2025年沪科新版必修3物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科新版必修3物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、健康同学认为；欧姆表测量电阻不够准确，他想换用伏安法进一步测量一段阻值约为5Ω电阻丝的电阻，有下列器材与电路：

a．电流表A1(0.6A；内阻约为0.1Ω)

b．电流表A2(3A；内阻约为0.1Ω)

c．电压表V1(3V；内阻约为6kΩ)

d．电压表V2(15V；内阻约为20kΩ)

e．滑动变阻器R1(2kΩ；0.5A)

f．滑动变阻器R2(10Ω；2A)

g．干电池E(3V；内阻约为0.05Ω)

h．开关一个；带夹子的导线若干。

为了尽量减小测量数据的读数误差，他应该（）A.电流表选用a，电路选甲B.电流表选用b，电路选甲C.电流表选用a，电路选乙D.电流表选用b，电路选乙2、如图所示，A、B、C、D是匀强电场中一正方形的四个顶点．已知A、B、C三点的电势分别为φA=15V，φB=3V，φC=-3V，由此可知，D点的电势为（）

A.3VB.6VC.9VD.12V3、如图，一根竖直立在水平地面上的细杆，其上端固定一个光滑的小滑轮A，一质量为m，带电荷量为+q的可视为质点的小球B通过细绳绕过滑轮A，并用水平力F拉住，在细杆上某点C处固定一个带电量为+Q的点电荷，此时小球B处于静止状态，且AB＝AC＝BC。现缓慢向左拉绳，使细绳AB的长度减为原来一半，同时改变小球B所带的电荷量+q的大小，且细绳AB与细杆的夹角保持不变，在此过程中，下列说法正确的是（）

A.细绳拉力F逐渐增大B.细绳拉力F逐渐减小C.小球B所带的电荷量q逐渐增大D.小球B所带的电荷量q先减小后增大4、如图所示是描述甲；乙两个点电荷电场的部分电场线，下列说法正确的是（）

A.甲带负电，乙带正电B.甲的电荷量大于乙的电荷量C.在P点由静止释放一个带正电的粒子，仅在电场力的作用下，粒子会沿电场线运动到Q点D.P点的电场强度小于Q点的电场强度5、许多手机都有指纹解锁功能；常用的指纹识别传感器是电容式传感器，如图所示。指纹的凸起部分叫做“嵴”，凹下部分叫做“峪”，传感器上有大量面积相同的小极板，当手指贴在传感器上时，这些小极板和与之正对的皮肤表面就形成了大量的小电容器，由于距离不同，所以这些小电容器的电容不同。此时传感器给所有的电容器充电达到同一电压值，然后开始放电，其中电容值较小的电容器放电较快，于是根据放电快慢的不同，就可以探测到嵴和峪的位置，从而形成指纹的图像数据。根据以上信息，下列说法中正确的是。

A.电容器在充电过程中是把电能转化成化学能B.在嵴处形成的电容器放电较快C.在峪处形成的电容器充电后带电量较小D.潮湿的手指对指纹识别没有任何影响评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)6、如图所示，在垂直纸面向里的匀强磁场中，有两根彼此靠近且平行的长直导线a和b放在纸面内，导线长度均为L。导线中通有如图所示的相反方向电流，a中电流为I，b中电流为2I，a受到的磁场力大小为F1，b受到的磁场力大小为F2；则（）

A.导线a的电流在导线b处产生的磁场方向垂直纸面向里B.F2=2F1C.F2<2F1D.导线a的电流在导线b处产生的磁感应强度大小为7、质量分别为和的两小球带有同种电荷，电荷量分别为和用绝缘细线悬挂在天花板上。平衡时，两小球恰处于同一水平位置，细线与竖直方向间夹角分别为与两小球突然失去各自所带电荷后开始摆动，最大速度分别为和最大动能分别为和则（）

A.一定大于B.一定小于C.一定大于D.一定大于8、如图所示，在空间直角坐标系中，AB两点分别放有等量的电荷量为的正点电荷，AB两点到坐标原点的距离为．点分别是x轴、y轴、z轴上的点，它们距坐标原点的距离均为关于两正点电荷在空间中产生的场强和电势，正确的是。

A.O点的场强大于P点的场强B.M点的场强与N点场强相等C.点的电势高于M点的电势D.M、N两点的电势相等9、如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，其中R1>r，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时；则（）

