2025年粤教版必修3物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教版必修3物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示，两块很大的平行金属板M、N正对放置，分别带有等量异种电荷，在两板间形成匀强电场，空间同时存在垂直纸面的匀强磁场。有一带电粒子在两板间恰能沿直线运动，速度大小为v0。不计粒子重力。当粒子运动到P点时；迅速将M；N板间距增大少许，则此后粒子的运动情况是（）

A.沿轨迹①做曲线运动B.沿轨迹④做曲线运动C.运动方向改变，沿轨迹②做直线运动D.运动方向不变，沿轨迹③做直线运动2、关于电磁感应现象，下列说法中正确的是()A.闭合线圈放在变化的磁场中，必然有感应电流产生B.闭合正方形线圈在匀强磁场中垂直磁感线运动，必然产生感应电流C.穿过闭合线圈的磁通量变化时，线圈中有感应电流D.只要穿过电路的磁通量发生变化，电路中一定有感应电流产生3、如图所示，圆台上下底面的圆心分别为O1、O2，两点连线的中点为O，以O为圆心的圆周上放置四个点电荷，E、F处电荷的电量为-q，G、H处电荷的电量为+q，以O1、O2、O为圆心的圆平面水平且平行；若下面研究中的微粒重力忽略不计，下列说法正确的是（）

A.O1处电场强度大于O2处电场强度B.直线O1O2上各点电势相等C.将-q微粒从O1点沿O1O方向移至O点过程电势能增加D.将-q微粒从O1点沿O1O方向移至O点过程所受电场力一直减小4、如图所示为滚筒式静电分选器的示意图；由料斗A，导板B，导体滚筒C，刮板D，料槽E；F和放电针G等部件组成。滚筒C、放电针G分别接直流高压电源的正、负极，并令滚筒C接地，放电针G与转轮间施加高压并电离空气，颗粒经过电离空气后都带上电荷。现将金属和塑料碎成粉粒后加入滚筒，由于塑料及金属导电性能不同，最终可完成分离，并通过料槽E、F进行回收，则下列说法正确的是（）

A.经过电离空气后，金属带正电，塑料带负电B.金属粉粒会落入料槽FC.塑料粉粒会落入料槽FD.金属粉粒吸附滚筒的能力更强5、如图，M、N和P是以为直径的半圆弧上的三点，O点为半圆弧的圆心，电荷量相等、符号相反的两个点电荷分别置于M、N两点，这时处于O点的点电荷所受静电力大小为若将N点处的点电荷移至P点，则O点的点电荷所受静电力大小变为与之比为（）

A.B.C.D.6、库仑定律是电磁学的基本定律．1766的英国的普里斯特利通过实验证实了带电金属空腔不仅对位于空腔内部的电荷没有静电力的作用，而且空腔内部也不带电．他受到万有引力定律的启发，猜想两个点电荷（电荷量保持不变）之间的静电力与它们的距离的平方成反比．1785年法国的库仑通过实验证实了两个点电荷之间的静电力与它们的电荷量的乘积成正比，与它们的距离的平方成反比．下列说法不正确的是（）A.普里斯特利的实验表明，处于静电平衡状态的带电金属空腔内部的电场处处为0B.普里斯特利的猜想运用了“类比”的思维方法C.为了验证两个点电荷之间的静电力与它们的电荷量的乘积成正比，库仑精确测定了两个点电荷的电荷量D.库仑利用扭秤装置验证了两个点电荷之间的静电力与它们的距离的平方成反比7、如图所示；电容器的一个极板接地，另一个极板与一个灵敏的静电计相接，用静电计测量平行板电容器两极板之间的电势差。实线和虚线分别表示变化前后的指针位置。下列操作与上述实验结果相符的是（）

A.仅减小两极板间的正对面积B.仅减小两极板间的距离C.仅在两极板间插入有机玻璃D.仅减小电容器所带电荷量8、阻值相等的三个电阻R、电容器C及电池E（内阻可忽略）连接成如图所示电路．开关S断开且电流稳定时，C所带的电荷量为闭合开关S，电流再次稳定后，C所带的电荷量为与的比值为（）

A.B.C.D.9、在如图所示电路中，电源电动势为电源内阻为电路中的电阻为小型直流电动机的内阻为闭合开关后，电动机转动，电流表的示数为．则以下判断中正确的是（））

