2025年人民版必修3物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人民版必修3物理下册阶段测试试卷496考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、首先发现通电导线周围存在磁场和首先发现电磁感应现象的物理学家分别是（）A.安培和奥斯特B.库仑和安培C.安培和法拉第D.奥斯特和法拉第2、如图所示，由和两块光滑绝缘的平板组成的“V”形组合体固定在地面上，两平板互相垂直，平板与地面的夹角在两个平板上各放置一个带同种电荷的小球A和B，A、B所带电荷量分别为q和A、B恰在同一条水平线上静止。小球A和B可看成点电荷，A的质量为m，静电力常量为k，则（）

A.B对A的库仑斥力是A对B的库仑斥力的2倍B.B两球所受平板的支持力大小均为C.B球的质量为D.B两球间的距离为3、在同一平面内有四根彼此绝缘的通电直导线，如图所示，四根导线中电流I4＝I3>I2>I1，要使O点磁场增强，则应切断哪一根导线中的电流()A.I1B.I2C.I3D.I44、如图，电荷量分别为q和-q（q>0）的点电荷固定在边长为L的正方体的两个顶点上，A是正方体的另一个顶点，如果点电荷q、-q连线中点0的电场强度大小是E，则正方形A点的电场强度大小是（）

A.B.C.D.5、如图所示，为等边三角形，在A、B两点分别放上一个点电荷，则Р处的合场强方向如图中箭头所示，与PB连线的夹角为30°，下列说法正确的是（）

A.A处点电荷为负电荷，B处点电荷为正电荷B.两点电荷的电荷量关系为C.两点电荷在P点产生的场强大小EA＜EBD.从Р点沿着AB中垂线向下移动正试探电荷，电场力做负功6、一带负电的粒子仅在电场力作用下从点开始沿轴正向运动，是轴上的三个点，和关于以点对称，从到该电场的电势随位移变化的关系如图所示，则下列说法正确的是

A.点电场强度为零B.间场强方向与间场强方向相反C.从到整个运动过程中，粒子经过点时速度最大D.从到整个运动过程中，粒子做匀加速直线运动7、额定电压、额定功率相同的电风扇，电烙铁和日光灯，各自在额定电压下工作了相同时间，比较它们产生的热量，结果是（）A.电风扇最多B.电烙铁最多C.日光灯最多D.一样多8、在如图所示电路中，电源内阻不可忽略，开关S闭合后，在滑动变阻器的滑动端由b向a缓慢滑动的过程中；下列说法正确的是（）

A.电流表的示数增大B.电压表的示数减小C.电阻的电功率增大D.电容器C所带电荷量增大评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)9、如图所示，平行板电容器两极板与直流电源理想二极管（正向电阻为零可以视为短路，反向电阻无穷大可以视为断路）连接，电源负极接地。初始时电容器不带电，闭合开关稳定后，一带电油滴在电容器中的点处于静止状态。下列说法正确的是（）

A.将极板向下平移后，油滴在点的电势能增大B.将极板向上平移后，油滴在点的电势能增大C.将极板向上平移后，带电油滴静止不动D.将极板向下平移后，极板的电势降低10、如图所示的电路中，是定值电阻，是滑动变阻器；电源内阻不可忽略。闭合开关，在电路稳定后，将滑动变阻器的滑动触头由中点向上移动的过程中，下列说法正确的是（）

A.电压表示数变小B.电容器放电C.电源的总功率变小D.通过滑动变阻器的电流变小11、如图（a），直线MN表示某电场中的一条电场线，a、b是线上的两点，将一带负电荷的粒子从a点处由静止释放，粒子从a运动到b过程中的v-t图线如图（b）所示．设a、b两点的电势分别为场强大小分别为Ea、Eb，粒子在a、b两点的电势能分别为Wa、Wb；不计重力，则有。

A.>B.Ea>EbC.Ea<EbD.Wa>Wb12、沿电场中某条电场线方向建立x轴，该电场线上各点电场强度E随x的变化规律如图所示，坐标轴上的点0、x1、x2和x3分别与x轴上O、A、B、C四点相对应，相邻两点间距相等。一个带正电的粒子从O点由静止释放，运动到A点的动能为Ek；仅考虑电场力作用，则下列说法正确的是（）

