2025年粤教沪科版必修3物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教沪科版必修3物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、关于磁场和磁感线的描述，下列说法正确的是（）A.磁铁的磁感线总是从N极出发，到S极终止B.磁感线越密的地方磁感应强度越大C.磁感线是客观存在的真实曲线D.由可知，磁感应强度大小与放入该处的通电导线I、L的乘积成反比2、关于电源的说法正确的是（）A.电源的作用是在电源内部把电子从负极不断的搬运到正极，从而保持两极间有稳定的电势差B.电源的作用是将其他形式的能转化为电能C.只要电路中有电源，电路中就一定有电流D.对于给定的电源，移动电荷的非静电力做功越多，电动势就越大3、由5个1Ω电阻连成的如图所小的电路；导线的电阻不计，则A；B间的等效电阻为（）

A.5ΩB.2ΩC.1ΩD.0.5Ω4、如图所示，一正点电荷固定在圆心，M、N是圆上的两点，下列说法正确的是（）

A.M点和N点电势相同B.M点和N点电场强度相同C.负电荷由M点到N点，电势能始终增大D.负电荷由M点到N点，电场力始终做正功5、如图甲所示，Q1、Q2为两个固定点电荷，其中Q1带正电，它们连线的延长线上有a、b两点。一带正电的试探电荷以一定的初速度沿直线从b点开始经a点向远处运动；其速度图像如图乙所示。则（）

A.在Q1、Q2之间放置一个点电荷，该点电荷可能处于平衡状态B.从b到a场强逐渐减小，且a点场强为零C.b点右侧电势逐渐升高D.在Q1左侧的连线延长线上存在场强为零的点6、如图所示，一根横截面积为S的均匀长直橡胶棒上带有均匀的负电荷，每单位长度上电荷量为q，当此棒沿轴线方向做速度为v的匀速直线运动时；由于棒运动而形成的等效电流大小为（）

A.B.C.D.7、在物理学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了巨大的贡献，下列说法正确的是（）A.牛顿的万有引力定律和哥白尼的日心说奠定了现代天文学的理论基础B.亚里士多德提出力是改变物体运动状态的原因C.开普勒在牛顿定律的基础上，导出了行星运动的规律D.安培首先发现了电流的磁效应，并提出了判断电流周围磁场方向的方法——安培定则评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)8、如图所示，在带电体C的右侧有两个原来不带电的、相互接触的金属导体A和B，A、B、C均放在绝缘支座不导电上。由于静电感应，导体A、B均带电。下列说法正确的是（）

A.如图所示状态中，导体A带负电，B带正电B.在图示状态下移走带电体C，导体A、B带电情况不变C.在图示状态下将导体A、B分开，分开后A、B仍带电，该过程创造了电荷D.无论是移走带电体C还是将导体A、B分开，导体A、B上的总电荷始终为零9、如图所示，真空中有两个点电荷和分别固定在x=0和x=6cm的位置。则x坐标轴上电场强度方向沿x负方向的范围（）

A.x＜0B.0＜x＜6cmC.6cm＜x＜12cmD.x>12cm10、如图所示，A、B、C三个小球(可视为质点)的质量分别为m、2m、3m，B小球带负电，电荷量为q，A、C两小球不带电(不考虑小球间的电荷感应)，不可伸长的绝缘细线将三个小球连接起来悬挂在O点，三个小球均处于竖直向上的匀强电场中，电场强度大小为A.A；则以下说法正确的是()

B.静止时，B两小球间细线的拉力为5mg＋qEC.静止时，B两小球间细线的拉力为5mg－qEE.剪断O点与A小球间细线瞬间，B两小球间细线的拉力为E.剪断O点与A小球间细线瞬间，B两小球间细线的拉力为11、如图所示，圆形虚线表示固定于O点的某点电荷电场中的部分等势线，实线为某个电子的该电场中由a点经b点和c点的运动轨迹，该轨迹与其中一条等势线相切于b点。若电子只受该电场的作用；则下列说法正确的是（）