A.电动机两端的电压为B.电动机的输出功率为C.电动机产生的热功率D.电源输出的电功率为评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)10、如图甲所示为市面上的一款自发电无线门铃；按下按键，按键将推动永磁铁运动（平面运动如图乙所示），即能产生电能供给发射器部件（接线圈两端，图中没有画出）正常工作。松开按键后，在弹簧的作用下按键将恢复原位。关于按压按键和松开按键反弹过程中，下列说法正确的是（）

A.连续按压和松开按键过程，线圈中一定产生交变电流B.按压和松开按键过程，线圈中都产生感应电动势C.按住门铃按键保持不动，线圈中一直保持有感应电流D.按键反弹过程，弹簧的弹性势能部分转化为电能11、如图所示，为热敏电阻，其电阻值随温度的升高而变小，为光敏电阻，其阻值随光照的增强而变小，和均为定值电阻，电源电动势为E，内阻为r；V为理想电压表，现发现电压表示数增大，可能的原因是（  ）

A.热敏电阻温度升高，其他条件不变B.热敏电阻温度降低，其他条件不变C.光照增强，其他条件不变D.光照减弱，其他条件不变12、用电场线能很直观、很方便地比较电场中各点的强弱，如下图甲是等量异种点电荷形成电场的电场线，图乙是场中的一些点：O是电荷连线的中点，E、F是连线中垂线上相对O对称的两点，B、C和A、D也相对O对称．则（）

A.B、C两点场强大小和方向都相同B.A、D两点场强大小相等，方向相反C.E、O、F三点比较，O的场强最强D.B、O、C三点比较，O点场强最弱13、在x轴上坐标为－3L和3L的两点固定电荷量不等的两点电荷，坐标为3L处电荷带正电，电荷量大小为Q。两点电荷连线上各点电势随x变化的关系如图所示，其中x＝L处电势最低，x轴上M、N两点的横坐标分别为－2L和2L；则（）

A.两点电荷为异种电荷B.同一检验电荷在M点受到电场力大于N受到的电场力C.坐标为－3L处电荷的电荷量大小为2QD.坐标为－3L处电荷的电荷量大小为4Q14、如图，两条水平光滑金属导轨固定在电磁铁两磁极之间，导轨两端a、b断开，金属杆L垂直导轨放置．闭合开关S；下列判断正确的是。

A.电磁铁两磁极之间的磁场方向向下B.若给金属杆向左的初速度，则a点电势高于b点C.若a、b间接导线，向下移动滑片p，则金属杆向左运动D.若a、b间接直流电源，a接正极、b接负极，则金属杆向左运动评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)15、质量为m、电荷量为q的粒子，以初速度v0垂直于电场方向进入两平行板间场强为E的匀强电场，极板间距离为d，两极板间电势差为U，板长为l.

(1)偏转距离：由t＝()，a＝()，所以y＝()＝()

(2)偏转角度：因为vy＝()＝()，所以tanθ＝()＝()

(3)由知x＝()粒子射出电场时速度方向的反向延长线过水平位移的()．16、三根完全相同的长直导线互相平行，通以大小和方向都相同的电流。它们的截面处于一个正方形abcd的三个顶点a、b、c处，如图所示。已知每根通电长直导线在其周围产生的磁感应强度与距该导线的距离成反比，通电导线b在d处产生的磁场其磁感应强度大小为B，则三根通电导线产生的磁场在d处的总磁感应强度大小为______。

17、分别表示在一条直线上从左到右的三个点电荷，已知与之间的距离为与之间的距离为且每个电荷都处于平衡状态．

（1）如为正电荷，则为________电荷．

（2）三者电量大小之比是________．18、均匀带电的球壳在球外空间产生的电场等效于电荷集中于球心处产生的电场。如图所示，在半球面AB上均匀分布正电荷，总电荷量为q，球面半径为R，CD为通过半球顶点与球心O的轴线，在轴线上有M、N两点，已知M点的场强大小为E，静电力常量为k，则N点的场强大小为___________，方向为___________（选填“C指向D”或“D指向C”）。

19、把负电荷q=5×10−5C从无穷远处移到电场中A点,克服电场力做功4.0×10−6J,再把q从A点移到B点,电场力对电荷做1×10−4J的功,A点电势为________V,B点电势为__________V。20、如图所示，A、B、C、D是匀强电场中一正方形的四个顶点，已知A、B、C三点的电势分别为φA=15V，φB=3V，φC=-3V；由此。

