2025年人教版（2024）选择性必修1物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版（2024）选择性必修1物理上册阶段测试试卷456考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图甲所示为一足够长的光滑固定斜面，倾角为30°．质量为0.2kg的物块静止在斜面底端，t=0时刻受到沿斜面方向拉力F的作用，取沿斜面向上为正方向，拉力F随时间t变化的图像如图乙所示，g=10m/s2，则下列说法正确的是（）

A.6s末物块的速度为10m/sB.物块一直沿斜面向上运动C.0～4s内拉力对物块做的功为20JD.0～6s内合外力对物块的冲量为6N·s2、如图甲所示，弹簧振子以点O为平衡位置，在A、B两点之间做简谐运动．取向右为正方向，振子的位移x随时间t的变化如图乙所示，下列说法正确的是

A.t=0.2s时，振子在O点左侧10cm处B.t=0.1s和t=0.3s时，振子的速度相同C.t=0.5s和t=0.7s时，振子的加速度相同D.从t=0.2s到t=0.4s，系统的势能逐渐增加3、关于物体的动量和冲量，下列说法中不正确的是（）A.物体所受合外力的冲量不为零，它的动量一定会改变B.物体所受的合外力越大，它的动量变化越快C.物体所受合外力的冲量越大，它的动量也越大D.物体的动量变化量的方向，就是它所受合外力的冲量的方向4、如图所示为一弹簧振子，O为平衡位置，以向右为正方向，则振子在B、C之间振动时（）

A.位移为负、速度为正B.位移为正、速度为负C.位移为负、速度为正D.位移为正、速度为负5、关于简谐运动的周期，以下说法不正确的是（）A.间隔一个周期的整数倍的两个时刻，物体的振动情况相同B.间隔半个周期的奇数倍的两个时刻，物体的速度和加速度可能同时相同C.半个周期内物体的动能变化一定为零D.一个周期内物体的势能变化一定为零6、如图所示，某次训练时将乒乓球发球机置于地面上方某一合适位置，正对竖直墙面水平发射乒乓球。现有两个质量相同乒乓球a和b以不同速度水平射出，碰到墙面时下落的高度之比为9：16，不计阻力，则乒乓球a和b（）

A.碰墙前运动时间之比为9：16B.重力对两乒乓球的冲量大小之比为9：16C.重力对两乒乓球做功之比为3：4D.初速度之比为4：37、在科学研究中，科学家常将未知现象同已知现象进行比较，找出其共同点，进一步推测未知现象的特性和规律．法国物理学家库仑在研究异种电荷的吸引力问题时，曾将扭秤的振动周期与电荷间距离的关系类比单摆的振动周期与摆球到地心距离的关系．已知单摆摆长为l，引力常量为G，地球质量为M，摆球到地心的距离为r，则单摆振动周期T与距离r的关系式为（）A.B.C.D.8、机械波和电磁波都能产生多普勒效应。下列现象中不属于利用多普勒效应的是（）A.交通警察利用测速仪向行进中的车辆发射频率已知的超声波，根据反射波的频率变化判断车速B.医生向人体内发射频率已知的超声波，根据接收到的被血管中的血流反射后的超声波的频率变化，判断血流的速度是否正常C.发生雷电时，人们利用看见闪电与听见雷声的时间间隔来估算自己与雷电发生处之间的距离D.天文学上通过对比某些元素在遥远天体上的发光频率与其静止在地球上的发光频率，判断天体相对于地球的运动速度9、两束单色光沿图示方向射向圆形玻璃砖；经两次折射后变成复色光，以下说法正确的是（）

A.光的频率比b光大B.在真空中，光传播速度比大C.改变入射光的入射角，有可能在第二次折射时发生全反射D.若以两种单色光分别用相同的装置做“用双缝干涉测定单色光的波长”的实验，则光观察到的条纹间距最大评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)10、如图所示，甲、乙分别是a、b两束单色光用同一双缝干涉装置进行实验得到的干涉图样，下列关于a、b两束单色光的说法正确的是（）

