2025年统编版选修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年统编版选修3物理上册阶段测试试卷437考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、“通过观测的结果，间接构建微观世界图景”是现代物理学研究的重要手段，如通过光电效应实验确定了光具有粒子性，弗兰克-赫兹实验是研究汞原子能量是否具有量子化特点的重要实验，实验原理如图1所示，灯丝K发射出初速度不计的电子，K与栅极G间的电场使电子加速，GA间加有0.5V电压的反向电场使电子减速，电流表的示数大小间接反映了单位时间内能到达A极电子的多少，在原来真空的容器中充入汞蒸汽后，发现KG间电压U每升高4.9V时，电流表的示数I就会显著下降；如图2所示．科学家猜测电流的变化与电子和汞原子的碰撞有关，玻尔进一步指出该现象应从汞原子能量量子化的角度去解释，仅依据本实验结果构建的微观图景合理的是（）

A.汞原子的能量是连续变化的B.存在同一个电子使多个汞原子发生跃迁的可能C.相对于G极，在K极附近时电子更容易使汞原子跃迁D.电流上升，是因为单位时间内使汞原子发生跃迁的电子个数减少2、下列关于热现象的说法正确的是（）A.某固体物质的摩尔体积为V，若该物体每个分子的体积为V0，则阿伏加德罗常数可表示为B.当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而减小C.热量不能从低温物体传到高温物体D.对于一定质量的理想气体，压强不变时，若单位体积内的分子数增大，则气体分子的平均动能一定增大3、四条长直导线垂直纸面固定在如图所示的位置，其中三条导线到导线的距离相等且与导线的连线互成120°角，四条导线均通有电流强度为方向如图的电流，此时导线对导线的安培力为则关于导线所受安培力的合力；下列说法正确的是。

A.大小为方向由指向B.大小为方向由指向C.大小为方向由指向D.大小为方向由指向4、如图所示，两平行直导线和竖直放置，通以方向相反大小相等的电流，a、b两点位于两导线所在的平面内；则（）

A.b点的磁感应强度为零B.导线在a点产生的磁场方向垂直纸面向里C.导线受到的安培力方向向右D.同时改变了导线的电流方向，导线受到的安培力方向不变5、如图所示，ACD、EFG为两根相距L的足够长的金属直角导轨，它们被竖直固定在绝缘水平面上，CDGF面与水平面成θ角．两导轨所在空间存在垂直于CDGF平面向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B．两根质量均为m、长度均为L的金属细杆ab、cd与导轨垂直接触形成闭合回路，杆与导轨之间的动摩擦因数均为μ，两金属细杆的电阻均为R，导轨电阻不计．当ab以速度v1沿导轨向下匀速运动时，cd杆正好以速度v2向下匀速运动，重力加速度为g．以下说法正确的是。

A.回路中的电流强度为B.ab杆所受摩擦力为mgsinθC.cd杆所受摩擦力为D.μ与v1大小关系满足=tanθ+6、匀强磁场中，一个100匝的闭合矩形线圈，绕与磁感线垂直的固定轴匀速转动，穿过该线圈的磁通量随时间按图示正弦规律变化．设线圈总电阻为2则。

A.t=0.5s时，线圈中的感应电动势最大B.t=1s时，线圈中的电流改变方向C.从t=0.5到t=1s这段时间，线圈产生的热量为JD.从t=0.5到t=1s这段时间，通过线圈的电量为2C7、如图所示为两个点电荷在真空中所产生电场的电场线(方向未标出)．图中C点为两点电荷连线的中点，MN为两点电荷连线的中垂线，D为中垂线上的一点，电场线的分布关于MN左右对称．则下列说法中正确的是()