A.电压表读数变大，电流表读数变大B.R1和R2上的电压都增大C.质点P将向下运动，电源的效率增大D.R3上消耗的功率减小，电源的输出功率增大10、如图所示，M、N两处分别固定电荷量为+2q、-q的点电荷，A、B是M、N连线上的两个点，且MA=AB=BN。A、B之间的电势差为A、B两点场强分别为若仅取走右边的负电荷，A、B之间的电势差变为A、B两点场强分别为下面说法正确的是（）

A.B.C.D.11、空间有一半径为1m的圆形区域处于匀强电场中，匀强电场方向平行于圆形边界所处的平面。边界上有六个点等间距排列。电子从a点以初动能6eV朝不同方向飞出，经过圆形边界不同位置时，具有不同的速度，经过b处时动能最大；为7eV。电子重力不计，下列说法正确的是（）

A.电场方向为b→e，大小为2V/mB.电子经过e处时动能最小，为2eVC.因为六个点等间距排列，任意相邻两点间的电势差大小都相等D.经过O点的电子不能返回a点，经过f点的电子能返回a点12、下列关于电功、电功率和焦耳定律的说法中正确的是（）A.电功率越大，电流做功越快，电路中产生的焦耳热一定越多B.W=UIt适用于任何电路，而只适用于纯电阻电路C.在非纯电阻电路中，UI>I2RD.焦耳热Q=I2Rt适用于任何电路13、如图所示，在x轴上关于O点对称的F、G两点有等量正点电荷Q，正方形ABCD在xoy平面内，其中心在O点，且AB边与FG连线平行．则下列判断正确的是（））

A.O点电场强度为零B.A,C两点电场强度相等C.B,D两点电势相等D.若将点电荷-q从A点移向C，电场力做的总功为负评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)14、如图所示的电路中，当开关K闭合时，灯泡L正常发光，现断开开关K，闭合电路的总电阻将_____(填“增大”“减小”或“不变”)，灯泡L的亮度将______(填“变亮”“变暗”或“不变”)

15、热功率：

（1）定义：_______内的发热量称为热功率。

（2）表达式：P=_______。

（3）物理意义：表示电流_______的物理量。

（4）计算电路中某电阻（满足欧姆定律）的热功率时，可以用到的公式是_______。

①P=UI；②P=I2R；③P=④⑤P=16、多用电表使用前应先调整______，使指针指到零刻度．17、如图所示，两等量正电荷和分别置于A、B两点，为连线的中垂线，C在连线上，D在无穷远处，现将一正电荷由C点沿移到D点的过程中，其电势能将__________，电场强度将________．

18、为判断线圈绕向，可将灵敏电流计G与线圈L连接，如图所示，已知线圈由端开始绕至端；当电流从电流计G左端流入时，指针向左偏转。

（1）将磁铁N极向下，从线圈L中向上抽出时，发现指针向左偏转，俯视线圈，其绕向为___________（填：“顺时针”或“逆时针”）。

（2）当条形磁铁从图示中的虚线位置向右远离L时，指针向右偏转，俯视线圈，其绕向为___________（填：“顺时针”或“逆时针”）。评卷人得分四、实验题(共4题，共8分)19、某同学要测量一个由均匀新材料制成的圆柱体的电阻率步骤如下：

（1）用20分度的游标卡尺测量其长度如图甲所示，可知其长度为L=______mm。

（2）用螺旋测微器测量其直径如图乙所示，可知其直径为d=______mm。

（3）根据=______（用R、d、L及有关常数表示），即可计算该金属丝的电阻率。

该电阻的阻值约为2.2×102Ω。为更精确地测量其电阻；现有的器材及其代号和规格如下：

待测圆柱体电阻R；

电流表A1（量程0~15mA，内阻约为30Ω）；电流表A2（量程0~3mA；内阻约为50Ω）；

电压表V1（量程0~3V，内阻约为10kΩ）；电压表V2（量程0~15V；内阻约为25kΩ）；

直流电源E（电压为4V，内阻不计）；滑动变阻器R1（阻值范围0~15Ω）；

滑动变阻器R2（阻值范围0~2kΩ）；开关S；导线若干。

为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，请在虚线框中画出正确的电路图，并标明所用器材的代号______。

