2025年北师大版高三物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年北师大版高三物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示，质量为m的物体P放在光滑的倾角为θ的直角劈上．同时用力F向左推劈，使P与劈保持相对静止．当前进的水平位移为s时，劈对P做的功为（）A.mgstanθB.mgssinθC.FsD.mgscosθ2、如图所示，两个电压表V1和V2，其内阻的大小之比为=，两个阻值大小相等的电阻接在电压恒定的电源上，当电键S断开时，两电压表的示数分别为U1与U2，当电键闭合时，则电压表的示数分别为U1′与U2′，则下列关系式正确的是（）A.U1′＜U1，U2′＜U2B.U1′＞U1，U2′＞U2C.U1＜U2，U1′＜U2′D.U1′=U1，U2′=U23、以20m/s的速度作匀速直线运动的汽车，制动后能在10m内停下来，如果该汽车以40m/s的速度行驶，则它的制动距离应该是（）A.10mB.20mC.40mD.80m4、如图所示的一个匝数为10匝的矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动，周期为T，若用交流电压表测得a、b两点间的电压为20.0V，则可知：若从中性面开始计时，当t=时，穿过线圈的磁通量的变化率约为（）A.1.41Wb/sB.2.0Wb/sC.14.1Wb/sD.0.707Wb/s5、A、B两个物体均做匀变速直线运动，A的加速度a1=1.0m/s2，B的加速度a2=-2.0m/s2，根据这些条件做出的以下判断，其中正确的是（）A.B的加速度大于A的加速度B.A一定做匀加速直线运动，B一定做匀减速直线运动C.任意时刻两个物体的速度都不可能为零D.两个物体的运动方向一定相反6、下列说法不正确的是（）A.用标准平面检查光学平面的平整程度是利用光的偏振现象B.照相机的镜头呈现淡紫色是光的干涉现象C.泊松亮斑是由光的衍射现象形成的D.在光导纤维束内传送图象是利用光的全反射现象7、理想变压器原副线圈匝数比为n1：n2=5：1，如图所示．在原线圈中输入交变电压，其电压的瞬时值表达式为u1=220sin100πt（v），在副线圈两端接入一电阻R=11Ω和一只交流电压表，下列说法正确的是（）A.电压表的示数44VB.电压表的指针周期性左右偏转C.电阻两端电压频率为100πHzD.电阻消耗的功率为352W评卷人得分二、填空题(共6题，共12分)8、（2015•静安区一模）如图所示，电源电动势E=10V，内阻r=1Ω，R1=3Ω．电键S断开时，R2的功率为4W，电源的输出功率为4.75W，则电流表的读数为____A；电键S接通后，电流表的读数为2A．则R3=____Ω．9、一个带电小球，带有5.0×10-9C的负电荷．当把它放在电场中某点时，受到方向竖直向下、大小为2.0×10-8N的电场力，则该处的场强大小为____，方向____．如果在该处放上一个电量为3.2×10-12C带正电的小球，所受到的电场力大小为____，方向____．10、如图所示，一根原长为L的轻弹簧．竖直放置，下端固定在水平地面上，一个质量为m的小球，在弹簧的正上方从距地面高为H处自由下落并压缩弹簧．若弹簧的最大压缩量为x，小球下落过程受到的空气阻力恒为f，则小球下落的整个过程中，小球动能的增量为____，小球重力势能的增量为____，弹簧弹性势能的增量为____．

11、C．（选修模块3-5）

（1）下列说法中正确的是____．

A．随着温度的升高；一方面各种波长的辐射强度都有增加，另一方面辐射强度的极大值向波长较短的方向移动。

B．在康普顿效应中；当入射光子与晶体中的电子碰撞时，把一部分动量转移给电子，因此光子散射后波长变短。

C．根据海森伯提出的不确定性关系可知；不可能同时准确地测定微观粒子的位置和动量。

D．4个放射性元素的原子核经过一个半衰期后一定还剩下2个没有发生衰变。

（2）在《探究碰撞中的不变量》实验中，某同学采用如图所示的装置进行实验．把两个小球用等长的细线悬挂于同一点，让B球静止，拉起A球，由静止释放后使它们相碰，碰后粘在一起．实验过程中除了要测量A球被拉起的角度θ1，及它们碰后摆起的最大角度θ2之外，还需测量____（写出物理量的名称和符号）才能验证碰撞中的动量守恒．用测量的物理量表示动量守恒应满足的关系式是____．

