2025年沪教新版高三物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪教新版高三物理下册阶段测试试卷174考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示，长为L的细绳一端固定，另一端系一质量为m的小球．给小球一个合适的初速度，小球便可在水平面内做匀速圆周运动，这样就构成了一个圆锥摆，设细绳与竖直方向的夹角为θ．下列说法中正确的是（）A.小球受重力、绳的拉力和向心力作用B.θ越大，小球运动的向心力越大C.θ越大，小球运动的速度越小D.θ越大，小球运动的周期越大2、A、B两个质量相同小球抛出，下列说法中正确的是（）A.从同一高度以不同速度水平抛出，B在空中的运动时间不同B.从同一高度以不同的速度水平抛出，速度越大的水平位移一定越大C.抛出速度越大的小球，速度的变化越快D.从同一轨道以不同速度水平抛出，B落地使重力的瞬间功率不同3、下列情形中的物体可以看做质点的是（）A.研究郭晶晶在跳水比赛中的动作时B.研究航天飞机相对地球的飞行周期时，绕地球飞行的航天飞机能看作质点C.研究子弹射穿一张薄纸所需的时间，可以将子弹看作质点D.一枚硬币用力上抛，猜测它落地时是正面朝上还是反面朝上4、地球同步卫星是整个人类的稀有资源，全球最多可以同时存在大约120颗同步卫星．如图所示，很多国家发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆形轨道1运行，然后在Q点点火，使其沿椭圆轨道2运行，最后在P点再次点火，将卫星送入同步圆形轨道3运行．已知轨道1、2相切于Q点，轨道2、3相切于P点．忽略大气对卫星的阻力作用，则卫星分别在1、2、3轨道上正常运行时，下列说法正确的是（）A.卫星从轨道2运行到轨道3的过程中，卫星与地球组成的系统机械能守恒B.卫星在轨道3上的P点运行速度小于在轨道2上的P点运行速度C.卫星在轨道2上Q点的加速度小于在轨道1上Q点的加速度D.若在轨道3上的P点开动推动器向卫星运行的正前方喷气，卫星可以重新回到轨道2上5、图甲和图乙所示的是a、b两束单色光分别用同一单缝装置进行实验，在距装置恒定距离的屏上得到的图样，图甲是a光照射时形成的图样，图乙是b光照射时形成的图样．下列说法正确的是（）A.a光光子的能量较大B.在水中a光波长较短C.甲、乙图样分别为a、b两单色光的干涉图样D.若用a光照射某金属有光电子逸出，则用b光照射该金属时也有光电子逸出6、如图所示，带有活塞的气缸中封闭一定质量的气体(不考虑分子势能)．将一个热敏电阻(电阻值随温度升高而减小)置于气缸中，热敏电阻与气缸外的欧姆表连接，气缸和活塞均具有良好的绝热性能．下列说法正确的是()A.若发现欧姆表读数变大，则气缸内气体内能一定减小B.若推动活塞使气缸内气体体积减小，则气缸内气体内能减小C.若推动活塞使气缸内气体体积减小，则气缸内气体压强减小D.若推动活塞使气缸内气体体积减小，则欧姆表读数将变小7、如图为两种形式的吊车的示意图，OA

为可绕O

点转动的轻杆，重量不计，AB

为缆绳，当它们吊起相同重物时，杆OA

在图(a)(b)

中的受力分别为F

a

F

b

则下列关系正确的是()

A.F

a=

F

b

B.F

a<

F

b

C.F

a>

F

b

D.大小不确定评卷人得分二、填空题(共5题，共10分)8、一做匀变速直线运动的物体，若在前半段时间内的平均速度为5m/s，在后半段时间内的平均速度为7m/s，则全段时间内的平均速度为____m/s；若在前位移内的平均速度是6m/s，后位移内的平均速度是9m/s，则全程的平均速度是____m/s．9、（2008•广东模拟）如图所示，实线是一列简谐横波在t1=0时的波形图，虚线为t2=0.5s时的波形图，已知0＜t2-t1＜T，t1=0时x=2m处的质点A正向y轴正方向振动．