（1）则D点电势φD=____________V

（2）若该正方形的边长为a=20cm，且电场方向与正方形所在平面平行，则场强为E=_________N/C21、有一已充电的电容器，若使它的电荷量减少则其电压由原来的1.5V变为0.5V，由此可知电容器的电容是___________F；原来带电荷量是___________C。22、在导体的U－I图像中，斜率反映了______。23、如图所示，一满偏电流Ig=1mA、内阻Rg=300的表头G，先将其与定值电阻R1并联，后再与定值电阻R2串联，改装成一个既可以测电流又可以测电压的两用电表，公共接线柱和1之间为电流4mA挡，公共接线柱和2之间为电压3V挡，R1=______R2=______

评卷人得分四、作图题(共1题，共8分)24、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共3题，共21分)25、在“测电源电动势和内阻”实验中，待测电源为干电池a（电动势E1约1.5V，内阻r1约1Ω）和水果电池b（电动势E2约1V，内阻r2约1000Ω）

(1)电路如图1，下列选择正确的是________。

A．测a、b时，S2均接1

B．测a、b时，S2均接2

C．测a时，S2接1，测b时，S2接2

D．测a时，S2接2，测b时，S2接1

(2)现有下列器材：

A．电压表V（0~15V；约3kΩ）

B．电流表A1（0~0.6A；约1Ω）

C．电流表A2（0~1mA；100Ω）

D．定值电阻R1（2kΩ）

E．滑动变阻器R2（0~10Ω）

F．滑动变阻器R3（0~1000Ω）

G．开关S1、S2；导线若干。

①甲用上述器材测干电池a，电压表应选_____，滑动变阻器应选_____（填字母代号）。

②乙同学另找来一电阻箱，结合电流表用如图2电路测量电池b。测得多组数据，作出图像如图3，则电池b电动势E2=_______V，内阻r2=__________。26、如图所示，游标卡尺的读数为_________cm，螺旋测微器的读数为_________mm。

27、测一量程为3V的电压表的内阻；其内阻估计在10kΩ~20kΩ之间。提供下列器材：

A.电源：电动势6V

B.滑动变阻器；最大阻值200Ω

C.电流表：量程200μA；内阻约200Ω

D.电流表：量程50mA；内阻约100Ω

E.电流表：量程0.6A；内阻0.4Ω

F.电键一个；导线足够。

(1)为了使实验顺利进行并减小误差，电流表应选用_________（填代号）；

(2)某同学连接的实验电路如图所示，所连电路存在明显错误。经仔细观察发现，只要添加一根导线即可，那么添加的导线应接在___________两点间（填字母）。实验前滑动变阻器的滑动触头应滑到最_________端（填“左”“右”）。参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】【详解】

电容器带电量Q不变，根据

可得

又因为Q、S、不变，可知E与d无关，故M、N增大少许，场强E不变；故粒子所受电场力不变，受力仍然平衡，故依旧做匀速直线运动，即沿轨迹③做直线运动；

故选D。2、C【分析】【详解】

A．闭合线圈放在变化的磁场中；当穿过线圈的磁通量变化时，才有感应电流产生，故A错误；

B．闭合正方形线圈在匀强磁场中垂直磁感线运动；磁通量不变，则不产生感应电流，故B错误；

C．穿过闭合线圈的磁通量变化时；线圈中有感应电流，故C正确；

D．只有穿过闭合电路的磁通量发生变化；电路中才一定有感应电流产生，故D错误；

故选C。3、B【分析】【详解】

A．因O1O与O2O的距离相等，故O1与O2的合电场强度都为零；选项A错误；

B．同理O1O2此线上场强处零，电场力不做功，则直线O1O2上各点电势相等；所以选项B正确；

C．将-q微粒从O1点沿O1O方向移至O点过程；电场力不做功，电势能变化为零，所以选项C错误；

D．因O与O1点的合电场强度都为零，但O1O之间的电场强度都为零，所以将-q微粒从O1点沿O1方向移至O点过程所受电场力为零；选项D错误。

故选B.4、B【分析】【详解】

A.放电针G附近的空气受高压电场作用而电离；在电场力作用下，大量的电子或负离子被喷射在粉粒上，两种粉粒均带负电，故A项错误；

BCD.带负电的金属粉粒因具有良好的导电性；所以在与带正电的滚筒C接触后，其上的负电被滚筒C上的正电中和，在重力作用下落于料槽F；绝缘性能良好的塑料粉粒，其所带负电不容易传给滚筒C，在滚筒C的静电吸引力作用下，附着于滚筒C的表面并随滚筒C转动，最后粉粒较大者在重力作用下掉入料槽E，粉粒较小者由刮板将其刮入料槽E，故B项正确，C，D项错误。