A.D、C两点的电场强度方向相同强弱不同B.这两点电荷一定是等量同种电荷C.这两点电荷一定是不等量异种电荷D.C点与D点的电势不同8、2019年4月1日，在中国核能可持续发展论坛上，生态环境部介绍2019年会有核电项目陆续开工建设．某核电站获得核能的核反应方程为已知铀核的质量为m1，钡核的质量为m2，氪核的质量为m3，中子n的质量为m4，下列说法中正确的是（）A.该核电站通过核聚变获得核能B.铀核的质子数为235C.在上述核反应方程中x=3D.一个铀核发生上述核反应，释放的能量为（m1-m2-m3-m4）c29、研究光电效应现象的实验装置如图（a）所示，用光强相同的黄光和蓝光照射光电管阴极K时，测得相应的遏止电压分别为U1和U2，产生的光电流I随光电管两端电压U的变化规律如图（b）所示。已知电子的质量为m，电荷量为－e，黄光和蓝光的频率分别为v1和v2，且v1<v2。则下列判断正确的是（）

A.U1>U2B.图(b)中的乙线是对应黄光照射C.根据题述条件无法算出阴极K金属的极限频率D.用蓝光照射时，光电子的最大初动能为eU2评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)10、如图所示；在绝缘的斜面上方存在着水平向右的匀强电场，一带电金属块沿斜面滑下，已知金属块在滑下的过程中动能增加了12J，金属块克服摩擦力做功8J，重力做功24J，则以下判断正确的是。

A.金属块的机械能增加32JB.金属块的电势能增加4JC.金属块带正电荷D.金属块克服电场力做功8J11、如图，电源电动势为E，内阻为r，不管如何移动滑动变阻器，灯泡L、电表V1、V2、A均不会被烧坏，若将滑动变阻器的滑片P向上端移动时，则下列说法正确的是（）

A.A的示数增大，灯泡L变暗B.V1的示数增大，灯泡L变暗C.V2增大，灯泡变亮D.电源的总功率变小12、如图所示；10℃的氧气和20℃的氢气体积相同，汞柱在连通两容器的细管中央，下面的叙述中，正确的是（）

A.氧气和氢气的温度都升高10℃时，汞柱不移动B.当氧气和氢气的温度都升高10℃时，汞柱将向右移C.当氧气温度升高10℃，氢气温度升高20℃时，汞柱向左移D.当氧气温度升高10℃，氢气温度升高20℃时，汞柱不会移动13、如图，一定质量的理想气体从状态开始，经历过程到达状态其中的延长线经过原点，与横轴平行，与纵轴平行；则下列说法正确的是（）

A.状态的体积比状态的体积小B.过程中气体从外界吸热C.过程气体对外界放热D.过程内能不变14、下列说法正确的是（）A.一定质量的理想气体放出热量，则分子平均动能一定减少B.热力学第二定律是反映宏观自然过程的方向性的定律C.根据热力学第二定律可知，热机的效率不可能达到100%D.一定质量的理想气体膨胀时对外界做了功，它的内能可能减少评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)15、实验发现，二氧化碳气体在水深170m处将会变成液体。现用一活塞将一定量的二氧化碳气体封入某导热容器中，并将该容器沉入海底。已知随着深度的增加，海水温度逐渐降低，则在容器下沉过程中，容器内气体的密度将会________（选填“增大”、“减小”或“不变”），气体的饱和汽压将会____（选填“增大”、“减小”或“不变”）。16、如图所示，R1＝2Ω，R2＝3Ω，滑动变阻器最大值R3＝5Ω，则当滑动触头从a滑到b的过程中，电流表示数的变化情况是______________________________．

17、如图，压强-温度（p-t）图像中的两条直线I和Ⅱ分别表示一定量的理想气体经历的两个不同过程，p1和p2分别为两直线与纵轴交点的纵坐标，t0为它们的延长线与横轴交点的横坐标，t0＝－273.15℃，a、b为直线I上的两点。由图可知，气体在状态a和b的体积之比Va∶Vb＝___________；气体在状态b和c的体积之比Vb∶Vc＝___________。

18、一定质量的理想气体由状态A变化到状态B再变化到状态C，过程如图所示，A到B过程图线与横轴平行，B到C过程图线的反向延长线过原点，则气体从A→B过程中___________（填“吸收”或“放出”）热量，从B→C过程中___________（填“吸收”或“放出”）热量。

