2025年湘教版必修3物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年湘教版必修3物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图甲所示为用伏安法测量某合金丝电阻的实验电路。实验中分别用最大阻值是550500的三种滑动变阻器做限流电阻。当滑动变阻器的滑片由一端向另一端移动的过程中，根据实验数据，分别作出电流表读数I随（指滑片移动的距离x与滑片在变阻器上可移动的总长度L的比值）变化的关系曲线a、b、c，如图乙所示。则图乙中的图线a对应的滑动变阻器及最适合本实验的滑动变阻器是（）

A.最大阻值为5的滑动变阻器∶图线a对应的滑动变阻器B.最大阻值为50的滑动变阻器；图线b对应的滑动变阻器C.最大阻值为500的滑动变阻器；图线b对应的滑动变阻器D.最大阻值为500的滑动变阻器；图线c对应的滑动变阻器2、在如图所示的电路中；电源内阻不可忽略，在调节可变电阻R的阻值过程中，发现理想电压表的示数减小，则（）

A.R的阻值变大B.路端电压不变C.干路电流减小D.路端电压和干路电流的比值减小3、以下是欧姆表原理的电路示意图，正确的是()A.B.C.D.4、某原子电离后其核外只有一个电子，若该电子在核的静电力作用下绕核做匀速圆周运动，那么电子运动（）A.半径越小，加速度越小B.半径越小，周期越大C.半径越大，角速度越大D.半径越大，线速度越小5、如图所示，a、b是电场线上的两点，将一带电荷量为q的点电荷从a移到b，电场力做功为W，且知a、b间的距离为d；则以下说法正确的是（）

A.a、b间的电势差为B.a处的场强为E＝C.b处的场强为E＝D.a点的电势为6、下列说法中，正确的是（）A.由可知电场中某点的电场强度E与F成正比B.由公式可知电场中某点的电势中与q成反比C.由可知，匀强电场中的任意两点a、b间的距高越大，则两点间的电势差也一定越大D.公式中电势差U与q在电场中做的功W无关7、一个电子仅在电场力作用下沿x轴做直线运动，以水平向右的方向为x轴的正方向，从0时刻起运动依次经历t0、2t0、3t0时刻。其运动的v~t图象如图所示。对此下列判断正确的是（）

A.0时刻与2t0时刻电子在不同位置B.0时刻、t0时刻、3t0时刻电子所在位置的电势分别为其大小比较有>>C.0时刻、t0时刻、3t0时刻电子所在位置的场强大小分别为E0、E1、E3，其大小比较有E3<E0<E1D.电子从0时刻运动至t0时刻，连续运动至3t0时刻，电场力先做正功后做负功评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)8、如图所示，平行等距的水平虚线a、b、c、d为某一电场的等势面，其电势分别为一个不计重力的带电粒子在电场中运动，图中实线为其轨迹。M、N、P是轨迹上的三点，其中N点为轨迹上最高点；则（）

A.电场的方向竖直向下且虚线b的电势一定是6VB.粒子一定带负电C.在三点中，粒子在P点的电势能最大，动能最小D.粒子在间电场力做功的值小于间电场力做功的值9、如图所示，在同一平面内互相绝缘的三根无限长直导线Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ围成一个等腰直角三角形，三根导线内通有大小相等、方向如图所示的电流，为导线Ⅰ、Ⅱ的交点，为导线Ⅰ、Ⅲ的交点，为导线Ⅱ、Ⅲ的交点，两点关于点对称，两点关于导线Ⅲ对称。已知三根导线中的电流形成的合磁场在点的磁感应强度大小为在点的磁感应强度大小为则下列说法中正确的是（）