A.O点的电电荷带正电B.a点的电势高于c点的电势C.电子在a点的加速度大于在c点的加速度D.电子运动过程中，在b点的电势能最大12、如图所示，A、B、C、D为匀强电场中一个长方形的四个顶点，E、F分别为AB、CD的中点，AD边长度为10cm，AB边长度为15cm。已知A、B、D三点的电势分别为9.0V；3.0V、12.0V；长方形所在平面与电场线平行，则（）

A.C点的电势不为零B.电场沿AF方向C.电场强度大小为50V/mD.电场强度大小为40V/m13、如图所示为通电螺线管的纵剖面图，“”和“⊙”分别表示导线中的电流垂直纸面流进和流出；图中四个小磁针（涂黑的一端为N极）静止时指向正确的是（）

A.aB.bC.cD.d评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)14、静电平衡状态下导体的电场和电荷分布。

（1）静电感应现象：处于电场中的导体，由于___________的作用，电荷出现___________的现象。

（2）静电平衡状态：导体中（包括表面上）没有电荷___________的状态。

（3）静电平衡状态的特征。

a.处于静电平衡状态的导体，内部的电场强度___________。

b.处于静电平衡状态的导体，外部表面附近任何一点的电场强度方向必跟该点的表面___________。

c.处于静电平衡状态的整个导体是个___________，导体的表面为___________。

（4）导体上电荷的分布。

a.导体___________没有电荷，电荷只分布在导体的___________。

b.在导体表面，越尖锐的位置，电荷的密度（单位面积的电荷量）_________，_________的位置几乎没有电荷。15、电场中A、B两点的电势是则A、B两点的电势差UAB＝__________V。若把电荷由A点移到B点，电场力对电荷做了__________J的功。电荷的电势能__________（填“增加”或“减少”）了__________J。16、热辐射的原因∶物体中存在着不停运动的带电微粒，带电微粒的____会产生变化的______，从而产生电磁____。17、库仑定律的内容：_______中两个静止点电荷之间的相互作用力，与它们的电荷量的乘积成_______，与它们的距离的二次方成_______，作用力的方向在它们的_______上。

静电力：电荷间的相互作用力，也叫_______。18、如图所示，虚线方框内为一匀强电场，为该电场中的三个点，已知

（1）试在该方框中作出该电场的示意图；_________

（2）间的电势差为___________若将动能是的电子由点发出，若该电子能经过点，则该电子经过点时的动能是___________将一个电子从移动到电场力做功为___________

19、电场中有A、B、C三点，一电量为+q、质量为m的带电粒子仅受电场力作用，从A点开始以初速v0做直线运动，其v-t图像如图。粒子在t0时刻运动到B点，3t0时刻运动到C点。由图可推断，A、B、C三点中，_____点的电场强度最大，粒子经过_____点时具有的电势能最大；A、B两点的电势差UAB=_________。

20、在导体的U－I图像中，斜率反映了______。评卷人得分四、作图题(共4题，共36分)21、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

22、连线题：请将下列电路元器件的实物图与其符号相连。

23、如图，黑箱面板上有三个接线柱1、2和3，黑箱内有一个由四个阻值相同的电阻构成的电路。用欧姆表测得1、2接线柱之间的电阻为2、3接线柱之间的电阻为1、3接线柱之间的电阻为在虚线框中画出黑箱中的电阻连接方式。

24、由电流产生的磁场方向如图所示；请在图中标出线圈中的电流方向.

评卷人得分五、实验题(共3题，共21分)25、有一额定电压为额定功率的小灯泡；现要用伏安法描绘这个小灯泡的伏安特性曲线。有下列器材可供选用。

A.电压表（量程内阻约）

B.电压表（量程内阻约）

C.电流表（量程内阻约）

D.电流表（量程内阻约）

E.滑动变阻器（最大电阻允许最大电流）

F.滑动变阻器（最大电阻允许最大电流）

G.三节干电池（电动势约为）

H.电键；导线若干。

（1）为提高实验的精确程度，电压表应选用______；电流表应选用______；滑动变阻器应选用______；以上均填器材前的序号。

（2）通过实验描绘出小灯泡的伏安特性曲线如图，则以下电路图中哪一种实验误差最小______；

A.B.C.D.