①质点A的振动周期为____s；

②波的传播方向是____；

③波速大小为____m/s．10、（2015春•淮安期末）如图所示是一定质量的理想气体沿直线ABC发生状态变化的p-V图象．已知A→B过程中，理想气体内能变化量为25J，吸收的热量为50J，则该过程气体对外界做功为____J，A→C过程气体吸收热量为____J．11、（2013秋•永春县校级期中）如图，三木块叠在一起，现用水平向右的力F=5N，作用于木块b上，它们均静止不动，则木块a受到木块b的摩擦力为____N；木块c受到木块b的摩擦力方向为____．12、（2013春•南溪县校级月考）如图所示，将匀强磁场中的线圈（正方形，边长为L）以不同的速度v1和v2匀速拉出磁场，线圈电阻为R，那么两次拉出过程中，外力做功之比W1：W2=____．外力做功的功率之比P1：P2=____．评卷人得分三、判断题(共8题，共16分)13、物体的瞬时速度总为零，则平均速度一定为零．____．（判断对错）14、当达到动态平衡时，蒸发的速度不再改变，以恒速蒸发．____．（判断对错）15、作用力与反作用力一定是同种性质的力．____（判断对错）16、参考系的选取是任意的，但参考系的选取应使物体运动的描述尽可能简单．____．（判断对错）17、公式E=和对于任何静电场都是适用的．____．（判断对错）18、不论用什么方法，只要穿过闭合电路的磁通量发生变化，闭合电路中就有电流产生．____（判断对错）19、电视机的显象管中电子束每秒进行50场扫描____．20、公式E=和对于任何静电场都是适用的．____．（判断对错）评卷人得分四、实验题(共4题，共24分)21、图中螺旋测微器的读数分别为____cm、____mm

22、（2012春•抚顺县校级期中）用图1所示的平抛仪来做研究平抛运动的实验；让小球多次沿同一轨道运动，通过描点法画出小球平抛运动的轨迹。

（1）为了能较准确地描绘运动轨迹，下面列出一些操作要求，将你认为正确选项的前面字母填在横线上：____．

A．通过调节使斜槽的末端保持水平。

B．每次释放小球的位置可以不同。

C．每次必须由静止释放小球。

D．小球运动时不应与木板上的白纸（或方格纸）相接触。

（2）在实验中，用一张印有小方格的纸来记录轨迹，小方格的边长L=1.25cm，若小球在平抛运动途中的几个位置如图2中的a、b、c、d所示，则小球平抛的初速度的计算公式为V0=____用（L、g表示）其值是____m/s（g=10m/s2）23、在离地面15m的高处；以10m/s的初速度竖直上抛一小球．求。

（1）小球上升的高度和上升的时间。

（2）小球从最高点下落时间和落地时的速度（忽略空气阻力的影响，取g=10m/s2）

（3）小球从抛出到落地的时间．24、一个课外兴趣小组应用如图甲所示装置和传感器研究机械能守恒问题，光滑斜面下端与圆弧相切，D点安装一个力传感器，并与计算机相连，让质量为O．lkg的小球从斜面上不同高度h（释放点到C点所在平面的高度）处由静止释放，小球通过D点时对轨道的压力可由计算机读出，通过多次测量得到了小球对D点的压力F与h的关系图象如图乙所示，g=10m/s2．求：h=1.6m时；小球运动到C点时对轨道的压力为多大？

评卷人得分五、识图作答题(共1题，共10分)25、如图甲是适宜环境中大豆光合作用过程的部分图解，图乙是某研究小组在15℃条件下以水稻为材料进行研究得到的实验结果（光合作用的最适温度为25℃，呼吸作用的最适温度为30℃）。请回答相关问题。

