2025年牛津译林版选择性必修1物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年牛津译林版选择性必修1物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、质量分别为3m和m的两个物体，用一根细绳相连，中间夹着一根被压缩的轻弹簧，在光滑的水平面上以速度v0匀速运动．某时刻剪断细绳，质量为m的物体离开弹簧时速度变为v=2v0；如图所示．则在这一过程中弹簧做的功和两物体之间转移的动能分别是。

A.B.C.D.2、如图所示，坐标原点处有一周期为的振源，发出一列沿轴正方向传播的简谐横波，时的波动图像如图所示；下列说法正确的是（）

A.再过一个周期处的质点将运动到处B.图示时刻处质点的速度方向为轴正方向C.一观察者从处沿轴向坐标原点运动时，接收到该波的频率为D.该波在传播过程中遇到尺寸为的障碍物会发生明显的衍射现象3、在光滑水平面上运动的物块具有5kg·m/s的动量，某时刻起受到大小恒为3N的力作用了2s后，物块的动量不可能为（）A.8kg·m/sB.5kg·m/sC.kg·m/sD.kg·m/s4、如图所示，在光滑水平面上，一个质量为m、速度大小为v的A球与质量为2m；静止的B球碰撞后；A球的速度方向与碰撞前相反。则碰撞后B球的速度大小可能是（）

A.0.30vB.0.40vC.0.60vD.0.70v5、两个小球在光滑水平面上沿同一直线、同一方向运动，B球在前，A球在后，mA＝1kg、mB＝2kg，vA＝6m/s，vB＝3m/s，当A球与B球发生碰撞后，A、B两球的速度可能是A.vA′＝－4m/s，vB′＝6m/sB.vA′＝4m/s，vB′＝5m/sC.vA′＝4m/s，vB′＝4m/sD.vA′＝7m/s，vB′＝2.5m/s6、下列有关振动的说法正确的是（）A.阻尼振动的振幅不会变化B.物体振动的频率就是物体的固有频率C.当驱动力的频率等于固有频率时，物体做受迫振动的振幅达到最大值D.共振是普遍的现象，都是有利的7、光导纤维是光纤通讯中信号传播的载体，其内芯和涂层的材料不同。如图所示，一束单色光沿一定角度从一端射入内芯，会在内芯沿着锯齿形路线传播。下列说法正确的是（）

A.涂层的折射率比内芯的折射率大B.光在内芯与涂层的界面上发生全反射C.光的频率越大，其在内芯中传播的速度越大D.仅增大光的频率，光束可能会从内芯进入涂层评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)8、一个质点做简谐运动的图像如图所示，下列结论正确的是（）

A.质点的振动频率为4HzB.在10s内质点通过的路程是20cmC.在第5s末，质点的速度为零，加速度最大D.在t＝1.5s和t＝4.5s两时刻质点的加速度方向和速度方向都相同9、如图所示，水平放置的光滑绝缘细杆上套着一个质量为m的带电小球，用一个轻弹簧将小球与挡板连接，整个装置处于水平向左的匀强电场中。小球从弹簧处于原长时的B点由静止释放，小球将在B、C两点之间往复运动（弹簧形变均在弹性限度内）。小球从B点向C点运动的过程中（）

A.加速度先减小后增大B.加速度先增大后减小C.小球的电势能与弹簧弹性势能之和先变小后变大D.小球的动能与弹簧弹性势能之和先变大后变小10、一列简谐横波沿x轴正方向传播，在和处的两个质点A、B的振动图像如图所示；则（）

A.波由质点A传到质点B的时间可能是0.1sB.波由质点A传到质点B的时间可能是0.3sC.这列波的波速可能是1m/sD.这列波的波速不可能是3m/s11、五角棱镜是光束定角度转向器之一，常用于照相机的取景器、图像观察系统或测量仪器中。如图所示是五角棱镜的截面图。棱镜的AB面与AE面垂直。一束单色光垂直AB面入射，经DE面和BC面反射后垂直AE面射出。下列说法正确的是（）

A.BC面与DE面的夹角B.BC面与DE面的夹角C.若入射光线与AB面不垂直，则先后经DE、BC面反射后从AE面射出的光线与AB面的入射光线仍垂直D.若入射光线与AB面不垂直，则先后经DE、BC面反射后从AE面射出的光线与AB面的入射光线不可能垂直12、2022年冬季奥运会将在北京举行。我国冰壶运动员在某一次水面内训练时，红壶以一定的速度与静止在大本营中心的蓝壶发生对心碰撞，碰撞时间极短，碰后运动员用冰壶刷摩擦蓝壶前进方向上的冰面来减小阻力。碰撞前、后两壶运动的v－t图线如图中实线所示；如果两冰壶的质量相等，那么，由图像可得出正确的结论是（）