所以小灯泡电阻测量值______真实值填“大于”、“小于”、“等于”

（3）根据小灯泡的伏安特性曲线，当小灯泡电压是时，小灯泡电阻是______保留两位小数

（4）由伏安特性曲线可知，小灯泡电阻随电压增大而______。26、在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中；提供的实验仪器如下：

A.小灯泡；L“3.8V；0.3A”

B.电压表；量程0～5V，内阻5kΩ

C.电流表；量程0～500mA，内阻0.4Ω

D.滑动变阻器；最大阻值10Ω，额定电流1.0A

E.直流电源；电动势约为6V，内阻约为0.5Ω

F.开关。

（1）试完善在虚线框内未画完的实验电路图____________。

（2）某小组利用实验所得数据，描绘出小灯泡的伏安特性曲线如图，图像说明随着电压的升高，小灯泡的电阻________（填“变大”；“不变”或“变小”）。

（3）用P表示小灯泡消耗的电功率，下列图像中正确反应小灯泡功率变化情况的有_______。

27、某小组的同学在做“测量一节干电池的电动势和内阻”的实验；被测电池的电动势约为1.5V，内阻约为1.0Ω。实验室提供了两种电路图（图1，图2），已知实验室除待测电池；开关、导线外，还有下列器材可供选用：

电流表A1：量程0-6mA；内阻约12.5Ω

电流表A2：量程0-0.6A；内阻约0.125Ω

电流表A3：量程0-3A；内阻约0.025Ω

电压表V：量程0-3V；内阻约3kΩ

滑动变阻器R：0~20Ω；额定电流2A

(1)为了实验更精确，电路图应该选择___________（填：“图1”或“图2”）

(2)为了使测量结果尽量准确，电流表应选用___________（填写仪器的字母代号）。

(3)正确连接电路并测量后，该组同学根据所获得的6组实验数据，在坐标纸上绘制的反应路端电压随电流变化的U-I图线，如图3，请据此图线判断被测干电池的电动势E=___________V，内阻r=___________Ω。（结果保留到小数点后两位）

(4)由于电表内阻的影响，电压表和电流表的测量值可能与“电池两端电压”和“流过电池的电流”存在一定的偏差。下列分析正确的是___________。

A.电压表测量值偏大。

B.电流表测量值偏小。

C.电流表测量值偏大。

D.电压表量值测偏小评卷人得分六、解答题(共1题，共10分)28、在如图所示的电路中，电源的电动势E=6.0V，内电阻r=1.0Ω，外电路的电阻R=2.0Ω。闭合开关S后；求：