（1）图甲所示过程进行的场所是____；图甲中A代表的物质是____，a代表____过程。若将该植物突然转移到高温、强光照、干燥的环境中，叶片将部分气孔关闭，此时叶肉细胞内物质B的含量变化是____（填“增加”、“不变”或“减少”）。（2）由图乙可知本实验的目的是研究____，图乙中E点的含义是____。（3）若将图乙的实验温度升高10℃，则F点向____（填“左”或“右”）侧移动，呼吸速率曲线向____（填“上”或“下”）移动。评卷人得分六、画图题(共2题，共4分)26、图所示为一列向左传播的简谐波在某一时刻的波形图，若波速是0.5m/s，试在图上画出经7s时的波形图。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）27、在图示中，物体A处于静止状态，请画出各图中A物体所受的弹力．参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】【分析】分析小球的受力：受到重力、绳的拉力，二者的合力提供向心力，向心力是效果力，不能分析物体受到向心力．然后用力的合成求出向心力为Fn=mgtanθ，用牛顿第二定律列出向心力的表达式，求出线速度v和周期T的表达式，分析θ变化，由表达式判断V、T的变化，继而可知各选项的正误．【解析】【解答】解：A；小球只受重力和绳的拉力作用；二者合力提供向心力，选项A错误；

B、小球的向心力为Fn=mgtanθ；所以θ越大，小球运动的向心力越大，选项B正确．

C、向心力与速度的关系为mgtanθ=m=，得v=；θ越大，sinθ；tanθ越大，所以小球运动的速度越大，选项C错误．

D、小球运动周期：T==2π；因此，θ越大，小球运动的周期越小，选项D错误．

故选：B2、B【分析】【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度比较运动的时间，结合初速度和时间比较水平位移．根据瞬时功率的公式比较重力的瞬时功率．【解析】【解答】解：A、高度相同，根据t=知；A；B在空中运动的时间相同，与初速度无关，故A错误．

B；高度相同；运动的时间相等，根据x=vt知，速度越大，水平位移越大，故B正确．

C；平抛运动的加速度不变；都等于g，则速度变化快慢相同，故C错误．

D、根据P=mgvy知；落地时竖直分速度相等，重力的瞬时功率相等，与初速度无关，故D错误．

故选：B．3、B【分析】【分析】当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可．【解析】【解答】解：A；研究郭晶晶在跳水比赛中的动作时；形状和大小不能忽略，不能看成质点．故A错误．

B；研究航天飞机相对地球的飞行周期时；绕地球飞行的航天飞机能看作质点，故B正确；

C；研究子弹射穿一张薄纸所需的时间；可以将子弹看作质点，子弹大小不能忽略，不能看成质点．故C错误．

D；一枚硬币用力上抛；猜测它落地时是正面朝上还是反面朝上，硬币的大小和形状不能忽略，不能看成质点．故D错误．

故选：B．4、D【分析】【分析】根据卫星在轨道上飞行只受引力；机械能守恒去判断近地点和远地点的速度大小关系．

当万有引力刚好提供卫星所需向心力时卫星正好可以做匀速圆周运动。

1．若是供大于需则卫星做逐渐靠近圆心的运动。

2．若是供小于需则卫星做逐渐远离圆心的运动。

牛顿第二定律和万有引力定律结合应用解决问题．【解析】【解答】解：A；题目说在P点再次点火；将卫星送入同步圆形轨道3运行，说明机械能增加，故A错误；

B；在椭圆轨道远地点实施变轨成圆轨道是做逐渐远离圆心的运动；要实现这个运动必须万有引力小于卫星所需向心力，所以应给卫星加速，增加所需的向心力，卫星在轨道3上经过P点的速率大于在轨道2上经过P点的速率，故B错误；