A.碰撞后瞬间，蓝壶的速度为红壶的速度为B.两壶在碰撞过程中损失的机械能为两壶从碰后到静止损失的总机械能的倍C.红、蓝两壶在运动过程中，动摩擦因数之比为D.碰后蓝壶经过停止运动13、一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t=0时的波形图如图所示，介质中质点M、N的平衡位置分别为xM=2cm、xN=4cm。从t=0时开始计时，当t=11s时质点N刚好第3次到达波峰，则（）

A.波的波长为4cmB.波的传播周期为8sC.从t=0时刻开始，质点M比质点N先到达波谷位置E.从t=0时开始计时，质点M做简谐运动的表达式为y=2sint(cm)E.从t=0时开始计时，质点M做简谐运动的表达式为y=2sint(cm)14、一振动片以频率f做简谐振动，固定在振动片上的两根相同的细杆同步触动水面上a，b两点，在水面上形成稳定的干涉图样。c、d、e是水面上的点，已知a、c、d间的间距均为l、b、e到a的距离均为若d点是振动加强点；下列说法正确的是（）

A.e点一定是振动加强点B.d点的振动频率为2fC.在ae连线上，a、e两点间至少存在两个振动加强点D.水波的传播速度大小可能为评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)15、如图所示，一个截面为等边三角形的棱柱形玻璃砖置于水平面上，一条光线在此截面内从边以入射角射入，在玻璃砖内折射后从边以折射角射出，当时，出射光线偏折角度为30°，则光线从边射出时的出射角大小为______，该玻璃砖的折射率大小为______。

16、如图所示S1和S2是两个相干的波源，其振幅均为A，波长为λ，图中实线和虚线分别表示两波形成的波峰和波谷，则在a、b、c三点中，振动减弱点是___________；经过四分之一周期，b点通过的路程为_________。17、某处一单摆做简谐运动的振动方程为x=0.04cos3.14t（m）,关于该单摆的叙述下列说法正确的是__________（填正确的答案标号。

A．该单摆的摆长约为1m；

B．若该单摆被考察队携至珠穆朗玛峰的顶端；则其摆动变慢．

C．在t=1.2s时摆球正沿正方向做加速运动；加速度正在减小；

D．在0.25s时刻和1.25s时刻摆球沿相反方向经过同一位置；

E．在0-4s内摆球通过的路程为0.32m，4s末的位移为零；18、如图所示为一列简谐横波在t=0时刻的图像，此时质点A位于波峰，已知波的传播速度为2m/s，则从t=0到t=2.5s的时间内，质点A通过的路程是______cm；在t=0.5s末，质点A的位移是_______cm。

19、简谐横波在均匀介质中沿直线传播。P、Q是传播方向上相距10m的两质点。质点P比质点Q晚8s开始振动，质点Q的振动图像如图所示。则质点P的振动周期为___s，该波的传播速度为___m/s，波长为___m。

20、碰撞分类。动量是否守恒机械能是否守恒弹性碰撞守恒_______非弹性碰撞守恒有损失完全非弹性碰撞守恒损失______21、波的图像的画法。

（1）建立坐标系。

用横坐标x表示在波的传播方向上各质点的______，纵坐标y表示某一时刻各质点______。

（2）描点。

把平衡位置位于x1，x2，x3，的质点的位移y1，y2，y3，画在xOy坐标平面内，得到一系列坐标为______，______，______；的点。

（3）连线。

用一条______的线把各点连接起来就是这一时刻______图像，有时也称______。22、如图表示产生机械波的波源O做匀速运动的情况；图中的圆表示波峰。

（1）该图表示的是___________。

A.干涉现象B.衍射现象。

C.反射现象D.多普勒效应。

（2）波源正在移向___________（选填A、B、C、D点）。

（3）观察到波的频率最低的点是___________（选填A、B、C、D点）。23、衍射光栅。

（1）构成：由许多___________的狭缝___________地排列起来形成的光学元件。

（2）增加狭缝的个数，衍射条纹的宽度变窄，亮度___________

（3）种类：___________和___________评卷人得分四、作图题(共4题，共32分)24、如图所示为一弹簧振子在A、C间振动；图中黑点为振子球心的位置。