A.三根导线的合磁场在点的磁感应强度大小为B.三根导线的合磁场在点的磁感应强度方向垂直纸面向里C.若撤去导线Ⅰ、Ⅱ，保持Ⅲ中电流不变，点的磁感应强度大小仍为D.若撤去导线Ⅲ，保持Ⅰ、Ⅱ中电流不变，点的磁感应强度为010、下列说法正确的是___________。A.激光是纵波B.均匀变化的磁场能够在空间产生电场C.射线是一种波长很短的电磁波E.在相同介质中，对于红、黄、绿、蓝四种单色光，蓝光的波长最短E.在相同介质中，对于红、黄、绿、蓝四种单色光，蓝光的波长最短11、如图所示的电路中，M、N为小灯泡灯座的两接线柱；闭合开关后，小灯泡正常发光，若2.0s内通过小灯泡的电荷量为0.4C，则（）

A.通过小灯泡的电流方向由M到NB.通过小灯泡的电流方向由N到MC.通过小灯泡的电流为0.2AD.通过小灯泡的电流为0.8A12、某温度检测装置原理如图所示。图中RT为热敏电阻（随温度升高阻值减小），RG为光敏电阻（随光照强度增大阻值减小），RG接收小灯泡L的光照，除RT、RG外，其他电阻均为定值电阻。当RT处温度升高时（）

A.L变暗B.通过R3的电流减小C.E2的路端电压增大D.R2消耗的功率增大13、如图所示，为两个带等量负电荷的固定点电荷，竖直线为两点电荷连线的中垂线，O点为垂足，现将一带负电液滴从A点由静止释放，液滴到达B点时的速度大小为v且能到达O点。已知重力加速度为g，不计空气阻力。下列说法正确的是（）

A.在中垂线上，O点的电势最低B.A点电场强度一定小于B点电场强度C.液滴到达B'点时的速度大小为D.液滴从A点运动到A'点的过程中机械能先增大后减小14、下列说法中正确的是（）A.沿着电场线的方向电势一定越来越低B.电场线就是电荷运动的轨迹C.匀强电场中，各点的场强一定大小相等，方向相同D.匀强电场中，各点的电势一定相等评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)15、如图所示，直线A为电源的路端电压U与电流I的关系图像，直线B是电阻R的两端电压与其中电流I的图像.用该电源与电阻R组成闭合电路，则电源的输出功率为_______，电源内部生热损失的电功率为_______，电源的效率为_______.

16、如图所示，电流表A的量程为0-0.6A,表盘均匀划分为30个小格，每一小格表示0.02A,R1的阻值等于电流表内阻的的阻值等于电流表内阻的2倍.若用电流表A的表盘刻度表示流过接线柱1的电流值；则。

(1)将接线柱1、2接入电路时,每一小格表示_____A.

(2)将接线柱1、3接入电路时,每一小格表示______A.17、如图所示，一满偏电流Ig=1mA、内阻Rg=300的表头G，先将其与定值电阻R1并联，后再与定值电阻R2串联，改装成一个既可以测电流又可以测电压的两用电表，公共接线柱和1之间为电流4mA挡，公共接线柱和2之间为电压3V挡，R1=______R2=______

18、用如图甲所示的电路做“测定电池的电动势和内电阻”的实验，根据测得的数据做出了如图乙所示的U-I图象，由图可知测得的电池的电动势为______V，内电阻为______Ω.

19、如图所示，E、F分别表示蓄电池两极，P、Q分别表示螺线管两端。当闭合开关时，发现小磁针N极偏向螺线管Q端。则E为蓄电池____极（填“正”或“负”），螺线管P端为____极（填“S”或“N”）.