19、一般情况下，水底的温度要比水面的温度低，一气泡（视为理想气体）从水底缓慢上升到水面的过程中，气泡内气体的压强__________（填“增大”、“减小”或“不变”），气泡内气体对外界________（填“做正功”、“做负功”或“不做功”）。20、汽车内燃机气缸内汽油燃烧时，气体体积膨胀推动活塞对外做功。已知在某次对外做功的冲程中，汽油燃烧释放的化学能为1×103J，因尾气排放、气缸发热等对外散失的热量为8×102J。该内燃机的效率为________。随着科技的进步，可设法减少热量的损失，则内燃机的效率能不断提高，其效率________(选填“有可能”或“仍不可能”)达到100%.21、如图所示，一个边长为l＝1m的正方形线圈的总电阻为R＝2Ω，当线圈以v＝2m/s的速度匀速通过磁感应强度B＝0.5T的匀强磁场区域时，线圈平面总保持与磁场垂直．若磁场的宽度L＞1m，线圈在穿过整个磁场过程中释放的焦耳热为_____．

22、100年前，卢瑟福用α粒子轰击氮核打出了质子．后来，人们用α粒子轰击核也打出了质子：该反应中的X是______（选填“电子”“正电子”或“中子”）．此后，对原子核反应的持续研究为核能利用提供了可能．目前人类获得核能的主要方式是_______（选填“核衰变”“核裂变”或“核聚变”）．23、如下左图所示，楔形木块A固定在水平放置压力传感器上，A的斜面是光滑的．某同学将质量不同的小钢球从斜面顶端静止释放，记录小钢珠在斜面上运动时压力传感器的示数．重力加速度g="9.8"m/s2.记录实验数据后；根据数据做出F-m图像，如下右图．

（1）由图像知，木块A的质量M=____kg（保留小数点后一位）

（2）若斜面倾角为θ，由图像知，_____（保留小数点后两位）

（3）不同质量的小钢珠在斜面上运动的时间______________（填“相同”或“不相同”）

评卷人得分四、作图题(共3题，共18分)24、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

25、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

26、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共12分)27、为研究小灯泡的伏安特性曲线；某同学选用小灯泡的额定值为“3.0V0.4A”；

U/V0.00.20.51.01.52.02.53.0I/A0.0000.0500.1000.1500.1800.1950.2050.215

①他设计出如下电路图，请根据电路图进行实物连线________．

②开始做实验闭合开关前，根据电路图应把滑动变阻器滑到移到________端（填左或者右）．

③在实验过程中，得到如下的数据表．请根据此表在下面坐标图中选取合适的坐标刻度，画出电流随电压而变化的I—U图像_________．

④由此图像可看出，小灯泡电阻随着温度的升高而_______（填变大或者变小）28、有两个完全相同，但刻度盘上仅有刻度而没有标度值的电压表，电压表的内阻约为5000Ω，现打算用如图（a）所示的电路测量它们的内阻，其中：E为电动势12V、内阻可忽略不计的电源；R1是调节范围为0～9999Ω的电阻箱；R2是调节范围为0～1000Ω的滑动变阻器；S为电键。

（1）闭合电键S之前，滑动滑动变阻器的滑片P应滑到变阻器的__端；（填“a”或“b”）；

（2）闭合电键之后，适当调节滑动变阻器滑片P和电阻箱的旋钮，当电阻箱调节成如图（b）所示的情景时，两电压表指针的位置如图（c）所示，由此可知，此时电阻箱的阻值为__Ω，这两个电压表的内阻均为__Ω；

（3）由各个器材的参数和各图所示的情景可知，这两个电压表的量程在下面提供的四个选项中最多不会超过选项__。

A．6VB．9VC．14VD．18V29、如图甲所示，竖直面MN的左侧空间中存在竖直向上的匀强电场（上、下及左侧无边界）。一个质量为m、电荷量为q、可视为质点的带正电小球，以水平初速度沿PQ向右做直线运动若小球刚经过D点时（t=0），在电场所在空间叠加如图乙所示随时间周期性变化、垂直纸面向里的匀强磁场，使得小球再次通过D点时与PQ连线成角，已知D、Q间的距离为小于小球在磁场中做圆周运动的周期；忽略磁场变化造成的影响，重力加速度为g．求：

（1）电场强度E的大小。

（2）与的比值。

（3）小球过D点后做周期性运动．则当小球运动的周期最大时，求出此时磁感应强度及运动的最大周期的大小，并在图中画出此情形下小球运动一个周期的轨迹．30、(1)某学生选用匝数可调的可拆变压器来“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”实验时；原线圈接在学生电源上，用多用电表测量副线圈的电压.