20、利用下列器材测量由两节干电池(内阻约为1.2Ω)组成的电源的电动势和内电阻．

A．电流表：量程0.6A；内电阻约1Ω

B．电流表：量程3A；内电阻约0.2Ω

C．电压表：量程3V；内电阻约30KΩ

D．电压表：量程15V；内电阻约60KΩ

E．滑动变阻器：0～1000Ω；额定电流0.5A

F．滑动变阻器：0～20Ω；额定电流2A

(1)为了使测量结果尽量准确，电流表应选用_______，电压表应选用_______，滑动变阻器应选用_______(均填仪器的字母代号)．

(2)请在图甲中用笔画线代替导线完成电路连接_______．

(3)在实验操作正确的情况下测得数据记录在下表中，请在图乙中作出U－I图象____________．。U/V2.942.862.812.762.712.62I/A0.060.120.180.240.300.38

(4)实验中测得该电源的电动势E=____________V，内电阻r=____________Ω．21、某同学查阅到某种材料的热敏电阻温度从10°C升至60°C时，阻值从几千欧姆降至几百欧姆，该同学利用伏安法测量其阻值随温度的变化关系。所用器材：电源E、开关S、滑动变阻器R（最大阻值为20Ω）；理想电压表、理想毫安表。操作过程如下：

（1）按图1所示连接电路。

（2）实验时，将热敏电阻置于温度控制室中，记录不同温度下电压表和毫安表的示数，计算出相应的热敏电阻阻值。实验中得到的该热敏电阻阻值R随温度I变化的曲线如图2所示。若某次测量中电压表和毫安表的示数分别为6.7V和2.80mA，则此时温度控制室中的温度为___________°C（结果保留2位有效数字）。

（3）利用实验中的热敏电阻制作温控报警器。其电路的一部分如图3所示。图中，E为直流电源（电动势为10V，内阻可忽略）；当图中的输出电压小于或等于5.0V时，便触发报警器（图中未画出）报警。若要求开始报警时环境温度为44°C，则图中___________（选填“R1”或“R2”）应使用热敏电阻，另一固定电阻的阻值应为___________kΩ（结果保留2位有效数字）。22、某研究性学习小组欲测定一块新型电池的电动势E和内阻r。供选择的仪器如下:

①待测电源E（电动势约为5V，内阻r约为几欧）；

②电流表A（最大量程1mA，内阻r1=100Ω）；

③电阻箱R1（0—99.9Ω）；

④电阻箱R2（0-9999.9Ω）；

⑤电键S及导线若干。

（1）小组同学首先要把电流表A与电阻箱_____________（填“R1”或“R2”）串联改装成一只量程为5V电压表，并把其连入电路的阻值R′调为_____________Ω。

（2）小组同学设计了电路图如图甲所示，闭合开关S，调整电阻箱值R，读出电流表A相应示数I。该学习小组测出多组R、I数据，用描点作图法作出-的图象如图乙，从图象中可知电源电动势E=______V；电源内阻r=______Ω（结果保留一位小数）。评卷人得分五、解答题(共3题，共27分)23、如图甲所示的电路中，R1、R2均为定值电阻，且R1=100Ω，R2阻值未知，R3为一滑动变阻器。当其滑片P从左端滑至右端时，测得电源的路端电压随电源中流过的电流变化图线如图乙所示，其中A、B两点是滑片P在变阻器的两个不同端点得到的。求：

（1）电源的电动势和内阻；

（2）定值电阻R2的阻值；

（3）滑动变阻器的阻值为多少时电源的输出功率最大？输出功率的最大值为多少？此时电源的效率为多少？

24、如图所示，光滑绝缘水平轨道AC与竖直面内的光滑绝缘半圆轨道相切于C，半圆轨道半径R=0.4m，虚线左侧空间存在水平向右的匀强电场，电场强度E1=5×103N/C，虚线右侧空间存在竖直向下的匀强电场，电场强度E2=2.5×103N/C，两个相同的金属小球1、2分别置于水平轨道A、B点，小球质量m=0.2kg，两点距离xAB=2.5m，1球带电量q=+2×10-4C，2球不带电；无初速度释放小球1，小球1与小球2在B点发生弹性碰撞，碰后两球继续运动，小球1刚好能沿圆轨道内侧到达圆心等高的D点；不考虑小球间的库仑力，重力加速度g=10m/s2；求：