故选B。5、B【分析】【详解】

假设M、O两处点电荷带正电、N处点电荷带负电，依题意，M、N处两点电荷对O点的点电荷的静电力大小均为则当N点处的点电荷移至P点时，O处点电荷所受静电力如图所示。

由几何关系可知，合力大小为

则有

故选B。6、C【分析】【详解】

A；普里斯特利的实验表明；处于静电平衡状态的带电金属空腔内部的电场处处为0，故A正确；

B；普里斯特利联想到万有引力定律的猜想；故运用了“类比”的思维方法，故B正确；

C；为了验证两个点电荷之间的静电力与它们的电荷量的乘积成正比；库仑定性的比较了电荷的变化，并没有精确测量两点电荷的电荷量；故C错误；

D；库仑利用扭秤装置验证了两个点电荷之间的静电力与它们的距离的平方成反比；故D正确；

错误的故选C．

【点睛】

金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动；明确库仑实验的原理．7、A【分析】【详解】

根据

解得

A.仅减小两极板间的正对面积，U增大；指针偏角增大，A正确；

B.仅减小两极板间的距离，U减小；指针偏角减小，B错误；

C.仅在两极板间插入有机玻璃，ε增大，U减小；指针偏角减小，C错误；

D.仅减小电容器所带电荷量Q，U减小；指针偏角减小，D错误。

故选A。8、B【分析】【详解】

由于电源内阻不计，开关S断开时，电容器的电压为

电容器所带电荷量为

开关S闭合时，电容器的电压为

电容器所带电荷量为

则有

故选B。9、B【分析】【详解】

电流表读数2A，可得R0以及电源内阻消耗电压共为：所以根据闭合电路欧姆定律，电动机的到电压为：故A错误；电动机的内阻发热为：故C错误；电机总功率为：所以输出功率为：故B正确；电源总功率为：电源的内耗功率为：电源输出功率为：故D错误．所以B正确，ACD错误．二、多选题(共5题，共10分)10、B:D【分析】【详解】

A．连续按压和松开按键过程不能保证线圈中磁通量一定是周期性变化的；故不一定产生交变电流，A项错误；

B．按压和松开按键过程；永久磁铁通过铁芯形成闭合磁路，线圈中磁通量发生变化，线圈中都产生感应电动势，B项正确；

C．按住门铃按键不动；穿过线圈的磁通量保持不变，感应电动势和感应电流为零，C项错误；

D．由能量守恒定律可知按键反弹过程；弹簧的弹性势能减小，克服磁场力做功并转化为电能，也有部分能量转化为其他形式的能，D项正确。

故选BD。11、A:D【分析】【详解】

AB．热敏电阻温度升高时，其阻值减小，外电路总电阻减小，总电流增大，内电压增大，路端电压随之减小，而R2的电压增大，则并联部分的电压减小，通过光敏电阻的电流减小，所以通过的电流增大；电压表的读数增大，相反，同理可得热敏电阻温度降低，其他条件不变，电压表的示数减小，故A正确，B错误；

CD．光照增强，光敏电阻的阻值减小，外电路总电阻减小，总电流增大，内电压增大，路端电压随之减小，而R2的电压增大，并联部分的电压减小，通过的电流减小；则电压表的示数减小，反之同理，光照减弱，电压表的示数增大，故D正确，C错误。

故选AD。12、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．由等量异种点电荷形成电场的电场线分布对称性可知，B、C两点电场线的疏密情况相同且箭头的方向都是水平向右，则有B、C两点场强大小和方向均相同；故A正确；