A.a、b光在真空中的波长满足B.a、b光在玻璃中的折射率满足C.若该两束光分别为红光和紫光，则a为紫光D.若a、b光分别从玻璃射入空气，则a光临界角较小11、在做“探究碰撞中的不变量”实验时，利用小车在光滑水平面上碰撞另一辆静止小车实现一维碰撞，下列操作和说法哪些是正确的（）A.相互作用的两车上，一个装上撞针，一个装上橡皮泥，是为了改变两车的质量B.相互作用的两车上，一个装上撞针，一个装上橡皮泥，是为了碰撞后粘在一起C.先接通打点计时器的电源，再释放拖动纸带的小车D.先释放拖动纸带的小车，再接通打点计时器的电源12、如图所示，可看作质点的物体从固定光滑斜面的顶端a以某初速度水平抛出，落在斜面底端b，运动时间为t，重力的冲量大小为I1，合外力做功为W1，若物体从a点由静止释放，沿斜面下滑，物体经过时间2t到达b，重力的冲量大小为I2，合外力做功为W2；不计空气阻力。下列判断正确的是（）

A.B.C.斜面与水平面的夹角为D.物体水平抛出到达b点时速度方向与水平方向夹角为13、关于动量变化量、冲量、动能变化量、合外力做功的理解，下列说法正确的是（）A.物体所受合外力冲量越大，它的动量也越大B.物体所受合外力冲量越大，它的动量变化量就越大C.质量一定的物体，当动量变化量不为零时，动能变化量也不为零D.当合外力对质量一定的物体做功不为零时，动能变化量也不为零，动量变化量也不为零14、质量为M；内壁间距为L的箱子静止于光滑的水平面上；箱子中间有一质量为m的小物块，小物块与箱子底板间的动摩擦因数为μ。初始时小物块停在箱子正中间，如图所示。现给小物块一水平向右的初速度v，小物块与箱壁碰撞N次后恰又回到箱子正中间，井与箱子保持相对静止。设碰撞都是弹性的，则整个过程中，系统损失的动能为()

A.B.C.D.15、如图，质量和半径都相同的四分之一光滑圆弧体A、B静止在光滑的水平面上，圆弧面的最低点和水平面相切，圆弧的半径为圆弧体B锁定，圆弧体可以自由滑动，一个小球从圆弧体的最高点由静止释放，在圆弧体B中上升的最大高度已知重力加速度大小为则（）

A.小球在圆弧体最高点滑下到分离过程中，小球与圆弧体组成的系统动量守恒B.小球与圆弧体的质量之比为1：2C.小球在圆弧体最高点滑下到分离过程中，圆弧体后退的距离为D.若圆弧体B没有锁定，则圆弧体B最终获得的速度大小为16、利用光的干涉规律可以检测工件表面的平整度与设计要求之间的微小差异。现将精度很高的标准玻璃板（样板）；放在被检查工件上面，如图甲所示，在样板的左端垫薄片，使标准玻璃板与被检查平面之间形成一楔形空气膜。用平行单色光向下照射，检查不同平面时可观察到图乙或图丙的干涉条纹。下列说法正确的是（）

A.干涉条纹是样板的上下两个表面的反射光干涉形成的B.当稍向右移动图甲中的薄片时，条纹间距会变小C.当换用频率更高的单色光照射时，条纹间距不变D.图丙条纹弯曲处对应着被检查平面处是凹陷的17、如图所示，一束光沿半径方向射向一块半圆柱形玻璃砖，在玻璃砖底面上的入射角为经折射后射出a、b两束光线；则（）

A.在玻璃中，a光的传播速度大于b光的传播速度B.在真空中，a光的波长小于b光的波长C.分别用a、b光在同一个双缝干涉装置上做实验，a光的干涉条纹间距大于b光的干涉条纹间距D.若改变光束的入射方向使角逐渐变大，则折射光线a首先消失评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)18、医学中常用频率为23kHz~27kHz的超声波破碎胆结石，某频率超声波在结石和胆汁中的波速分别为2250m/s和1500m/s，则该超声波在结石中的波长是胆汁中的___________倍。破碎结石时当超声波与结石体发生共振时效果最佳。已知结石体固有频率可表为为常数，如果采用25kHz的超声波破碎质量为m的结石效果最佳，为破碎质量比m略大的结石，应调整超声波的频率，频率应略___________（填“大于”或“小于”）25kHz。19、一；实验原理。