(1)电路中的电流I；

(2)电源的输出功率P。

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】【分析】

【详解】

A．磁铁的磁感线在磁铁的外部是从N极到S极；在磁铁内部从S极到N极，选项A错误；

B．磁感线越密的地方磁感应强度越大；选项B正确；

C．磁感线是人们为了描述磁场而假想的曲线；并不是客观存在的真实曲线，选项C错误；

D．磁感应强度大小是由磁场本身决定的，与放入该处的通电导线I、L的乘积无关；选项D错误。

故选B。2、B【分析】【分析】

【详解】

A．电源的作用是在电源内部把电子从正极不断的搬运到负极；从而保持两极间有稳定的电势差，故A错误；

B．电源的作用是通过非静电力做功将其他形式的能转化为电能；故B正确；

C．电路中有电源；还要有闭合回路才能形成电流，故C错误；

D．对于给定的电源；单把单位正电荷从电源负极搬运到正极非静电力作功越多，电源的电动势就越大，故D错误。

故选B。3、D【分析】【详解】

利用节点法作出等效电路图；如下图。

求得总电阻为

故ABC错误；D正确。

故选D。4、A【分析】【详解】

AB．M、N是以O为圆心的圆上的两点；则电势相同，场强大小相等方向不同，A正确，B错误；

CD．由于两点电势相等，负电荷由M点到N点；电场力做功为零，电势能变化量为零，CD错误。

故选A。5、B【分析】【详解】

A．图线斜率的物理意义为加速度，正电试探荷在点加速度为0，根据牛顿第二定律

可知点场强为0，一定带异种电荷，即一定带负电荷，所以根据受力分析可知在之间放置一个点电荷；该点电荷不可能处于平衡状态，A错误；

B．根据图像可知过程，正电试探电荷所受合外力逐渐减小，根据可知场强逐渐减小，在点场强为0；B正确；

C．正电试探电荷仅在电场力作用下运动，电势能和动能相互转化，点右侧动能先减小后增大，所以电势能先增大后减小，根据电势的定义可知点右侧电势先增大后减小；C错误；

D．在点场强为0，距离点较远，根据可知所带电荷量较大，根据场强的叠加法则可知在左侧的连线延长线上不存在场强为零的点；D错误。

故选B。6、A【分析】【详解】

1s内棒通过的长度l＝vt

总电荷量Q＝ql＝qvt

则

故选A。7、A【分析】【详解】

AC．在哥白尼的日心说基础上；诞生了开普勒行星运动定律，以此为基础，开普勒在第谷进行天文观测得出大量观测数据的基础上，总结出了行星运动的规律，牛顿在前人研究的基础上得出了万有引力定律，奠定了现代天文学的理论基础，故A正确，C错误；

B．最早提出力是改变物体运动状态原因的是伽利略；故B错误；

D．奥斯特首先发现了电流的磁效应；故D错误。

故选A。二、多选题(共6题，共12分)8、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．导体A的左端感应出负电荷，导体B的右端感应出等量的正电荷；A正确；