（3）2008年10月7日，日美科学家分享了当年诺贝尔物理学奖．他们曾就特定对称性破缺的起源给出了解释，并预言了一些当时还未发现的夸克．夸克模型把核子（质子和中子）看做夸克的一个集合体，且每三个夸克组成一个核子．已知质子和中子都是由上夸克u和下夸克d组成的．每种夸克都有对应的反夸克．一个上夸克u带有+e的电荷，而一个下夸克d带有-e的电荷，因此一个质子p可以描述为p=uud，则一个中子n可以描述为n=____．一个反上夸克带有-e的电荷，一个反下夸克带有+e的电荷，则一个反质子p可描述为=____．

12、【题文】在真空中O点放一个点电荷Q＝＋1.0×10-9C，直线MN通过O点，OM的距离r＝30cm，M点放一个点电荷q＝－1.0×10-10C，如图所示，（已知静电力常量）则q在M点受到点电荷Q的作用力为F=____N；点电荷Q在M点的场强E=____N/C。

13、我们通常所说的“今天气温27℃”，如用国际单位表示则为____K；“中午气温比早上气温升高了5℃，如用国际单位来表示则为升高了____K．评卷人得分三、判断题(共5题，共10分)14、影响蒸发快慢的因素有绝对湿度、表面积、温度．____．（判断对错）15、物体的运动状态发生了变化，一定受到外力的作用．____（判断对错）16、永磁体在受到加热或敲打后，磁性不会发生改变____．（判断对错）17、封闭在汽缸内一定质量的气体，如果保持气体体积不变，当温度升高时，每秒撞击单位面积器壁的分子数增多．____．（判断对错）18、点电荷一定是电量很小的电荷．____．（判断对错）评卷人得分四、解答题(共2题，共6分)19、汽车在平直公路上以10米/秒作匀速直线运动，发现前面有情况而刹车，获得的加速度大小是2米/秒2；则。

（1）汽车在第2秒末的速度大小是多少？

（2）汽车经多长时间停下来？

（3）汽车在前10秒内的位移大小是多少？20、如图所示，一斜劈质量M=5kg，斜面长L=4m，倾角为37°静止在地面上．一小物块质量m=1kg，由斜面顶端自由滑下，经2s到达斜面底端，（g=10m/s2）求：

（1）物体沿斜面下滑时的加速度。

（2）物块与斜面间的动摩擦因数。

（3）地面作用于斜劈的摩擦力．评卷人得分五、证明题(共4题，共20分)21、一物体做初速度为v0的匀加速直线运动，加速度为a，经过时间t速度达到vt，试证明物体经过时刻的速度等于这段时间内的平均速度，还等于．22、如图所示，小球用不可伸长的长度为L的轻绳悬于O点．（不计阻力）试证明：绳对小球在最低点拉力T1与最高点拉力T2之差T1-T2=6mg．

23、电磁弹是我国最新研究的重大科技项目，原理可用下述模型说明．如图甲所示，虚线MN右侧存在竖直向上的匀强磁场，边长为L的正方形单匝金属线框abcd放在光滑水平面上，电阻为R，质量为m，ab边在磁场外侧紧靠MN虚线边界．t=0时起磁感应强度B随时间t的变化规律是B=B0+kt（k为大于零的常数）．空气阻力忽略不计．

（1）求t=0时刻；线框中感应电流的功率P；

（2）若用相同的金属线绕制相同大小的n匝线框，如图乙所示，在线框上加一质量为M的负载物，证明：载物线框匝数越多，t=0时线框加速度越大．24、电磁弹是我国最新研究的重大科技项目，原理可用下述模型说明．如图甲所示，虚线MN右侧存在竖直向上的匀强磁场，边长为L的正方形单匝金属线框abcd放在光滑水平面上，电阻为R，质量为m，ab边在磁场外侧紧靠MN虚线边界．t=0时起磁感应强度B随时间t的变化规律是B=B0+kt（k为大于零的常数）．空气阻力忽略不计．

