2025年粤教版高二物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教版高二物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、图中两条平行虚线之间存在匀强磁场，虚线间的距离为L，磁场方向垂直纸面向里．abcd是位于纸面内的直角梯形线圈，ab与dc间的距离也为L，t=0时刻ab边与磁场区域边界重合，如图所示，现令线圈以恒定的速度v沿垂直于磁场区域边界的方向穿过磁场区域．取沿a→d→c→b→a的感应电流为正；则在线圈穿越磁场区域的过程中，感应电流I随时间t变化的图线可能是（）

A.

B.

C.

D.

2、两个放在绝缘架上的相同金属球，相距为r，已知球的半径比r小很多，带电量大小分别为q和-3q，相互作用力为3F。现将这两个金属球相接触，过一段时间再分开，仍放回原处，则它们之间的相互作用力可能变为（）A.FB.4F/3C.4FD.03、在科学发展过程中，许多科学家对物理学的发展作出了巨大贡献，下列表述正确的是(

)

A.开普勒在整理第谷的观测数据之上，总结得到行星运动规律B.库仑提出了电荷周围存在电场的观点C.元电荷e

的数值最早是由物理学家法拉第测得的D.伽利略发现万有引力定律并测得万有引力常量G

值4、如图所示，当变阻器R3

的滑动头P

向b

端移动时

A.电压表示数变大，电流表示数变小B.电压表示数变小，电流表示数变小C.电压表示数变大，电流表示数变大D.电压表示数变小，电流表示数变大5、如图为AB

两个物体的四个x鈭�t

图象；以下说法正确的是(

)

A.图(1)

中AB

两个物体同时从同一位置开始运动B.图(2)

中AB

两个物体做匀速直线运动的速度相同C.图(3)

中AB

两个物体从同一位置开始做加速度不同的匀加速运动D.图(4)

中AB

两个物体的运动方向相同评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)6、关于经典力学的适用范围，正确的是（）A.低速运动B.宏观物体C.弱引力作用D.微观粒子7、如图所示，在xOy

平面内有两根平行y

轴水平放置的长直导线，通有沿y

轴正方向大小相等的电流I

两导线关于y

轴对称，P

为x

轴上一点，O

为z

轴上一点，下列说法正确的是(

)

A.O

点处的磁感应强度为零B.PQ

两点处的磁感应强度方向垂直C.PQ

两点处的磁感应强度方向平行D.正电荷从O

点沿z

轴向上运动不受洛伦兹力作用8、充电宝是当今流行的移动充电电源，人们可以随时随地的给手机充电.

某容量为12000mA?h

的充电宝，下列说法正确的是(

)

A.该充电宝储存的电荷量为43200C

B.该充电宝能给手机充电12000h

C.该充电宝充电的电流大小为12000mA

D.若手机通话时平均电流为200mA

则该充电宝能支持手机通话最长可达60h

9、[

多选]

通过观测冥王星的卫星，可以推算出冥王星的质量。假设卫星绕冥王星做匀速圆周运动，除了引力常量外，至少还需要两个物理量才能计算出冥王星的质量。这两个物理量可以是()A.卫星的速度和角速度B.卫星的质量和轨道半径C.卫星的质量和角速度D.卫星的运行周期和轨道半径10、如图所示，细线拴一带负电的小球，球处在竖直向下的匀强电场中，使小球在竖直平面内做圆周运动，则()A.小球可能做匀速圆周运动B.当小球运动到最高点时绳的张力一定最小C.小球运动到最低点时，球的线速度一定最大D.小球运动到最低点时，电势能一定最大11、两个等量异种电荷的连线的垂直平分线上有ABC

三点，如图所示，下列说法正确的是(

)

A.a

点电势比b

点高B.ab

两点的场强方向相同，b

点场强比a

点大C.abc

三点和无穷远处等电势D.一个电子在a

点无初速释放，则它将在c

点两侧往复运动12、如图所示，AB

球的质量相等，弹簧的质量不计，倾角为娄脠

的斜面光滑.

