2025年粤教沪科版必修3物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教沪科版必修3物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、太阳能光伏发电是一种新型清洁能源。如图所示，是装在农家屋顶上的12块多晶硅太阳能电池板，每块尺寸：长宽晴天时，电池板每平方米每分钟接收到的太阳辐射能约电池板的光电转化效率约平均每天等效日照时间则1年可发电约（）

A.B.C.D.2、如图所示，虚线a、b、c、d、f、g代表一匀强电场内间距相等的一组等势面，已知平面b上的电势为一电子经过平面a时的动能为经过平面d时的动能为下列说法错误的是（）

A.平面c上的电势为零B.该电子可能到达不了平面fC.该电子最远可能到达平面gD.该电子经过平面b时的速率是经过平面d时的2倍3、如图所示是一匀强电场的电场线，一个电子只在电场力作用下从a点运动到b点；它的轨迹如图中虚线所示，下列说法正确的是（）

A.场强方向水平向右B.电场力一定做正功C.电子在a点的速率一定大于在b点的速率D.电子所受电场力方向可能沿轨迹的切线方向4、一带电小球在空中由A点运动到B点的过程中，只受重力、电场力和空气阻力三个力的作用．若重力势能增加5J，机械能增加1.5J，电场力做功2J，则小球（）A.重力做功为5JB.电势能增加2JC.空气阻力做功0.5JD.动能减少3.5J5、如图所示，PQ为某电场中的一条电场线；下列说法正确的是（）

A.该电场一定是匀强电场B.该电场一定是点电荷产生的电场C.P点的电场强度一定比Q点的大D.正电荷在P点受到的电场力方向沿着电场线方向6、下列关于电场强度的说法中，正确的是（）A.根据公式可知，场强E跟电荷所受的电场力F成正比，跟放入电荷的电荷量q成反比B.由公式可知，在真空中由点电荷Q形成的电场中，某点的场强E跟Q成正比，跟该点到Q的距离r的平方成反比C.由公式可知，沿电场线方向上经过相等的距离降低的电势相等D.由公式及均可以确定在真空中点电荷形成的电场中某点的场强，可见场强E与Q或q均有关7、在如图所示电路中，内阻为r,R1是定值电阻，R2是滑动变阻器，闭合电键S，当R2的滑动触片P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电流表、电压表的示数分别用I、U1、U2、U3表示，它们示数变化量的绝对值大小分别用ΔI、ΔU1、ΔU2和ΔU3表示。则=（），=（），=（），=（）,=(),=().（用各个电阻的阻值表示）

8、2020年为了做好疫情防控工作；很多场所都利用红外线测温枪对进出人员进行体温检测，红外测温枪与传统的热传导测温仪器相比，具有响应时间短；测温效率高、操作方便、防交叉感染（不用接触被测物体）的特点。下列说法中正确的是（）

A.红外测温枪利用了一切物体都在不停的发射红外线，而且发射红外线强度与温度有关，温度越高发射红外线强度就越大B.高温物体辐射红外线，低温物体不辐射红外线C.红外线也属于电磁波，其波长比红光短D.爱因斯坦最早提出“热辐射是一份一份的、不连续的”观点评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)9、下列关于能量转化现象的说法中，正确的是（）A.用太阳灶烧水是太阳能转化为内能B.电灯发光是电能转化为光能C.核电站发电是电能转化为内能D.生石灰放入盛有凉水的烧杯里，水温升高是动能转化为内能10、示波管的内部结构如图甲所示．如果在偏转电极之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极之间和之间加上图丙所示的几种电压，荧光屏上可能会出现图乙中（a）、（b）所示的两种波形．则。

A.若和分别加电压（3）和（1），荧光屏上可以出现图乙中（a）所示波形B.若和分别加电压（4）和（1），荧光屏上可以出现图乙中（a）所示波形C.若和分别加电压（3）和（2），荧光屏上可以出现图乙中（b）所示波形D.若和分别加电压（4）和（2），荧光屏上可以出现图乙中（b）所示波形11、如图所示，a、b、c、d四个质量均为m的带电小球恰好构成“三星拱月”之形，其中a、b、c三个完全相同的带电小球在光滑绝缘水平面内的同一圆周上绕O点做半径为R的匀速圆周运动，三小球所在位置恰好将圆周等分。小球d位于O点正上方h处，且在外力F作用下恰处于静止状态，已知a、b、c三小球的电荷量均为q，d球的电荷量为6q，重力加速度为g，静电力常量为k；则（）

A.小球a一定带正电B.小球b的周期为C.小球c的加速度大小为D.外力F竖直向上，大小等于mg＋12、两电荷量分别为和的点电荷固定在轴上的两点，两电荷连线上各点电势随变化的关系如图所示，其中A、两点的电势为零，段中点电势最低；下列说法正确的是（）