B．若先移走C，此时导体A和B中的电荷又发生中和；不再带电，B错误；

C．在图示状态下将导体A、B分开，分开后A、B仍带电；该过程不是创造了电荷，是电荷的重新分布，C错误；

D．根据电荷守恒定律，可知无论是移走带电体C还是将导体A、B分开，导体A、B上的总电荷始终为零；D正确。

故选AD。9、A:C【分析】【详解】

A．当时，产生的场强方向向左，大小为

产生的场强方向向右，大小为

可知

恒成立，所以在范围，电场强度方向沿x负方向；故A正确；

B．当时，产生的场强方向向右，产生的场强方向也向右，所以在范围，电场强度方向沿x正方向；故B错误；

CD．当时，产生的场强方向向右，大小为

产生的场强方向向左，大小为

当

此时合场强为零，求得

即此时

所以当时，产生的场强方向向左，较大，则合场强沿x负方向，当时，产生的场强方向向右，较大，则合场强沿x正方向；故C正确，D错误。

故选AC。10、A:C【分析】【详解】

静止时；对BC球整体进行受力分析，则有：

T=2mg+3mg+Eq=5mg+Eq；故A正确，B错误；

B球带负电；相当于在上述状态下给B球瞬间施加一个竖直向下的电场力qE；

qE对A、B球整体产生一个竖直向下的分加速度

此时A、B球的加速度为（显然＞g），C球以加速度g保持自由下落，以A球为研究对象可得A、B球间细线的拉力为qE．故C正确；D错误．

故选AC．

【点睛】

本题由整体法与隔离法相结合解题．11、B:D【分析】【详解】

A．由图可知电子受力方向远离场源电荷；故电子受到排斥力，所以场源电荷带负电，故A选项错误；

B．场源负电荷周围电场线由无穷远指向O点，沿电场线方向电势逐渐降低，所以a点的电势高于c点的电势；故B选项正确；

C．离场源电荷越近场强越大，电子在a点所受电场力小于c点所受电场力，由牛顿第二定律知电子在a点的加速度小于在c点的加速度；故C选项错误；

D．电子从a到b电场力做负功电势能增大，从b到c电场力做正功电势能减小，所以在b点电势能最大；故D选项正确。

故选BD。12、A:C【分析】【详解】

A．匀强电场的等势线是等间距的平行直线，根据几何关系知C点的电势不为零；故A正确；

B．根据电场线与等势线垂直，知电场线沿垂直于AF方向；故B错误；

CD．根据几何关系可知AF长为12.5cm，DG长度为6cm，DA间电势差为3V，则电场强度

故C正确；D错误。

故选AC。

13、A:D【分析】【详解】

由题图，根据安培定则可知螺线管左端为N极，右端为S极，根据通电螺线管周围磁感线分布情况作出部分磁感线如图所示，由此可知四个小磁针静止时指向正确的是a、d；故AD正确。

故选AD。

三、填空题(共7题，共14分)14、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2]静电感应现象：处于电场中的导体；由于电场力的作用，电荷出现重新分布的现象；

（2）[3]静电平衡状态：导体中（包括表面上）没有电荷定向移动的状态；

（3）a[4]处于静电平衡状态的导体；内部的电场强度处处为零；

b[5]处于静电平衡状态的导体为一个等势体；则外部表面附近任何一点的电场强度方向必跟该点的表面垂直；

c[6][7]处于静电平衡状态的整个导体是个等势体；导体的表面为等势面；

（4）a[8]导体内部没有定向移动的电荷；电荷只分布在导体的表面；

b[9][10]在导体表面，越尖锐的位置，电荷的密度（单位面积的电荷量）越大，凹陷的位置几乎没有电荷。【解析】电场力重新分布.定向移动处处为零垂直等势体等势面内部表面越大凹陷15、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据

[2]电场力对电荷的功

[3][4]电场力做了负功，电势能增加了【解析】①.②.③.增加④.16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3]根据原理可知，热辐射的原因为物体中存在着不停运动的带电微粒，带电微粒的振动会产生变化的电磁场，从而产生电磁辐射。【解析】①.振动②.电磁场③.辐射17、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.真空②.正比③.反比④.连线⑤.库仑力18、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]依题意可知BC连线为等势线，连接BC；根据电场线垂直与等势线，沿着电场线方向电势逐渐降低，可知电场方向水平向右，可画出电场示意图如图所示。

（2）[2]CA之间的电势差为

[3]电子从C到A，根据动能定理有

代入数据解得

[4]电子从B到C，在同一等势线上移动电荷，电场力做功为零。【解析】①.见解析②.-10③.50④.019、略

【分析】【详解】

[1]由v-t图像可知，在0~t0中，图像切线斜率绝对值逐渐增大，t0以后图像切线斜率绝对值逐渐减小，所以在t0时刻图像切线斜率绝对值最大，即在t0时刻带电粒子加速度最大，又因为带电粒子仅受电场力作用，由牛顿第二定律可知，在t0时刻（B点）带电粒子的电场力最大；即电场强度最大。

[2]由v-t图像可知，在0~t0中，带电粒子往正方向做减速运动，电场力做负功，电势能增大，t0以后带电粒子往负方向做加速运动，电场力做正功，电势能减小，所以在t0时刻（B点）电势能最大。

[3]结合图像，带电粒子从A点运动到B点，由动能定理得

解得【解析】BB20、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】导体电阻的大小四、作图题(共4题，共36分)21、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】22、略

【分析】【详解】

实物图中第一个为电动机；电动机符号为符号图中的第二个；

实物图中第二个为电容器；电容器符号为符号图中的第三个；

实物图中第三个为电阻；电阻符号为符号图中的第四个；

实物图中第四个为灯泡；灯泡符号为符号图中的第一个。

【解析】23、略

【分析】【详解】

因为1；2接线柱之间的电阻与2、3接线柱之间的电阻之和等于1、3接线柱之间的电阻；所以2为中间的结点，又因为2、3接线柱之间的电阻与1、2接线柱之间的电阻的差等于1、2接线柱之间的电阻的一半，故2、3之间有两个电阻井联，后再与第三个电阻串联，每个电阻均为1Ω，连接方式如图所示。

【解析】24、略

【分析】【详解】

第一幅图