系统静止时，弹簧与细线均平行于斜面，在细线被烧断的瞬间，下列说法中不正确的是(

)

A.两个小球的瞬时加速度均沿斜面向下，大小均为g?sin娄脠

B.B

球的受力情况未变，瞬时加速度为零C.A

球的瞬时加速度沿斜面向下，大小为g?sin娄脠

D.弹簧有收缩趋势，B

球的瞬时加速度向上，A

球的瞬时加速度向下，瞬时加速度都不为零评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)13、长为L的水平通电直导线放在倾角为的光滑的斜面上，并处在磁感应强度为B的匀强磁场中，若磁场方向竖直向上，则电流为I1时导线平衡，若磁场方向垂直于斜面向上，则电流为I2时导线平衡，那么样I1：I2=____14、（4分）如图所示，理想变压器的次级有两组线圈，图中三个灯泡的规格相同，四个电表对电路的影响都可忽略不计。开关K断开时，灯L1正常发光，这时两电流表示数之比I1：I2是1：4；开关K闭合时，三个灯都正常发光，这时两电流表示数之比，两电压表示数之比U1：U2=______15、如图所示是探究感应电流与磁通量变化关系的实验．下列操作会产生感应电流的有______．

①闭合开关的瞬间；

②断开开关的瞬间；

③条形磁铁穿过线圈；

④条形磁铁静止在线圈中。

此实验表明：只要穿过闭合电路的磁通量发生______，闭合电路中就有感应电流产生．16、（略）17、如图甲所示；一定量理想气体的状态沿1隆煤2隆煤3隆煤1

的顺序作循环变化.

若用V鈭�T

或P鈭�V

图象表示这一循环，乙图中表示可能正确的选项是______．

18、写出下列核反应方程式，并写明核反应类别（1）＋＋，是原子核的（2）＋＋，是原子核的（3）＋，是原子核的（4）＋＋＋，是原子核的19、如图，A放在水平面上，B放在A的斜面上，C放在B的水平的上表面上，B、C一起沿A的斜面匀速下滑时，A保持静止．已知A的倾角为θ，B、C的质量分别为mB和mC，那么B对C的摩擦力大小为______，水平面对A的摩擦力大小为______，若将C从B上取走，B的运动状态将______．20、如图所示，一交流发电机线圈共50匝，ab=0.1m，bd=0.2m，总电阻为10Ω，在B=0.5T的匀强磁场中从磁通量最大位置开始以100r/s的转速匀速转动，外电路中接有R为40Ω的电阻，当线圈转过周期时，电流表的读数为____________；电压表读数为____________；这段时间内通过外电阻R的电荷量为____________．21、要测绘一个标有“3V；0.6W”小灯泡的伏安特性曲线，灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到3V，并便于操作。已选用的器材有：

电池组（电动势为4.5V；内阻约1Ω）；电流表（量程为0～250mA．内阻约5Ω）；

电压表（量程为0～3V．内限约3kΩ）；电键一个；导线若干。

①实验中所用的滑动变阻器应选下列中的______（填字母代号）。

A．滑动变阻器（最大阻值20Ω；额定电流1A）

B．滑动变阻器（最大阻值1750Ω；额定电流0.3A）

②实验的电路图应选用下列的图______（填字母代号）。

③实验得到小灯泡的伏安特性曲线如图所示。如果将这个小灯泡接到电动势为1.5V；内阻为5.0Ω的电源两端，小灯泡消耗的功率是______W。

评卷人得分四、判断题(共4题，共24分)22、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）23、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

24、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

25、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

评卷人得分五、作图题(共4题，共16分)26、根据所给电路图（图甲）；请在图乙中以笔划线代替导线将实物图补充完整．

27、根据磁感应强度B

电流I

和安培力F

的相互关系；请根据要求作图．

28、如图所示；一束红色激光从空气射入厚度均匀的平行玻璃砖．

（1）请完成该光线射到CD界面之后的光路图．

（2）随着入射角θ1的不断增加，该光线______（选填“能”或“不能”）在CD界面发生全反射．29、如图所示，在图(1)

中，G

为指针在中央的灵敏电流表，连接在直流电路中时的偏转情况.

