2025年苏科新版必修一物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年苏科新版必修一物理下册月考试卷404考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、G7332次列车07：50从苍南站出发，09：02到丽水站，用时1小时12分。以上描述中（）A.“07：50”和“1小时12分”都表示时间间隔B.“07：50”和“1小时12分”都表示时刻C.“07：50”表示时间间隔D.“1小时12分”表示时间间隔2、一个物体在水平恒力F的作用下，由静止开始在一个粗糙的水平面上运动，经过时间t，速度变为v，如果要使物体的速度变为2v，下列方法正确的是（）A.将水平恒力增加到2F，其他条件不变B.将物体质量减小一半，其他条件不变C.物体质量不变，水平恒力和作用时间都增为原来的两倍D.将时间增加到原来的2倍，其他条件不变3、如图所示，两个相似的斜面体A、B在竖直向上的力F的作用下静止靠在竖直粗糙墙壁上。关于斜面体A和B的受力情况；下列说法正确的是（）

A.A一定受到五个力B.B可能受到四个力C.B与墙壁之间一定有弹力和摩擦力D.A与B之间一定有摩擦力4、观察图中屋顶的炊烟和车上的小旗；可知甲；乙两车相对于房子的运动情况，其中正确的是（）

A.甲、乙两车一定都向左运动B.甲、乙两车一定都向右运动C.甲，乙两车可能都静止D.甲车可能静止，乙车一定向左运动5、如图所示，光滑斜面上的四段距离相等，质点从O点由静止开始下滑，做匀加速直线运动，先后通过a、b、c、d；下列说法正确的是()

A.质点由O到达各点的时间之比＝1：2：3：4B.质点通过各点的速率之比＝1：2：3：4C.在斜面上Od间运动的平均速度＝D.在斜面上Od间运动的平均速度＝6、一物体自t=0时开始做直线运动；其速度图线如图所示．下列选项正确的是（）

A.在0～6s内，物体离出发点最远为30mB.在0～6s内，物体经过的路程为40mC.在0～6s内，物体的平均速率为7.5m/sD.在5～6s内，物体的加速度与速度方向相反7、下列关于力的说法正确的是（）A.一个物体放在水平桌面上，物体受到了向上的弹力，是因为桌面发生了形变B.摩擦力总是阻碍物体的运动C.一个作用力与它的反作用力的合力等于零D.两个相互作用物体之间的作用力与反作用力大小是否相等，取决于物体的运动状态8、如图所示，放置于粗糙斜面上的木块在水平推力F的作用下，刚好不能沿斜面下滑。现缓慢改变推力F的方向，直至F与斜面垂直，为使木块始终保持刚好不能沿斜面下滑的状态，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。则在此过程中，F的大小变化情况为（）

A.先减小后增大B.先增大后减小C.一直减小D.一直增大评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)9、如图所示，质量为m的物体A放在质量为M、倾角为的斜面B上，斜面B置于粗糙的水平地面上，用平行于斜面的力F拉物体A，使其沿斜面向下匀速运动，斜面B始终静止不动，则下列说法中正确的是（）

A.斜面B相对地面有向右运动的趋势B.地面对斜面B的静摩擦力大小为C.地面对斜面B的支持力大小为D.斜面B与物体A间的动摩擦因数为10、如图所示；在倾角为θ的光滑斜劈P的斜面上有两个用轻质弹簧相连的物块A；B，C为一垂直固定在斜面上的挡板．A、B质量均为m，斜面连同挡板的质量为M，弹簧的劲度系数为k，系统静止于光滑水平面．现开始用一水平恒力F作用于Ｐ，（重力加速度为g）下列说法中正确的是（）

A.若F=0，挡板受到B物块的压力为B.力F较小时A相对于斜面静止，F大于某一数值，A相对于斜面向上滑动C.若要B离开挡板C，弹簧伸长量需达到D.若且保持两物块与斜劈共同运动，弹簧将保持原长11、如图所示，两个光滑斜面体固定在水平地面上，斜面体的倾角分别为a=30°、β=60°；两个小球通过一水平弹簧连接，静止在两个斜面上。弹簧始终处于弹性限度内。则下列说法正确的是（）

A.左右两小球的质量之比为1∶1B.左右两小球的质量之比为1∶3C.将两小球沿斜面向下移动少许，保持弹簧水平，两小球仍平衡D.两小球只能在图示位置保持平衡12、质点做直线运动的位移x和时间平方t2的关系图象如图所示，则该质点

