A上取下，放入水中并浸没，此时二者受到的浮力等于木块受到的浮力加上金属块B受到的浮力；比较前后受到的浮力大小，得出排开水的体积关系，从而得出水位高低关系，再利用液体压强公式分析水对容器底的压强大小关系；

C；金属的密度大于水的密度；在水中下沉至水底，金属块的重等于金属块受到的浮力加上支持力，借助重力公式和阿基米德原理求金属块的体积；

D；金属块B在木块上漂浮；木块A恰好没入水中，受到的浮力等于木块重加上金属块重，知道木块的体积，利用阿基米德原理受到的浮力可求；金属块重可求，进而求出木块重，再利用密度公式和重力公式求木块的密度．

14、ACD【分析】

A；一切物体的分子都在永不停息的做无规则运动；所以一切物体都具有内能．故A符合题意；

B；做功可以改变内能；热传递也可以改变内能，而且这两种方法对于改变物体内能的效果是一样的，说法正确，B不符合题意；

C；物体的比热容越大；内能也越大，说法错误，决定内能的因素是温度、体积、质量，不是比热容，C符合题意；

D；物体的密度越大；内能也越大，说法错误，密度是属于物质的特性，与内能无关，D符合题意；

故选A；C、D．

【解析】【答案】要解本题需掌握内能是物体本身的一种性质；一切物体都具有内能；决定内能的是质量；温度、体积．

15、AD【分析】解：

（1）由图象知；BC段和时间轴平行，表示物体的路程保持不变，即物体在BC段是静止的，故B错误；

CD段物体通过的路程与时间成正比；所以CD段表示物体的速度是不变的，故D正确；

（2）由图象知，0～8s物体运动的路程为10m，所以物体的平均速度：v===1.25m/s；故A正确；

由图象知；AB和CD段运动的路程都为5m，AB段运动时间为4s，CD段运动时间为2s．相同的路程，AB段的时间长，所以AB段的平均速度慢，故C错误．

故选AD．

（1）在s-t图象中；斜线表示物体做匀速直线运动，和时间轴平行的直线，表示物体处于静止状态；

（2）由图象读出0～8s运动的路程，由v=计算此段的平均速度；

（3）由图象读出AB和CD段运动的路程和时间；分析比较两段的平均速度大小．

此题主要考查的是学生对图象的分析和处理能力，同时考查对速度计算公式的理解和掌握，由图象读出时间和路程是解决此题的关键．【解析】【答案】AD16、AC【分析】【分析】当电流通过电阻时，电流做功而消耗电能，产生了热量，这种现象叫做电流的热效应．一方面，利用电流的热效应可以为人类的生产和生活服务；另一方面，电流的热效应也有一些不利因素．任何通有电流的导线，都可以在其周围产生磁场的现象，称为电流的磁效应．【解析】【解答】解：A；电饭锅是利用电流的热效应加热的；故A正确；

B；电风扇是利用电动机带动工作的；利用了电流的磁效应，故B错误；

C；电暖气是利用电流的热效应加热的；故C正确；

D；电脑在工作过程中；消耗的电能主要转化光能和声能，不是利用电流的热效应来工作的，故D错误；

故选AC．17、AD【分析】【分析】①已知灯泡的额定电压；由图象得到额定电压对应的电流，利用公式P=UI得到额定功率；

②已知灯泡的额定电压，由图象得到额定电压对应的电流，利用公式R=得到灯泡L2的阻值；

③并联电路个用电器两端电压相等；由图象可得电压为2V时，通过灯泡的电流，利用公式P=UI得到此时的实际功率；

④已知灯泡L1的额定电压和正常发光电流，可以得到灯泡L1的阻值，已知灯泡L1、L2的阻值，可以得到串联总电阻；已知电源电压和串联总电阻，利用欧姆定律得到电路电流；已知电路电流和灯泡L1的阻值，利用公式P=I2R得到灯泡L1消耗的实际功率．【解析】【解答】解：

A、由图象知：在额定电压为3V时，通过灯泡L1的电流为0.12A，所以灯泡L1的额定功率为P1=U额I1=3V×0.12A=0.36W．此选项正确；

B、由图象知：在额定电压为3V时，通过灯泡L2的电流为0.24A，所以灯泡L2的阻值为R2===12.5Ω．此选项错误；

C、由图象知：在实际电压为2V时，通过灯泡L2的电流为0.16A，所以灯泡L2的实际功率为P2实=U2实I2实=2V×0.16A=0.32W．此选项错误；

D、灯泡L1的阻值为R1===25Ω；

串联电路的总电阻为R=R1+R2=25Ω+12.5Ω=37.5Ω；

电路电流为I串===0.08A；

灯泡L1的实际功率为P1实=I串2R1=（0.08A）2×25Ω=0.16W．此选项正确．

故选AD．三、填空题(共7题，共14分)18、略

【分析】【分析】分析电路的连接方式，确定电流表各测何处电流，根据电路特点分别求出滑片P在最右端时两电流表示数即可得到两表的示数差．【解析】【解答】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R支路的电流；电压表测电源的电压．

U=UL=UR=6V；

滑动变阻器的滑片P在最右端时；连入阻值为4Ω；

根据I=；

通过L的电流：IL===3A；

根据并联电路的电流特点：I=IA1=IL+IA2；

A1的示数与A2示数之差：IA1-IA2=（IL+IA2）-IA2=IL=3A．

故答案为：3A．19、略

【分析】【分析】由密度计都漂浮在液体面上，根据漂浮条件比较受浮力大小；【解析】【解答】解：∵在两种液体中；两密度计漂浮；

∴所受到的浮力F甲=F乙=G；相等；

故答案为：=20、略

【分析】【分析】要解答本题需掌握：物质质量的大小与外界条件无关，只取决于物体本身所含物质的多少，而密度是物质的一种属性，只与物质的种类有关．【解析】【解答】解：一段粗铜线拉断成两段铜丝后；每一段铜丝的质量是原来的一半，所以质量变小，铜丝的密度不变．

故本题答案为：变小，不变21、略

【分析】

（1）篮球被投出；运动方向和速度都发生了改变，说明力可以改变物体的运动状态．

（2）由于惯性；篮球离开手后还继续飞行．

（3）当篮球加速下落时；质量不变，高度减小，速度增大，重力势能减小，动能增大，重力势能转化为动能．

故答案为：运动状态；惯性；重力势能．

【解析】【答案】（1）力的作用效果：力可以改变物体的运动状态；力可以改变物体的形状；物体由静到动；由动到静，以及运动快慢和方向的改变都叫做运动状态发生了改变．

（2）一切物体都有惯性．

（3）重力势能大小的影响因素：质量；高度；物体下落过程中是重力势能转化为动能的过程，重力势能减小，动能增大．

22、分子运动越剧烈比热容大热传递【分析】【解答】（1）花朵分泌的芳香分子不停