评卷人得分四、实验题(共4题，共16分)20、在“用电流表和电压表测电池的电动势和内阻”的实验中；提供的器材有：

A.干电池一节。

B.电流表（量程0.6A）

C.电压表（量程3V）

D.电键S和若干导线。

E.滑动变阻器R1（最大阻值20Ω；允许最大电流1A）

F.滑动变阻器R2（最大阻值300Ω；允许最大电流0.5A）

G.滑动变阻器R3（最大阻值1000Ω；允许最大电流0.1A）

(1)①按如图甲所示电路测量干电池的电动势和内阻，滑动变阻器应选______（填写代号）。

②为使测量尽可能精确，将如图乙所示的实物图连接成实验电路______（已连接了部分线）；要求变阻器的滑动触头滑至最右端时，其使用电阻值最大。

(2)实验步骤：

①按实验要求连接好电路。闭合电键前把变阻器的滑动触头滑至一端；使接入电路的阻值最大。

②闭合电键；调节滑动变阻器，使电流表的指针有明显偏转，读取电流表和电压表的示数。用同样方法测量多组数据。

③断开电键；整理好器材。

④数据处理。

(3)将实验测得的数据标在如图丙所示的坐标图中，请作出U—I图线______，由此求得待测电池的电动势E＝______V，内阻r＝______Ω（结果保留三位有效数字）。21、某同学为了测量一根铅笔芯的电阻率，设计了如图甲所示的电路测量该铅笔芯的电阻值。所用器材有电流表A1、A2，电阻箱R1、滑动变阻器R2、待测铅笔芯Rx、电源E、开关S及导线等。操作步骤如下：调节滑动变阻器和电阻箱的阻值达到最大；闭合开关，适当调节滑动变阻器和电阻箱的阻值；记录两个电流表A1、A2的示数分别为I1、I2。

请回答以下问题：

（1）在测量笔芯的直径时，先将笔芯轻轻地夹在测砧与测微螺杆之间，再旋动_______（选填“A”“B”或“C”），直到听到“喀喀”的声音，以保证压力适当，同时防止螺旋测微器的损坏。选择笔芯的______（选填“同一”或“不同”）位置进行多次测量，取其平均值作为笔芯的直径。某次用螺旋测微器测量笔芯直径的结果如图所示，其读数是_______mm。

（2）若电流表的内阻可忽略，则电流表示数I2=________I1时；电阻箱的阻值等于待测笔芯的电阻值。

（3）已测得该笔芯的长度L=20.00cm，电阻箱R1的读数为5.00Ω，根据上面测量的数据可计算出笔芯的电阻率ρ=_______Ω·m。（结果保留3位有效数字）

（4）考虑到电流表的实际情况，利用（2）中方法，笔芯电阻的测量值________真实值（填“大于”“小于”或“等于”）。22、用10分度的游标卡尺测量小球的直径，测量的示数如图所示，读出小球直径d的值为__________mm。

23、为了测量一节干电池的电动势和内阻；某同学采用了伏安法，现备有下列器材：

A.被测干电池一节。

B.电流表1：量程0~0.6A，内阻r=0.3Ω

C.电流表2：量程0~0.6A；内阻约为0.1Ω

D.电压表1：量程0~3V；内阻未知。

E.电压表2：量程0~15V；内阻未知。

F.滑动变阻器1：0~10Ω；2A

G.滑动变阻器2：0~100Ω；1A

H.开关；导线若干。

在用伏安法测电池电动势和内阻的实验中；由于电流表和电压表内阻的影响，测量结果存在系统误差；在现有器材的条件下，要尽可能准确地测量电池的电动势和内阻。

(1)在上述器材中请选择适当的器材：___________（填写选项前的字母）；

(2)实验电路图应选择下图中的___________（填“甲”或“乙”）；

(3)根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图丙所示的U-I图像，则干电池的电动势E=___________V，内电阻r=___________Ω。评卷人得分五、解答题(共3题，共24分)24、某一直流电动机提升重物的装置如图所示，电源电动势E=6V，电源内阻r=1Ω，电阻R=0.5Ω，重物质量m=0.1kg，当重物固定电动机无法转动时，理想电压表的示数为U1=4V，当重物不固定，且电动机最后以稳定的速度匀速提升重物时，电压表的示数为U2=5V，各处摩擦均不计，g取10m/s2．求：