A.从O点到C点，电势先升高后降低B.粒子先做匀加速运动，后做变加速运动C.粒子运动到C点时动能大于3EkD.粒子在AB段电势能减少量大于BC段电势能减少量13、如图所示，真空中固定两个等量异号点电荷＋Q、－Q，图中O是两电荷连线中点，a、b两点与＋Q的距离相等，c、d是两电荷连线垂直平分线上的两点，bcd构成一等腰三角形，a、e两点关于O点对称．则下列说法正确的是()

A.a、b两点的电势相同B.a、e两点的电场强度相同C.将电子由c沿cd边移到d的过程中电场力做正功D.质子在b点的电势能比在O点的电势能大14、在“用多用表测电阻、电流和电压”的实验中，下列说法正确的是（）A.在测量电阻时，更换倍率后必须重新进行调零B.在测量电流时，更换量程后必须重新进行调零C.在测量未知电阻时，必须先选择倍率最大挡进行试测D.在测量未知电流时，必须先选择电流最大量程进行试测15、如图所示，电动势为E，内阻为r的电源与滑动变阻器R1、定值电阻R2、定值电阻R3、平行板电容器及理想电流表组成闭合电路，图中电压表为理想电压表，当滑动变阻器R1的触头向左移动一小段时；则（）

A.电流表读数增大B.电容器带电荷量增加C.R2消耗的功率减小D.电压表与电流表示数变化量之比不变评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)16、如图所示，在真空中有两个点电荷A和B，电荷量分别为-Q和+Q，它们相距L．如果在两点电荷连线的中点O有一个半径为r（2r＜L）的空心金属球，则球壳左端的感应电荷为_________（选填“正电荷”或“负电荷”）,若球心位于O点，则球壳上的感应电荷在O点处的场强大小_________，方向______．

17、公式：R=___________18、把一个电荷量为q＝5×10－9C的正电荷从距电场无穷远处移到电场中M点，电荷克服电场力做功WM＝6.0×10－3J，如果把该点电荷从距电场无穷远处移到电场中N点，电荷克服电场力做功WN＝3.6×10－3J．取无穷远处为零电势点，M、N点的电势差是______把该点电荷从M点移到N点电场力做功________19、如图所示，是用电流表和电压表测量电阻的一种方法，Rx为待测电阻，考虑电表本身的电阻对测量结果的影响，电压表的读数___________Rx两端的实际电压，电流表的读数___________通过Rx的实际电流。（选填“大于”；“小于”功“等于”）

20、如图甲所示为一个灯泡两端的电压与通过的电流的关系曲线；参考这根曲线回答下列问题（不计电流表和电池的内阻）

如图乙所示，若将两个这样的灯泡并联后再与10Ω的定值电阻串联，接在电动势为8V的电源上，则每个灯泡消耗的功率是___________W。21、家庭淋浴房常用“浴霸”来取暖。“浴霸”主要由四盏“”的特殊灯泡组成，这种灯泡正常工作时的电压为______V，功率为________W。这四盏灯泡在电路中的连接方式是_______（填“串联”或“并联”）。评卷人得分四、作图题(共1题，共5分)22、以下是几种点电荷的电场线的分布情况；请标出图中各电荷的电性。

评卷人得分五、实验题(共2题，共14分)23、某同学在一次“测定金属的电阻率”的实验中，用米尺测量金属丝的接入长度为l，用螺旋测微器测量金属丝直径（刻度位置如图所示），用伏安法测出金属丝的电阻（阻值大约为）；然后根据电阻定律计算出该金属材料的电阻率。

在用伏安法测定金属丝的电阻时；除被测电阻丝外，还有如下实验器材：

A．直流电源：电动势约内阻很小；

B．电流表A：量程内阻约为

C．电压表V：量程内阻约

D．滑动变阻器：最大阻值

E．开关；导线等。

（1）从图中读出金属丝的直径d为______mm；

（2）根据所提供的器材，在如图所示的方框中画出测定金属丝电阻率的实验电路图______；

（3）若根据伏安法测出电阻丝的阻值为R，则这种金属材料的电阻率的表达式为______。24、某同学通过实验测定一个阻值约为5Ω的电阻Rx的阻值：

(1)现有电源（4V；内阻可不计）；滑动变阻器（0~50Ω，额定电流2A）、开关和导线若干，以及下列电表：

A．电流表（0~3A；内阻约0.025Ω）

B．电流表（0~0.6A内阻约0.125Ω）

C．电压表（0~3V；内阻约3kΩ）

D．电压表（0~15V内阻约15kΩ）

为减小测量误差，在实验中，电流表应选用____________，电压表应选用____________（选填材前的字母）：实验中应采用图中的____________。