在一维碰撞中，测出相碰的两物体的质量m1、m2和碰撞前、后物体的速度v1、v2、v1′、v2′，算出碰撞前的动量p=___________及碰撞后的动量p′=___________，看碰撞前、后___________是否相等。

二；实验方案及实验过程。

方案一：利用气垫导轨完成一维碰撞实验。

1.实验器材。

气垫导轨、数字计时器、___________；滑块（两个）、重物、弹簧片、细绳、弹性碰撞架、胶布、撞针、橡皮泥。

2.实验过程。

（1）测质量：用天平测出滑块的质量。

（2）安装：正确安装好气垫导轨；如图所示。

（3）实验：接通电源，利用配套的光电计时装置测出两滑块各种情况下碰撞前后的___________。

（4）改变条件；重复实验：

①改变滑块的___________；

②改变滑块的初速度大小和方向。

（5）验证：一维碰撞中的___________。

3.数据处理。

（1）滑块速度的测量：v=式中Δx为滑块上挡光片的宽度（仪器说明书上给出，也可直接测量），Δt为数字计时器显示的滑块（挡光片）经过光电门的时间。

（2）验证的表达式：___________。

方案二：利用斜槽滚球完成一维碰撞实验。

1.实验器材。

斜槽、小球（两个）、___________、复写纸、白纸、___________；铅垂线等。

2.实验过程。

（1）测质量：用天平测出两小球的质量，并选定质量___________的小球为入射小球。

（2）安装：按照如图甲所示安装实验装置。调整固定斜槽使斜槽底端___________。

（3）铺纸：白纸在___________，复写纸在___________且在适当位置铺放好。记下铅垂线所指的位置O。

（4）放球找点：不放被撞小球，每次让入射小球从斜槽上某___________高度处自由滚下，重复10次。用圆规画___________的圆把所有的小球落点圈在里面。圆心P就是小球落点的平均位置。

（5）碰撞找点：把被撞小球放在斜槽末端，每次让入射小球从斜槽同一高度（同步骤4中的高度）自由滚下，使它们发生碰撞，重复实验10次。用步骤4的方法，标出碰后入射小球落点的平均位置M和被撞小球落点的平均位置N；如图乙所示。

（6）验证：连接ON，测量线段OP、OM、ON的长度。将测量数据填入表中，最后代入___________；看在误差允许的范围内是否成立。

（7）整理：将实验器材放回原处。

3.数据处理。

验证的表达式：m1·OP=m1·OM＋m2·ON。

三；注意事项。

1.前提条件：碰撞的两物体应保证“___________”和“正碰”。

2.方案提醒。

（1）若利用气垫导轨进行验证，调整气垫导轨时，应确保导轨___________。

（2）若利用平抛运动规律进行验证：

①斜槽末端的切线必须___________；

②入射小球每次都必须从斜槽___________高度由___________释放；

③选质量___________的小球作为入射小球；

④实验过程中实验桌、斜槽、记录的白纸的位置要始终保持不变。20、如图所示为一弹簧振子的振动图像；试完成以下问题：

（1）该振子简谐运动的表达式为___________；

（2）该振子在第时的位移为___________该振子在前内的路程为___________21、假设某实验室恰好位于震源的正上方，该实验室中悬挂着一个静止的弹簧振子和一个静止的单摆，弹簧振子的弹簧和小球（球中间有孔）都套在固定的光滑竖直杆上．某次有感地震中同一震源产生的地震纵波和横波的波长分别为5.0km和2.5km，频率为2.0Hz．则可观察到_________先开始振动（或摆动），若它开始振动（或摆动）3.0s后，另一装置才开始振动（或摆动），则震源离实验室的距离为________．22、如图所示，一质量m=2kg的物体A静止在光滑的水平面上，与水平方向成30°角、大小F=3N的恒力作用于该物体，历时10s，在这段时间内，力F的冲量大小为__________N·s；物体A的动量变化量为__________N·s。