A.加速度大小为1m/s2B.任意相邻1s内的位移差都为2mC.2s末的速度是4m/sD.物体第3s内的平均速度大小为3m/s13、如图所示，A、B、C、D、E是光滑斜面上等间距的5个点.一个小球由A点静止释放，沿光滑斜面做匀加速运动.下面对小球的运动叙述正确的是()

A.小球到达各点的速度B.小球到达各点所经历的时间C.小球从A到B的时间等于小球从B到E的时间D.小球从B到D的平均速度小于小球经过C点的速度评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)14、如图表示某物体的v-t图象，从图象可知OA段的加速度是______m/s2；BC段的加速度是______m/s2；CD段的加速是______m/s2；物体在0-10s内的平均速度是______m/s；物体在这14s内运动的总位移是______m。15、如图为某质点做直线运动的v-t图象。由图可知，0~3s内质点做__________（填“匀速”或“匀加速”）直线运动；3-6s内质点做__________（填“匀速”或“匀加速”）直线运动；5s末质点的瞬时速度大小为__________m/s。16、一辆汽车从甲地出发，沿平直公路开到乙地刚好停止，其速度图像如图所示。那么0~t和t~3t两段时间内，加速度的大小之比为________，位移的大小之比为________，平均速度的大小之比为________。

17、如图所示，一根质量不计的轻弹簧上端固定在天花板上，下端与一重力为G的托盘连接，托盘中有一个质量为2G的砝码。当托盘静止时，弹簧的伸长量为L。现将托盘向下拉，弹簧又伸长了L（未超过弹簧的弹性限度），然后使托盘由静止释放，则刚释放托盘时，砝码对托盘的作用力大小等于___________。

18、在一探究实验中，一个小球在一个斜面上由静止滚下，小球滚动的距离S和小球运动过程中经历的时间T之间的关系如表所示．由表中数据可以初步归纳出小球滚动的距离S和小球滚动的时间T的关系是_________________________。T（s）

0.25

0.5

1.0

2.0

S（cm）

5.0

20

80

320

评卷人得分四、作图题(共1题，共8分)19、如图，放在地上的斜面和斜面上的木块都静止，O为斜面的重心；请画出斜面所受的各个作用力。

评卷人得分五、实验题(共2题，共8分)20、某兴趣小组通过如图所示的实验装置探究加速度与力；质量的关系。

(1)关于本实验，下列说法中正确的有_____

A.调整滑轮使牵引滑块的细线与长木板保持平行。

B.平衡摩擦力时；不需要把空砂桶系在滑块上。

C.实验时；先释放滑块再接通打点计时器的电源。

D.改变滑块质量后；需要重新调节长木板倾斜度。

(2)实验中得到如图所示的一条纸带，A、B、C、D、E为5个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有四个点未画出。测出相邻计数点之间的距离分别为：x1＝4.29cm、x2＝4.68cm、x3＝5.08cm、x4＝5.49cm，已知打点计时器的工作频率为50Hz，则打C点时滑块瞬时速度大小vc=___m/s，滑块的加速度大小a＝_____m/s2.（结果保留两位有效数字）

(3)保持砂和砂桶总质量不变，通过添加砝码以改变滑块质量，进行多次测量，得到滑块加速度a、滑块和砝码总质量M及其对应的的数据如表中所示：。滑块和砝码总质量M（kg）0.830.630.500.420.360.31滑块加速度a（m·s-2）0.350.370.600.710.810.95滑块和砝码质量倒数1/M（kg-1）1.201.602.002.402.803.20

请在图示的坐标纸中画出滑块的图像____。

(4)图像的斜率大小____（选填“大于”、“小于”或“等于”）砂和砂桶的总重力。21、某同学用如图1所示的装置来探究弹簧弹力F和长度L的关系；把弹簧上端固定在铁架台的横杆上，记录弹簧自由下垂时下端所到达的刻度位置。然后，在弹簧下端悬挂不同质量的钩码，记录每一次悬挂钩码的质量和弹簧下端的刻度位置，实验中弹簧始终未超过弹簧的弹性限度。通过分析数据得出实验结论。

（1）实验时认为可以用钩码所受重力的大小代替弹簧弹力的大小。

（2）以弹簧受到的弹力F为纵轴、弹簧长度L为横轴建立直角坐标系，依据实验数据作出图像，如图2所示。由图像可知：弹簧自由下垂时的长度______cm，弹簧的劲度系数k=________N/m。