（1）求t=0时刻；线框中感应电流的功率P；

（2）若用相同的金属线绕制相同大小的n匝线框，如图乙所示，在线框上加一质量为M的负载物，证明：载物线框匝数越多，t=0时线框加速度越大．参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、A【分析】【分析】m与楔形物体相对静止，二者必定都向左加速运动．即m的合外力方向水平向左，画出m的受力图，求出楔形物体对小物体的作用力，根据功的公式即可求解．【解析】【解答】解：m与楔形物体相对静止；二者必定都向左加速运动．即m的合外力方向水平向左，画出m的受力图，根据几何关系得：

N=

所以劈对P做的功为：W=Nssinθ=mgstanθ

故选：A2、C【分析】【分析】串联中的电压表示数为之比为电压表内阻之比，电压表与电阻并联后的示数之比为两并联后的阻值之比．【解析】【解答】解：当电键断开时，因为=，所以U1=U＜U2=U

当电键闭合后，设电压表V1和R并联后的电阻为RV1′，电压表V2和R并联后的电阻为RV2′；

因为RV1＜RV2，所以U1′＜U2′；即C正确．AB错误。

又由RV1′=和=，得RV2′=＜，所以RV2′＜2RV1′，即U2′＜2U1′

又因为U2′+U1′=U所以U2′＜U，U1′＞U；故D错误．

故选：C3、C【分析】【分析】根据匀变速直线运动的速度位移公式求出汽车匀减速直线运动的加速度大小，再根据速度位移公式求出汽车以40m/s的速度行驶时制动距离．【解析】【解答】解：根据匀变速直线运动的速度位移公式得，v2=2ax，解得a=．

则汽车以40m/s的速度行驶，制动距离．故C正确；A；B、D错误．

故选C．4、B【分析】【分析】矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动时，从中性面开始计时，线圈中感应电动势的瞬时值表达式为e=Emsinωt=Emsint；

若用交流电压表测得a、b两点间的电压为20.0V，求出有效值．再求解t=时线圈的磁通量的变化率．【解析】【解答】解：一个匝数为10匝的矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动，周期为T，若用交流电压表测得a、b两点间的电压为20.0V；

所以Em=nBSω=20V

从中性面开始计时，线圈中感应电动势的瞬时值表达式为e=Emsinωt=Emsint=20sint；

当t=时，e=n=20V

所以t=时线圈的磁通量的变化率=2.0Wb/s

故选B．5、A【分析】【分析】物体做加速运动还是减速运动关键是看加速度和速度的方向是相同还是相反，不是看加速度的正负；表示矢量时，负号表示矢量的方向不表示矢量的大小．【解析】【解答】解：A、A的加速度a1=1.0m/s2，B的加速度a2=-2.0m/s2，由此可知加速度a2的负号表示方向与a1相反，大小为2m/s2；故A正确；

B；因为不知道速度的方向；可能A加速，B减速，也可能A减速，而B加速，故B错误；

C；由于A、B中一个加速时另一个减速；减速运动的物体某个时刻速度会为零，故C错误；

D；由题意；只知道加速度是相反的，两个物体的运动方向可能相同，也可能相反，故D错误．

故选A．6、A【分析】【解答】A；用标准平面检查光学平面的平整程度是利用光在标准平面与被检查的平面之间的空气薄膜的前后表面上的两束反射光的干涉现象．故A错误；

B；照相机的镜头呈现淡紫色是光的干涉现象；因为可见光有“红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫”七种颜色，而膜的厚度是唯一的，所以只能照顾到一种颜色的光让它完全进入镜头，一般情况下都是让绿光全部进入的，这种情况下，你在可见光中看到的镜头反光其颜色就是蓝紫色，因为这反射光中已经没有了绿光．故B正确；

C；泊松亮斑是由光的衍射现象；在圆形障碍物后面的中心处形成的亮斑．故C正确；

D；在光导纤维束内传送图象是利用光的全反射现象．故D正确．

故选：A

【分析】用标准平面检查光学平面的平整程度是利用光的薄膜干涉现象；照相机的镜头呈现淡紫色是光的干涉现象；泊松亮斑是由光的衍射现象形成的；在光导纤维束内传送图象是利用光的全反射现象．7、A【分析】【分析】根据电压与匝数程正比，原线圈电压瞬时值表达式可以知道频率，结合欧姆定律逐项分析．【解析】【解答】解：A、原线圈电压有效值为220V，电压表测的是电阻两端电压的有效值，由电压与匝数成正比得，u2=44V；即电压表的示数是44V，选项A正确；