(2)若在(1)问中选用甲电路，产生误差的主要原因是____________；若在(1)问中选用乙电路产生误差的主要原因是____________。（选填选项前的字母）

A．电流表测量值小于流经Rx的电流值。

B．电流表测量值大于流经Rx的电流值。

C．电压表测量值小于Rx两端的电压值。

D．电压表测量值大于Rx两端的电压值评卷人得分六、解答题(共4题，共12分)25、如图所示，虚线MN左侧有一场强为E1=E的匀强电场，在两条平行的虚线MN和PQ之间存在着宽为L、电场强度为E2=2E的匀强电场，在虚线PQ右侧距PQ为L处有一与电场E2平行的屏。现将一带电粒子（电荷量为-2e，质量为m，重力不计）无初速度地放入电场E1中的A点，最后粒子打在右侧的屏上，A点到MN的距离为AO连线与屏垂直，垂足为O；求：

（1）粒子到达MN时速度大小；

（2）粒子刚射出电场E2时的速度方向与AO连线夹角θ的的正切值tanθ；

（3）粒子从释放到打到屏上所用的时间。

26、在匀强电场中把电荷量为2.0×10-9的点电荷从A点移到B点，克服静电力做功为1.6×10-7J，再把这个电荷从B点移到C点，静电力做功为4.0×10-7J。求：A、B间，B、C间，A、C间的电势差各是多大？27、如图所示，已知路端电压U＝18V，电容器C1＝6μF、C2＝3μF，电阻R1＝6Ω、R2＝3Ω.当开关S断开时，A、B两点间的电压UAB等于多少？当S闭合时，电容器C1的电荷量改变了多少？

28、以动力电池为驱动能源的电动汽车在我国高速发展，比亚迪、宁德时代等企业享誉全球。有一辆总质量m=2×103kg的电动汽车，当驱动电机的输入最大电流I=400A，电压U=300V时，在此行驶状态下，g=10m/s2。求：

（1）若该汽车所受阻力与车重的最大比值为0.15，驱动电机能够将输入功率的90%转化为用于牵引汽车前进的机械功率为求该汽车可以达到的最大速度。

（2）设想改用纯太阳能电池给该车供电，其他条件不变，求所需太阳能电池板的最小面积。（已知太阳辐射的总功率P0=4×1026W，太阳到地球的距离r=1.5×1011m，太阳光传播到达地面的过程中大约有30%的能量损耗,该车所用太阳能电池的能量转化效率约为15%，球体的表面积公式S=4πR2）参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【分析】

【详解】

首先发现通电导线周围存在磁场的物理学家是奥斯特；第一个发现电磁感应的科学家是法拉第。

故选D。2、C【分析】【分析】

【详解】

A．A对B的库仑力与B对A的库仑力是作用力与反作用力；故大小一定相等，A错误；

BC．对两个球受力分析；如图所示。

对A，根据平衡条件，有

对B根据平衡条件，有

联立解得

B错误C正确；

D．由于库仑力

根据库仑定律，有

解得

D错误。

故选C。3、D【分析】【详解】

从图中可得在O点产生的磁感应强度的方向都为垂直纸面向里，而在O点产生的磁感应强度方向为垂直纸面向外，故要使O点磁场增强，则应该切断D正确。

【点睛】

本题利用安培定则判断磁场方向比较简单，但磁场的叠加，较为复杂，采用作图法可防止思路出现混乱4、B【分析】【分析】

【详解】

根据几何知识可得，O点到两个电荷的距离都是则即O点场强为

A点场强为

解得

故选B。5、C【分析】【详解】

将P处的电场强度进行分解如图所示；

A.根据电场强度的方向可知，A处点电荷为正电荷，B处点电荷为负电荷；故A错误；

BC.根据几何关系可知EA＜EB，根据点电荷的计算公式可得可知

且解得

故B错误；C正确；

D.从P点沿着AB中垂线向下移动正电荷，电荷受到的电场力方向斜向右向下，所以电场力做正功，故D错误．6、D【分析】【详解】

A.根据电场强度与电势差的关系U＝Ed，知﹣x图象的斜率表示电场强度E，a点电势为零，但a点的电场强度不为零；故A错误。

B.O、a间图象斜率与a、b间图象斜率相同，则O、a间与a、b间场强大小；方向均相同；故B错误。

CD.电场方向沿x轴负方向，粒子受到的电场力方向沿x轴正方向，从O到b整个运动过程中，粒子所受到的电场力大小和方向不变，做匀加速直线运动，粒子经过b点时速度最大；故C错误，D正确。

