2025年中图版选择性必修一物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年中图版选择性必修一物理上册月考试卷103考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、将一个质量为m的小球，以一定的初速度斜向上抛出，小球在空中运动t时间内的动量改变量大小为（不计空气阻力，重力加速度为g）（）A.B.C.D.2、如图所示为观察白光薄膜干涉的演示实验，观察者可以观测到肥皂膜上有明相间的彩色条纹。下列对实验结论的说法正确的是（）

A.旋转铁丝圈，观察者看到的条纹将跟着旋转B.肥皂膜上见到彩色光，与三棱镜色散原理相同C.若发现条纹是等间距的，说明肥皂膜是等厚的D.若发现条纹是上疏下密的，说明肥皂膜从上往下变厚是越来越快的3、空间有一水平匀强电场；范围足够大，场中有一粒子源，某时刻释放出速度大小相同的同种带电粒子，速度方向沿垂直于电场的竖直面内各方向，粒子的重力不计，如图所示，则（）

A.同一时刻所有粒子的动量相同B.同一时刻所有粒子的位移相同C.同一时刻所有粒子到达同一等势面上D.同一时刻所有粒子到达同一水平面上4、关于冲量，以下说法正确的是（）A.物体所受合力的冲量为零时，合力做功也为零B.物体沿水平面运动时，重力不做功，其冲量为零C.物体所受合力的冲量越大，则合力做功也越大D.只要物体受到了力的作用，一段时间内物体受到的总冲量就一定不为零5、高台跳水比赛中，质量为m的跳水运动员从高台上静止落下，在他入水前重心下降的高度为H，经历的时间为T。入水后他受到水的作用力而做减速运动，在水中他的重心下降的最大高度为h，对应的时间为t，设水对运动员的作用力大小恒定为F，当地的重力加速度为g，不计空气阻力，则下列说法正确的是（）A.运动员入水后的运动过程中动能减少量为FhB.水对运动员作用力的冲量大小等于mgTC.运动员入水后的运动过程中机械能减少量为FhD.运动员在整个运动过程中机械能减少了mgh6、人从高处跳到低处时，一般都是让脚尖先着地，下列解释正确的是（）A.减小冲量B.使动量的变化量变的更小C.延长人与地面的作用时间，从而减小冲力D.增大人对地面的压强，起到安全作用。7、如图所示；小车与木箱紧挨着静止放在光滑的水平冰面上，现有一男孩站在小车上用力向右迅速推出木箱，关于上述过程，下列说法正确的是（）

A.男孩和木箱组成的系统机械能守恒B.小车与木箱组成的系统动量守恒C.男孩、小车与木箱三者组成的系统动量守恒D.小孩推力的冲量小于木箱的动量的变化量8、质量为M的小车静止在光滑水平面上，车上是一个四分之一的光滑圆周轨道，轨道下端切线水平。质量为m的小球沿水平方向从轨道下端以初速度v0滑上小车，重力加速度为g，如图所示。已知小球不从小车上端离开小车，小球滑上小车又滑下，与小车分离时，小球与小车速度方向相反，速度大小之比等于1∶3，则m∶M的值为（）

A.1∶3B.1∶4C.3∶5D.2∶3评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)9、如图所示，沿水平方向的介质中的部分质点，每相邻两质点的距离相等，其中为波源，设波源的振动周期为从波源通过平衡位置竖直向下振动开始计时，经质点1开始振动，则下列关于质点的振动和介质中的波的说法中正确的是（）

A.介质中所有质点的起振方向都是竖直向下的，但图中质点9起振最晚B.图中所画出的质点起振时间都是相同的，起振的位置和起振的方向是不同的C.图中质点8的振动完全重复质点7的振动，只是质点8振动时通过平衡位置或最大位移处的时间总是比质点7通过相同的位置时落后D.只要图中所有质点都已振动了，质点1与质点9的振动步调就完全一致，如果质点1发生的是第100次振动，则质点9发生的就是第98次振动10、如图甲所示为一列简谐横波在t=0时刻的波形图，Q是平衡位置在x=4.0m处的质点，图乙是质点Q此刻后的振动图像；则（）

A.这列波沿x轴负方向传播B.这列波的波速为4m/sC.t=0.5s时，质点Q的加速度达到负向最大D.从t=0.5s到t=1s时间内，质点Q沿x轴正方向传播了2m11、采用如图所示的实验装置进行验证动量守恒定律（图中小球半径相同、质量均已知，且）；下列说法正确的是（）