（1）碰撞后瞬间小球2的速度大小；

（2）B、C两点的距离为多少；

（3）小球2脱离半圆轨道后落到水平轨道上，落点到C点的距离为多少。

25、构建理想化模型；是处理物理问题常见的方法．

（1）在研究平行板电容器的相关问题时，我们是从研究理想化模型——无限大带电平面开始的．真空中无限大带电平面的电场是匀强电场，电场强度为E0=其中k是静电力常量，σ为电荷分布在平面上的面密度，单位为C/m2．如图1所示，无限大平面带正电，电场指向两侧．若带负电则电场指向中央（图中未画出）．在实际问题中，当两块相同的带等量异种电荷的较大金属板相距很近时，其中间区域，可以看作是两个无限大带电平面所产生的匀强电场叠加；如果再忽略边缘效应，平行板电容器两板间的电场就可以看作是匀强电场，如图2所示．已知平行板电容器所带电量为Q，极板面积为S，板间距为d；求：

a.两极板间电场强度的大小E；

b.请根据电容的定义式，求出在真空中，该平行板电容器的电容C；

c.求解图2中左极板所受电场力的大小F．

（提示：因为带电左极板的存在已经影响到带电右极板单独存在时空间场强的分布，所以不能使用a问中计算出的场强；而是应该将电场强度“还原”到原来右极板单独存在时，在左极板所在位置产生的电场强度．）

（2）根据以上思路，请求解真空中均匀带电球面（理想化模型，没有厚度）上某微小面元所受电场力．如图3所示，已知球面半径为R，所带电量为Q，该微小面元的面积为∆S，带电球面在空间的电场强度分布为其中r为空间某点到球心O的距离．

（提示：“无限大”是相对的，在实际研究中，只要被研究点距离带电面足够近，就可认为该带电面为无限大带电平面）参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、C【分析】【详解】

电路最大电流约为

则电流表应选a，电源电动势为3V，因此电压表选c，由于

说明待测电阻较小；因此电流表应采用外接法，则电路应选乙，故C正确，ABD错误。

故选C。2、C【分析】【详解】

如图，作AB的中点F，则F点的电势为9V，连接DF，然后反向延长AB至E点，使得则E点的电势为-3V，连接CE，则CE为一条等势线；根据几何知识可得DF∥CE，故DF也是一条等势线，所以D点的电势为9V，故C正确．

3、B【分析】【详解】

AB．对小球B受力分析，小球B受重力mg、库仑力细绳拉力F，三个力作用下小球B平衡；开始时三个力构成等边矢量三角形，受力分析如图所示。

由受力图可知，当细绳AB长度减小且夹角不变时，细绳拉力F逐渐减小；故A错误，B正确；

CD．细绳AB长度逐渐减小为原来的一半过程中，库仑力减小，两点电荷之间的距离也逐渐减小，根据库伦公式

可知，小球B所带的电荷量q逐渐减小；故CD错误。

故选A。4、B【分析】【分析】

【详解】

AB．根据电场线分布特点；可判断出甲带正电；乙带负电，并且甲的电荷量大于乙的电荷量，A错误，B正确；

C．在P位置静止释放一个带正电的粒子，仅在电场力的作用下，粒子沿P位置电场线的切线从静止加速；会离开电场线，C错误；

D．根据电场线的密集程度可以判断出P点的电场强度大于Q点的电场强度；D错误。

故选B。5、C【分析】【详解】

A．电容器在充电过程中是把电能转化成电场能；故A错误；

BC．由于外接电源为所有电容器充到一个预先设计好的电压值，所以所有的电容器电压一定，根据可知，极板与指纹沟（凹的部分，d大；电容小）构成的电容器充上的电荷较少，在放电过程中放电时间短；反之，在嵴处形成的电容器电容大，电荷量大，放电时间长，故B错误，C正确；