故选D.7、B【分析】【分析】

电风扇把电能转化为机械能，日光灯把电能转化为光能，因此只有电烙铁把电能完全转化为热量。

故选B。

【详解】8、D【分析】【详解】

A．滑动变阻器的滑动端由向缓慢滑动的过程中，变大；电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律可知总电流减小，电流表的示数减小，故A错误；

B．电压表测量的是滑动变阻器两端的电压，由

总电流减小，路端电压增大，R1所分电压减小；则电压表示数增大，故B错误；

C．电阻的电功率

根据数学知识可知，当

时，电阻的电功率最大，故由b向a缓慢滑动的过程中，电阻的电功率不一定一直增大；故C错误；

D．电容器两端电压等于两端的电压，两端电压增大，电容器两端的电压增大，根据

可知；电容器所带的电荷量增加，故D正确。

故选D。二、多选题(共7题，共14分)9、B:C:D【分析】【详解】

A．由

极板向下平移，增大

增大，电容器充电，极板间电势差不变，电场强度

增大

升高，油滴带负电，则

减小；选项A错误；

B．极板向上平移，增大，电容器充电，极板间电势差不变，电场强度增大，

（等于电源电动势，不变）增大，降低

增大；选项B正确；

C．极板向上平移，减小

减小，由于二极管的单向导电性，电容器不能放电，电容器的带电量不变，电场强度

不变；带电油滴静止不动，选项C正确；

D．极板向下平移，减小

减小，由于二极管的单向导电性，电容器不能放电，电容器的带电量不变

（等于电源电动势）增大，降低；选项D正确。

故选BCD。10、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．当滑动变阻器的滑动触头由中点向上移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，电路的总电阻变大，总电流变小；内电压变小，则路端电压变大，因此电压表示数变大，故A错误；

B．电容器两端电压

变小，故电容器两端电压变大，根据知；电容器所带电荷量变大，电容器充电，故B错误；

C．电源的总功率变小，则变小；故C正确；

D．根据串联电路分压规律知，滑动变阻器两端的电压变大，通过电阻的电流变大；而总电流变小，所以通过滑动变阻器的电流变小，故D正确。

故选CD。11、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．负电荷从a运动到b，做加速运动，可知电场力的方向水平向右，则电场线的方向水平向左，可知φa<φb．故A错误；

BC．从a到b的过程中，电荷的加速度逐渐减小，可知电场强度的大小逐渐减小，则Ea＞Eb．故B正确；C错误；

D．从a到b的过程中，电场力做正功，电势能减小，则Wa＞Wb．故D正确。

故选BD。12、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．由O点到C点；沿电场方向，电势一直降低，A错误；

B．电场强度大小一直在变化；电场力也就在不断变化，带正电的粒子的加速度在不断变化，是变加速运动，B错误；

C．根据E随x的变化规律可知，由A到C电场强度平均值大于OA段电场强度平均值，A到C电场力做功大于2Ek，则粒子运动到C点时动能大于3Ek；C正确；

D．粒子在AB段平均电场力大于BC段平均电场力，则AB段电场力做的功大于BC段电场力做的功，所以在AB段电势能减少量大于BC段电势能减少量；D正确。

故选CD。13、B:D【分析】a、b两点虽然关于+Q对称，但是由于-Q的影响，两点的电势并不相等，故A错误；a、e两点的合场强大小相等，且方向相同，故B正确；c、O、d在一条等势线上，故电子从c点移到d点电场力不做功，C错误；b点电势高于O点的电势，则质子在b点的电势能大，故D正确．故选BD．14、A:D【分析】【详解】

