2025年中图版选修3物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年中图版选修3物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示为氢原子能级示意图．下列有关氢原子跃迁的说法正确的是（）

A.大量处于激发态的氢原子，跃迁时能辐射出4种频率的光B.氢原子从能级向能级跃迁时，辐射出的光子能量为C.用能量为的光子照射，可使处于基态的氢原子跃迁到激发态D.用能级跃迁到能级辐射出的光照射逸出功为的金属铂能发生光电效应2、在“用单分子油膜估测分子的大小”实验中，下列对实验过程的分析正确的是（）A.测量一滴油酸酒精溶液体积用的是微小量放大法B.在水面上撒痱子粉是为了使油膜边缘形成规则形状C.在坐标纸上计算油膜轮廓内格子数采用的是比值法D.该实验采用的是借助物理模型间接测量的方法3、下列关于电源电动势的说法，正确的是A.电动势随外电路电阻的增大而增大B.电源两极间的电压就是电动势C.电动势是描述电源把其他形式能转化为电能本领的物理量D.电动势是矢量，有大小也有方向4、如图所示的电路，闭合开关S，当滑动变阻器滑片P向右移动时；下列说法正确的是（）

A.小灯泡L变暗B.电源的总功率变小C.电容器C上电荷量减小D.电流表读数变小，电压表读数变大5、某激光器能发射波长为的激光。设发射功率为P，用c表示光速，h表示普朗克常量，则激光器每秒钟发射的光子数为（）A.B.C.D.6、下列说法正确的是（）A.悬浮在液体中微粒的大小，影响其布朗运动的明显程度B.质量一定的理想气体，温度越高压强越大C.热量只能从高温物体向低温物体传递D.分子势能随分子间距离的增大而增大7、下列有关现象的描述或判断正确的是（）A.露珠通常呈现球状，是水的表面张力作用的结果B.气体可以被压缩，但又不能无限地被压缩说明气体分子间存在相互作用的斥力C.悬浮在液体中的微小颗粒的无规则运动就是分子热运动D.在一个孤立的系统内，一切自然过程总是沿着分子热运动无序性减小的方向进行8、甲、乙两物体分别在恒力的作用下，沿同一直线运动，它们的动量随时间变化的关系如图所示，设甲在时间内所受的冲量为乙在时间内所受的冲量为则的大小关系是

A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)9、已知滑动变阻器接入电路的电阻与其接入电路的长度成正比。如图所示，电路中R3为滑动变阻器，R1、R2为定值电阻；A；V为理想电表，C为电容器，电路接稳恒电压U。当滑动变阻器的滑片P向下移动时，关于各物理量的变化，下列说法中正确的是。

A.电压表的示数变大B.电流表的示数变小C.电容器C两极板所带的电荷量增多D.R2消耗的功率变小10、如图所示，两根无限长的直导线平行放置，两导线中均通以大小相等、方向相反的恒定电流，图中的A点与两导线共面；且到两导线的距离相等。则该点的磁感应强度。

A.方向垂直纸面向外B.方向垂直纸面向里C.大小为零D.大小为单根导线在A点产生磁感应强度的2倍11、质谱仪是一种测量带电粒子质量和分析同位素的重要工具，它的构造原理如图，离子源A产生电荷量相同而质量不同的离子束（初速度可视为零），从狭缝S1进入电场，经电压为U的加速电场加速后，再通过狭缝S2从小孔垂直MN射入圆形匀强磁场．该匀强磁场的磁感应强度为B，方向垂直于纸面向外，半径为R，磁场边界与直线MN相切E为切点．离子离开磁场最终到达感光底片MN上，设离子电荷量为g，到达感光底片上的点与E点的距离为x；不计重力，可以判断（）

A.离子束带负电B.x越大，则离子的比荷一定越大C.到达处的离子在匀强磁场运动时间为D.到达处的离子质量为12、如图，两根平行光滑金属导轨固定在同一水平面内，其左端接有定值电阻R．Ox轴平行于金属导轨，在0≤x≤4m的空间区域内存在着垂直导轨平面向下的磁场，磁感应强度B随坐标x(以m为单位)的分布规律为B＝0.8-0.2x(T)．金属棒b在外力作用下从O处沿导轨运动，ab始终与导轨垂直并接触良好，不计导轨和金属棒的电阻．设在金属棒从x1＝1m经x2＝2m到x3＝3m的过程中，R的电功率保持不变；则金属棒。