A.实验中要求轨道末端必须保持水平B.实验中不要求轨道必须光滑C.验证动量守恒定律，需测量和的距离D.测量时发现点偏离这条直线，直接测量距离不影响实验结果12、一名士兵坐在皮划艇上，士兵（包含装备）和皮划艇的总质量为士兵用自动步枪在内沿水平方向连续射出5发子弹，每发子弹的质量为子弹离开枪口时相对枪口的速度为射击前皮划艇是静止的，不考虑射击过程中水的阻力及总质量的变化。下列说法正确的是（）A.射击过程中士兵和皮划艇组成的系统总动量守恒B.每射出一颗子弹，皮划艇的速度增大C.5发子弹射完后，皮划艇的速度大小为D.射击时士兵受到的反冲作用力大小为13、如图所示，质量为的物体紧跟着为的物体，从距离地面的高度为处由静止开始下落，下落以后所有的碰撞都发生在同一条竖直线上，并且均为完全弹性碰撞，设两个物体的线度都远小于如果碰撞后质量为的物体处于静止状态，用代表质量为的物体弹起的高度；下列结果正确得是（）

A.B.C.D.14、关于波的反射、波的衍射、波的干涉、多普勒效应，下列说法正确的是（）A.交通警通过发射超声波测量车速，利用了波的多普勒效应原理B.声波和光波都是电磁波，都可以在真空中传播C.“全息照片”利用激光的干涉原理，“B超”是利用了超声波的反射原理D.一切波都能发生反射和衍射，声呐探测水中的暗礁利用了波的衍射原理评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)15、如图所示，实线表示两个相干波源S1、S2发出的波的波峰位置，b点在两个波源连线的中垂线上，则图中的___________点为振动加强的位置，图中的_______________点为振动减弱的位置。(选填“a”、“b”、“c”)16、机械波可以绕过_____继续传播的现象叫衍射。障碍物或孔的尺寸比波长小，或者和波长相差不多是波产生_________的条件。17、在一维碰撞的情况下，设两个物体的质量分别为m1、m2，碰撞前的速度分别为v1、v2，碰撞后的速度分别为v1′、v2′，若系统所受合外力为零，则系统的动量守恒，则____________.18、如图所示，一直角三棱镜横截面AB边垂直荧光屏，底边BI长为L，一束光线由BI中点垂直BI射入棱镜，该棱镜对该光线的折射率为最终在荧光屏上得到两个比较亮的光斑，则两个光斑之间的距离为______，光线在三棱镜中传播的最长时间为______。（不计光线在棱镜中的第三次反射，光在真空中的传播速度为c）

19、如图甲所示，弹簧振子以O点为平衡位置，在M、N两点之间做简谐运动。振子的位移x随时间t的变化图像如图乙所示。则t=0.8s时，振子的速度沿_______方向（填“+x”或“”），振子做简谐运动的位移的表达式为____________________________。

20、如图所示，一轻弹簧一端固定，另一端连接一物块构成弹簧振子，该物块是由a、b两个小物块粘在一起组成的．物块在光滑水平面上左右振动，振幅为周期为当物块向右通过平衡位置时，a、b之间的粘胶脱开；以后小物块a振动的振幅和周期分别为和则______(填“>”、“<”或“＝”)，_______(填“>”、“<”或“＝”)．21、在白炽灯照射下，从用手指捏紧的两块玻璃板的表面能看到彩色条纹，这是光的______现象；通过两根并在一起的铅笔狭缝去观察发光的白炽灯，也会看到彩色条纹，这是光的______现象。评卷人得分四、作图题(共2题，共10分)22、细绳的一端在外力作用下从时刻开始做简谐运动，激发出一列简谐横波，在细绳上选取15个点，图为时刻各点所处的位置，图为时刻的波形图（T为波的周期）.请在图中画出时刻的波形图________