①下列操作正确的是()

A．原线圈接直流电压，电表用直流电压挡B．原线圈接直流电压；电表用交流电压挡。

C．原线圈接交流电压，电表用直流电压挡D．原线圈接交流电压；电表用交流电压挡。

②该学生继续做实验，在电源电压不变的情况下,先保持原线圈的匝数不变，增加副线圈的匝数，观察到副线圈两端的电压增大；然后再保持副线圈的匝数不变，增加原线圈的匝数，观察到副线圈两端的电压___________（选填“增大”；“减小”或“不变”）.

（2）在“探究碰撞中的不变量”实验中，某同学利用气垫导轨，结合光电门来研究碰撞前后的不变量．如图所示，滑块上面的遮光片宽度为2.00cm，滑块1的质量为120g，滑块2的质量为220g．他先让滑块2静止放置在两个光电门之间，滑块1向右碰撞滑块2，碰撞后滑块1反弹，滑块2向右通过光电门，其中光电门1显示的两个时间先后分别为0.034s和0.144s，光电门2显示的时间0.050s，则碰撞后的滑块1和滑块2总动量的大小为_________kg·m/s（结果保留两位有效数字）．评卷人得分六、解答题(共1题，共7分)31、利用电场和磁场，可以将比荷不同的离子分开，这种方法在化学分析和原子核技术等领域有重要的应用．如图所示的矩形区域ACDG(AC边足够长)中存在垂直于纸面的匀强磁场，A处有一狭缝．离子源产生的离子，经静电场加速后穿过狭缝沿垂直于GA边且垂直于磁场的方向射入磁场，运动到GA边，被相应的收集器收集．整个装置内部为真空．已知被加速的两种正离子的质量分别是m1和m2(m1>m2)，电荷量均为q．加速电场的电势差为U；离子进入电场时的初速度可以忽略．不计重力，也不考虑离子间的相互作用．

(1)求质量为m1的离子进入磁场时的速率v1；

(2)当磁感应强度的大小为B时，求两种离子在GA边落点的间距s；

(3)在前面的讨论中忽略了狭缝宽度的影响，实际装置中狭缝具有一定宽度．若狭缝过宽，可能使两束离子在GA边上的落点区域交叠，导致两种离子无法完全分离．设磁感应强度大小可调，GA边长为定值L，狭缝宽度为d，狭缝右边缘在A处．离子可以从狭缝各处射入磁场，入射方向仍垂直于GA边且垂直于磁场．为保证上述两种离子能落在GA边上并被完全分离，求狭缝的最大宽度．参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B【分析】【详解】

A.从图可知；电流；电压是起伏变化的，即汞原子吸收电子能量是跃迁的，不是连续的，故选项A错误；

B.间电压每升高4.9V时，电流表的示数就会显著下降；这说明4.9eV的能量可能对应汞原子低能级之间的一次跃迁，当电子的动能较大时，存在同一个电子使多个汞原子发生跃迁的可能，故选项B正确；

C.汞原子发生跃迁吸收的能量来自于与电子碰撞时电子的动能，电子的动能越大，越容易使汞原子获得足够的能量发生跃迁；间加的电压使电子加速，因此相对于极，在极附近时电子动能较小；不容易使汞原子发生跃迁，故选项C错误；

D.电流上升，是因为电子通过电场加速，与汞原子碰撞后，剩余动能较多，以至于在间运动时，有足够的能量克服其间的反向电场力做功，到达处的电子数较多，故选项D错误．2、A【分析】【分析】