A.在x1与x3处的电动势之比为1:1B.在x1与x3处受到磁场B的作用力大小之比为1:3C.从x1到x2与从x2到x3的过程中通过R产生的焦耳热之比为5:3D.从x1到x2与从x2到x3的过程中通过R的电量之比为5:313、如图所示，两根光滑平行金属导轨固定在倾角为30°的斜面上，导轨间距为L，导轨下端连接一个阻值为R的定值电阻，空间中有一磁感应强度大小为B、方向垂直导轨所在斜面上的匀强磁场．在斜面上平行斜面固定一个轻弹簧，弹簧劲度系数为k，弹簧上端与质量为m、电阻为r、长为L的导体杆相连，杆与导轨垂直且接触良好．导体杆中点系一轻细线，细线平行斜面，绕过一个光滑定滑轮后悬挂一个质量也为m的物块．初始时用手托着物块；导体杆保持静止，细线伸直，但无拉力．释放物块后，下列说法正确的是。

A.释放物块瞬间导体杆的加速度为gB.导体杆最终将保持静止，在此过程中电阻R上产生的焦耳热为C.导体杆最终将保持静止，在此过程中细线对导体杆做功为D.导体杆最终将保持静止，在此过程中流过电阻R的电荷量为14、一带正电粒子仅在电场力作用下做直线运动，从A点经B、C运动到D点，其v-t图象如图所示，则下列说法中正确的是()

A.A处的电场强度小于B处的电场强度B.粒子在A处的电势能大于在B处的电势能C.C,D间各点电场强度和电势都为零D.A,B两点的电势差等于C,B两点间的电势差15、下列判断正确的是________A.机械波既有横波又有纵波，而电磁波只有纵波B.机械波和电磁波都能产生干涉和衍射现象C.介质中质点振动的周期一定和相应的波的周期相等E.在双缝干涉实验中，若仅将入射光由绿光改为红光，则相邻干涉条纹间距变窄E.在双缝干涉实验中，若仅将入射光由绿光改为红光，则相邻干涉条纹间距变窄16、两列完全相同的机械波于某时刻的叠加情况如图所示；图中的实线和虚线分别表示波峰和波谷，此时______

A.a,b连线中点振动加强B.a,b连线中点速度为零C.a,b,c,d四点速度均为零D.再经过半个周期a,b两点振动减弱17、如图所示；弹簧的一端固定在竖直墙上，质量为m的光滑弧形槽静止在光滑水平面上，底部与水平面平滑连接，一个质量也为m的小球从槽高h处由静止开始自由下滑（）

A.在下滑过程中，小球和槽之间的相互作用力对槽不做功B.在下滑过程中，小球和槽组成的系统水平方向动量守恒C.被弹簧反弹后，小球和槽都做速率不变的直线运动D.被弹簧反弹后，小球能回到槽高h处评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)18、（1）用波长为的单色光照射单缝经过双缝在屏上产生明暗相间的干涉条纹，如图所示，图中为相邻亮纹的位置，为中央亮条纹，则（）

A.到达的路程差为零。

B.到达的路程差为

C.到达的路程差为

D.到达的路程差为

E.若改用波长为的单色光照射单缝光屏上条纹间距将变大。

（2）在“用双缝干涉测量光的波长”实验中。

①某同学先将光源靠近遮光筒的双缝端并等高放置；然后在筒的另外一侧观察，发现筒的上壁照得很亮，此时他应将遮光筒的观察端向______（选填“上”或“下”）调节．

②某次测量如图所示，则读数为______．

③几位同学实验时，有的用距离为的双缝，有的用距离为的双缝；同时他们还分别用红；紫两种不同颜色的滤光片遮住光源进行了观察；如图选自他们的观察记录，其中正确反映实验结果的是______．（已知红光波长大于紫光的波长）

19、如图，两侧粗细均匀、横截面积相等、高度均为的U型管，左管上端封闭，石管上端开口。右管中有高的水银柱，水银柱上表面离管口的距离管底水平段的体积可忽略。环境温度为大气压强现从右侧端口缓慢注入水银（与原水银柱之间无气隙），恰好使水银柱下端到达右管底部。此时封闭气体的压强为______要使封闭气体在回到原来的体积，应将气体温度升高到______