23、如图所示为一弹簧振子在A、C间振动；图中黑点为振子球心的位置。

(1)画出振子位于C点时离开平衡位置O的位移；

(2)标出振子位于A点时加速度的方向。

评卷人得分五、实验题(共4题，共32分)24、由于实验室中矩形玻璃砖的数量不够；部分同学需改用直角三棱镜做“测量玻璃的折射率”的实验，实验步骤如下：

a．如图所示，先在一张白纸上作相互垂直的直线ab、a′b′作为三棱镜的两个界面，并在直线上标出点O；

b．将三棱镜放在白纸上，使直角边的短边跟ab对齐，长边跟a′b′对齐；

c．在长边a′b′的外侧透过三棱镜观察大头针P1、P2的像，调整视线方向，直到P1的像完全被P2的像挡住；

d．在观察的这一侧依次插两枚大头针P3、P4，使P3挡住P1、P2的像，P4挡住P3和P1、P2的像；

e．在O点作一垂直于ab的线段OA，在OA上垂直地插两枚大头针P1、P2；

f．移去三棱镜和大头针，连接P3P4，交a′b′于O′，过O′点作与a′b′垂直的直线MN；

g．作光路图，计算折射率n。

（1）正确的实验步骤顺序为___________。

（2）请在图中画出准确完整的光路图__________。

（3）请根据图中所给数据，求出该玻璃的折射率n=___________。25、利用气垫导轨通过闪光照相进行“探究碰撞中的不变量”这一实验。

(1)实验要求研究两滑块碰撞时动能损失很小或很大等各种情况，若要求碰撞时动能损失最大，应选图________（选填“甲”或“乙”）图中的装置，若要求碰撞时动能损失最小，则应选图________（选填“甲”或“乙”）图中的装置。（甲图两滑块分别装有弹性圈；乙图两滑块分别装有撞针和橡皮泥）

(2)若通过实验已验证碰撞前、后系统的动量守恒，某同学再进行以下实验。某次实验时碰撞前B滑块静止，A滑块匀速向B滑块运动并发生碰撞，利用频闪照相的方法连续4次拍摄得到的闪光照片如图丙所示。已知相邻两次闪光的时间间隔为T，在这4次闪光的过程中，A、B两滑块均在0~80cm范围内，且第1次闪光时，滑块A恰好位于x＝10cm处。若A、B两滑块的碰撞时间及闪光持续的时间极短，均可忽略不计，则可知碰撞发生在第1次闪光后的________时刻，A、B两滑块的质量比mA：mB＝________。

26、小羽同学用图甲所示装置验证动量守恒定律（水平地面依次铺有复写纸和白纸）。

实验时，先让入射球多次从斜轨上C位置静止释放；然后，把被碰小球静置于轨道的末端，再将入射小球从斜轨上C位置静止释放，与小球相撞，多次重复此步骤，用最小圆圈法分别找到小球的平均落点M、P、N，图中O点为小球抛出点在水平地面上的垂直投影。

（1）关于此碰撞实验，下列说法正确的是______（多项选择题）

A．复写纸和白纸依次铺好后；实验过程白纸的位置不能再移动。

B．需要测量A球或B球的直径。

C．入射球和被碰球的质量必须相等；且大小相同。

D．需要测量A球和B球的质量和

（2）为了减少实验误差，有同学提出斜槽倾斜部分的轨道应尽量光滑，你认为这种说法对吗？并再提出一种减少实验误差的方法：________。

（3）如图乙所示，测量出平均水平位移OM、OP、ON的长度若两球相碰前后的总动量守恒，碰撞属于弹性碰撞，则其表达式可表示为：________。27、如图甲所示，在“用双缝干涉测光的波长”的实验中，将实验仪器按要求安装在光具座上，并选用缝间距的双缝屏．从仪器注明的规格可知，像屏与双缝屏间的距离．然后；接通电源使光源正常工作．

①已知测量头上主尺的最小刻度是毫米，副尺（游标尺）上有20分度．某同学调整手轮后，从测量头的目镜看去，使分划板中心刻度线与某条纹中心对齐，如图乙所示，此时测量头上主尺和副尺的示数情况如图丙所示，此示数为__________接着再转动手轮，使分划板中心刻度线与某条纹中心对齐，测得到条纹间的距离为．利用上述测量结果，经计算可得经滤光片射向双缝的色光的波长__________（保留2位有效数字）．

②另一同学按实验装置安装好仪器后，观察到光的干涉现象效果很好．若他对实验装置作了一下改动后，在像屏上仍能观察到清晰的条纹，且条纹数目有所增加．以下改动可能实现这个效果的是__________．

A．仅将滤光片移至单缝和双缝之间B．仅将单缝远离双缝移动少许。

C．仅将单缝与双缝的位置互换D．仅将红色滤芯光片换成绿色的滤芯光片评卷人得分六、解答题(共3题，共18分)28、某同学做“测量玻璃的折射率”实验，操作时将玻璃砖的界线aa′、bb′画好后误用了另一块宽度稍窄的玻璃砖；如图所示。实验中除用原界线外，其他操作都正确，这样测得的玻璃折射率与真实值相比是偏大还是偏小?为什么?

