2025年统编版2024选修3物理下册月考试卷含答案

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A.质子B.中子C.电子D.粒子2、如图所示，电源的电动势和内阻分别为E、r，在滑动变阻器的滑片P由a向b移动的过程中，下列说法正确的是（））

A.电流表的读数一定减小B.R0的功率一定增大C.电源的输出功率可能先减小后增大D.电压表与电流表读数的比值一定先减小后增大3、一定质量的理想气体，在压强不变的条件下，温度为0℃时，其体积为当温度升高为时，体积为V，那么每升高1℃增大的体积等于（）A.B.C.D.4、电风扇的挡位变换器电路如图所示，把它视为一个可调压的理想变压器，总匝数为2400匝的原线圈输入电压u=220sin100πt(V)，挡位1、2、3、4对应的线圈匝数分别为240匝、600匝、1200匝、2400匝．电动机M的内阻r=8Ω，额定电压为U=220V，额定功率P=110W．下列判断正确的是）（））

A.该交变电源的频率为100HzB.当选择3挡位后，电动机两端电压的最大值为110VC.当挡位由3变为2后，原线圈的电流变大D.当选择挡位4后，电动机的输出功率为108W5、某同学想探究导电溶液的电阻随长度、横截面积的变化规律．她拿了一段细橡胶管，里面灌满了盐水，两端用粗铜丝塞住管口，形成一段封闭的盐水柱，并测得盐水柱的电阻为R．现握住橡胶管的两端把它均匀拉长到原长的2倍，如果溶液的电阻随长度、横截面积的变化规律与金属导体相同，此时盐水柱的电阻应该等于A.8RB.4RC.2RD.R/26、如图所示，在直角坐标系的第一象限内有垂直纸面向里的匀强磁场，正、负离子分别以相同的速度从原点O进入磁场，进入磁场的速度方向与x轴正方向夹角为30°。已知正离子运动的轨迹半径大于负离子；则可以判断出（）

A.正离子的比荷大于负离子B.正离子在磁场中运动的时间大于负离子C.正离子在磁场中受到的向心力大于负离子D.正离子离开磁场时的位置到原点的距离等于负离子7、如图所示，螺线管的匝数为1000、横截面积为10cm2电阻为1Ω，与螺线管串联的外电阻R1=5Ω、R2=4Ω．向右穿过螺线管的磁场的磁感应强度按图所示的规律变化，则下列说法正确的是（））

A.0~1s内，螺线管产生的感应电动势为4×10－3VB.1s~2s内，R2中通过的电流方向向右C.1s~2s内，电路中通过的电流为0.3AD.1s~2s内，R1两端的电压为3V评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)8、有甲、乙、丙三个温度不同的物体，将甲和乙接触一段时间后分开，再将乙和丙接触一段时间后分开（发生了热交换），假设只有在它们相互接触时有热传递，不接触时与外界没有热传递，则（）A.甲、乙、丙三个物体都达到了平衡态B.只有乙、丙达到了平衡态，甲没有达到平衡态C.乙、丙两物体都和甲达到了热平衡D.乙、丙两物体达到了热平衡9、如图，一定量的理想气体从状态a变化到状态b，其过程如图中从a到b的直线所示。在此过程中（）

A.气体内能一直增加B.气体温度一直降低C.外界一直对气体做功D.气体一直从外界吸热10、如图所示是一定质量理想气体的状态变化图线。已知a→d是等温膨胀过程；则对于图中所示的4个过程中，以下说法中错误的是（）

A.a→b过程气体对外做功最多，内能增加也最多B.a→c可能既不吸热也不放热C.a→e过程气体内能的减少量不可能恰好等于气体对外做的功E.b、c、d、e点温度高低是E.b、c、d、e点温度高低是11、如图所示；将带铁芯的线圈A通过滑动变阻器和开关连接到电源上，线圈B的两端连接到灵敏电流计上，把线圈A放进线圈B的里面．下面几种情况灵敏电流计指针可能有偏转的是。