D．湿的手与传感器之间有水填充；改变了原来匹配成平行板电容器的电容，所以会影响指纹解锁，故D错误。

故选C。二、多选题(共8题，共16分)6、A:C【分析】【详解】

A．由安培定则可知，导线a的电流在导线b处产生的磁场方向垂直纸面向里；选项A正确；

BCD．两个导线间的作用力是相互排斥力，根据牛顿第三定律，等大、反向、共线，大小设为Fab；磁场的磁感应强度为B，则

对左边电流有F1=BIL+Fab

对右边电流有F2=2BIL+Fab

两式联立解得Fab=2F1-F2

则2F1>F2

则a通电导线的电流在b导线处产生的磁感应强度大小为

则选项C正确，BD错误。

故选AC。7、C:D【分析】【详解】

A．对小球A受力分析；受重力；静电力、拉力，如图所示。

根据平衡条件，有

故

同理，有

由于故故A错误；

B．两球间的库仑力是作用力与反作用力；一定相等，与两个球是否带电量相等无关，故B错误；

C．设悬点到的竖直高度为则摆球A到最低点时下降的高度

小球摆动过程机械能守恒，有

解得

由于A球摆到最低点过程，下降的高度故A球的速度较大，故C正确；

D．小球摆动过程机械能守恒，有

故

其中相同，根据数学中的半角公式，得到

其中相同，故越大，动能越大，故一定大于故D正确。

故选CD。8、C:D【分析】【详解】

A．根据等量同种电荷电场分布情况可知，O点的场强小于P点的场强.故A错误.

B．根据电场的叠加原理可知M点的场强与N点的场强大小相等；方向不同.故B错误.

C．根据等量同种电荷电场分布情况可知，在AB直线上，约靠近O点电视越低，P点比M点在AB直线上的等势点离O点远，则点电势高于M点的电势.故C正确.

D．由对称性，M、N两点的电势相等，故D正确．9、B:D【分析】【详解】

C．当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，R4接入电路的阻值减小，电路总电阻减小，总电流增大，电源内电压增大，路端电压U减小，且R1两端电压增大，R3两端电压减小，平行金属板两端电压减小，板间电场强度减小，质点P将向下运动，根据

可知电源的效率减小；故C错误；

AB．因为R3两端电压减小，所以通过R3的电流减小，又因为总电流增大，所以通过R2的电流增大，即电流表读数增大，R2两端电压增大，R4两端电压减小；即电压表读数减小，故A错误，B正确；

D．因为R3两端电压减小，所以R3上消耗的功率减小。设电路的外电阻为R，则电源的输出功率为

根据数学知识可知当R=r时，P最大；当R＜r时，P随R的增大而增大；当R＞r时，P随R的减小而增大。由题意可知开始时一定有R＞r；所以电源的输出功率增大，故D正确。

故选BD。10、B:C【分析】【分析】

【详解】

AB．在A、B之间移动一个正的检验电荷，移走右边的负电荷后电场力做的功W减少，根据公式W=qU

可知

故A错误；B正确；

CD．根据电场叠加规律可得

解得

故C正确；D错误。

故选BC。11、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．电子经过b处时动能最大，则圆环上b点电势最高，过b点的等势面与圆形边界相切，可知场强方向为b→e，电子由a到b由动能定理得

得

a、b连线与的夹角为可得

得

故A正确。

B．圆形边界上的各点，e点电势最低，电子经过e点时动能最小，电子由b到e由动能定理

又

可得

故B错误。

C．六个点等间距排列；但相邻点的连线沿电场线方向的投影长度不同，相邻两点间的电势差大小不同，故C错误；

D．与（电场方向）有夹角，电子从a运动到O，说明电子在匀强电场中做曲线运动，不可能回到a点，与（电场方向）平行，电子从a运动到f（沿电场方向），说明电子做匀减速直线运动，则电子能回到a点；故D正确。

故选AD。12、B:C:D【分析】【详解】

A．电功率公式

表示电功率越大，电流做功越快．对于一段电路，有

焦耳热

可见Q与P、U、t、R都有关，所以P越大，Q不一定越大；A错；

B．电功的定义式

适用于任何电路，而

只适用于纯电阻电路，即

只适用于纯电阻电路；B正确；

C．在非纯电阻电路中，电流做的功等于焦耳热和其他形式的能之和，所以

即

C正确；

D．焦耳热的定义式

适用于任何电路；D正确。

故选BCD。13、A:C【分析】【详解】

A、根据电场线分布和叠加原理可知O点电场强度为零，故A正确；

B、根据电场线分布的对称性可知，A、C两点电场强度大小相等，方向相反，故B错误；

C、根据电场线分布的对称性和顺着电场线方向电势降低，D点的电势等于B点的电势，故C正确；

D、根据电场线分布的对称性和顺着电场线方向电势降低，A点的电势等于C点的电势，根据可知A点的电势能等于C点的电势能，所以将点电荷-q从A点移向C，电场力做的总功为0，故D错误；