【详解】

A．对于固体物质，每个分子的体积V0可以等于摩尔体积V除以阿伏加德罗常数NA，则有故A正确；

B．当时；分子力表现为斥力，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而增大，故B错误；

C．在自发状态下；热量不能从低温物体传到高温物体；当有外界对物体做功时，热量能从低温物体传到高温物体，故C错误；

D．对于一定质量的理想气体；如果压强不变，体积与温度成正比，若单位体积内的分子数增大，体积降低则温度降低，气体分子的平均动能一定减少，故D错误。

故选A。3、D【分析】【分析】

根据题图可知；考查了通电导线之间的安培力的计算；导线的电流方向相同二者相互吸引，电流方向相反二者相互排斥，由此进行分析．

【详解】

导线的电流方向相同二者相互吸引；电流方向相反二者相互排斥，则d导线的受力情况如图所示：

根据力的平行四边形法则可知；d导线所受安培力的合力大小为2F，方向沿dc方向．

故D正确；ABC错误．

【点睛】

掌握电流之间相互作用的情况是解题的关键．4、D【分析】【详解】

由右手螺旋定则可知.cd导线和ef导线在b处产生的磁场方向都垂直纸面向外.所以由矢量合成知b处的磁感应强度垂直纸面向外.故A错误:

由右手螺旋定则知ef导线在左侧产生的磁感应强度垂直纸面向外；故B错误:

由左手定则知.cd导线受到的安培力方向向左.故C错误:

由题意可知；cd导线所处的位置磁场方向发生改变，但同时自身电流方向也发生改变，由左手定则知cd导线所受安培力方向不变.故D正确。

综上所述本题答案是：D5、D【分析】【分析】

ab下滑时切割磁感线产生感应电动势，cd不切割磁感线，根据法拉第电磁感应定律和欧姆定律求解电流强度；根据平衡条件和安培力公式求解ab杆和cd杆所受的摩擦力；两个平衡方程结合分析D项．

【详解】

ab杆产生的感应电动势E=BLv1；回路中感应电流为：故A错误；ab杆匀速下滑，受力平衡条件，则ab杆所受的安培力大小为：F安=BIL=方向沿轨道向上，则由平衡条件得ab所受的摩擦力大小为：f=mgsinθ-F安=mgsinθ-故B错误．cd杆所受的安培力大小也等于F安，方向垂直于导轨向下，则cd杆所受摩擦力为：f=μN=μ（mgcosθ+F安）=μ（mgsinθ+），故C错误．根据cd杆受力平衡得：mgsin（90°-θ）=f=μ（mgsinθ+），则得μ与v1大小的关系为：μ（mgsinθ+）=mgcosθ，即=tanθ+故D正确．故选D．

【点睛】

对于双杆问题，可采用隔离法分析，其分析方法与单杆相同，关键分析和计算安培力，再由平衡条件列方程解答．6、D【分析】【详解】

A.由图可知t=0.5s时；穿过该线圈的磁通量最大，此时线圈位于中性面，线圈中的感应电动势为0，故A错误；

B.t=1s时；穿过该线圈的磁通量为0，不位于中性面，此时线圈中的电流改方向不变，故B错误；

C.线圈中的感应电动势的最大值：

有效值

从t=0.5到t=1s这段时间，线圈产生的热量为

故C错误；

D.从t=0.5到t=1s这段时间，通过线圈的电量为

故D正确．7、A【分析】根据电场线的特点，从正电荷出发到负电荷终止可以判断，A、B是两个等量异种电荷．故A正确；B错误；根据平行四边形定则，对中垂线上的场强进行合成，知中垂线上每点的电场方向都水平向右，中垂线和电场线垂直，所以中垂线为等势线，所以C点的电势等于D点的电势，故C正确；在两等量异号电荷连线的中垂线上，中间点电场强度最大，也可以从电场线的疏密判断，所以C点的电场强度比D点的电场强度大，故D正确．8、C【分析】【详解】

A．核电站获得核能的途径是核裂变；故A错误.

B．铀核的质子数为92；故B错误.

C．根据质量数守恒可知x=3；故C正确.