A.闭合开关瞬间B.开关闭合且电路稳定后C.开关闭合，拔出线圈A的过程中D.开关闭合，将滑动变阻器的滑片P向左滑动的过程中12、如图，圆环形导体线圈a平放在水平桌面上，在a的正上方固定一竖直螺线管b，二者轴线重合，螺线管与电源和滑动变阻器连接成如图所示的电路．若将滑动变阻器的滑片P向下滑动；下列说法中正确的是()

A.线圈a中将产生俯视逆时针方向的感应电流B.穿过线圈a的磁通量变小C.线圈a有扩张的趋势D.线圈a对水平桌面的压力FN将增大13、一束复色光沿半径方向射向一半圆形玻璃砖，发生折射而分为a、b两束单色光，其传播方向如图所示．下列说法中正确的是（）

A.玻璃砖对a、b的折射率关系为B.a、b在玻璃中的传播速度关系为C.增加入射角，单色光a先消失D.单色光a从玻璃到空气的全反射临界角大于单色光b14、两个小球A、B在光滑水平桌面上沿直线运动，发生弹性碰撞。碰撞过程中，A球对B球的冲量大小为I1，B球对A球的冲量大小为I2，A球对B球所做功的大小为W1，B球对A球所做功的大小为W2，则A.I1=I2B.I1≠I2C.W1=W2D.W1≠W2评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)15、如图甲所示为一个逻辑门的输入端A、B和输出端Z上的电信号，试在乙图的虚线框中画出逻辑门的符号_____________。

16、一定质量的理想气体从状态a开始，经历三个过程和回到原状态，其图像如图所示，气体在状态______（填“a”、“b”或“c”）的分子平均动能最小，在过程中气体体积_______（填“变大”、“变小”或“不变”），在过程中，气体对外界做功________（填“大于”；“小于”或“等于”）气体吸收的热量。

17、下图是等离子体发电机示意图，平行金属板间匀强磁场的磁感应强度B=0.5T，两板间距离为0.2m，要使输出电压为220V，则等离子体垂直射入磁场的速度v0=________m/s，a是发电机的________极。(发电机内阻不计)18、（1）人类对物质属性的认识是从宏观到微观不断深入的过程。以下说法正确的是_____________。

a．液体的分子势能与体积有关。

b．晶体的物理性质都是各向异性的。

c．温度升高；每个分子的动能都增大。

d．露珠呈球状是由于液体表面张力的作用。

（2）气体温度计结构如图所示。玻璃测温泡A内充有理想气体，通过细玻璃管B和水银压强计相连。开始时A处于冰水混合物中，左管C中水银面在O点处，右管D中水银面高出O点h1=14cm，后将A放入待测恒温槽中，上下移动D，使C中水银面仍在O点处，测得D中水银面高出O点h2=44cm。（已知外界大气压为1个标准大气压；1标准大气压相当于76cmHg）

①求恒温槽的温度______。

②此过程A内气体内能________（填“增大”或“减小”）；气体不对外做功，气体将。

__________（填“吸热”或“放热”）。19、某金属的截止极限频率恰好等于氢原子量子数n=4能级跃迁到n=2能级所发出光的频率．氢原子辐射光子后能量______（选填“增大”、“不变”或“减小”）．现用氢原子由n=2能级跃迁到n=1能级所发出的光照射该金属，则逸出光电子的最大初动能是________（已知氢原子n=1、2、4能级的能量值分别为E1、E2、E4）．评卷人得分四、作图题(共3题，共9分)20、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

21、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

22、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共2题，共18分)23、太阳能电池板在有光照时，可以将光能转化为电能，在没有光照时，可以视为一个电学器件．某实验小组根据测绘小灯泡伏安特性曲线的实验方法，探究一个太阳能电池板在没有光照时(没有储存电能)的I－U特性．所用的器材包括：太阳能电池板，电源E，电流表A，电压表V，滑动变阻器R；开关S及导线若干．

(1)为了达到上述目的，实验电路应选用图甲中的________(填“a”或“b”)．

(2)该实验小组根据实验得到的数据，描点绘出了如图乙所示的I－U图象．由图可知，当电压小于2.00V时，太阳能电池板的电阻________(填“很大”或“很小”)；当电压为2.80V时，太阳能电池板的电阻为________Ω.