B．电场线中A、D两点疏密程度相同且箭头的指向均是水平向左，则A、D两点场强大小相同；方向也相同，故B错误；

C．在等量异种点电荷连线的中垂线上，由电场线分布可知，E、O、F三点比较，O点电场线最密，则O点场强最强；故C正确；

D．在等量异种点电荷连线上，由电场线分布可知，B、O、C三点比较，O点电场线最稀疏；则O点场强最弱，故D正确。

故选ACD。13、B:D【分析】【详解】

A．正电荷周围的电势为正；负电荷周围的电势为负，因此由图可知，两点电荷均为正电荷，故A错误；

B．在x轴上坐标为－3L和3L的两点固定电荷均为正电荷，在M点处的合场强为

在N点处的合场强为

在M点处的合场强大于在N点处的合场强，故由

可知同一检验电荷在M点受到电场力大于N受到的电场力；故B正确；

CD．在x＝L处电势最低，此处图线的斜率为0，即该点的合场强为0，设坐标为-3L处电荷的电荷量大小为则有

解得

故C错误；D正确。

故选BD。14、A:C【分析】【详解】

A．闭合开关S；根据右手螺旋法则可知，电磁铁两磁极之间的磁场方向向下，选项A正确；

B．根据右手定则可知，若给金属杆向左的初速度，则a点电势低于b点；选项B错误；

C．若a、b间接导线，向下移动滑片p；则螺线管中的电流变大，磁场增强，由于穿过闭合回路的磁通量增加，由楞次定律可知，金属杆向左运动，选项C正确；

D．若a、b间接直流电源，a接正极、b接负极，由左手定则可知，金属杆向右运动，选项D错误．三、填空题(共9题，共18分)15、略

【分析】【详解】

（1）[1]垂直电场线方向，粒子做匀速直线运动，则有：

[2]沿电场线方向，粒子做初速度为零的匀加速直线运动，根据牛顿第二定律有：

根据电势差与电场强度的关系有：

解得：

[3]所以沿电场线方向的位移有：

[4]代入a和t可得：

（2）[5]沿电场线方向的速度为

[6]代入a和t可得：

[7]根据：

可得：

（3）[8]由知:

[9]粒子射出电场时速度方向的反向延长线过水平位移的:【解析】16、略

【分析】【分析】

根据等距下电流所产生的B的大小与电流成正比，得出各电流在d点所产生的B的大小关系，由安培定则确定出方向，再利用矢量合成法则求得B的合矢量的大小和方向。

【详解】

假设正方形的边长为L，通电导线b在d处所产生磁场的磁感应强度大小为B，根据几何关系得

每根通电导线在其周围产生的磁场的磁感应强度大小与距该导线的距离成反比则a与c在d处产生的磁场的强度

方向如图。

则d点的磁感应强度【解析】3B17、略

【分析】【详解】

[1]若为正电荷，则不可能平衡，故为负电荷；

[2]对有

对有

对有

联立解得三者电量大小之比为【解析】负18、略

【分析】【详解】

[1][2]设球心在O点的球壳为完整的带电荷量为2q的带电球壳，则在M、N两点产生的场强大小为

题图中左半球壳在M点产生的场强为E，则右半球壳在M点产生的场强为

由对称性知，左半球壳在N点产生的场强大小为方向由C点指向D点。【解析】C指向D19、略

【分析】【详解】

[1]无穷远间与A的电势差为

无穷远电势为零，由得A点电势：

[2]A、B间电势差为:

因则B点电势【解析】-0.081.9220、略

【分析】【详解】

(1)[1]匀强电场中，沿着任意方向每前进相同的距离，电势变化都相等，

解得：φD=9V

(2)[2]连接AC，将AC三等分，标上三等分点E、F，则根据匀强电场中沿电场线方向相等距离，电势差相等可知，E点的电势为3V，F点的电势为9V．连接DF；是一条等势线．

将DF延长交于AB于P点，则P点的电势为φP=φD=9V

可知P是AB的中点，

PD是该电场的一条等势线，作AM⊥PD，根据等面积原理知

场强【解析】921、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据电容器电容公式有

[2]原来电容器所带电荷量为【解析】①.②.22、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】导体电阻的大小23、略

【分析】【分析】

【详解】

公共接线柱和1之间为电流I=4mA挡，根据并联电路的特点可得IgRg=（I-Ig）R1

解得R1=100Ω

公共接线柱和1之间的总电阻为

公共接线柱和2之间为电压U=3V挡，根据串联电路的特点可得

其中I=4mA=0.004A

解得R2=675Ω【解析】①.100②.675四、作图题(共1题，共8分)24、略

【分析】【分