29、如图所示，木板A、B静止于光滑水平桌面上，B上表面水平且足够长，其左端放置一滑块C，B、C间的动摩擦因数为μ，A、B由不可伸长的理想轻绳连接，绳子处于松弛状态，现在突然给C一个向右的速度2v0，让C在B上滑动，当C的速度为v0时，绳子刚好伸直，接着绳子被瞬间拉断，绳子拉断时B的速度为A、B、C的质量均为m。

（1）从C获得速度2v0开始经过多长时间绳子被拉直？

（2）拉断绳子造成的机械能损失为多少？

（3）若最终滑块C未脱离木板B，则木板B的长度至少为多少？

30、如图所示，一个质量为m1=2kg的小球a用一根长为R=1.25m的轻绳悬挂于O点静止．小球a的右侧水平地面上有一竖立支架，支架上放置另一小球b，两小球刚好接触但之间无弹力，且两球球心在同一水平线上，小球b的质量为m2=4kg，支架高h=3.2m．现把小球a拉至左侧与O点等高处，此时轻绳刚好拉直，然后由静止释放球a，到达最低点时两球相碰，碰后球a向左做圆周运动，上升的最大高度为h′=0.05m．小球b碰后的瞬间立即受到一个大小F=20N的水平向右恒力．取g=10m/s2．求：

(1)碰撞前后的瞬间轻绳的弹力大小之比；

(2)球b着地时的动能．

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【详解】

由于小球作曲线运动,不知道末速度,故只能根据动量定理求解,根据动量定理可知，小球动量变化等于重力的冲量,即C项正确。2、D【分析】【详解】

A．旋转铁丝圈；薄膜从上到下处的厚度不变，由干涉原理可知干涉条纹不会发生变化，故A错误；

B．本实验的条纹形成的原理是光的干涉形成的；与三棱镜色散原理是光的折射，故B错误；

CD．如果发现条纹是等间距的；可知肥皂膜的厚度从上到下均匀增加，若发现条纹是上疏下密的，说明肥皂膜从上往下变厚是越来越快的，故C错误，D正确。

故选D。3、C【分析】【详解】

A．粒子在电场中做类平抛运动；所有粒子初速度大小相等，则在同一时刻，所有粒子动量大小相等而方向不同，粒子动量不同，故A错误；

B．粒子在电场中做类平抛运动；同一时刻所有粒子位移大小相等但方向不同，粒子位移不同，故B错误；

CD．粒子在水平方向做初速度为零的匀加速直线运动，在相等时间内所有粒子在水平方向位移相等，所有粒子同时到达与电场垂直的同一竖直面内，所有粒子不会同时到达同一水平面，匀强电场等势面是与电场垂直的平面，由此可知，在同一时刻所有粒子到达同一等势面，故C正确，D错误；4、A【分析】【详解】

A．合外力的冲量等于动量的变化量；如果合外力的冲量为零，则动量的变化量为零，所以物体速度不变，动能变化量为零，合外力做功也为零，选项A正确；

B．重力是恒力，则重力的冲量为mgt；与重力是否做功无关，选项B错误；

C．物体所受合力的冲量越大；则动量变化量越大，动量变化可能只改变方向，故动能不一定变大，合外力做功不一定越大，选项C错误；

D．物体受到了力的作用；这个力一般指的是合力，但是如果力是变力，则一段时间内的总冲量也可能为零，如匀速圆周运动中受到了力的作用，但在转一周的过程中的总冲量是零，选项D错误。

故选A。5、C【分析】【详解】

A．运动员入水后的运动过程中，根据动能定理，有

即动能减少量为故A错误；

B．全过程动量定理可得

故B错误；

C．机械能的变化量等于除重力外其余力做的功，即机械能的减小量等于克服阻力做的功，为Fh；故C正确；

D．他在整个过程中机械能的减小量等于重力势能的减小量，为mg（H+h）；故D错误；

故选C。6、C【分析】【分析】

【详解】

人从高处跳到低处时，速度是一定的，即动量的变化是一定的，一般都是让脚尖先着地，是为了增大与地面的接触时间，根据可知；可以减小地面对人的冲力，从而减小人对地面的压强，故C正确，ABD错误。

故选C。7、C【分析】【详解】

A．男孩和木箱组成的系统动能增大；由人体生物能转化为系统机械能，机械能不守恒，故A错误；

BC．系统受合外力为零；系统动量守恒，所以男孩；小车与木箱三者组成的系统动量守恒，故B错误，C正确；

D．由动量定理可知；合外力的冲量等于动量的变化量，所以小孩推力的冲量等于木箱的动量的变化量，故D错误。

故选C。8、C【分析】【详解】

设小球的初速度方向为正方向，由动量守恒可知

对整体有机械能守恒定律可得

联立解得

故选C。二、多选题(共6题，共12分)9、A:C:D【分析】【详解】

AB.从题图可知；质点9是图中距波源最远的点，尽管与波源起振方向相同，但起振时刻最晚，故A项符合题意，B项不合题意.