(3)当有光照射时，太阳能电池板作为电源，其路端电压与总电流的关系如图丙所示，分析该曲线可知，该电池板作为电源时的电动势为________V．若把它与阻值为1kΩ的电阻连接构成一个闭合电路，在有光照射情况下，该电池板的效率是________%.(结果保留三位有效数字)24、LED灯的核心部件是发光二极管．某同学欲测量一只工作电压为2.9V的发光二极管的正向伏安特性曲线，所用器材有：电压表(量程3V，内阻约3kΩ)，电流表(用多用电表的直流25mA挡替代，内阻约为5Ω)，滑动变阻器(0-20Ω)，电池组（内阻不计），电键和导线若干．他设计的电路如图(a)所示．回答下列问题：

(1)根据图(a)，在实物图(b)上完成连线_______；

(2)调节变阻器的滑片至最____端（填“左”或“右”）；将多用电表选择开关拨至直流25mA挡，闭合电键；

(3)某次测量中，多用电表示数如图(c)，则通过二极管的电流为_____mA；

(4)该同学得到的正向伏安特性曲线如图(d)所示．由曲线可知，随着两端电压增加，二极管的正向电阻____（填“增大”、“减小”或“不变”）；当两端电压为2.9V时，正向电阻为_____kΩ（结果取两位有效数字）；

(5)若实验过程中发现，将变阻器滑片从一端移到另一端，二极管亮度几乎不变，电压表示数在2.7V-2.9V之间变化，试简要描述一种可能的电路故障：____．参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】【详解】

根据核反应方程中的电荷数守恒和质量数守恒得：X的质量数为：2+3-4=1，电荷数为：1+1-2=0，故X为中子，故B正确，ACD错误。2、C【分析】【详解】

A．滑动变阻器的滑片P由a向b移动的过程中，变阻器并联总电阻先增大后减小，根据闭合电路欧姆定律分析可知，电路中总电流I先减小后增大；则电流表的读数先减小后增大，A错误；

B．电流表的读数先减小后增大，故的功率

先减小后增大；B错误；

C．路端电压先增大后减小；则电压表的读数先增大后减小．由于电源的内阻与外电阻的关系未知，无法判断电源输出功率如何变化．可能先减小后增大，也可能先增大后减小，C正确；

D．电流表的读数先减小后增大；电压表的读数先增大后减小，电压表与电流表读数的比值一定先增大后减小，D错误。

故选C。3、A【分析】【分析】

【详解】

由等压变化可得

则每升高1℃增大的体积

故选A。4、D【分析】【分析】

根据原线圈输入电压的瞬时值表达式即可知角速度，结合得交变电源的频率；当选择3档位后，根据变压比规律求出副线圈两端电压的有效值，最大值为有效值的倍；当档位由3变为2后，根据变压比规律判断副线圈的电压，分析输出功率的变化，根据输入功率等于输出功率，由判断原线圈电流的变化；当选择档位4后，根据变压比规律求出副线圈电压，根据能量守恒求电动机的输出功率．

【详解】

A、根据原线圈输入电压的瞬时值表达式知：交变电源的频率故A错误；

B、当选择3档位后，副线圈的匝数为1200匝，根据电压与匝数成正比得：解得：所以电动机两端电压的最大值为V；故B错误；

C、当档位3变为2后，根据电压与匝数成正比知，副线圈两端的电压减小，输出功率变小，输入功率变小，根据知原线圈电流变小；故C错误；

D、当选择档位4，副线圈匝数等于2400匝，根据电压比规律得到副线圈两端的电压为220V，电动机正常工作，流过电动机的电流电动机的发热功率电动机的输出功率故D正确．

故选D．

【点睛】

本题考查变压器原理，要注意明确变压器的规律，能用线圈匝数之比求解电压及电流；同时注意注意明确对于非纯电阻电路欧姆定律不能使用，在解题时要注意正确选择功率公式．5、B【分析】【详解】