(1)电动机内阻R0；

(2)重物匀速上升时的速度v；

(3)匀速提升重物3m电源需要消耗的能量．25、如图甲所示是近年来兴起的一种高端耳机——静电耳机，图乙是其原理图，A、B为两片平行固定金属薄板，M是位于金属板之间的极薄带电振膜，音频信号加在金属板上板间将形成随音频信号变化的电场，在电场力作用下振膜振动从而发出声音。若两金属板可看作间距为d。电容为C的平行板电容器，振膜质量为m且均匀带有+q电荷；其面积与金属板相等，振膜只能沿垂直金属板方向平行移动，不计重力和阻力。

（1）当金属板充电至电荷量为Q时，求振膜的加速度a；

（2）若两板所加电压信号UAB如图丙所示，在t=0时刻振膜从两板正中间位置由静止开始运动，为了使振膜做周期为T的重复运动并且始终不碰到金属板，求电压u1和u2的最大值；

（3）若振膜固定，金属板充电至电荷量为10q，在带正电的金属板A与振膜M之间有一带电量为q0（）的尘埃，求该尘埃受到的电场力大小F0。

26、导线中的电流是10-8A，导线的横截面积为1mm2，电子的电量e=1.6×10-19C，导体每立方米有8.5×1028个自由电子；求：

（1）在1秒内；有多少个电子通过导线的横截面？

（2）自由电子的平均移动速率是多大？参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】【分析】

【详解】

从图乙中可以看出a曲线在滑片移动很小距离，就产生了很大的电流变化，说明该滑动变阻器阻值远大于被测量电阻阻值，所以a图对应500Ω滑动变阻器，c图线电流几乎不随着距离x变化，说明该滑动变阻器是小电阻，所以对应是5Ω的图像，本实验采用的是伏安法测量电阻，为了减小实验误差，应该要保证被测电阻中的电流变化范围适当大一些，所以选择图中b所对应的滑动变阻器；故ABD错误，C正确。

故选C。2、D【分析】【详解】

电压表的示数减小，根据串联电路分压规律知电阻R的阻值变小，外电路总电阻变小，由闭合电路欧姆定律可知，干路电流增大，电源的内电压增大，则路端电压减小．路端电压和干路电流的比值等于外电路总电阻，路端电压和干路电流的比值减小．综上选项BC错误，选项AD正确．3、C【分析】【详解】

由于要保证电流在表头中由红进黑出；故红表笔应接电源的负极，黑表笔接电源的正极；并且在测量电阻时要进行欧姆调零；故应串接滑动变阻器，故C正确，ABD错误．

故选C．4、D【分析】【详解】

设原子核带电量为电子带电量为电子在核的静电力作用下绕核做匀速圆周运动。

A．根据库仑力提供向心力有

可得

可知；半径越小，加速度越大，故A错误；

B．根据库仑力提供向心力有

可得

可知；半径越小，周期越小，故B错误；

C．根据库仑力提供向心力有

可得

可知；半径越大，角速度越小，故C错误；

D．根据库仑力提供向心力有

可得

可知；半径越大，线速度越小，故D正确。

故选D。5、A【分析】【详解】

A．根据电势差的定义可知，a、b间的电势差为

故A正确；

BC．只有一条电场线，无法确定是不是匀强电场，所以无法求出a、b的电场强度；故BC错误；

D．没有确定零电势点，所以无法确定a点的电势；故D错误；

故选A。6、D【分析】【分析】

【详解】

A．根据电场强度的定义式

可知电场强度取决于电场本身；与有无试探电荷无关，A错误；

B．公式

是电势的定义式，采用比值法定义，则知φ与Ep、q无关；B错误；

C．公式

中d是两点沿电场线方向的距离；可知，在匀强电场中两点间沿电场线方向的距离越大时，两点的电势差才一定越大，C错误；

D．公式

采用比值法定义，电势差U与q在电场中做的功W无关；由电场本身决定，D正确。

故选D。7、C【分析】【分析】

【详解】

A．由图象可知，图像与横轴围成的面积代表位移，电子从0时刻到2t0时刻位移为零，所以0时刻与2t0时刻电子在同一位置；故A错误；

BD．电子从0时刻运动至t0时刻，连续运动至3t0时刻，电场力对电子先做负功，后做正功，所以电子的电势能先增大后减小，因为电势能为由于电子带负电，所以电势能越大，电势越低，则有