D．一个铀核发生上述核反应，由质能方程可得：

故D错误.9、D【分析】【详解】

AB．根据光电效应方程则有

在光电管中，遏止电压满足

联立方程有

因为

所以对于同一光电管和金属

蓝光对应的遏止电压大，则图（b）中的乙线是对应蓝光照射；A正确，B错误；

C．极限频率满足

则

联立两式解得

C错误；

D．用黄光照射时，光电子的最大初动能为D错误。

故选A。二、多选题(共5题，共10分)10、B:C【分析】【分析】

金属块滑下的过程中；电场力；重力和摩擦力做功引起动能变化，由动能定理求出电场力对金属块做功．根据电场力和摩擦力做功之和确定机械能的变化量．根据电场力做功，确定电势能的变化，并判断金属块的电性．

【详解】

在金属块滑下的过程中动能增加了12J，金属块克服摩擦力做功8.0J，重力做功24J，根据动能定理得：W总=WG+W电+Wf=△EK，解得：W电=-4J；所以金属块克服电场力做功4.0J，金属块的电势能增加4J；由于金属块下滑，电场力做负功，所以电场力应该水平向右，所以金属块带正电荷，故BC正确，D错误；在金属块滑下的过程中重力做功24J，重力势能减小24J，动能增加了12J，所以金属块的机械能减少12J，故A错误．故选BC．

【点睛】

解这类问题的关键要熟悉功能关系，也就是什么力做功量度什么能的变化，并能建立定量关系．11、B:D【分析】【详解】

B．将滑动变阻器的滑片P向上端移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，外电路总电阻变大，根据闭合电路欧姆定律可知，干路电流I减少，所以电灯L变暗，由

可知，路端电压增大，即V1的示数增大；B正确；

AC．由于干路电流减少，内电压和灯泡L两端的电压减小，所以R2与滑动变阻器并联部分电压增大（即V2增大），所以通过R2的电流增大；则A的示数减少，AC错误；

D．根据P=EI可知电源的总功率变少；D正确。

故选BD。12、B:C【分析】【分析】

【详解】

AB．假设两部分气体的体积不变，设气体的初始状态为末的状态为变化温度为由查理定律得。

得。

原来两部分气体中的压强相同；当氧气和氢气的温度都升高10℃时，即温度的变化相同，由于初始状态氧气的温度小于氢气的温度，根据查理定律得，氧气变化的压强大于氢气变化的压强，故汞柱向右移动，A错误，B正确；

CD．开始时两部分气体压强相同；当氧气温度升高10℃时，氧气的温度变化为10K，氢气温度升高20℃时，氢气的温度变化为20K，则有。

所以氧气增加的压强小于氢气增加的压强；汞柱向左移，C正确，D错误。

故选BC。13、A:B【分析】【分析】

【详解】

A．连接OE，则OE为一条等容线，斜率的倒数表示体积，可知

A正确；

B．BC过程，压强不变，温度升高，气体内能增大，即

又体积增大，气体对外界做功

根据热力学第一定律得

可知；气体应吸热，B正确；

C．DE过程温度不变，内能不变，压强减小，根据理想气体状态方程

得体积增大，气体对外界做功

根据热力学第一定律得

可知；气体应吸热，C错误；

D．由图像可知，CD过程；压强减小，温度升高，气体内能增大，D错误。

故选AB。14、B:C:D【分析】【详解】

A．根据热力学第一定律ΔU＝W＋Q可知，一定质量的理想气体放出热量，Q为负值，但若外界同时对气体做功，W为正；则其内能不一定减少，分子平均动能不一定减少，A错误；

B．热力学第二定律就是反映宏观自然过程的方向性的定律；B正确；

C．由热力学第二定律的开尔文表述可知热机的效率不可能达到100%；C正确；

D．一定质量的理想气体膨胀时对外界做功，W为负值，当吸热Q＜|－W|时内能减小，当吸热Q＞|－W|时内能增大，当吸热Q＝|－W|时内能不变；故它的内能可能减少，D正确。