溶液的电阻随长度、横截面积的变化规律与金属导体相同，所以拉长后由于LS=L′S′，联立解得：故B正确．

【点睛】

解决本题关键理解导体的总体积不变，再根据电阻定律进行求解．6、D【分析】【详解】

A．粒子做圆周运动的向心力等于洛伦兹力，则

解得

因正离子运动的轨迹半径大于负离子；故正离子的比荷小于负离子，选项A错误；

D．由左手定则可知，正离子向上偏转，从y轴射出，其圆弧所对的圆心角为120°；负离子向下偏转，从x轴射出，其圆弧所对的圆心角为60°；因正离子运动的轨迹半径大于负离子；则正离子离开磁场时的位置到原点的距离大于负离子，选项D正确；

B．根据

可知正离子在磁场中运动的圆弧长度较大；则时间大于负离子，选项B正确；

C．带电粒子在磁场中运动的向心力是由洛伦兹力提供的，根据洛伦兹力F=qvB

可知，由于q大小关系未知；所以不能比较向心力的大小，所以C错误。

故选BD。7、D【分析】【分析】

利用法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律联合分析即可求解；

【详解】

A；在0~1s内；由法拉第电磁感应定律可知，螺线管产生的感应电动势为：

故选项A错误；

B、在1s~2s内，磁感应强度减小，穿过螺线管的磁通量减少，根据楞次定律可判断，中通过的电流方向向左；故选项B错误；

C、在1s~2s内，螺线管产生的感应电动势为：根据闭合电路的欧姆定律有两端的电压为故选项C错误，D正确．

【点睛】

此题要求重点掌握：法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律，并能熟练运用．二、多选题(共7题，共14分)8、A:D【分析】【分析】

【详解】

AB．乙和丙分开后；甲；乙、丙三个物体与外界没有热传递，所以甲、乙、丙三个物体都达到了平衡态，故A正确，B错误；

CD．甲和乙接触一段时间后分开；甲和乙达到了热平衡，但乙和丙接触一段时间后，乙的温度又发生了变化，甲和乙的热平衡被破坏，乙和丙两物体达到了热平衡，故C错误，D正确。

故选AD。9、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．由图可知气体的PV一直增加，由理想气体状态方程

知气体温度一直增加；故A正确；

B．一定量的理想气体内能只与温度有关；温度一直增加，气体的内能一直增加，故B错误；

CD．体积增大，气体一直对外做功，即外界一直对气体做负功，气体内能一直增加，根据热力学第一定律

可知气体一直从外界吸热；故D正确，C错误。

故选AD。10、B:C【分析】【分析】

【详解】

E．由图示图像可知，b、c、d、e点的体积V相等。

由查理定律。

可知。

E错误；

A．a→d是等温膨胀过程，则从a到b、c、d、e过程体积变化量相同；气态对外做功。

a→b过程气体压强不变，a→c、a→d、a→e过程压强减小，则a→b过程气体对外做功最多，a→b过程气体温度升高最大；气体内能增加最多，A正确；

B．a→c过程气体体积增大，气体对外做功，a→c过程气体温度升高；内能增加，由热力学第一定律可知，气体吸收热量，B错误；

C．a→e过程气体温度降低；内能减少，气体体积增大，气体对外做功，气体内能的减少量可能等于气体对外做的功，C错误；

D．b、c、d、e各状态下气体体积相等；分子数密度相等，即单位体积内的气体分子个数相等，D正确。

故选BC。11、A:C:D【分析】【分析】

穿过闭合回路的磁通量发生变化时；闭合回路中产生感应电流．

【详解】

感应电流产生的条件是闭合回路中通过线框的磁通量发生变化．A选项，闭合开关瞬间有磁通量变化，有感应电流；B选项，开关闭合电路稳定后电流不发生变化，通过线圈B的磁通量无变化，无感应电流；C选项，拔出线圈A，通过线圈B磁通量减小，有感应电流；D选项，滑片p滑动，电阻发生变化，电流发生变化，线圈A产生的磁场发生变化，通过线圈B的磁通量变化，有感应电流；综上所述，ACD正确．12、A:D【分析】【详解】

A.滑片向下滑动，回路电阻减小，电流增大，螺线管产生磁场变强，根据右手定则判断穿过a线圈的磁感应强度竖直向下，所以感应电流产生磁场竖直向上，根据右手定则判断，线圈a中将产生俯视逆时针方向的感应电流；A正确。