C；根据牛顿第二定律和万有引力定律得卫星在轨道2上经过Q点的加速度等于在轨道1上经过Q点的加速度；故C错误；

D；若在轨道3上的P点开动推动器向卫星运行的正前方喷气；卫星会减速，可能重新回到轨道2上，故D正确；

故选：D．5、D【分析】【分析】根据两图是由同一条单缝照射而形成的图样，且中央宽故为单缝衍射图样由于波长越短中央亮条纹的宽度越小，由图可知单色光b的波长较短，而在真空中波长越长频率越小；光子的能量E=hγ，如果入射光的能量大于金属的逸出功，就会发生光电效应；对于同一种介质来说，由于波长越大的单色光折射率越小．【解析】【解答】解：由于图甲和图乙是由同一条单缝照射而形成的图样，且中央宽故为单缝衍射图样，由于波长越短中央亮条纹的宽度越小，由图可知单色光b的波长较短；

又由于C=λγ，故b光的频率较高即γb＞γa．

A；由于光子的能量E=hγ；故a光光子的能量较小．故A错误．

B、对于同一种介质来说，由于波长越大的单色光折射率越小，故na＜nb，由于n=故光从空气射入水中波长变短，由于在空气中时a的波长大于b的波长且进入水中后b的波长减小的更多；故在水中a光波长较长，故B错误．

C、由于波长越长单缝衍射图样的中央条纹越宽，故甲的波长较长，故甲乙分别是ab的单缝衍射的图象．故C错误．

D、a光光子的能量较小，故只要a光照射某金属有光电子逸出，则用b光照射该金属时也有光电子逸出．故D正确．

故选D．6、A|D【分析】发现欧姆表读数变大，由热敏电阻特性知，缸内气体温度降低，气体的内能减小，A正确；推动活塞使缸内气体体积减小，对气体做功，又因气缸和活塞均具有良好的绝热性能，没有热量交换，由热力学第一定律知，缸内气体的内能增大，温度升高，热敏电阻阻值变小，欧姆表读数将变小，而气体的压强将变大，B、C均错误，D正确．【解析】【答案】AD7、A【分析】【分析】对结点进行受力分析，根据力的合成求解即可。【解答】分别对两种形式的结点进行受力分析，设杆子的作用力分别为F1F2F3

各图中T=mg

在图(a)

中，Fa=2mgcos30鈭�=3mg

在图(b)

中，Fb=mgtan60鈭�=3mg

故选A。【解析】A

二、填空题(共5题，共10分)8、67.7【分析】【分析】利用已知数据把全程的位移和时间表示出来，根据平均速度公式求出全段过程中的平均速度．【解析】【解答】解：设前半段或后半段的时间为t；则全段的位移为：x=5t+7t

所以全段的平均速度为：v平===6m/s．

设全段的位移为s，则在前1/3位移内对应的时间为：s，后2/3位移内的时间为：s

所以全段的平均速度为：v平1=m/s=7.7m/s

故答案为：6，7.79、2沿+x方向2【分析】【分析】①根据x=2m处的质点A正向y轴正方向振动；可判断波的传播方向．

②已知0＜t2-t1＜T，当波向右传播时，波传播的时间t2-t1为T，当波向左传播时，波传播的时间t2-t1为；运用波形的平移法求周期．

③读出波长，由波速公式v=求波速．【解析】【解答】解：①②根据t1=0时的波形图上x=2m处的质点A正向y轴正方向振动；判断出波的传播方向沿着x轴的正方向．

已知0＜t2-t1＜T，则根据波形的平移得知，波传播的时间t2-t1=T，得到T=4（t2-t1）=4×0.5s=2s．

③由图知，波长λ=4m，则波速v==2m/s．

故答案为：①2.0；②沿+x方向（或水平向右）；③2.0．10、2550【分析】【分析】分析各过程中温度的变化，由热力学第一定律分析内能、做功及热量的变化即可求解．【解析】【解答】解：由热力学第一定律可得：

△U=W+Q；

解得：W=25-50=-25J；说明气体在AB过程放出25J的热量；

在A和C状态；pV乘积相等，所以温度相等，则内能相等；A到B和B到C体积变化量相同，故对外做功相等，因AB过程做功为25J；故AC过程对外做功为50J；由热力学第一定律可知，因内能不变；故气体应吸热50J；