今使它与一线圈串联进行电磁感应实验，则图(2)

中的条形磁铁的运动方向是______；图(3)

中电流计的指针将向______偏转；图(4)

中的条形磁铁上端为______极．评卷人得分六、证明题(共2题，共12分)30、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。31、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、A【分析】

开始ab边进入磁场切割磁感线，由右手定则可知，电流方向为a→d→c→b→a；电流方向是正的，故BD错误；

由右手定则可知，ab边离开磁场时，感应电流方向是a→b→c→d→a；电流方向是负的，故A正确，C错误；

故选A．

【解析】【答案】由右手定则判断回路中感应电流方向；采用排除法分析答题．

2、A【分析】【解析】试题分析：由库仑定律得到将这两个金属球相接触后，电荷量是先中和再平分，即分开后两球的电荷量都是-q，由库仑定律得到A对，BCD错。考点：本题考查库仑定律【解析】【答案】A3、A【分析】解：A

开普勒在整理第谷的观测数据之上；总结得到行星运动规律；故A正确；

B；法拉第最早提出了电荷周围存在电场的观点；故B错误；

C；元电荷最早是由美国物理学家密立根测出的；故C错误；

D；牛顿发现的万有引力定律；卡文迪许通过实验测出的引力常量G

故D错误；

故选：A

．

根据物理学史和物理常识解答；记住著名物理学家的主要贡献即可．

本题考查物理学史，属于常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，注重积累.

同时注意准确，不能张冠李戴．【解析】A

4、D【分析】略【解析】D

5、B【分析】解：A.

由图可知：B

物体比A

物体先运动；但都是从x=0

位置处出发的，故A错误；

B.x鈭�t

图象中；倾斜的直线表示匀速直线运动，斜率表示速度.

由图可知AB

速度图象是平行的倾斜直线，所以AB

两个物体做匀速直线运动的速度相同，故B正确；

C.x鈭�t

图象中；倾斜的直线表示匀速直线运动，斜率表示速度.

由图可知AB

速度图象从同一位置出发做匀速直线运动，且A

的速度大于B

的速度，故C错误；

D.x鈭�t

图象中；倾斜的直线表示匀速直线运动，斜率表示速度.

由图可知A

速度图象斜率为正，B

图象斜率为负，故运动方向相反，故D错误．

故选B．

x鈭�t

图象中；倾斜的直线表示匀速直线运动，斜率表示速度；与x

轴的交点表示初始位置，与时间轴的交点表示开始运动的时间．

位移图象的特点：垄脵

位移图象的斜率等于物体的速度；垄脷

位移图象的纵坐标表示物体在某时刻的位置.

这是我们解题的关键．【解析】B

二、多选题(共7题，共14分)6、ABC【分析】解：经典力学的基础是牛顿运动定律；经典力学只适用于宏观世界，低速运动，和弱引力下．所以选项ABC正确，D错误．

故选：ABC

经典力学是狭义相对论在低速（v＜＜c）条件下的近似；牛顿经典力学只考虑了空间，而狭义相对论既考虑了空间，也考虑了时间，牛顿经典力学只适用于宏观低速物体，而微观；高速物体适用于狭义相对论．

本题考查经典力学的局限性；但一定要注意明确经典力学并没有过时，只是在一定的范围内适用．【解析】【答案】ABC7、AB【分析】解：A

根据安培定则可判断出两电流在0

点处产生的磁感应强度等大反向；合磁感应强度为零。故A正确。

B；两电流在P

点的磁场方向相反；叠加后合磁场方向沿z

轴正方向；两电流在z

轴正方向上各点产生的磁感应强度矢量叠加后，都沿x

轴负方向，PQ

两点磁场方向垂直。故B正确。C错误。

D；正电荷从O

点沿z

轴向上运动；由左手定则判断其受沿y

轴正方向的洛伦兹力作用。故D错误。

故选：AB

根据右手螺旋定则判断出磁场的方向；通过场强的叠加得出合场强的方向．

解决本题的关键会根据右手螺旋定则(

安培定则)

判断电流周围磁场方向，以及会通过左手定则判断洛伦兹力方向．【解析】AB

8、AD【分析】解：A

根据公式：q=It=12000隆脕10鈭�3隆脕3600=43200C.