B.因为螺线管产生磁场变强，线圈a面积不变，线圈a的磁通量变大，B错误。

C.根据楞次定律；“增缩减扩”原理可以判断，线圈有收缩的趋势，C错误。

D.根据楞次定律，“来拒去留”原理可判断，a线圈磁通量增大，所以线圈a有远离b的趋势，对桌面压力变大，D正确13、B:C【分析】【详解】

因为a光偏转角度大,说明玻璃砖对a光的折射率大,即故A错误;根据公式a光的折射率大,a光在玻璃中的传播速度小,即故B正确；因为根据临界角公式知单色光a从玻璃到空气的全反射临界角小于单色光b从玻璃到空气的全反射临界角,所以当增加入射角，单色光a先消失，故C正确；D错误；故选BC14、A:C【分析】【详解】

AB．根据牛顿第三定律可知A对B的作用力与B对A的作用力，等大反向，同时变化，而冲量所以冲量大小相等，A正确B错误．

CD．因为发生的是弹性碰撞，没有能量损失，A减少的动能等于B增加的动能，而动能改变等于合外力的功，所以A球对B球所做功和B球对A球所做功相等，C正确D错误．三、填空题(共5题，共10分)15、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]与门的特点：事件的所有条件满足；事件才能发生。或门的特点：只要有一个条件满足，事件就能发生。非门的特点：输入状态和输出状态完全相反。由图象知输入端有一个为高电势时，输出端即为高电势，此逻辑电路为或门电路，该逻辑门的符号是。

【解析】16、略

【分析】【详解】

[1]气体在状态a时的温度最低；则分子平均动能最小；

[2]在过程中气体温度不变；压强变大，则体积变小；

[3]在过程中，压强不变，温度升高，内能变大，∆U>0；体积变大，则气体对外界做功，则W<0，则根据

可知，Q>0，即气体对外界做功小于气体吸收的热量。【解析】a变小小于17、略

【分析】【详解】

根据左手定则，正电荷向上偏，负电荷向下偏，所以上板带正电，即a是电源的正极．两板上有电荷，在两极板间会产生电场，电荷最终在电场力和洛伦兹力的作用下处于平衡，有：qvB=q所以：．

【点睛】

解决本题的关键掌握等离子体进入磁场受到洛伦兹力发生偏转，根据左手定则，正电荷向上偏，负电荷向下偏，在两极板间会产生电场，电荷最终在电场力和洛伦兹力的作用下处于平衡．【解析】2200正18、略

【分析】【详解】

（1）[1]a．液体分子之间的距离不同；液体分子之间的分子力大小就不同，所以分子势能就不同，所以液体的分子势能与体积有关，故a正确；

b．单晶体的物理性质具有各向异性，而多晶体的物理性质具有各向同性，故b错误；

c．温度越高分子的平均动能越大；但对于某个分子来说其分子动能反而可能减小，所以温度对单个分子来说没有意义，故c错误；

d．由于液体表面张力的作用使液体的表面积收缩；使露珠呈球形，故d正确。

故选ad。

（2）①[2]由于使C中水银面仍在O点处，故封闭气体的体积保持不变，即发生等容变化，冰水混合物的温度T1=273K，此时封闭气体的压强p1=p0+h1=90cmHg

设待测恒温槽的温度T2，此时封闭气体的压强p2=p0+h2=120cmHg

根据查理定律得

解得T2=364K

②[3]气体体积保持不变，分子势能保持不变，由于气体温度升高，所以A内气体分子的平均动能增大；故气体的内能增大。

[4]根据热力学第一定律

气体体积保持不变，则W=0，由于气体的内能增大，故

所以Q＞0

即气体从外界吸热。【解析】①.（1）ad②.（2）①恒温槽的温度为364K③.②增大；④.吸热．19、略

【分析】【详解】

[1]氢原子辐射光子后；一部分能量随光子而辐射，剩余氢原子能量减小；

[2]设金属的截止频率则有

即逸出功

氢原子由n=2能级跃迁到n=1能级所发出的光子能量为那么光电子最大初动能为【解析】减小四、作图题(共3题，共9分)20、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】21、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方