C.由波形成的特点可知后面的质点重复前面质点的运动，质点7与质点8比较，质点7是质点8的前质点，7、8质点间的振动步调相差故C项符合题意.

D.质点9比质点1晚开始起振，一旦质点9起振后，质点1、9的振动步调就完全一致，D项符合题意.10、B:C【分析】【详解】

A．根据振动图像可知此时质点竖直向上运动，根据同侧法可知这列波沿轴正方向传播；A错误；

B．波速为

B正确；

C．当时，质点位于正向位移最大处；此时有负向最大加速度，C正确；

D．质点只在自己的平衡位置上下振动；不随波迁移，D错误。

故选BC。11、A:B【分析】【分析】

【详解】

A．实验中要求轨道末端必须保持水平；才能使小球做平抛运动，A正确；

B．实验中不要求轨道必须光滑；但每次都要使小球从斜槽上同一位置由静止释放，B正确；

C．设碰前A的速度为v0，碰后A、B的速度为v1、v2，若动量守恒需满足

小球离开轨道末端后均做平抛运动，竖直方向下落高度相同，据

可知，小球运动时间相同，由

可知，平抛的初速度与水平位移成正比，故动量守恒表达式可整理成

故验证动量守恒定律，只需测量和的距离，不需要测量的距离；C错误；

D．测量时发现点偏离这条直线，应过N点做OMP的垂线，测量垂足到O的距离，故直接测量距离影响实验结果；D错误。

故选AB。12、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．不考虑射击过程中水的阻力及总质量的变化；射击过程中士兵；子弹、皮划艇组成的系统总动量守恒，A错误；

B．射击过程系统动量守恒，以子弹的初速度方向为正方向，由动量守恒可知

解得

即每射出一颗子弹，皮划艇的速度增大B正确；

C．连续射击1s钟过程中，系统动量守恒，以子弹的初速度方向为正方向，则有

解得

C错误；

D．每颗子弹的发射时间为

对子弹，由动量定理可知

解得

由牛顿第三定律可知，枪受到的平均作用力40N，即射击时士兵受到的反冲作用力大小为D正确。

故选BD。13、A:C【分析】【详解】

AB．设两物体刚下落时速度大小为v0，而后m1着地后原速返回与m2发生弹性碰撞，碰撞后m2速度为v1由动量守恒定理及机械能守恒

可求得

选项A正确；B错误；

CD．以整个过程为对象，设h1=0.5m由机械能守恒

又因为

可求得

选项C正确；D错误。

故选AC。14、A:C【分析】【详解】

A．交通警通过发射超声波测量车速；利用了波的多普勒效应原理，A正确；

B．光波是电磁波；可以在真空中传播声波；声波是机械波，传播过程需要介质，B错误；

C．“全息照片”利用激光的干涉原理；“B超”是利用了超声波的反射原理，C正确；

D．一切波都能发生反射和衍射；声呐探测水中的暗礁利用了波的反射原理，D错误。

故选AC。三、填空题(共7题，共14分)15、略

【分析】【详解】

[1]{2}根据图像可知，c处是波谷与波谷相遇的位置，所以c点是加强点；b点正好在加强点构成的连线上，即处在加强区内，所以b点也是加强点；a处是波峰与波谷相遇的位置，所以a点是减弱点。【解析】bca16、略

【分析】【详解】

[1]衍射的定义为：机械波绕过障碍物继续传播的现象；所以此空填：障碍物。

[2]波产生衍射的条件为：障碍物或孔的尺寸比波长小，或者和波长相差不多，所以此空填：衍射【解析】障碍物衍射17、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】m1v1＋m2v2＝m1v1′＋m2v2′18、略

【分析】【详解】

[1]光路图如图所示，两个光斑所在位置为G、F点，由

可得该光线在棱镜中的临界角为

光线第一次射到AI界面时的入射角为

大于临界角，光线发生全反射。经AB界面反射的光线恰好垂直AI射出，射到荧光屏上的F点，另一束光线在AB界面发生折射，此时的入射角为30°，折射光线射到荧光屏上的G点。由折射定律有