故A正确；

B；12000mA?h

是电池的容量；不知道充电宝给手机充电时的电流，所以不能判断出充电的时间.

故B错误；

C；12000mA?h

是电池的容量；不表示该充电宝充电的电流大小为12000mA.

故C错误；

D、若手机通话时平均电流为200mA

则该充电宝能支持手机通话最长时间为：t隆盲=qI隆盲=43200200隆脕10鈭�3=216000s=60h.

故D正确．

故选：AD

电池板充电后储存的电能等于容量与电动势的乘积；由此分析即可．

电池的容量是电池的重要参数之一，要理解电池的容量即电池放电的最大电量是解答的关键．【解析】AD

9、AD【分析】【分析】人造卫星绕地球做匀速圆周运动时，万有引力充当向心力，由万有引力定律结合牛顿第二定律列式求中心天体的质量，然后由选项条件判断正确的答案。解答万有引力定律在天体运动中的应用时要明确天体做匀速圆周运动，其受到的万有引力提供向心力，会用线速度、角速度、周期表示向心力，同时注意公式间的化简。【解答】卫星围绕冥王星做匀速圆周运动；万有引力提供向心力；

A.已知卫星的速度和角速度，则轨道半径r=v娄脴

根据GMmr2=m娄脴v

即可求解冥王星质量M

故A正确；

B.根据GMmr2=mv2r

可知；卫星的质量可以约去，只知道半径不能求出冥王星质量，故B错误；

C.根据GMmr2=m娄脴2r

可知；卫星的质量可以约去，只知道角速度不能求出冥王星质量，故C错误；

D.根据GMmr2=m4娄脨2rT2

可知；知道卫星的运行周期和轨道半径可求解冥王星质量M

故D正确。

故选AD。【解析】AD

10、AD【分析】【分析】带电小球做圆周运动，由重力、线的拉力、电场力三力的合力提供，但三者的大小未知，小球是否做匀速圆周运动以及何时速度最大要具体分析，电势能的大小可由其算式分析；能正确分析向心力来源，知道电势分布于电场线之间的关系，明确电势能计算式。【解答】A.重力竖直向下；电场力竖直向上；若使二者相等且保持绳子拉力大小不变，则有可能做匀速圆周运动，故A正确；

B.重力与电场力大小未知；小球速度最小位置不确定，由受力分析结合牛顿第二定律得知，绳子张力最小位置不确定，故B错误；

C.由B

分析可知；C错误；

D.沿电场方向电势逐渐降低；结合小球带负电，故在电势最低处点势能最大，故D正确；

故选AD。【解析】AD

11、BC【分析】解：AC

如图，abc

是两个等量异种电荷连线的垂直平分线的三点；电势相等，而且与无穷远处电势相等.

故A错误，C正确．

B、ab

两点的场强方向都与垂直平分线垂直向右，方向相同.

由于b

处电场线密；电场强度大于a

处电场强度.

故B正确．

D；一个电子在a

点受到的电场方向垂直于垂直平分线向左；无初速释放后，将向左下方运动，不可能到达c

点.

故D错误．

故选：BC

．

两个等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等势线；电场强度方向与等势面方向垂直；而且指向电势低的方向.