故选AC．

【点睛】

空间各点的电场强度是两个点电荷产生的电场强度的合成，根据叠加原理分析电场方向，确定电势关系和电场强度关系；确定出从A到C电势的变化，根据电场力做功．三、填空题(共5题，共10分)14、略

【分析】【详解】

[1]．闭合开关时电路中的总电阻为

断开开关电路中的总电阻为R′=r+RL+R1

所以断开开关后电路中的总电阻增大；

[2]．断开开关电路的总电阻变大，根据欧姆定律知，电路中的总电流变小，所以灯泡变暗；【解析】增大变暗15、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]定义：单位时间内的发热量称为热功率。

（2）[2]表达式：P=I2R。

（3）[3]物理意义：表示电流发热快慢的物理量。

（4）[4]对纯电阻，所有的功率公式都满足，即计算电路中某电阻（满足欧姆定律）的热功率时，可以用到的公式是①②③④⑤。【解析】单位时间I2R发热快慢①②③④⑤16、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】指针定位螺丝17、略

【分析】【详解】

[1]在无穷远处的电势为零，所以从C点到D点；电势能将减小；

[2]等量正电荷在C点的电场强度为零，C点到D点电场强度先增大后减小。【解析】减小先增大后减小18、略

【分析】【详解】

（1）[1]将磁铁N极向下；从线圈L中向上抽出时，磁铁离开线圈，穿过L的磁场向下，原磁通量减小，由楞次定律可知，感应电流的磁场方向与原磁场方向相同，感应电流磁场应该向下，电流表指针向左偏转，电流从电流表左端流入，由安培定则可知，俯视线圈，线圈绕向为逆时针。

（2）[2]当条形磁铁从图中虚线位置向右远离L时，穿过L的磁通量向上，磁通量减小，由楞次定律可知，感应电流磁场应向上，指针向右偏转，电流从右端流入电流表，由安培定则可知，俯视线圈，其绕向为逆时针。【解析】逆时针逆时针四、实验题(共4题，共8分)19、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]20分度游标卡尺的精度为0.05mm；主尺读数为12mm，游标卡尺的读数为。

4×0.05mm+12mm=12.20mm（2）[2]螺旋测微器读数为。

6.5mm+36.0×0.01mm=6.860mm（3）[3]由电阻公式得。

R==解得。

=[4]要求测量多组数据，滑动变阻器采用分压式接法，那么滑动变阻器应选择阻值小的R1，电源电动势为4V，电压表V2量程过大，读数不准，所以电压表选择V1，由于粗测电阻在220左右；电流最大约为。

Im=≈13.6mA所以电流表选择A1。因为ARV；所以电流表采用外接法，电路图如图所示。

【解析】12.206.86020、略

【分析】【分析】

；

【详解】

（1）待测电源为两节干电池；则电压表应选3V量程；根据题中给定的数据表可知，电流在0.6A之内，故电流表选择0.6A的量程；滑动变阻器选择0～20Ω为宜，选择太大线性度不高．故电流表用A，电压表用C，滑动变阻器用F；

（2）实物电路图连接如下。

（3）U-I曲线绘制如下。

（4）由可知，该图象与纵轴的截距代表电动势E，图象的斜率的绝对值表示电源内阻r，故电动势内阻．由于不同的同学求斜率选点由差异，故内阻在0.90Ω<r<1.1Ω的范围内都算正确．【解析】①.A②.C③.F④.⑤.⑥.3.0V⑦.1.0Ω(0.90Ω<r<1.1Ω的范围内都算正确)21、略

【分析】【分析】

【详解】

(2)[1]根据欧姆定律得

根据图2；可知温度大约为23°C。

(3)[2]当输出电压小于或等于5.0V时，便触发报警器报警，说明温度升高时，输出端电阻减小，所以图中R2应使用热敏电阻。

[3]开始报警时环境温度为44°C，此时热敏电阻的阻值是1.0kΩ，则根据串联电路的电压分配规律得定值电阻的阻值为1.0kΩ。【解析】①.23②.R2