（3）实验中未考虑弹簧自身受到的重力，请你说明这对弹簧劲度系数的测量结果是否有影响。（______）

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【分析】

【详解】

“07：50”是时刻；“1小时12分”是时间间隔，故ABC错误，D正确。

故选D。2、D【分析】【分析】

【详解】

物体在水平恒力F的作用下做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律得

则

A．将物体的质量减为原来的其他条件不变时

故A错误；

B．将水平恒力增加到2F，其他条件不变时

故B错误；

C．将物体的质量不变，水平恒力和时间都同时增加为原来的2倍时

故C错误；

D．将作用时间增加到2t，其他条件不变时

故D正确。

故D正确。3、D【分析】【详解】

C．对A、B整体受力分析，如图甲所示，A、B整体受到向下的重力和向上的推力F；由平衡条件可知B与墙壁之间不可能有弹力，因此也不可能有摩擦力，故C错误；

B．对B受力分析如图乙所示，其受到重力、A对B的弹力及摩擦力而处于平衡状态，故B只能受到三个力；B错误；

AD．对A受力分析，如图丙所示，其受到重力、推力F；B对A的弹力和摩擦力；共四个力，故A错误、D正确。

故选D。

4、D【分析】【分析】

【详解】

从图上烟的方向可以判断风的方向是向左的；图中甲物体的小旗向左飘，可以判断甲物体可以静止，可以向右运动，也可以向左运动，向左的速度必须小于风速；图中乙物体的小旗向右飘，可以判断乙物体一定向左运动，且向左运动的速度大于风速；

故选D。5、D【分析】【详解】

A.可得

故所用时间之比为：1：故A错误；

B.由v2=2ax可得

通过各点的速率之比为：1：故B错误；

C.由于b点不是Od的时间中点，故Od间运动的平均速度故C错误；

D.由于a点是Od的时间中点，故Od间运动的平均速度故D正确．6、B【分析】【详解】

A．0-5s，物体向正向运动，5-6s向负向运动，故5s末离出发点最远，最远距离为sm=×（2+5）×10m=35m，

故A错误；

B．由面积法求出0-5s的位移x1=×（2+5）×10m=35m，

5-6s的位移x2=-×1×10m=-5m，

总路程为：s=x1+|x2|=40m，

故B正确；

C．在0～6s内，物体的平均速率为：===6.67m/s

故C错误；

D．由图象知5～6s内物体沿负向做匀加速直线运动；加速度与速度方向，故D错误．

【点睛】

v-t图象中，与时间轴平行的直线表示做匀速直线运动，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，倾斜角越大表示加速度越大，图象与坐标轴围成的面积表示位移，在时间轴上方的位移为正，下方的面积表示位移为负；7、A【分析】【分析】

【详解】

A．物体放在水平面上；物体受到的弹力是因为桌面发生形变产生的，A正确；

B．摩擦力可能阻碍运动；也可能促进运动的作用，比如人走路，路面对人的摩擦力使促进运动的作用，B错误；

C．作用力和反作用力使作用在两个不同物体上的力；不是共点力，不能计算合力，C错误；

D．作用力和反作用力总是大小相等；方向相反，与运动状态无关，D错误。

故选A。8、A【分析】【详解】

木块的受力情况如图所示。

设斜面的倾角为θ，力F与水平方向的夹角为α，根据题意，有

联立可得

由于α从0增大到90°-θ，所以sin（α+θ+φ）应先增大后减小，所以F应先减小后增大。

故选A。二、多选题(共5题，共10分)9、B:C【分析】【详解】

AB、将A和B看成一个整体,对其进行受力分析,由平衡条件可知,地面对B的静摩擦力f=Fcosθ,方向水平向右,故B相对地面有向左运动的趋势,故A错误,B正确;

C、由平衡条件可知,地面对B的支持力FN=(M+m)g+Fsinθ,故C正确;

D、对A进行受力分析可知,在平行于斜面的方向上有mgsinθ+F=μmgcosθ,

解得故D错误；10、A:D【分析】【详解】

A、F=0时，对物体A、B整体受力分析，受重力、斜面的支持力N1和挡板的支持力N2，根据共点力平衡条件，沿平行斜面方向，有N2-（2m）gsinθ=0，故压力为2mgsinθ，故A错误；