解得

由几何知识可知

为等腰三角形，则

则

在中，有

则

[2]光线在棱镜中传播的最大距离为

光线在棱镜中的传播速度为

则光线在棱镜中传播的最长时间为

【解析】19、略

【分析】【详解】

[1]由图乙可知，t=0.8s时振子处于平衡位置，速度最大，下一个时刻位移为负，则速度方向为负方向，即振子的速度沿方向；

[2]由图乙可知振子的周期为1.6s，振幅为12cm，则振子做简谐运动的表达式为【解析】20、略

【分析】【详解】

[1]当物块向右通过平衡位置时a、b之间的粘胶脱开，a向右做减速运动，b向右匀速运动，弹簧振子总的机械能将减小，振幅减小，则有

[2]根据弹簧振子简谐运动的周期公式知振子的质量减小，周期减小，则有

【点睛】

系统的机械能与振幅有关，机械能越大，振幅越大；根据弹簧振子简谐运动的周期公式分析周期的大小．【解析】<<21、略

【分析】从用手指捏紧的两块玻璃板的表面能看到彩色条纹；这是薄膜干涉现象。

通过两根并在一起的铅笔狭缝去观察发光的白炽灯；也会看到彩色条纹，这是单缝衍射现象。

故答案为：干涉；衍射【解析】干涉衍射四、作图题(共2题，共10分)22、略

【分析】【详解】

[1]设方格的边长为由图可知，波的波长应为波的振幅应为在内波传播了则再过半个周期波应再传播故9点开始向上振动，此时0点应到达负向最大位移处；6点达正向最大位移处；故波形如图所示：

【解析】23、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)位移总是偏离平衡位置，振子位于C点时离开平衡位置O的位移s如图所示。

(2)加速度总是指向平衡位置，振子位于A点时加速度aA的方向如图所示【解析】(1)(2)五、实验题(共4题，共32分)24、略

【分析】【详解】

（1）[1]测定玻璃的折射率时，先在白纸上作出玻璃砖的边界，选定入射点，确定入射光线，然后把玻璃砖放在白纸上，确定出折射光线；撤去玻璃砖，作出光路图，求出入射角与折射角，根据折射定律求出折射率，因此正确的实验步骤顺序为aebcdfg。

（2）[2]光路图如图所示。

（3）[3]由几何知识可知β=30°，由于α=45°，故玻璃的折射率【解析】aebcdfg见解析图25、略

【分析】【详解】

(1)[1][2]若要求碰撞时动能损失最大；则需两滑块碰撞后结合在一起，故应选乙图中的装置；若要求碰撞时动能损失最小，则应使两滑块发生弹性碰撞，即选甲图中的装置。

(2)[3][4]第1次闪光时，滑块A恰好位于x＝10cm处，由图丙可知，第二次闪光时A在x＝30cm处，第三次闪光时A在x＝50cm处，碰撞发生在x＝60cm处。分析知从第三次闪光到发生碰撞所需的时间为则可知碰撞发生在第1次闪光后的2.5T时刻。设碰前A的速度为v，则碰后A的速度为－B的速度为根据动量守恒定律可得mAv＝－mA·＋mB·

解得

即mA：mB＝1：3【解析】乙甲2.5T1：326、略

【分析】【详解】

（1）[1]A．复写纸和白纸依次铺好后；实验过程白纸的位置不能再移动，选项A正确；

B．该实验中两球从同一点抛出，则不需要测量A球或B球的直径；选项B错误；

C．为防止入射球碰后反弹；入射球的质量要大于被碰球的质量，为保证两球正碰，则两球大小要相同，选项C错误；

D．实验要验证的关系是

两球碰后均做平抛运动，落地时间相同，则水平位移与速度成正比，则要验证的关系式是

则实验中需要测量A球和B球的质量和选项D正确。

故选AD。

（2）[2]该说法不正确；斜槽倾斜部分没必要必须光滑；只要小球A每次从同一位置释放，到达底端时速度相同即可；为减小实验误差：斜槽末端必须要调成水平；多次实验取小球落地的平均落地点；选择质量较大且半径较小的小球做实验等；

（3）[3]由（1）的分析可知，若两球相碰前后的动量守恒，则需要验证表达式

若为弹性碰撞，则碰撞前后系统动能相同，则有

即满足关系式

联立两式可得【解析】AD不正确；斜槽末端必须要调成水平；多次实验取小球落地的平均落地点；选择质量较大且半径较小的