B；电压表的指针固定不动；故选项B错误；

C、由电压的瞬时值表达式可知，交流电源的频率为=50Hz；选项C错误．

D、通过电阻R的电流是=4A，电阻R消耗的电功率为P=42×11=176W；选项D错误；

故选：A二、填空题(共6题，共12分)8、0.5【分析】【分析】电键S断开时，由电源的输出功率与R2的功率之差得到R1的功率，由公式P1=I2R1求出通过R1的电流，即可得到R2的电流．

设出R3的阻值，由串联并联电路求得I的表达式进而求得R3．【解析】【解答】解：电键S断开时，由P出-P2=I2R1得：

电路中电流I===0.5A

则R2===16Ω

接通电键S后，设电路中电流为I′：I′1=2A；

I′1=代入数据可得：R3=

故答案为：0.59、4N/C竖直向上1.28×10-11N竖直向上【分析】【分析】已知试探电荷所受的电场力F和电荷量q，根据场强的定义式E=求场强的大小，场强的方向与负电荷所受的电场力方向相反．电场中同一点场强不变，由F=Eq求电场力．【解析】【解答】解：场强大小为E===4N/C；方向与负电荷所受的电场力方向相反，即竖直向上．

如果在该处放上一个电量为3.2×10-12C带正电的小球，所受到的电场力大小为F′=q′E=3.2×10-12C×4N/C=1.28×10-11N；方向竖直向上．

故答案为：4N/C，竖直向上．1.28×10-11N，竖直向上．10、略

【分析】

小球下落的整个过程中；开始时速度为零，结束时速度也为零；

所以小球动能的增量为0．

小球下落的整个过程中，重力做功WG=mgh=mg（H+x-L）

根据重力做功量度重力势能的变化WG=-△Ep得：

小球重力势能的增量为-mg（H+x-L）．

根据动能定理得：

WG+Wf+W弹=0-0=0

所以W弹=-（mg-f）（H+x-L）

根据弹簧弹力做功量度弹性势能的变化W弹=-△Ep得：

弹簧弹性势能的增量为（mg-f）（H+x-L）

故答案为：0；-mg（H+x-L），mg-f）（H+x-L）

【解析】【答案】分析小球的运动过程；找出初末状态．

根据重力做功量度重力势能的变化；运用动能定理求出弹簧弹力做功，根据弹簧弹力做功量度弹性势能的变化．

11、略

【分析】

（1）A；随着温度的升高；一方面各种波长的辐射强度都有增加，另一方面辐射强度的极大值向波长较短的方向移动．故A正确．

B、在康普顿效应中，当入射光子与晶体中的电子碰撞时，把一部分动量转移给电子，根据知；光子散射后波长变长．故B错误．

C；根据不确定性关系可知；不可能同时准确地测定微观粒子的位置和动量．故C正确．

D；半衰期具有统计规律；对大量的原子核适用．故D错误．

故选AC．

（2）根据机械能守恒定律，解得（mA+mB）gl（1-cosθ2）=解得v=

需要验证mAvA=（mA+mB）v，即．所以需要测量两球的质量mA、mB．

（3）中子的电量为0，类似于质子的描述，中子可以描述为udd．反质子的电量为-e，则反质子的描述为．

故答案为：（1）AC（2）两物体的质量mA、mB，（3）udd，．

【解析】【答案】（1）随着温度的升高；一方面各种波长的辐射强度都有增加，另一方面辐射强度的极大值向波长较短的方向移动；在康普顿效应中，当入射光子与晶体中的电子碰撞时，把一部分动量转移给电子，根据德布罗意波长公式判断波长的变化；根据不确定性关系可知，不可能同时准确地测定微观粒子的位置和动量；半衰期具有统计规律，对大量的原子核适用．

（2）根据机械能守恒定律求出碰撞前后瞬间的速度；从而验证动量守恒定律．

（3）抓住中子电量为0；反质子电量为-e确定中子和反质子的描述．

12、略

【分析】【解析】

试题分析:先依据库伦定律求出q所受电场力，然后利用电场强度的定义式即可求出在M所在处的场强的大小．根据库伦定律公式得F=得F=1.0×10-8N；根据电场强度定义式得：E==100N/C。