故BD错误；

C．根据速度-时间图象的斜率的绝对值表示加速度大小以及牛顿第二定律可知，v-t图象的斜率的绝对值表示加速度大小，正比于电场力大小，所以加速度越大，场强越大，故有E3<E0<E1

故C正确。

故选C。二、多选题(共7题，共14分)8、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．电场方向应由高电势指向低电势；所以电场方向竖直向上。A错误；

B．粒子受力方向指向轨迹内侧；与电场方向相反，所以粒子带负电。B正确；

C．在三点中，P点电势最高；但是粒子带负电，所以粒子电势能最小，动能最大。C错误；

D．根据可知，电势差越大，电场力做功越多，所以粒子在间电场力做功的值小于间电场力做功的值。D正确。

故选BD。9、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

AB．三根无限长直导线Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ围成一个等腰直角三角形，三根导线内通有大小相等、方向如题图所示的电流，根据安培定则可知三根导线的合磁场在点的磁感应强度方向垂直纸面向里，又因为两点关于点对称

则三根导线的合磁场在点的磁感应强度大小

选项A错误；B正确；

D．若撤去导线Ⅲ，保持Ⅰ、Ⅱ中电流不变，由于两点关于导线Ⅲ对称，可知点在直角的角平分线上，结合安培定则可知导线Ⅰ、Ⅱ中的电流形成的磁场在点的磁感应强度等大反向，则点的磁感应强度为0；选项D正确；

C．导线Ⅰ、Ⅱ中的电流形成的磁场在点的合磁感应强度为0，若撤去导线Ⅰ、Ⅱ，保持Ⅲ中电流不变，则点的磁感应强度不变，大小仍为选项C正确。

故选BCD。10、B:C:E【分析】【分析】

【详解】

A．激光属于电磁波；电磁波均为横波，故A错误；

B．均匀变化的磁场能够在空间产生恒定电场；故B正确；

C．射线是一种波长很短的电磁波；故C正确；

D．麦克斯韦预言了电磁波；赫兹用实验证实了电磁波的存在；故D错误；

E．在相同介质中；对于红；黄、绿、蓝四种单色光，蓝光的频率最高，波长最短，故E正确。

故选BCE。11、B:C【分析】【详解】

AB．电源外部，电流从电源正极流出，负极流入，由图可知，通过小灯泡的电流方向由N到M；故B正确，A错误；

CD．根据

代入数据

故C正确；D错误。

故选BC。12、B:D【分析】【详解】

当RT处温度升高时，RT减小，左侧电路总电阻减小，总电流增大，L变亮，则RG减小，右侧电路总电阻减小，总电流增大，R2消耗的功率增大，E2内电压增大，路端电压减小，而R2和R两端电压之和增大，所以R3两端电压减小，通过R3的电流减小。

故选BD。13、A:C【分析】【详解】

A．由等量同种电荷的电场分布以及沿电场线方向电势降低可知，在中垂线上，O电的电势最低；故A正确；

B．O点的电场强度为零，无穷远处电场的电场强度也为零，则可知沿着中垂线从O点到无穷远处的过程中，电场强度先增大，后减小，因此A点电场强度一定小于B点电场强度；故B错误；

C．B点和B'点关于原点对称，则可知电势相等，则液滴从B点到B'点的过程中，由动能定理可得

解得

故C正确；

D．由于中垂线上的O点电势最低，则可知液滴在O点的电势能最大，而整个过程中电势能和机械能的总和不变，则可知带负电的液滴从A点运动到A'点的过程中机械能先减小后增大；故D错误。