A.为正电荷，为负电荷B.C.点的电场强度为零D.将一带负电的检验电荷从点沿轴移到点，电场力先做负功后做正功13、如图所示；是某一点电荷的电场线分布图，下列表述正确的是（）

A.a点的电势高于b点的电势B.该点电荷带负电C.a点和b点电场强度的方向相同D.a点的电场强度大于b点的电场强度14、在匀强电场中把电荷量为的点电荷从A点移动到点，克服静电力做的功为再把这个电荷从点移动到点，静电力做的功为取点电势为零。则下列说法正确的是（）A.A点电势为B.A、两点间的电势差C.点电荷在点的电势能为D.点电荷从A点移动到点，电场力做功为15、如图所示，两块水平放置的平行正对的金属板a、b与电池相连，在距离两板等远的M点有一个带电液滴处于静止状态。若b板不动，将a板向下平移一小段距离，但仍在M点上方；稳定后，下列说法中正确的是（）

A.液滴将向上加速运动B.M点电势升高，液滴在M点时电势能将减小C.M点的电场强度变小了D.在a板移动前后两种情况下，若将液滴从a板移到b板，电场力做功不相同16、如图所示是某导体的图像，图中下列说法正确的是（）

A.此导体的电阻B.此导体的电阻C.图像的斜率表示电阻的倒数，所以D.在R两端加电压时，每秒通过导体的电荷量是评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)17、电容的单位是F，10F=_________μF=________pF。18、如图所示，匀强电场的电场线与平行，把的负电荷从点移到点，静电力做功长与成60°角。则匀强电场的场强方向______（填：指向或指向）；设处电势为则处电势为______，该负电荷在处的电势能为______。

19、某同学利用游标卡尺和螺旋测微器分别测量一圆柱体工件的直径和高度，测量结果如图（a）和（b）所示。该工件的直径为__________cm，高度为________mm。

20、场源电荷Q＝2×10-4C，是正点电荷；检验电荷q＝2×10-5C，是负点电荷，它们相距r＝2m而静止；且都在真空中，如图所示。求：

(1)q受的静电力等于_________N；

(2)q所在的B点的场强大小EB_______V/m；21、如图所示，在真空中有两个点电荷A和B，电荷量分别为-Q和+Q，它们相距L．如果在两点电荷连线的中点O有一个半径为r（2r＜L）的空心金属球，则球壳左端的感应电荷为_________（选填“正电荷”或“负电荷”）,若球心位于O点，则球壳上的感应电荷在O点处的场强大小_________，方向______．

评卷人得分四、作图题(共1题，共5分)22、如图所示是某电场中的电场线，请画出点a点的场强方向和电荷-q在b点所受电场力的方向。

评卷人得分五、实验题(共1题，共2分)23、多用电表是常用的测量仪表。

（1）如图是多用电表原理简图，若选择开关S接6时，对应的挡位是直流电压挡，若选择开关S接5时，对应的挡位可能是直流电压_______挡（选填“”或“”）。若选择开关S接4时，对应的挡位是_____挡（选填“电流”或“欧姆”）。

（2）关于多用电表欧姆挡的使用，下列说法正确的是________。

A．因流过欧姆挡表头的电流与待测电阻的阻值不成线性关系；所以表盘刻度不均匀。

B．用欧姆挡测电阻时；被测电阻的阻值越大，指针向右转过的角度就越大。

C．用欧姆挡测电阻时；每次换挡后必须重新短接两表笔进行欧姆调零。

D．测量电阻时用手指紧紧按住红、黑表笔与电阻接触的部分，这样测量值会偏大评卷人得分六、解答题(共2题，共8分)24、如图(a)所示为某电阻随摄氏温度变化的关系图象，图中表示0℃时的电阻值，表示图线的斜率．若用该电阻与电池(电动势为内阻为)、电流表(满偏电流为内阻为)、滑动变阻器串联起来，连接成如图(b)所示的电路；用该电阻做测温探头，把电流表的电流刻度改为相应的温度刻度，于是就得到了一个简单的“电阻温度计”．

（1）使用“电阻温度计”前，先要把电流表的刻度改为相应的温度值，若温度其对应的电流分别为则谁大？

（2）若该“电阻温度计”的最低适用温度为0℃，即当温度为0℃时，电流表恰好达到满偏电流则变阻器的阻值为多大？

（3）若保持（2）中电阻的值不变，则电流表刻度为时所对应的温度为多大？

25、如图所示，两平行金属板A、B水平放置，两板间距离d＝20cm，电源电动势E＝12V，内电阻r＝1Ω，电阻R0＝35Ω．闭合开关S，将滑动变阻器R滑片P移到适当位置，接入电路的阻值为R1，稳定后，将一质量m＝1×10﹣2kg、电荷量q1＝+1×10﹣2C的小球从A板小孔上方10cm处自由释放，小球恰能到达B板；保持滑动变阻器滑片位置不变，将B板向下移动，使两板间的距离增大为原来的2倍，稳定后，将另一个质量是m＝1×10﹣2kg、电荷量是q2的带电小球从同一位置释放，恰能到达第一个小球达到的最低位置．g取10m/s2，不考虑空气阻力．求：