A．多用电表测量电阻时；更换倍率后都必须重新进行欧姆调零，选项A正确；

B．测量电流前需要进行机械调零；更换量程时不需要进行再次调零，选项B错误；

C．在测量未知电阻时；必须先用电压表测试电阻内是否带有电源，再大致估计电阻大小选择大致倍率，故选项C错误；

D．在测量未知电流时；必须选择电流最大量程进行试测，避免电表烧坏，故选项D正确。

故选AD。

【点睛】15、A:C:D【分析】试题分析：由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化；再由闭合电路欧姆定律可求得电路中电流的变化；由欧姆定律可求得电压表示数与电流表示数的比值．

解：A、变阻器R的触头向左移动一小段时，阻值R1减小；回路的总电阻减小，所以回路的总电流增大，则电流表读数增大，故A正确；

B；由A选项可知；路端电压U减小，所以电压表的示数减小，则电容器的电量减小，故B错误；

C、由于回路总电流增大，则R3电压增大，因此R2电压减小，由于R2电阻不变，所以R2消耗的功率减小；故C正确；

D；根据题意可知；电压表与电流表变化量的示数之比即为电源的内阻，因此之比不变，故D正确；

故选ACD．

【点评】本题考查闭合电路欧姆定律的动态分析，要熟练掌握其解决方法为：局部﹣整体﹣局部的分析方法；同时注意部分电路欧姆定律的应用．三、填空题(共6题，共12分)16、略

【分析】【详解】

[1]在空心球周围存在向左的电场；则球上自由电子受到向右的电场力，电子聚集在右侧，左侧多余正电荷，则球壳左端的感应电荷为正电荷。

[2][3]发生静电感应的导体内部合场强为零，所以球壳上的感应电荷在O点处的场强大小应该与外部电荷在O点产生的场强大小相等，即

感应电荷也外部电荷产生的电场方向相反，即感应电荷在O点产生的场强方向应该是向右．【解析】正电荷向右17、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】ρ18、略

【分析】【详解】

[1]把一个正点电荷从距电场无穷远处移到电场中的M点，电荷克服静电力做功W=6.0×10-3J，相反的过程中，把正点电荷从电场中的M点移动到距电场无穷远处，静电力做功W′=6.0×10-3J，所以：

把该点电荷从电场中的N点移到距电场无穷远处，静电力做功W=3.6×10-3J，所以：

M、N两点的电势差：

[2]把该点电荷从M点移到N点静电力做功：WMN=qUMN=5×10-9×4.8×105=2.4×10-3J【解析】4.8×105V2.4×10－3J19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]考虑电表本身的电阻对测量结果的影响，电压表的读数等于安培表和电阻Rx两端的电压之和，则电压表读数大于Rx两端的实际电压，电流表的读数等于通过Rx的实际电流。【解析】大于等于20、略

【分析】【详解】

设流过小灯泡的电流为I，两端电压为U，定值电阻阻值为R0，则有

带入数据得到

用图像表示为。

图中两线交点即为此时每个小灯泡两端的电压和电流，则每个小灯泡消耗的功率为【解析】0.621、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]这种灯泡正常工作时的电压为220V；功率为300W。

[3]这四盏灯泡在电路中的连接方式是并联。【解析】220300并联四、作图题(共1题，共5分)22、略

【分析】【分析】

【详解】

根据电场线从正电荷出发；终止与负电荷及等量同种，等量异种点电荷电场线的分布特点，可标出电荷的电性如图所示。

【解析】见解析五、实验题(共2题，共14分)23、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]从图中读出金属丝的直径为

（2）[2]因测量金属丝的电阻率电流不能太大，由结合电流表读数原理；电流表应满足偏转一半以上，故总电阻大于10Ω小于5Ω，可见滑动变阻器可以用限流式；由于待测电阻的电阻值较小，电流表应用外接法，电路图如图所示：

（3）[3]根据欧姆定律，有

根据电阻定律，有

其中

则【解析】①.0.935②.③.24、略

【分析】【详解】

(1)[1]根据欧姆定律可知，通过测电阻的最大电流为

所以电流表选B；

[2]因电源电动势为4V；且15V量程太大，读数误太大，所以电压表应选3V量程，所以选C；

[3]因为待测电阻满足

所以电流表应该选用外接法；故采用甲电路；

(2)[4][5]根据欧姆定律和并联规律可知，采用甲电路时因为电压表A的分流作用，导致电流表测量值大于流经Rx的电流，所以产生误差