20、一定质量的理想气体由状态a经状态b、c、d又回到状态a，其体积V随温度T的变化图象如图所示。已知该气体在状态a时温度为压强为体积为在状态b时体积为其中则由状态a到状态b过程中，气体______（选填“吸热”或“放热”），由状态a到状态c气体的内能增加了100J，由状态d到状态a气体对外做的功则由状态c到状态a气体放出的热量为______J。

21、阴极射线管的上方有一根固定的导线AB，如图所示，当导线中通一如图所示的电流时，阴极射线管的电子流将向__________偏转。（填“下”或“上”）22、如图所示，质量为m的导体棒a从h高处由静止起沿足够长的光滑导电轨道滑下，另一质量为2m的导体棒b静止在宽为L的光滑水平导轨上，在水平轨道区域有垂直于轨道平面向上的匀强磁场，磁感应强度为B，a、b导体棒不会相碰，重力加速度取g，则a、b导体棒的最终的共同速度为__________，回路中最多能产生焦耳热为__________．

23、如图所示，金属环直径为d，总电阻为2R，匀强磁场磁感应强度为B，垂直穿过环所在平面．电阻为的导体杆AB沿环表面以速度v向右滑至环中央时，杆两端的电压为____________．

24、如图所示，在光滑的水平面上放置一质量为m的小车，小车上有一半径为R的光滑的弧形轨道，设有一质量为m的小球，以v0的速度，方向水平向左沿圆弧轨道向上滑动，达到某一高度h后，又沿轨道下滑，试求h=______，小球刚离开轨道时的速度为______．评卷人得分四、作图题(共3题，共9分)25、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

26、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

27、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、解答题(共1题，共10分)28、有一种测量人体重的电子秤，其原理图如图中的虚线所示，它主要由三部分构成：踏板、压力传感器R(是一个阻值可随压力大小而变化的电阻器)、显示体重的仪表G(实质是理想电流表)．设踏板的质量可忽略不计，已知理想电流表的量程为0~3A，电源电动势为E=15V，内阻为r=1Ω，电阻R随踏板变化的函数为R=29-0.02F(F和R的单位分别是N和Ω)．

（1）求该秤零刻度线(即踏板空载时的刻度线)

对应的流强度大小；（2

）求该秤能测量的最大体重；（3）该秤的刻度(体重刻度)是否均匀?参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【详解】

A.大量处于激发态的氢原子，跃迁时可以选2条高低轨道进行跃迁，所以发出种光；A错误。

B.氢原子从能级向能级跃迁时，辐射出的光子能量为B错误。

C.光子照射发生跃迁，光子能量必须等于两能级能量差，故基态的氢原子跃迁到激发态所需光子能量C错误。

D.能级跃迁到能级辐射出的光子能量故可以发生光电效应，D正确2、D【分析】【分析】

明确“用油膜法估测分子的大小”实验的实验原理：油酸以单分子呈球型分布在水面上；且一个挨一个，从而可以由体积与面积相除求出油膜的厚度，即可正确解答．

【详解】

测量一滴油酸酒精溶液体积用的是累积法，选项A错误；撒些痱子粉，不是为了围住油膜形成规则形状，而是让油酸形成单分子油膜，且一个靠着一个，故B错误．在坐标纸上计算油膜轮廓内格子数采用的是近似法，选项C错误；该实验是将油酸分子看做球体一个一个的单层排列，故采用的是借助物理模型间接测量的方法，选项D正确；故选D.3、C【分析】电动势反映电源的特性；与外电路的结构无关．故A错误．当电源没有接入电路时，电源两极间的电压等于电源电动势．当电源接入电路时，电源两极间的电压小于电源电动势．故B错误．电动势表征电源把其他形式的能转化为电能本领的大小，电动势越大，这种本领越大．故C正确．电动势是标量，有大小，没有方向．故D错误．故选C．

点睛：本题考查对电动势物理意义的理解能力，电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，与外电路的结构无关．4、C【分析】【分析】