故选AC。14、A:C【分析】【详解】

A．根据电场线的物理意义可知；沿着电场线的方向电势一定越来越低，故A正确；

B．电场线与电荷运动的轨迹不是一回事；有时两者重合，有时不重合，与电荷受到的电场力和初速度有关，故B错误；

C．匀强电场中；场强处处相同，即场强的大小一定相同，方向一定相同，故C正确；

D．匀强电场中；各点的电势不一定相等，顺着电场线方向电势会逐渐降低，故D错误。

故选AC。

【点睛】

解答本题关键要理解并掌握电场线的两个方面的物理意义．知道电场线可以形象表示电场的强弱和方向：电场线的疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场的方向．顺着电场线方向电势逐渐降低．三、填空题(共5题，共10分)15、略

【分析】【详解】

[1]由图象可知电源的电动势短路电流为6A，该电源和该电阻组成闭合电路时路端电压为2V，电流为2A，电源的输出功率即为电阻上消耗的功率：

[2]电源的总功率为：总

电源内部生热损失的电功率为：热总

[3]所以电源的效率为：【解析】4W2W66.7%16、略

【分析】【详解】

（1）[1]．当接线柱1、2接入电路时，电流表A与R1并联，根据串并联电路规律可知，R1分流为1.2A；故量程为1.2A+0.6A=1.8A；故每一小格表示0.06A；

（2）[2]．当接线柱1、3接入电路时，A与R1并联后与R2串联，电流表的量程仍为1.8A，故每一小格表示0.06A；【解析】0.06A0.06A17、略

【分析】【分析】

【详解】

公共接线柱和1之间为电流I=4mA挡，根据并联电路的特点可得IgRg=（I-Ig）R1

解得R1=100Ω

公共接线柱和1之间的总电阻为

公共接线柱和2之间为电压U=3V挡，根据串联电路的特点可得

其中I=4mA=0.004A

解得R2=675Ω【解析】①.100②.67518、略

【分析】【详解】

试题分析：电源的U-I图像，纵轴截距为电源电动势，由图可得电池电动势为1.40V；电池内电阻为

考点：测定电池的电动势和内电阻。

点评：容易题．本题要特别注意纵坐标没有由零开始，计算内电阻时不能用．【解析】1.401.019、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由右手螺旋定则可知，电流由F流出，故E为蓄电池负极；

[2]小磁针N极转向Q端，这说明磁感线指向Q端，故Q端为S极，P端为N极。【解析】①.负②.N四、实验题(共4题，共16分)20、略

【分析】【详解】

(1)①[1]按如图甲所示电路测量干电池的电动势和内阻；滑动变阻器应选E即可；

②[2]实物图连接如图；

(3)[3]作出U—I图线如图；

[4][5]由此求得待测电池的电动势E＝1.50V，内阻【解析】E

1.501.7921、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2][3]在测量笔芯的直径时，先将笔芯轻轻地夹在测砧与测微螺杆之间，再旋动C，直到听到“喀喀”的声音，以保证压力适当，同时防止螺旋测微器的损坏。选择笔芯的不同位置进行多次测量，取其平均值作为笔芯的直径。某次用螺旋测微器测量笔芯直径的结果，其读数是1mm+0.01mm×0.0mm=1.000mm。

（2）[4]根据电路结构可知，若电流表的内阻可忽略，则电流表示数I2=I1时；电阻箱的阻值等于待测笔芯的电阻值。

（3）[5]根据

解得

带入数据解得ρ=1.96×10-5Ω·m

（4）[6]考虑到电流表的内阻影响，利用（2）中方法，笔芯电阻等于电流表内阻合电阻箱电阻之和，则笔芯电阻的测量值小于真实值。【解析】①.C②.不同③.1.000mm④.⑤.