23、阻尼振动。

（1）阻尼：当振动系统受到_______的作用时；振动受到了阻尼。

（2）阻尼振动：______逐渐减小的振动；如图所示。

（3）振动系统能量衰减的两种方式。

①振动系统受到_______阻力作用，机械能逐渐转化为_____；

②振动系统引起邻近介质中各_______的振动，能量向外辐射出去。24、如图所示，湖面中央O处有一振源在竖直平面内做简谐振动，某同学测得该振源的振动周期为T=0.1s。以图示时刻为计时的零时刻，且波向右传播，由此可求得该列水波的传播速度为v=______m/s，此时图中质点C的振动方向是______(选填“向上”或“向下”)，距离振源40m处的质点第一次出现波峰的时刻为t=______s。

25、如图甲所示，在“用双缝干涉测光的波长”实验中，将双缝干涉仪按要求安装在光具座上，已知双缝与屏的距离为L，双缝间距为d。

①调节仪器使分划板的中心刻度对准一条亮条纹的中心A，示数如图乙所示，其读数为x1=____________mm。移动手轮至另一条亮条纹的中心B，读出其读数为x2.

②写出计算波长的表达式λ=____________（用x1、x2、L、d表示）。

③若将滤光片由绿色换成红色，其他条件不变，则屏上干涉条纹的间距将____________（填“增大”“减小”或“不变”）。评卷人得分四、实验题(共4题，共8分)26、如图甲；用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系。

（1）实验中，直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的。但是，可以通过仅测量___________（填选项前的序号）；间接地解决这个问题。

A.小球开始释放高度hB.小球抛出点距地面得高度HC.小球做平抛运动的射程。

（2）已测得入射球质量为被碰小球为若两球相碰前后的动量守恒，其表达式为___________。

（3）经测定，小球落地点的平均位置距O点的距离如图乙所示。碰撞前、后的动量分别为与若碰撞结束时的动量为实验结果说明，碰撞前、后总动量的比值为___________（保留三位有效数字）。

（4）有同学认为，在上述实验中仅更换两个小球的材质，其它条件不变，可以使入射小球碰后做平抛运动的水平射程变化。请你用（3）中已知的数据，分析和计算出入射小球平抛运动的水平射程的最小值为___________（保留到小数点后二位）。27、用单摆测定重力加速度的实验装置如图所示。

①对测量原理的理解正确的是____。

A．由g=可知，T一定时，g与l成正比。

B．由g=可知，l一定时，g与T2成反比。

C．单摆的振动周期T和摆长l可用实验测定，由g=可算出当地的重力加速度。

②若测量结果得到的g值偏大，可能是因为____。

A．组装单摆时；选择的摆球质量偏大。

B．测量摆长时；将悬线长作为单摆的摆长。

C．测量周期时，把n次全振动误认为是（n+1）次全振动。

③下表是某同学记录的实验数据，并做了部分处理。组次123456摆长l/cm40.0050.0060.0080.00100.00120.0050次全振动时t/s63.074.077.589.5100.0109.5周期T/s1.261.481.551.792.19周期的平方T2/s21.592.012.403.204.80

请计算第5组实验中的T2=____s2。

④将上表数据输入计算机，可得到图2所示的l﹣T2图像，图线经过坐标原点，斜率k=0.25m/s2。由此求得重力加速度g=____m/s2。（π2=9.87，此空答案保留3位有效数字）28、如下表所示，用单摆测重力加速度，其中L0、d、n、t分别表示实验时已测得的数据。根据这些数据可以算出：