首先认识电路的结构：灯泡与变阻器串联；电容器与灯泡并联．当滑动变阻器滑片P向右移动时，变阻器接入电路的电阻减小，根据欧姆定律分析．

【详解】

当滑动变阻器滑片P向右移动时；变阻器接入电路的电阻减小；

A.灯泡功率P=I2RL，RL不变；I增大，P增大，则灯泡变亮．故A错误；

B.电源的总功率P总=EI，E不变，I增大，P总增大．故B错误；

C.电容器电压UC=E-I（RL+r）减小，电容器电量Q=CUC减小．故C正确；

D.根据欧姆定律可知，电流增大，电压表的读数U=E-Ir减小．故D错误；

故选C．

【点睛】

本题考查电路动态分析的能力，比较简单．对于电路动态分析往往按“局部→整体→局部”的思路．5、A【分析】【详解】

每个光子的能量为

设每秒激光器发出的光子数是n，则

联立可得

故选A。6、A【分析】【详解】

A．悬浮在液体中微粒越小；布朗运动越明显，故A正确；

B．质量一定；体积一定的理想气体，温度越高压强越大，故B错误；

C．热量能够自发的从高温物体向低温物体传递；借助一些电器，热量可以从低温物体向高温物体传递，比如空调；冰箱等，故C错误；

D．当分子间力表现为斥力时；分子势能随分子间距离的增大而减小，D错误。

故选A。7、A【分析】【分析】

【详解】

A．露珠通常呈现球状；是水的表面张力作用的结果，A正确；

B．气体可以被压缩；但又不能无限地被压缩说明分子之间有间距，当气体分子间距被压缩到最小，分子本身的大小就不可以压缩了因此不能被无限压缩，B错误；

C．悬浮在液体中的微小颗粒的无规则运动间接反映并证明了分子热运动；C错误；

D．根据热力学第二定律一切自然过程总是沿着无序性增大的方向进行；D错误。

故选A。8、A【分析】【详解】

由图象可知，甲乙两物体动量变化量的大小相等，根据动量定理知，冲量的大小相等，即根据知，冲量的大小相等，作用时间长的力较小，可知故A正确，BCD错误。故选A。

【点睛】

根据图象，结合初末状态的动量比较动量变化量的大小，从而结合动量定理得出冲量的大小关系以及力的大小关系．二、多选题(共9题，共18分)9、A:D【分析】A、由题图可知，电压表与R1并联，电流表与R3串联后再与R2并联，两部分串联。在滑动变阻器的滑片P向下移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，电路的总电阻变小，总电流变大，R1两端的电压变大；电压表的示数变大，A正确；

B、并联部分的电压变小，即R2两端的电压变小，R2消耗的功率变小；电容器两端的电压变小，电容器放电，所带电荷量减少；通过R2的电流变小；总电流变大，所以通过电流表的电流变大，故BC错误，D正确。

点睛：本题是电路动态变化分析问题，要抓住不变量：电源的电动势、内阻及定值电阻的阻值不变，进行分析。10、B:D【分析】根据右手螺旋法则，导线周围的磁场的磁感线，是围绕导线形成的同心圆，由于两个导线通过的电流是大小相等，方向相反的，左边导线在A点的磁场方向都向里；右边导线在A点的磁场方向都向里，所以该点的两个磁场大小为单根导线在A点产生磁感应强度的2倍；故BD正确，AC错误；

故选BD。11、C:D【分析】【详解】

带电粒子在加速电场中做匀加速直线运动，设加速后的速度大小为v，根据动能定理有：解得：然后匀速运动到E点进入有界磁场中，其运动轨迹如下图所示：

粒子从E点先沿虚线圆弧，再沿直线做匀速直线运动到N点．由左手定则，粒子是正电．故A错误；由则x越大则r越大，则比荷越小，故B错误；在△ENO中解得:θ=60°，设带电粒子运动的轨迹圆的半径为r，根据数学知识有：解得：由由几何关系圆弧圆心角α=120°，联立可得：故CD正确．12、A:C:D【分析】【详解】

由于金属棒从经到的过程中，R的电功率保持不变，由功率的计算式知E应不变，故A正确；由安培力公式F=BIL及电功率P=EI知：故B错误；由于金属棒从经到的过程中，R的电功率保持不变，由知道R中的电流相等，再由安培力公式F=BIL，得F-x图象如图所示，显然图象与坐标轴围成的面积就是克服安培力做的功，即R产生的热量，所以故C正确；因为热量时间之比为5:3，根据C选项知电流相同时时间之比为5:3，因此电量故D正确．13、B:C:D【分析】【详解】