（1）滑动变阻器接入电路的阻值R1；

（2）另一个带电小球的电荷量q2．参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【分析】

【详解】

每天太阳能电池板吸收的太阳能转化为电能的大小为

故选C。2、D【分析】【详解】

A．虚线a、b、c、d、f代表匀强电场内间距相等的一组等势面，一电子经过a时的动能为10eV，经过平面d时的动能为4eV，所以从a到d的过程中克服电场力所做的功为6eV，动能减小了6eV，电势能增加了6eV，因此等势面间的电势差为2V，因平面b上的电势为2V，由于电子的电势能增加，等势面由a到f是降低的，因此平面c上的电势为零；故A不符合题意；

B．由上分析，可知，当电子由a向f方向运动，则电子到达平面f的动能为2eV，由于题目中没有说明电子如何运动，因此也可能电子在匀强电场中做抛体运动，则可能不会到达平面f；故B不符合题意；

C．由上分析，可知，当电子由a向f方向运动，则电子到达平面f的动能为2eV，若电子垂直虚线入射，则可能会到达平面g；故C不符合题意；

D．电子经过平面b时的动能是平面d的动能2倍，电子经过平面b时的速率是经过d时的倍；故D符合题意。

故选D。3、B【分析】【详解】

A．电子所受电场力方向指向轨迹凹侧；所以场强方向水平向左，故A错误；

BC．电子在沿电场方向存在位移，电场力一定做正功，所以电子在a点的速率一定小于在b点的速率；故B正确，C错误；

D．电子在匀强电场中做抛体运动；速度方向始终不与电场力方向平行，即电子所受电场力方向不可能沿轨迹的切线方向，故D错误。

故选B。4、D【分析】【详解】

A．小球的重力势能增加5J；则球克服重力做功5J，选项A错误；

B．电场力对小球做功2J；则小球的电势能减小2J，选项B错误；

C．小球共受到重力；电场力、空气阻力三个力作用．小球的机械能增加1.5J；则除重力以外的力做功为1.5J，电场力对小球做功2J，则知空气阻力做功为-0.5J，即小球克服空气阻力做功0.5J，选项C错误；

D．重力；电场力、空气阻力三力做功之和为-3.5J；根据动能定理，小球的动能减小3.5J，选项D正确。

故选D。5、D【分析】【详解】

ABC.仅由这一根电场线无法判断是什么电场；不知电场线的疏密，电场的强弱也无法判断，所以ABC错误；

D.正电荷受到的电场力方向沿着电场线方向，D正确．6、B【分析】【分析】

【详解】

A．公式是电场强度的定义式，场强的大小是由电场本身决定的，与电场力F和电荷量q无关；故A错误；

B．公式可知，在真空中由点电荷Q形成的电场中，某点的场强E跟Q成正比，跟该点到Q的距离r的平方成反比；故B正确；

C．只有在匀强电场中；沿电场线方向上经过相等的距离降低的电势才相等，故C错误；

D．公式是电场强度的定义式，场强的大小与电荷量q无关，公式是点电荷的电场强度的计算式，所以E与Q成正比；故D错误。

故选B。7、B【分析】【分析】

【详解】

当滑动触头P向下滑动时，接入电路的电阻变大，根据串反并同，可知I、U1减小，U2、U3增大。所以变大，变大，=R1不变。伏特表的示数所以所以比值是定值大小不变。故ACD正确；不符合题意，B错误，符合题意。

故选B。【解析】见解析8、A【分析】【分析】

【详解】

AB．一切物体都在不停的发射红外线；而且发射红外线强度与温度有关，温度越高发射红外线强度就越大。红外线测温枪就是利用这一特点工作的，A正确，B错误；

C．红外线属于电磁波；波长比红光长，C错误；

D．普朗克在研究黑体辐射时；最早提出“热辐射是一份一份的；不连续的”观点，D错误。

故选A。二、多选题(共8题，共16分)9、A:B【分析】【详解】

A．用太阳灶烧水是太阳能转化为内能；A正确；

B．电灯发光是消耗电能；转化为光能；B正确；

C．核电站发电是核能转化为电能；C错误；

D．生石灰放入凉水中；水温升高是化学能转化为内能。D错误。

故选AB。10、A:C【分析】【详解】

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象。XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压。B和D在XX′偏转电极所加的电压（4）不可能要水平向完成偏转，而AC在XX′偏转电极接入的是（3）锯齿形电压可实现显示的为YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压。故AC正确，BD错误。