B；用水平力F作用于P时；A具有水平向左的加速度，设加速度大小为a，将加速度分解如图。

根据牛顿第二定律得

mgsinθ-kx=macosθ

当加速度a增大时；x减小，即弹簧的压缩量减小，物体A相对斜面开始向上滑行．故只要有力作用在P上，A即向上滑动，故B错误；

C、物体B恰好离开挡板C的临界情况是物体B对挡板无压力，此时，整体向左加速运动，对物体B受力分析，受重力、支持力、弹簧的拉力，如图

根据牛顿第二定律，有

mg-Ncosθ-kxsinθ=0

Nsinθ-kxcosθ=ma

解得：kx=mgsinθ-macosθ，故C错误；

D、若F=（M+2m）gtanθ且保持两物块与斜劈共同运动，则根据牛顿第二定律，整体加速度为gtanθ；

对物体A受力分析，受重力，支持力和弹簧弹力，如图

根据牛顿第二定律，有

mgsinθ-kx=macosθ

解得

kx=0

故弹簧处于原长，故D正确；11、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．对左边小球受力分析可知

对右边小球受力分析可知

解得

选项A错误；B正确；

CD．将两小球沿斜面向下移动少许；保持弹簧水平，则弹簧弹力变大，方向不变，而重力不变，支持力的方向不变，两小球不能平衡；同理可知将两小球沿斜面向上移动少许，保持弹簧水平，两球仍不能平衡，即两小球只能在图示位置保持平衡，选项C错误，D正确。

故选BD。12、B:C【分析】【详解】

根据x和时间平方t2的关系图象得出关系式为：x=t2，对照匀变速直线运动的位移时间公式x=v0t+at2，知物体的初速度为0，加速度为a=2m/s2，且加速度恒定不变，故A错误；根据∆x=aT2=2×1m=2m可知，任意相邻1s内的位移差都为2m，故B正确；2s末的速度是v2=at2=4m/s，故C正确；物体第3s内的位移为：x3=32m–22m=5m，平均速度为故D错误．所以BC正确，AD错误．13、B:C:D【分析】【详解】

试题分析：根据匀变速直线运动的速度位移公式求出小球到达各点的速度之比，根据速度时间公式求出小球到达各点经历的时间之比．根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度判断平均速度与C点速度的关系．

根据得，小球的速度因为AB、AC、AD、AE的位移之比为1：2：3：4，则小球到达各点的速度之比A错误；根据知，加速度不变，速度之比为则运动到各点经历的时间之比为B正确；设小球从A到B的时间等于根据可得小球从B到E的时间C正确；因为B到D的中间时刻所对应的位置在BC之间，小球做加速运动，所以中间时刻速度小于C点的速度，而中间时刻速度等于BD过程中的平均速度，所以小球从B到D的平均速度小于小球经过C点的速度，故D正确．三、填空题(共5题，共10分)14、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据速度-时间图像的斜率表示加速度，则OA的加速度为。

[2]BC段的加速度为。

[3]CD段的加速度为。

[4]根据速度-时间图像围成的面积表示位移；则物体在0-10s内的位移为。

则物体在0-10s内的平均速度为。

[5]物体在这14s内运动的总位移。

【解析】1-2-0.52.82415、略

【分析】【详解】

[1]图像的斜率表示加速度；斜率恒定，即加速度恒定，0~3s内质点的速度均匀增大，即做匀加速直线运动；

[2]3~6s内质点的速度恒定不变；即做匀速直线运动；

[3]5s末质点对应的速度为12m/s。【解析】匀加速匀速1216、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]0~t段加速度的大小。

t~3t段加速度的大小。

加速度的大小之比为2：1

[2]0~t段位移的大小。

t~3t段位移的大小。

位移的大小之比为1:2

[3]0~t段平均速度的大小。

t~3t段平均速度的大小。

平均速度的大小之比为1:1【解析】2:11:21:117、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]设弹簧劲度系数为k，设砝码质量为2m，则托盘质量为m，托盘静止，弹簧伸长L时，以托盘及砝码整体为研究对象，受力平衡，有kL=3mg

伸长2L时，释放瞬间，以整体为研究对象，由牛顿第二定律得2kL-3mg=3ma

解得a=g

隔离砝码为研究对象，则N-2mg=2ma

解得N=4mg

据牛顿第三定律，砝码对托盘的作用力为4mg，即4G。【解析】4G18、略