A．初始时，弹簧被压缩，弹力大小即释放物块瞬间，安培力为零，对杆和物块分析有：解得：故A错误．

B．由于电磁感应消耗能量，杆最终速度为零，安培力为零，细线拉力弹簧处于伸长状态；对导体杆有：解得：弹簧弹性势能不变，对物块、导体杆、弹簧整个系统，由能量守恒得：解得：电阻R上产生的焦耳热．故B项正确．

C．从运动到最终停止，弹簧弹力对导体棒做功为零，对导体棒运用动能定理得，又解得：细线对导体杆拉力做功．故C项正确．

D．流过电阻R上的电荷量故D正确．14、B:D【分析】【分析】

从图象可以看出；粒子做的是非匀变速直线运动，可得出受到的电场力不恒定，由带正电的粒子仅在电场力作用，有图线斜率代表加速度，有牛顿第二定律得知电场力的大小关系，从而得到电场强度的大小关系．由运动过程中，动能增加，势能减少，所以可判断出粒子在AB两点的电势能大小，有电场力做功的公式可得AB两点间的电势差与CB两点间的电势差的大小关系．

【详解】

A项：由运动的速度--时间图象可看出；带正电的粒子的加速度在A点时较大，由牛顿第二定律得知在A点的电场力大，故A点的电场强度一定大于B点的电场强度，故A错误；

B项：由A到B的过程中；速度变大了，说明是电场力做正功，电势能转化为动能，由功能关系可知，此过程中电势能减少，正电荷在A点是电势能大于在B时的电势能，所以粒子在A点的电势能高于B点的电势能，故B正确；

C项：从C到D；粒子速度一直不变，故电场力做功为零，可知CD间各点电场强度为零，但电势不一定为零，故C错误；

D项：A；C两点的速度相等；故粒子的动能相同，因此从A到B和从B到C电场力做功的绝对值相同，AB两点间的电势差等于CB两点间的电势差，故D正确．

故选BD．

【点睛】

本题考查到了电场力做功的计算和电场力做功与电势能的关系，其关系为：电场力对电荷做正功时，电荷的电势能减少；电荷克服电场力做功，电荷的电势能增加，电势能变化的数值等于电场力做功的数值．这常是判断电荷电势能如何变化的依据．还考查了对于匀变速直线运动的图象分析电荷在电场中移动时，电场力做的功与移动的路径无关，只取决于起止位置的电势差和电荷的电量，这一点与重力做功和高度差的关系相似．15、B:C:D【分析】【分析】

介质中质点振动的周期和相应的波的周期相等．波速公式v=λf适用于一切波．波都能产生干涉和衍射现象．机械波既有横波又有纵波；而电磁波只有横波．

【详解】

A；机械波既有横波又有纵波；而电磁波只有横波；故A不正确.

B；干涉和衍射是波的特有性质；机械波和电磁波都能产生干涉和衍射现象；故B正确.

C；波在传播过程中；介质中质点在波源驱动力作用下做受迫振动，振动周期都等于波的振动周期；故C正确.

D、机械波的频率、波长和波速三者满足的关系v=λf适用于一切波；对电磁波也适用；故D正确.

E、光的干涉条纹间距若仅将入射光由绿光改为红光，由于波长变大，故条纹间距变大；故E错误.

故选BCD.

【点睛】

本题考查对波的基本知识的掌握情况．要知道质点振动的周期和频率就等于波的周期与频率，明确机械波与电磁波的共性和区别．16、A:C【分析】【详解】

图是两列频率相同的相干水波于某时刻的叠加情况，实线和虚线分别表示波峰和波谷，则a点是波谷与波谷相遇点，b是波峰与波峰相遇点，c、d两点是波峰与波谷相遇点。则a、b两点是振动加强的，且a、b连线上也是振动加强的，即a、b连线中点振动加强，此时a、b连线中点速度最大，c、d两点是振动减弱的，故A正确，B错误；a、b、c、d四点要么处于波谷，要么处于波峰，因此它们的速度叠加后均为零，故C正确；a、b两点是振动加强的，则再经过半个周期a、b两点振动仍然是加强的，选项D错误。17、B:C【分析】【详解】