。悬线长度/m

摆球直径/m

全振动次数。

完成n次全震动的时间。

L0

d

N

t

（1）单摆的摆长L=_________；

（2）单摆的周期T=________；

（3）当地的重力加速度g=_______；

（4）为了利用单摆较准确地测出重力加速度，可选用的器材为______。

A．20cm长的结实的细线；小木球、秒表、米尺、铁架台。

B．100cm长的结实的细线；小钢球、秒表、米尺、铁架台。

C．100cm长的结实的细线；大木球、秒表、50cm量程的刻度尺、铁架台。

D．100cm长的结实的细线；大钢球、大挂钟、米尺、铁架台。

（5）若实验测得的g值偏小，可能的原因是_________。

A．测摆线长时摆线拉得过紧。

B．摆线上端未牢固地系于悬点；振动中出现松动，使摆线长度增加了。

C．开始计时时；秒表过迟按下。

D．实验中误将（n-1）次全振动数为n次29、在“用单摆测量重力加速度的大小”的实验中。

（1）安装好实验装置后，先用游标卡尺测量摆球直径d，测量的示数如图甲所示，则摆球直径______再测量摆线长l，则单摆摆长______（用d、l表示）；

（2）摆球摆动稳定后，当它到达______（填“最低点”或“最高点”）时启动秒表开始计时，并记录此后摆球再次经过最低点的次数n（1、2、3），当时刚好停表。停止计时的秒表如图乙所示，其读数为______s，该单摆的周期为______s（周期要求保留三位有效数字）；

（3）正确测量不同摆长L及相应的单摆周期T，并在坐标纸上画出与L的关系图线，如图丙所示。由图线计算出重力加速度的大小______（保留3位有效数字，计算时取9.86）

评卷人得分五、解答题(共3题，共6分)30、让一根均匀软绳的绳端M点在垂直于软绳的方向上做简谐运动；软绳上会形成横波波形，如图甲所示．已知软绳端点M的振动图像如图乙．观察发现，当t=1s时，软绳上各点都已经开始振动．在t=1.1s时刻，M；N平衡位置之间只有一个波峰，且N点处在平衡位置，M、N两点平衡位置之间距离d=0.6m．求：

①波长和传播速度；

②从端点M起振开始计时，绳上N点第五次运动到波峰位置的时间．31、如图所示，间距为L、倾角为30°的光金属轨道固定放置，轨道平面内有三个紧挨在一起的边长为L的正方形区域Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ，Ⅰ内分布着垂直轨道平面向下的匀强磁场，Ⅲ内分布着垂直轨道平面向上的匀强磁场，Ⅱ区内无磁场。ab、cd两金属棒用长为L、不可伸长的绝缘细线相连，起初ab棒刚好在区域的外面，cd棒刚好在里面。现给ab棒一初速度2v0使两棒一起减速下行，经时间t0后，cd棒刚好离开区域Ⅰ的速度为v0，此时，细线突然断开，同时在ab棒上施加一沿轨道平面向下的外力F，使ab向下做加速度大小为0.5g的匀加速运动，当cd棒进入区域恰好匀速下行。已知ab、cd两棒的质量分别为2m、m，ab棒在轨道间的电阻是cd棒在轨道间电阻的两倍。两棒与轨道垂直且接触良好，两棒粗细不计，轨道足够长且电阻不计，重力加速度为g；空气阻力忽略。

(1)判断cd棒分别经过区域Ⅰ；Ⅱ、Ⅲ过程中的电流方向。

(2)求区域Ⅰ、Ⅲ中两匀强磁场的磁感应强度的平方比即B12∶B22；

(3)已知从ab棒进入区域Ⅲ到cd棒离开区域Ⅲ的过程中a棒内产生的焦耳热为2Q，求外力F对ab棒做的功。

32、如图所示，一玻璃砖的截面由半圆柱和等腰直角三角形柱ABC组成，AC是半圆的直径，O点为圆心，AC长为2R，光屏MN距圆心O的距离为一束与AB等宽的平行光垂直AB面射入玻璃砖，发现从半圆弧上D点出射的光线恰好落在光屏上的F点，FO连线沿半圆的半径方向且垂直于AC，OD与OF夹角为（忽略未发生全反射光线的二次反射），光在真空中的传播速度为c；求：