故答案为：25；50．11、0水平向右【分析】【分析】隔离对a分析，根据a受力平衡确定b对a的摩擦力大小，再隔离对b分析，通过平衡确定c与b间的摩擦力，最后对c分析，即可求解．【解析】【解答】解：a物体处于平衡，假设水平方向受b对a的摩擦力；则a不可能平衡，所以a不受摩擦力．

对b分析，b在水平方向受拉力F，因为处于平衡，则c对b的摩擦力水平向左，大小为F．所以b对c的摩擦力大小水平向右；大小为F；

故答案为：0，水平向右．12、v1：v2v12：v22【分析】【分析】线圈匀速运动，外力的功率等于线圈中产生的焦耳热，由E=BLv和焦耳定律得到外力做功的表达式，再求外力做功之比；同样得到外力做功的功率表达式，再求解功率之比．【解析】【解答】解：线圈的速度为v时；产生的感应电动势为E=BLv，线圈中产生的焦耳热为：

Q===；可知Q∝v．

由于线圈匀速运动，外力做功等于线圈中产生的焦耳热，则外力做功为：W=Q=．所以可得：

W1：W2=v1：v2．

外力做功的功率为P==∝v2；

可得：P1：P2=v12：v22．

故答案为：v1：v2，v12：v22．三、判断题(共8题，共16分)13、√【分析】【分析】平均速度表示物在某一段时间或某一过程内的运动情况；而瞬时速度只能表示物体在某一瞬时或某一位置时的速度．平均速度与位移与时间的比值求解．【解析】【解答】解：因瞬时速度为0；则物体不动，无位移，则平均速度为0

故答案为：√14、√【分析】【分析】液面上部的蒸汽达到饱和时，液体分子从液面飞出，同时有蒸汽分子进入液体中；从宏观上看，液体不再蒸发．【解析】【解答】解：饱和蒸汽的平衡是一种动态平衡．当达到动态平衡时；液体分子从液面飞出，同时有蒸汽分子进入液体中；从宏观上看，液体不再蒸发蒸发的速度不再改变，此时以恒速蒸发．所以该说法是正确的．

故答案为：√15、√【分析】【分析】由牛顿第三定律可知，作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上，力的性质相同，它们同时产生，同时变化，同时消失．【解析】【解答】解：由牛顿第三定律可知；作用力与反作用力总是大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上，力的性质相同，它们同时产生，同时变化，同时消失，故该说法是正确的．

故答案为：√16、√【分析】【分析】参考系，是指研究物体运动时所选定的参照物体或彼此不作相对运动的物体系；参考系的选取是任意的，如何选择参照系，必须从具体情况来考虑，一般情况下我们以地面或地面上的物体作为参考系．【解析】【解答】解：参考系；是指研究物体运动时所选定的参照物体或彼此不作相对运动的物体系；参考系的选取是任意的，参考系的选取应使物体运动的描述尽可能简单．该说法是正确的．

故答案为：√17、×【分析】【分析】场强定义式E=适应任何电场，E=只适用于真空中点电荷；场强取决于电场本身，与检验电荷无关．【解析】【解答】解：场强定义式E=适应任何电场，E=只适用于真空中点电荷；故错误．

故答案为：×．18、√【分析】【分析】感应电流产生的条件是穿过闭合电路磁通量发生变化．1、电路要闭合；2、穿过的磁通量要发生变化．【解析】【解答】解：感应电流产生的条件是穿过闭合电路磁通量发生变化；只要穿过闭合电路的磁通量发生变化，闭合电路中就有电流产生．该说法是正确的．

故答案为：√19、√【分析】【分析】根据显像原理：显像管尾部的电子枪发射的电子束被加速和控制后呈扫描状轰击屏幕上的荧光粉，使屏幕发光，结合交流电的频率，即可求解．【解析】【解答】解：电子枪发射电子束击在显像管的屏幕上的彩色茧光粉上；它的电子束是逐行扫描的，速度非常的快，肉眼是看不出来的，电子束扫描的方向主是靠显像管管颈上的偏转线圈来控制的，交流电的频率为50赫兹，因此电子束能在1秒内，打在荧光屏上50场画面，所以显象管中电子束每秒进行50场扫描；