A项：在下滑过程中；槽要向左运动，小球和槽之间的相互作用力与槽的速度不垂直，所以对槽要做功，故A错误；

B项：小球在下滑过程中；小球与槽组成的系统水平方向不受力，水平方向动量守恒，故B正确；

CD项：小球与槽组成的系统动量守恒，球与槽的质量相等，小球沿槽下滑，球与槽分离后，小球与槽的速度大小相等，小球被反弹后球与槽的速度相等，小球不能滑到槽上，不能达到高度h处，因此都做匀速直线运动，C正确，D错误．三、填空题(共7题，共14分)18、略

【分析】【详解】

（1）选B、D、E．振动一致的两光源在空间发生干涉，得到亮条纹的条件满足若单色光波长变大，则条纹间距变大，E正确．

（2）①[1]发现筒的土壁照得很亮说明光线向上；即观察端偏下所以应将观察端向上调节．

②[2]螺旋测微器的固定刻度为可动刻度为所以最终读数为．

③[3]根据可知，当红光分别通过距离为和的双缝时，距离越大的条纹间的距离越小，故B正确；同理，当红光和紫光通过相同距离的双缝时，即L、d相同情况下，波长越长的条纹间的距离越大，故D正确．【解析】（1）BDE（2）①上②5.007③BD19、略

【分析】【详解】

[1]对于左端密封气体，状体1的体积为

状态1的压强为

状态2的体积为

根据气体实验定律得

解得

[2]升温过程是等压变化，根据气体实验定律得

将带入得【解析】88.932020、略

【分析】【详解】

[1]气体由状态a到状态b温度升高，则气体的内能增加，同时气体的体积增大，说明气体对外做功，由

其中气体对外做功W为负值，而内能增加，即为正，则Q为正值；故气体应从外界吸热。

[2]当气体再次回到状态a时，理想气体的内能回到原来的数值，即由状态c到状态a气体的内能减少100J，c到d过程，气体发生等容变化，对外不做功，c到a过程，由

可得

则由状态c到状态a气体对外放出的热量为【解析】吸热6021、略

【分析】根据安培定则判断可知：通电导线在阴极射线管处产生的磁场方向垂直纸面向里；电子带负电，向右运动，由左手定则判断得知电子流所受的洛伦兹力方向向下，所以阴极射线向下偏转．

【点睛】本题关键要掌握两大定则：安培定则和左手定则，要明确两个问题：一是什么条件用什么定则，二是怎样用定则．【解析】下22、略

【分析】【分析】

a先加速下滑，进入磁场后切割磁感线，产生感应电动势和感应电流，受到向左的安培力而做减速运动，b在安培力作用下向右加速运动；也切割磁感线产生感应电动势，此感应电动势与a的感应电动势方向相反，整个回路总的电动势减小，感应电流减小，两棒所受的安培力减小，当两棒的速度相等时，电路中不再产生感应电流，两棒不受安培力，将一起做匀速运动，达到稳定状态．以两棒组成的系统为研究对象，满足动量守恒，据动量守恒定律求解即可；当两棒最终一-起做匀速运动时，回路中不再产生焦耳热，根据能量守恒定律求解即可．

【详解】

第一空．a从h高处由静止滑到水平导轨处；由动能定理得：

解得：

a进入磁场后，a棒减速，b棒加速，最终速度相等，a、b系统水平方向合外力为零．

设水平向右为正方向；由动量守恒定律得：

解得，最终速度：

第二空．整个过程；对系统,由能量守恒定律得：

解得：．

【点睛】

本题考查电磁感应现象的综合应用，属于一般题型．【解析】23、略

【分析】【详解】

[1]杆切割产生的感应电动势为E=Bdv

两个电阻为R的半金属圆环并联，并联电阻

则电路电流（总电流）为

杆两端的电压为

考点：法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律。【解析】24、略

【分析】【详解】

小球从进入轨道；到上升到h高度时为过程第一阶段，这一阶段类似完全非弹性的碰撞，动能损失转化为重力势能（而不是热能）．

小球到达最大高度h时；小球与小车的速度相同，在小球从滑上小车到上升到最大高度过程中，系统水平方向动量守恒，以水平向左方向为正方向，在水平方向，由动量守恒定律得：

mv0=（m+m）v

系统的机械能守恒，则得：mv02=（m+m）v2+（m+m）gh

解得：h=

小球从进入到离开，整个过程属弹性碰撞模型，又由于小球和车的等质量，由弹性碰撞规律可知，两物体速度交换，故小球离开轨道时速度为零．【解析】0四、作图题(共3题，共9分)25、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，