（1）该玻璃砖的折射率；

（2）半圆弧上有一点E，OE与OF夹角为求射到E点的光线在玻璃砖中的传播时间。

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C【分析】【分析】

【详解】

AB．0~2s内，由牛顿第二定律得

可得

2~4s内，由牛顿第二定律得，加速度大小为

可得

则物块在0~2s内沿斜面向上做匀加速直线运动，2s速度为

2~3s内沿斜面向上做匀减速直线运动，3s末速度

3~4s内沿斜面向下做匀加速直线运动，速度为

4~6s内沿斜面向下做匀减速直线运动，6s时速度

AB错误；

C．在t=4s时和t=2s时物块在同一位置，速度等大反向，所以在0~4s内拉力对物块做的功等于0~2s内拉力对物块做的功

C正确；

D．根据动量定理可知0~6s内合外力对物块的冲量等于物块动量的变化量；初速度为零，6s时速度也为零，故0~6s内合外力对物块的冲量为零，D错误。

故选C。2、D【分析】【详解】

根据图像可知，t=0.2s时，振子在O点右侧处，选项A错误；因x-t图像的斜率等于速度，则t=0.1s和t=0.3s时，振子的速度方向相同，大小不同，选项B错误；t=0.5s和t=0.7s时，振子离开平衡位置的位移不同，则回复力不同，振子的加速度不相同，选项C错误；从t=0.2s到t=0.4s；弹簧长度增加，形变量增加，则系统的势能逐渐增加，选项D正确；故选D.

点睛；此题关键是能把振子的实际振动与图像结合起来；知道x-t图像的斜率等于速度；知道简谐振动的特点F=-kx；振子的加速度与位移是正比反向关系.3、C【分析】【分析】

【详解】

A．根据动量定理；物体所受合外力的冲量不为零，它的动量一定会改变，选项A正确，不符合题意；

B．根据动量定理；物体所受的合外力越大，它的动量变化越快，选项B正确，不符合题意；

C．物体所受合外力的冲量越大；它的动量变化也越大，选项C错误，符合题意；

D．根据动量定理；物体的动量变化量的方向，就是它所受合外力的冲量的方向，选项D正确，不符合题意。

故选C。4、A【分析】【分析】

【详解】

A．速度方向即振子运动方向，则位移向左为负；速度向右为正，A正确；

B．位移向右为正；速度向右为正，B错误；

C．位移向右为正；速度向左为负，C错误；

D．位移向左为负；速度向左为负，D错误。

故选A。5、B【分析】【分析】

【详解】

AD．根据周期的意义可知；物体完成一次全振动，所有的物理量都恢复到初始状态，故AD正确；

BC．当间隔半周期的奇数倍时；所有的矢量（不为零时）都变得大小相等，方向相反，动能与速度的平方成正比，故B错误，C正确。

故选B。6、D【分析】【分析】

【详解】

A．乒乓球做平抛运动，根据

可得乒乓球碰墙前运动时间之比为3：4；故A错误；

B．根据冲量的定义

可得重力对两乒乓球的冲量大小之比为3：4；故B错误；

C．根据重力做功

可知重力对两乒乓球做功之比为9：16；故C错误；

D．根据

可得两乒乓球做平抛运动的初速度之比为4：3；故D正确。

故选D。7、B【分析】【详解】

单摆的周期为

其中摆球所在处的重力加速度为

联立两式可得

故选B。8、C【分析】【详解】

A．交通警察利用测速仪向行进中的车辆发射频率已知的超声波；根据反射波的频率变化判断车速利用了声波多普勒效应的原理，故A正确，不符合题意；

B．医生向人体内发射频率已知的超声波；根据接收到的被血管中的血流反射后的超声波的频率变化，判断血流的速度是否正常也属于声波多普勒效应的应用，故B正确，不符合题意；

C．发生雷电时；人们利用看见闪电与听见雷声的时间间隔来估算自己与雷电发生处之间的距离是通过光速远大于声速，用这个时间间隔乘以声速来估算的，故它不属于多普勒效应的应用，故C错误，符合题意；

D．天文学上通过对比某些元素在遥远天体上的发光频率与其静止在地球上的发光频率；判断天体相对于地球的运动速度是属于光波的多普勒效应的原理应用，故D正确，不符合题意。