根据电子的受力情况，分析电子的运动情况．

对于等量异种电荷和等量同种电荷连线和垂直平分线的特点要掌握，抓住电场线和等势面的对称性进行记忆．【解析】BC

12、AD【分析】解：细线未剪断前；根据共点力平衡得，弹簧的弹力F=mgsin娄脠

．

剪断细绳的瞬间；弹簧弹力不变，对于B

瞬间合力为零，则B

的瞬时加速度为零．

对于A

合力为F潞脧=mgsin娄脠+F=2mgsin娄脠

根据牛顿第二定律得，A

的瞬时加速度方向沿斜面向下，大小为2gsin娄脠.

故B；C正确，A

D错误．

本题选不正确的；故选：AD

．

细线烧断的瞬间；弹簧弹力不变，根据牛顿第二定律求出瞬时加速度的大小．

解决本题的关键能够正确地受力分析，抓住瞬间弹簧弹力不变，结合牛顿第二定律进行求解．【解析】AD

三、填空题(共9题，共18分)13、略

【分析】【解析】试题分析：若磁场方向竖直向上，则安培力水平方向．由平衡条件可得：若磁场方向垂直于斜面向上，则安培力沿斜面向上．由平衡条件可得：则考点：安培力；共点力平衡的条件及其应用．【解析】【答案】14、略

【分析】试题分析：当开关K断开时，灯L1正常发光，由电流与匝数成反比得，原线圈和次级线圈的匝数之比：因为开关K闭合时，三个规格相同的灯泡都正常发光，所以下边次级线圈的电压和上面次级线圈的电压相等，且通过三灯泡的电流相等，又因电压与匝数成之比，则上面和下面次线圈的匝数相等，故两电压表示数之比：对理想变压器有输入功率等于输出功率，即又故有所以．考点：本题考查理想变压器的工作原理、欧姆定律的应用，意在考查考生能够运用已学的物理知识进行分析判断．【解析】【答案】3：44：115、略

【分析】解：①；开关S闭合瞬间；穿过线圈B的磁通量发生变化，线圈产生感应电流，故①正确；

②；开关S断开瞬间；穿过线圈B的磁通量发生变化，有感应电流产生，故②正确；

③；开关S闭合后；变阻器滑片P移动，穿过线圈B的磁通量发生变化，有感应电流产生，故③正确；

④；开关S闭合后；变阻器滑片P不移动，穿过线圈B的磁通量不发生变化，没有感应电流产生，故④错误；

故选：①②③

此实验表明：只要穿过闭合电路的磁通量发生变化；闭合电路中就有感应电流产生。

故答案为：①②③；变化。

产生感应电流的条件是：穿过闭合回路的磁通量发生变化；根据图示情景分析答题．

本题考查了感应电流产生的条件，熟练掌握基础知识即可正确解题，本题是一道基础题．【解析】①②③；变化16、（略）【分析】（略）【解析】（略）17、略

【分析】解：由图示图示可知；

1隆煤2

过程；p

与T

成正比，是等容过程，p

与T

均增大；

2隆煤3

过程；是等压变化，压强p

不变，温度T

降低，由理想气体状态方程可知，体积V

减小；

3隆煤1

过程；是等温变化，温度T

不变，压强p

减小，由玻意耳定律可知，体积V

变大；

A；由图示图象可知；1隆煤2

过程，是等容变化，温度升高；2隆煤3

是等压变化，温度降低；3隆煤1

是等温变化，压强减小，体积增大，符合题意，故A正确；

B；由图示图象可知；1隆煤2

过程是等容变化，温度降低，不符合题意，故B错误；

C；由图示图象可知；2隆煤3

过程是等压变化，体积变大，不符合题意，故C错误；

D；由图示图象可知；1隆煤2

过程，p

与T

成正比，是等容过程，p

与T

均增大；

2隆煤3

过程；是等压变化，压强p

不变，温度T

降低，由理想气体状态方程可知，体积V

减小；

3隆煤1

过程；是等温变化，温度T

不变，压强p

减小，由玻意耳定律可知，体积V

变大；符合题意，故D正确；

故选：AD

．

根据图示图象分析清楚气体状态变化过程与气体状态参量；然后分析判断哪个图象符合气体状态变化过程．

本题考查了判断气体的状态变化过程图象，分析清楚图示图象、应用理想气体状态方程即可正确解题．【解析】AD

18、略

【分析】试题分析：（1）＋＋是原子核的聚变；（2）＋＋是原子核的人工转变；（3）＋是原子核的β衰变；（4）＋＋＋3是原子核的裂变。考点：四种核反应方程。【解析】【答案】（1）聚变（2）人工转变（3）β衰变（4）3裂变19、略