故选AC。11、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．小球a、b、c均做半径相同的圆周运动，且受力情况相同，故三个小球的各运动参量大小均相等，以小球a为例，小球a做圆周运动的向心力由小球d对小球a的引力的水平分力及小球b、c对小球a斥力的合力提供，仅可以判断四个小球所带电荷电性的异同，但不能确定小球a是否带正电；A错误；

BC．由牛顿第二定律得

其中解得

向心加速度公式

可得

B错误C正确；

D．对小球d受力分析，由平衡条件可知

D正确。

故选CD。12、C:D【分析】【分析】

【详解】

AB．由图知无穷远处的电势为0，A点的电势为零，由于沿着电场线电势降低，所以O点的电荷带负电，M点电荷带正电，由于A点距离O比较远而距离M比较近；

所以电荷量大于的电荷量；故AB错误；

C．图像的斜率等于电场强度，则知，C点的电场强度为0；故C正确；

D．从点沿轴移到点，电势先减小后增大，则将一带负电的检验电荷从点沿轴移到点；电势能先增大，后减小，有功能关系知电场力先做负功后做正功，故D正确。

故选CD。13、B:D【分析】【分析】

【详解】

试题分析：根据电场线与等势线垂直，在b点所在电场线上找到与a点电势相等的，依据沿电场线电势降低，a点电势低于b点电势，故A错误。该点电荷带负电，故B正确。由题图可看出a点和b点电场强度的方向不相同，故C错误；电场线越密的地方电场强度越大，a点的电场强度大于b点的电场强度；故D正确。故选BD。

考点：点电荷电场；电场强度；电势。

【点睛】

本题考查的就是点电荷的电场的分布及特点，这要求同学对于基本的几种电场的情况要了解，本题看的就是学生的基本知识的掌握情况，比较简单。14、A:B【分析】【分析】

【详解】

A．A到B点，由电场力做功得

解得

故A正确；

B．点移动到点，由电场力做功得

解得

A、两点间的电势差为

故B正确；

C．点电荷在点的电势能为

故C错误；

D．点电荷从A点移动到点，电场力做功为

故D错误。

故选AB。15、A:B【分析】【分析】

【详解】

AC．原来液滴受力平衡，电场力向上，与电场强度相反，故液滴带负电，电容器板间的电压不变，a板下移时；两极板间的距离变小，由。

可知电场强度E变大；所以液滴受到的电场力变大，故液滴将向上加速运动，故A正确，C错误；

B．下极板接地，M点的电势等于M与b之间的电势差，因E增大，M点与b的距离不变；由。

知M点的电势增大，因液滴带负电，故液滴在M点时电势能将减小；故B正确；

D．因两极板间的电势差不变；由。

知；前后两种状态下移动液滴时，电场力做功相同，故D错误。

故选AB。16、A:D【分析】【分析】

【详解】

AB．由

可知，图像的斜率表示电阻的倒数，则由题图可知，此导体的电阻

故A正确；B错误；

C．图线的斜率表示电阻的倒数，但R不等于只能根据求解；故C错误；

D．在R两端加的电压时，电路中电流

则每秒通过导体的电荷量为

故D正确。

故选AD。三、填空题(共5题，共10分)17、略

【分析】【详解】

由于

因此【解析】107101318、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]将负电荷从A移至B，静电力做正功，所以所受静电力方向由A至C，又因为是负电荷，场强方向与负电荷受静电力方向相反，所以场强方向应为C至A方向。

[2]由

得

即

故

[3]电子在A点的电势能【解析】①.由指向②.③.19、略

【分析】【详解】

[1]游标卡尺读数即工件的直径为

[2]螺旋测微器的读数即工件的高度为【解析】4.2151.85020、略

【分析】【详解】

(1)[1]由库伦定律可知，F=9N。

(2)[2]由可知，E=4.5×105V/m。【解析】94.5×10521、略

【分析】【详解】

[1]在空心球周围存在向左的电场；则球上自由电子受到向右的电场力，电子聚集在右侧，左侧多余正电荷，则球壳左端的感应电荷为正电荷。

[2][3]发生静电感应的导体内部合场强为零，所以球壳上的感应电荷在O点处的场强大小应该与外部电荷在O点产生的场强大小相等，即

感应电荷也外部电荷产生的电场方向相反，即感应电荷在O点产生的场强方向应该是向右．【解析】正电荷向右四、作图题(共1题，共5分)22、略

【分析】【详解】

电场线上每一点的切线方向即为该点的电场强度方向；负电荷受电场力的方向与场强方向相反，如图所示。

【解析】五、实验