(1)画出振子位于C点时离开平衡位置O的位移；

(2)标出振子位于A点时加速度的方向。

25、如图所示，一列简谐波在x轴上传播，波速为50m/s。已知时刻的波形图像如图甲所示，图中M处的质点此时正经过平衡位置沿y轴的正方向运动。将时的波形图像画在图乙上（至少要画出一个波长）。

26、图中的横波正在沿轴的正方向传播，波速为分别画出经过和时刻的两个波形图。

27、某同学做“测玻璃砖的折射率”的实验时；绘制的光路图如图所示，请通过尺规作图；刻度尺测量，求出该玻璃砖的折射率。（结果保留两位有效数字。）

评卷人得分五、实验题(共2题，共10分)28、现利用图甲所示的装置验证动量守恒定律。在图甲中；气垫导轨上有A；B两个滑块，滑块A右侧带有一弹簧片，左侧与打点计时器（图中未画出）的纸带相连；滑块B左侧也带有一弹簧片，上面固定一遮光片，光电计时器（未完全画出）可以记录遮光片通过光电门的时间。

实验测得滑块A的质量m1=0.310kg，滑块B的质量m2=0.108kg，遮光片的宽度d=1.00cm；打点计时器所用交流电的频率f=50.0Hz。将光电门固定在滑块B的右侧，启动打点计时器，给滑块A一向右的初速度，使它与B相碰。碰后光电计时器显示的时间为ΔtB=3.500ms；碰撞前后打出的纸带如图乙所示。

若实验允许的相对误差绝对值（×100%）最大为5%

（1）滑块A碰撞前的速度___________m/s，碰撞后的速度___________m/s。

（2）滑块A、B碰撞后滑块B的速度=___________m/s。

（3）两滑块碰撞前的总动量p=___________kg·m/s，碰撞后的总动量p’=___________kg·m/s。

（4）两滑块碰撞前后总动量相对误差绝对值为___________。

（5）你的结论是：___________。29、（1）如图所示，用插针法测定玻璃砖折射率的实验中，下列说法中正确的是()

A．若的距离较大时，通过玻璃砖会看不到的像。

B．为减少测量误差，的连线与法线NN'的夹角应尽量小些。

C．为了减小作图误差，和的距离应适当取大些。

D．若的连线与法线NN'夹角较大时，有可能在bb'面发生全反射，所以在bb'一侧就看不到的像。

（2）在该实验中，光线是由空气射入玻璃砖，根据测得的入射角和折射角的正弦值画出的图线如图所示，从图线可知玻璃砖的折射率是________。

（3）该实验小组选取了操作正确的实验记录，在白纸上画出光线的径迹，以入射点O为圆心作圆，与入射光线P1O、折射光线OO'的延长线分别交于A、B点，再过A、B点作法线NN'的垂线，垂足分别为C、D点，如图甲所示，则玻璃的折射率n=______（用图中线段的字母表示）；进一步测得所需数据分别为1.68cm和1.12cm，则该玻璃砖的折射率数值为_____。

（4）在用针插法测定玻璃砖折射率的实验中，甲、乙二位同学在纸上画出的界面与玻璃砖位置的关系分别如图乙中①、②所示，其中甲同学用的是矩形玻璃砖，乙同学用的是梯形玻璃砖。他们的其它操作均正确，且均以为界面画光路图。则甲同学测得的折射率与真实值相比_____（填“偏大”、“偏小”或“不变”）；乙同学测得的折射率与真实值相比______（填“偏大”、“偏小”或“不变”）。评卷人得分六、解答题(共3题，共12分)30、如图所示，质量为mc=2mb的物块c静止在倾角均为α=30°的等腰斜面上E点，质量为ma的物块a和质量为mb的物块b通过一根不可伸长的轻质细绳相连，细绳绕过斜面顶端的光滑轻质定滑轮并处于松弛状态，按住物块a使其静止在D点，让物块b从斜面顶端C由静止下滑，经过0.6s滑到E点，刚好滑到E点时释放物块a，细绳恰好伸直且瞬间张紧绷断，之后物块b与物块c立即发生弹性碰撞，碰后a、b都经过t=1s同时到达斜面底端。斜面上除EB段外其余都是光滑的，物块b、c与EB段间的动摩擦因数均为μ=空气阻力不计，细绳张紧时与斜面平行，物块a未与滑轮发生碰撞，取g=10m/s2.求：