考点：库仑定律,电场强度【解析】【答案】1.0×10-8N，100N/C13、3005【分析】【分析】温度的国际单位是开尔文，叫做热力学温度，热力学温度与常用的摄氏温度之间的换算关系是T=273.15+t，通常使用T=273+t．【解析】【解答】解：“今天气温27℃”；如用国际单位表示则为27+273=300K；“中午气温比早上气温升高了5℃，如用国际单位来表示则为升高了5K．

故答案为：300，5三、判断题(共5题，共10分)14、×【分析】【分析】影响蒸发快慢的因素和液体的温度、表面积以及空气的流动性有关．【解析】【解答】解：根据蒸发与液化的特点；影响蒸发快慢的因素和液体的温度；表面积以及空气的流动性有关，与绝对湿度无关．故该说法是错误的．

故答案为：×15、√【分析】【分析】根据牛顿第一定律，力是改变物体运动状态的原因，而物体的运动状态发生改变，则物体的加速度a不为0，故力是产生加速度的原因．【解析】【解答】解：根据牛顿第一定律；力是改变物体运动状态的原因，而物体的运动状态发生改变，一定受到外力的作用．以上说法是正确的；

故答案为：√16、×【分析】【分析】永磁体在受到加热或敲打后，磁性会减弱或消失，这种现象叫退磁．铁磁性的物质与磁铁接触后会显示出磁性，这种现象叫磁化．【解析】【解答】解：永磁体在受到加热或敲打后；磁性会减弱或消失，这种现象叫退磁．所以这种说法是错误的．

故答案为：（×）17、√【分析】【分析】温度是气体分子平均动能变化的标志．气体压强是气体分子撞击器壁而产生的．【解析】【解答】解：如果保持气体体积不变；当温度升高时，分子的运动变得更加激烈，分子的运动加快，所以每秒撞击单位面积器壁的分子数增多，气体的压强增大．故该说法正确．

故答案为：√18、×【分析】【分析】元电荷一定是电量最小的电荷；点电荷是一种理想化模型，其本身所带的电量可以很大．【解析】【解答】解：点电荷是一种理想化模型；当带电体的体积和形状相对所研究的问题可以忽略的时候，带电体可以看做点电荷，其本身所带的电量可以很大．故此说法错误．

故答案为：×四、解答题(共2题，共6分)19、略

【分析】【分析】（1）；（2）根据匀变速直线运动的速度时间公式求出汽车刹车到速度为零所需的时间；再结合速度-时间公式求解；

（3）先判断10s末汽车的状态，再根据位移公式求出前10s内的位移大小．【解析】【解答】解：（1）、（2）设汽车刹车到停下所需的时间为t0．

则t0==s=5s

则汽车在第2秒末的速度大小v=v0+at=（10-2×2）m/s=6m/s．

（3）由于5s后汽车停止运动，则前10s内的位移等于5s内的位移，则x==m=25m

答：

（1）汽车在第2秒末的速度大小是6m/s．

（2）汽车经5s长时间停下来．

（3）汽车在前10秒内的位移大小是25m．20、略

【分析】【分析】（1）由运动学公式求的加速度；

（2）由牛顿第二定律求的摩擦因数；

（3）整体法由牛顿第二定律求的摩擦力【解析】【解答】解：（1）由得

（2）由牛顿第二定律得。

mgsin37°-μmgcos37°=ma；

解得μ=0.5

（3）整体法：由牛顿第二定律得。

f地=macosθ=1.6N

方向向左。

答：（1）物体沿斜面下滑时的加速度为2m/s2

（2）物块与斜面间的动摩擦因数为0.5

（3）地面作用于斜劈的摩擦力为1.6N，方向向左五、证明题(共4题，共20分)21、略

【分析】【分析】根据位移时间公式的表达式，结合平均速度的定义式求出平均速度的大小，通过速度时间公式得出中间时刻的瞬时速度，判断是否相等．【解析】【解答】证明：设物体在上述两个T内的总位移为s，则s=v0•2T+a（2T）2

物体在这两个T内的平均速度为==v0+aT=vT

而v0+aT==

故可证物体经过时刻的速度等于这段时间内的平均速度，还等于．22、略

【分析】【分析】根据牛顿第二定律分别求出小球通过最高点和最低点时拉力与速度的