故答案为：√．20、×【分析】【分析】场强定义式E=适应任何电场，E=只适用于真空中点电荷；场强取决于电场本身，与检验电荷无关．【解析】【解答】解：场强定义式E=适应任何电场，E=只适用于真空中点电荷；故错误．

故答案为：×．四、实验题(共4题，共24分)21、0.67250.520【分析】【分析】螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【解析】【解答】解：1；螺旋测微器的固定刻度为6.5mm；可动刻度为22.5×0.01mm=0.225mm，所以最终读数为6.5mm+0.225mm=6.725mm=0.6725cm．

2；螺旋测微器的固定刻度为0.5mm；可动刻度为2.0×0.01mm=0.20mm，所以最终读数为0.5mm+0.020mm=0.520mm．

故答案为：0.67250.52022、ACD0.5【分析】【分析】（1）保证小球做平抛运动必须通过调节使斜槽的末端保持水平；因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度，实验要求小球滚下时不能碰到木板平面，避免因摩擦而使运动轨迹改变，最后轨迹应连成平滑的曲线．

（2）平抛运动的水平方向做匀速直线运动，从图中可以看出：a、b、c、d4个点间的水平位移均相等为2L，因此这4个点是等时间间隔点，竖直方向是自由落体运动，两段相邻的位移之差是一个定值△y=gT2=L，然后根据水平方向匀速直线运动即可解出小球的初速度．【解析】【解答】解：（1）A；通过调节使斜槽末端保持水平；是为了保证小球做平抛运动．故A正确；

B；C、因为要画同一运动的轨迹；必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度，故B错误，C正确；

D；实验要求小球滚下时不能碰到木板平面；避免因摩擦而使运动轨迹改变，最后轨迹应连成平滑的曲线，故D正确．

故选：ACD．

（2）图中看出，a、b；c、d4个点间的水平位移均相等；是x=2L，因此这4个点是等时间间隔点．竖直方向两段相邻位移之差是个定值；

即△y=gT2=2L；

故有：T=

再根据水平方向有：

2L=v0T

解得：v0=

代入数据得：v0==

故答案为：（1）ACD；（2），0.5．23、略

【分析】【分析】（1）竖直上抛运动是加速度为-g的匀减速直线运动；根据位移时间关系公式列式可得上升高度；由速度时间公式可得上升时间；

（2）小球从最高点下落做自由落体运动；由自由落体位移公式和速度公式可求下落时间和落地时的速度．

（3）由前两问可得总时间．【解析】【解答】解：取竖直向上为正方向．

（1）小球上升的高度：

h=；

上升时间为：

．

（2）小球从最高点下落高度为H=15+5=20m；做自由落体运动，时间为：

；

落地时的速度为：

v=gt2=10×2=20m/s．

（3）小球从抛出到落地所用的时间：t=t1+t2=3s．

答：（1）小球上升最高点与抛点的距离是5m；上升的时间为1s；

（2）小球落地时的速度大小是20m/s；

（3）小球从抛出到落地所用的时间是3s．24、略

【分析】【分析】在D点由向心力公式可列式表示力与速度的关系；再对下滑过程由动能定理可得出下滑高度与速度的关系；联立可解得力与半径的关系；再由图象得出斜率即可求得半径；

由机械能守恒定律可求得C点的速度，由向心力公式可求得C点的支持力；再由牛顿第三定律可得出小球对轨道的压力．【解析】【解答】解：设小球在传感器位置的速度为v，则有：m=F+mg

对开始下滑至运动到传感器的过程；由动能定理可得：

mv2=mg（h-2R）

由以上两式可得：

F=-5mg；

根据小球的F-h图象可知图线的斜率k==5

故R=0.4m；

当h=1.6m