故选C。

多普勒效应是由于振源与观察者之间存在着相对运动；使观察者接受到的频率不同于振源频率的现象，据此判断即可。

本题考查的是多普勒效应在实际生活中的应用，能够很好地体现物理就在身边，物理与生活中的一些现象息息相关的新课改理念，是一道非常好的试题。9、D【分析】【分析】

【详解】

A．根据图中信息可知，b光的偏折角较大，则b光的折射率较大，故b光的频率比a光大；故A错误；

B．在真空中；任何单色光的传播速度均为光速。故B错误；

C．由于单色光在第一次折射时的折射角α；即为入射角与半径的夹角，第二次折射时的入射角β为第一次的折射光线与半径的夹角，显然。

故能进入玻璃砖的光线一定能折射出去；不可能发生全发射。故C错误；

D．根据A项分析可知，a光波长大于b光波长；根据双缝干涉条纹间距关系式，有。

故光观察到的条纹间距最大。故D正确。

故选D。二、多选题(共8题，共16分)10、C:D【分析】【详解】

A．根据双缝干涉相邻条纹间距公式

可知，在其他条件不变的情况下，相干光的波长越长，条纹间距越大，由题图可知λa＜λb；故A错误；

B．同种介质对频率越大的光折射率越大，又由λa＜λb可知所以na＞nb；故B错误；

C．由可知，若该两束光分别为红光和紫光，则a光为紫光；故C正确；

D．由na＞nb

知a光的临界角小于b光的临界角；故D正确。

故选CD。11、B:C【分析】【详解】

AB．相互作用的两车上；一个装上撞针，一个装上橡皮泥，是为了碰撞后两车粘在一起，有共同速度，选项A错误，B正确；

CD．先接通打点计时器的电源；待打点稳定后再释放拖动纸带的小车，选项C正确，D错误。

故选BC。12、A:B:C【分析】【详解】

A．由冲量定义式可知，两次重力相同，则冲量之比等于时间之比，即为

故A正确；

B．物体两种状态从a到b，都只有重力做功，物体下落高度一致，故合外力做功相等，即

故B正确；

C．物体平抛落到b点的过程，运动时间为t，则斜面高度物体沿斜面下滑，设斜面与水平面的夹角为θ，受重力、支持力作用，合外力为

运动时间为2t，则位移为

加速度为

则有

即

则有

解得

得

故C正确；

D．物体平抛落到b点的过程，水平位移为竖直位移为则有

那么，物体在b点的水平速度为v0，竖直速度为gt，所以，物体水平抛出到达b点时速度方向与水平方向夹角为

故D错误。

故选ABC。13、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．物体所受合外力冲量越大；它的动量变化就越大，不是动量越大，A错误B错误；

C．做匀速圆周运动的物体；由于线速度大小不变方向变化，则动量变化量不为零，动能变化量为零，C错误；

D．当合外力对质量一定的物体做功不为零时；根据动能定理，动能变化量肯定不为零，因为有合外力，一定产生冲量，则由动量定理可知，物体的动量一定变化，D正确。

故选BD。14、B:D【分析】试题分析：设物块与箱子相对静止时共同速度为V，则由动量守恒定律得得系统损失的动能为B正确，AC错误．根据能量守恒定律得知，系统产生的内能等于系统损失的动能，根据功能关系得知，系统产生的内能等于系统克服摩擦力做的功，则有．D正确；

故选BD

考点：动量守恒定律；功能关系．

点评：两个相对运动的物体，当它们的运动速度相等时候，往往是最大距离或者最小距离的临界条件．本题是以两物体多次碰撞为载体，综合考查功能原理，动量守恒定律，要求学生能依据题干和选项暗示，从两个不同角度探求系统动能的损失．又由于本题是陈题翻新，一部分学生易陷入某种思维定势漏选B或者D，另一方面，若不仔细分析，易认为从起点开始到发生第一次碰撞相对路程为则发生N次碰撞，相对路程为而错选C．15、C:D【分析】【详解】

A．小球与圆弧体组成的系统水平方向动量守恒；故A错误；

B．设小球质量为圆弧体质量为小球从圆弧体上滑下时，的速度大小为小球的速度大小由题意可知

解得

故B错误；

C．由可得

则

又

可得

故C正确；

D．若圆弧体B没有锁定，则小球与圆弧体B作用过程类似于弹性碰撞，交换速度，因此圆弧体B最终获得的速度大小为故D正确。

故选CD。16、B:D【分析】【详解】

A．干涉条纹是样板的下表面和被检查表面的上表面的反射光干涉形成的；A错误；

B．如下图所示，当稍向右移动图甲中的薄片时，A、B两点之间的距离增大，根据相当于双缝之间的距离d增大，条纹间距Δx变小；B正确；

C．根据当换用频率更高的单色光照射时，波长λ变短，条纹间距Δx变小；C错误；

D．如下图所示，在A、B两点的光程差相等，经过A点的两列相干光产生的亮条纹与经过B点的两列相干光产生的亮条纹是同一条亮条纹；所以图丙条纹弯曲处对应着被检查平面处是凹陷的，D正确。