故选BCD。三、填空题(共9题，共18分)15、略

【分析】【详解】

[1]随着深度的增加，海水温度逐渐降低，压强也增大，由理想气体状态方程

二氧化碳的体积减小；而质量不变，则密度一定增大；

[2]随着温度的降低，饱和汽压会减小。【解析】增大减小16、略

【分析】【详解】

由电路的组成可知，R1和R3的上半部分串联，R2和R3的下半部分串联，然后再并联．只要求出P由a向b滑动过程中电阻的变化，就可求得电流的变化．设P、a间电阻为Ra；则混联电路的电阻为。

上式中分子里两个因式之和为定值，则当时当时，R＝1.6Ω，I1＝≈3.94A

当时，R＝2.1Ω，I2＝3A

故当滑动触头P从a端滑动到b端的过程中；电流表示数变化：从3.94A减小到2.52A再增大到3A.

【点睛】

本题正确列出并联电路电阻表达式，再根据数学关系，即可正确解题．【解析】从3.94A减小到2.52A再增大到3A17、略

【分析】【详解】

[1]图中两条直线是等容线，所以a、b两个状态下的气体体积相同，则

[2]b、c两个状态下的气体温度相等，由图像可得

即【解析】1:1p2:p118、略

【分析】【详解】

[1]气体从状态A变化到状态B；发生的是等容变化，气体对外不做功，但温度降低，内能减少，根据热力学第一定律可知气体放出热量。

[2]从B变化到C过程，气体发生的是等压膨胀，气体对外做功，同时温度升高，内能增大，根据热力学第一定律可知，气体一定吸收热量。【解析】放出吸收19、略

【分析】【详解】

[1][2]气泡内气体的压强

大气压强恒定，气泡（视为理想气体）从水底缓慢上升到水面的过程中，气泡内气体压强变小，温度变高，根据理想气体状态方程可知体积增大，则气泡内气体对外界做正功。【解析】减小做正功20、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由热力学第一定律知W=△U-Q=1×103J-8×102J=2×102J

效率

[2]随着科技的进步；不断设法减小热量损失，则内燃机的效率不断提高，效率仍不可能达到100%。

【点睛】

此题考查了热力学第一定律△U=W+Q，注意公式中各个物理量的符号法则；知道热力学第二定律的内容。【解析】不可能21、略

【分析】【详解】

[1]感应电动势为：E=Blv，感应电流为：

线圈进入磁场的时间为：

则线圈离开磁场的时间也等于0.5s，线圈在穿过整个磁场过程中释放的焦耳热为：Q=I2R•2t=0.52×2×2×0.5=0.5J【解析】0.5J22、略

【分析】【详解】

由质量数和电荷数守恒得：X应为：即为中子，由于衰变是自发的，且周期与外界因素无关，核聚变目前还无法控制，所以目前获得核能的主要方式是核裂变；【解析】中子核裂变23、略

【分析】【详解】

试题分析：（1）当m=0时，传感器的示数即为木块A的重力，则有：Mg=4.80N，解得：

（2）对小球受力分析；根据平衡条件可知，A对小球的支持力N=mgcosθ；

根据牛顿第三定律可知；小球对A的压力为mgcosθ；

对A受力分析可知；传感器对A的支持力F=Mg+mgcosθcosθ；

则传感器的示数为F=Mg+mgcos2θ

则F-m图象的斜率k=gcos2θ；

则有：

解得：cos2θ=0.82

（3）根据牛顿第二定律得小球下滑的加速度为：a＝gsinθ；则不同质量的小钢珠在斜面上运动情况完全相同，所以运动的时间也相同．

考点：研究加速度与物体质量；受力的关系.

【名师点睛】

本题考查研究加速度与物体质量、受力的关系实验；解题的关键是搞清实验的原理及分别对小球和A受力分析，求出传感器的示数F与m的表达式，注意F-m图象斜率和截距所表示的含义，难度适中．【解析】0.50.80（0.77~0.83）相同四、作图题(共3题，共18分)24、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】25、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】26、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共4题，共12分)27、略

【分析】【详解】

①根据电路图，把图中的实验器材连成符合要求的实验电路．

②开始做实验闭合开关前；根据电路图应把滑动变阻器滑到移到左端．

③图