【分析】解：对C受力分析；受重力；支持力，可能有静摩擦力，由于C做匀速直线运动，故静摩擦力为零，否则不可能平衡；

对A；B、C整体受力分析；受重力、支持力，可能受地面的静摩擦力，由于整体处于平衡状态（因为内部每个物体都平衡），故静摩擦力为零，否则整体不可能平衡；

对B；C整体受力分析；受重力、支持力和滑动摩擦力，根据共点力平衡条件，有：

（mA+mB）gsinθ-f=0

N-（mA+mB）gcosθ=0

其中：

f=μN

联立解得：

μ=tanθ

若将C从B上取走；重力的下滑分力依然等于滑动摩擦力，故物体B的运动状态保持不变；

故答案为：0；0；不变．

对C受力分析；结合运动状态确定静摩擦力大小；对A；B、C整体受力分析，结合运动状态确定静摩擦力大小；对B、C整体受力分析，受根据共点力平衡条件确定A、B间的动摩擦因素，若将C从B上取走，根据受力情况确定运动情况．

本题是共点力平衡问题，特点是物体较多，关键是采用隔离法和整体法灵活地选择研究对象，根据共点力平衡条件列式分析，不难．【解析】0；0；不变20、略

【分析】解：根据ω=2πn得：ω=200πrad/s

电动势最大值。

Em=NBSω

=50×0.5×0.2×0.1×200π

=100πV

从图示位置开始计时；感应电动势的瞬时值为：e=100πsin200πt；

感应电动势的有效值E=π=50πV；

根据闭合电路欧姆定律，则有：I===A，因此电流表的读数为A；

而R电阻的两端的电压为U=IR=40V；因此电压表的读数为176V；

求电荷量要用平均电动势；

所以q=I△t=•△t=N=50×=0.01C；

故答案为：πA，40πV，0.01C．【解析】A;40V;0.01C．21、AB0.10【分析】解：（1）由于实验要求电压从零调；变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器以方便调节，所以应选择A；

（2）由于待测小灯泡阻值较小，满足所以电流表应用外接法，又变阻器应采用分压式接法，所以应选择B；

（3）在表示小灯泡的I-U图象中画出表示电源的I-U图象如图所示；读出两图线交点坐标为：U=1.0V，I=0.1A；

所以小灯泡消耗的功率为：P=UI=1.0×0.1W=0.10W；

故答案为：（1）A

（2）B

（3）0.23（1）A（2）B（3）0.10

本题（1）的关键是根据实验要求电流从零调可知变阻器应采用分压式接法，选择阻值小的变阻器更方便调节；题（2）的关键是根据小灯泡电阻满足可知电流表应用外接法；即电路应是分压外接电路；题（3）的关键是在表示小灯泡的I-U图象中同时画出表示电源的I-U图象，读出两图线的交点坐标，再根据功率公式求解即可。

应明确：①当实验要求电流从零调或变阻器的全电阻远小于待测电阻时变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器以方便调节；②当待测电阻满足时，电流表应用外接法，满足时，电流表应用内接法；③表示电阻和电源的I-U图线的交点表示通过电阻的电流和电阻两端电压。【解析】AB0.10四、判断题(共4题，共24分)22、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．23、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．24、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．25、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．五、作图题(共4题，共16分)26、解：由图示电路图可知；滑动变阻器采用分压接法，电流表采用外接法