故选BD。

17、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．由图可知，a光的偏折程度大于b光的偏折程度，所以a光的折射率大于b光的折射率，由公式

因此在玻璃中，a光的传播速度小于b光的传播速度；故A错误；

B．a光的折射率大于b光的折射率，a光的频率大于b光的频率，根据公式

因此a光的波长小于b光的波长；故B正确；

C．双缝干涉相邻的条纹间距

a光的波长小于b光的波长，所以a光的干涉条纹间距小于b光的干涉条纹间距；故C错误；

D．a光的折射率大于b光的折射率，由全反射的临界角公式

a光的临界角小于b光的临界角，所以a光首先消失；故D正确。

故选BD。三、填空题(共8题，共16分)18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]超声波在传播中频率不变，波长

则说明长与波速成正比，故波长之比为=1.5倍

根据频率公式，质量变大，固有频率变小，则超声波频率变小。【解析】1.5小于19、略

【分析】【详解】

略【解析】m1v1＋m2v2m1v1′＋m2v2′动量天平速度质量动量守恒m1v1＋m2v2=m1v1′＋m2v2′天平圆规大水平下上固定尽量小m1·OP=m1·OM＋m2·ON水平水平水平同一静止较大20、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]由图可知，振幅A=5cm，周期T=4s，则有

则振子简谐运动的表达式为

（2）[2]当t=100s时，位移为

[3]振子经过一个周期位移为零，路程为5×4cm=20cm

前101s是则路程为【解析】050521、略

【分析】【详解】

根据可知；纵波的传播速度较横波大，可知纵波先传到实验室，即弹簧振子先振动；

纵波的速度横波的速度：则解得x=30km.【解析】弹簧振子30km22、略

【分析】【详解】

[1]力F的冲量大小为

[2]由动量定理可知，物体A的动量变化量为【解析】3023、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.阻力②.振幅③.摩擦④.内能⑤.质点24、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]从图中可以看出该水波的波长为λ=2m，周期为T=0.1s，由此可求得该水波的波速为v==20m/s

[2]由于波向右传播；根据上下坡法，可知此时质点C的振动方向向上；

[3]从振源发出的波经过t1=s=2s

可传播到距离振源40m处的水面，由此可知40m处的质点第一次出现波峰的时间是t=t1－=1.975s【解析】20向上1.97525、略

【分析】【详解】

①[1]由图乙所示可知；游标卡尺示数为：19mm+4×0.1mm=19.4mm；

②[2]由双缝干涉条纹公式有：

而

联立可得：

③[3]由绿色换成红色，波长增大，其他条件不变，由双缝干涉条纹公式可知，屏上干涉条纹的间距将增大。【解析】19.4增大四、实验题(共4题，共8分)26、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]实验中；碰撞前后都让小球做平抛运动，可知。

竖直位移相同时所用时间相同；故初速度与水平位移成正比，可以通过仅测量小球做平抛运动的射程，即可验证动量是否守恒，C正确。

故选C。

(2)[2]若两球相碰前后的动量守恒；其表达式为。

由于初速度与射程成正比；故表达式可变形为。

(3)[3]碰撞前；后总动量的比值为。

(4)[4]当两球发生弹性碰撞时；入射球碰后速度最小，做平抛运动的水平射程最小，由动量守恒；机械能守恒可得。

联立解得。

即。

即的最小值为28.80cm。【解析】C1.0128.8027、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]重力加速度与单摆无关，由单摆周期公式可知

测出单摆的摆长L与周期T；可以求出重力加速度。

故选C；

(2)[2]由单摆周期公式可知

A．摆周期与摆球质量无关，组装单摆时，选择的摆球质量偏大不会导致g的测量值偏大；故A错误；

B．测量摆长时，将悬线长作为单摆的摆长，所测摆长L偏小，所测