(1)C、E两点间的距离；

(2)若A、D两点和C、E两点间的距离相等；求物块a沿斜面上滑的最大距离；

(3)若E、B两点距离为0.4m，b与c相碰后b的速度。

31、一列简谐横波在x轴上传播，如图所示，实线为t=0时刻的波形图，虚线为△t=0.2s后的波形图；求：

①此波的波速为多少？

②若△t>T且波速为165m/s，试通过计算确定此波沿何方向传播？32、半径为R的固定半圆形玻璃砖的横截面如图所示，O点为圆心，OO′为直径MN的垂线．足够大的光屏PQ紧靠在玻璃砖的右侧且与MN垂直．一束复色光沿半径方向与OO′成θ＝30°角射向O点，已知复色光包含有折射率从n1＝2到n2＝3的光束；因而光屏NQ上出现了彩色光带．

(1)求彩色光带的宽度；

(2)当复色光入射角逐渐增大时，光屏NQ上的彩色光带全部消失，求θ角至少为多少参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、D【分析】【分析】

细线断裂过程；系统的合外力为零，总动量守恒，根据动量守恒定律就可以求出物体m离开弹簧时物体3m的速度，根据动能定理分别求出弹簧对两个物体做的功，两者之和即可得到弹簧在这个过程中做的总功．

【详解】

设3m的物体离开弹簧时的速度为υ'；根据动量守恒定律，则有：

解得：

根据动能定理；弹簧对两个物体做的功分别为：

所以弹簧做的总功：W=W1+W2=

m的物体动能的增量为：

此过程中弹簧的弹性势能的减小量为弹簧弹力做的功即为

由机械能守恒可知，所以两物体之间转移的动能为：．

故应选D．

【点睛】

本题是系统动量守恒和机械能守恒的类型，对于弹簧的弹力是变力，应运用动能定理求解做功．2、B【分析】【分析】

【详解】

A．沿轴正方向传播的简谐横波；波上各质点都在各自的平衡位置附近，沿垂直波的传播方向做简谐振动，而不随波的传播方向移动，A错误；

B．由图可知，波沿x轴正方向传播，由“上下坡”原理确定，x=2m处的质点此时刻在下坡位置，因此速度方向沿y轴正方向；即向上振动，B正确；

C．由题意可知，波源的振动频率为

由多普勒效应可知，观察者在x=20m处，沿x轴向坐标原点运动时；接收到的波的频率要大于0.5Hz，C错误；

D．由图可知波的波长=4m；由产生明显衍射现象的条件可知，尺寸100m的障碍物远大于该波的波长，因此不会产生明显的衍射现象，D错误。

故选B。

3、D【分析】【分析】

【详解】

由于恒力方向未知，因此2s后物块的动量最大值

若冲量与原动量方向相反，则反向最大值为

2s后物块动量在之间都是可能的值。

故选D。4、C【分析】【详解】

A球和B球碰撞的过程中动量守恒，设A、B两球碰撞后的速度分别为v1、v2，选A原来的运动方向为正方向，由动量守恒定律有

假设碰后A球静止，即v1=0，可得

由题意知球A被反弹，所以球B的速度

AB两球碰撞过程机械能不增加，有

两式联立得

故

故选C。5、C【分析】【详解】

两球碰撞过程系统动量守恒，以两球的初速度方向为正方向，如果两球发生完全非弹性碰撞，由动量守恒定律得：

代入数据解得：v=4m/s；

如果两球发生完全弹性碰撞，有：

由机械能守恒定律得：

代入数据解得：vA′=2m/svB′=5m/s

则碰撞后A、B的速度为：2m/s≤vA≤4m/s4m/s≤vB≤5m/s

A．vA′＝－4m/s，vB′＝6m/s；与结论不相符，选项A错误；

B．vA′＝4m/s，vB′＝5m/s；与结论不相符，选项B错误；

C．vA′＝4m/s，vB′＝4m/s；与结论相符，选项C正确；

D．vA′＝7m/s，vB′＝2.5m/s，与结论不相符，选项D错误；6、C【分析】【详解】

A．阻尼振动由于阻力的存在；一部分机械能转化为内能，因此阻尼振动的振幅将逐渐减小，A错误；

B．物体振动的频率不一定是物体的固有频率；例如受迫振动，其频率等于外界驱动力的频率，B错误；

C．当驱动力的频率等于固有频率时；物体发生共振，物体做受迫振动的振幅达到最大值，C正确；

D．共振是普遍的现象；不一定都是有利的，例如桥梁在风作用下的振动，如果发生共振，极有可能使桥梁受损，D错误。

故选C。7、B【分析】【详解】

A．发生全反射的条件是从光密介质射向光疏介质；所以涂层的折射率比内芯的折射率小，A错误；

B．涂层的折射率比内芯的折射率小；光在内芯与涂层的界面上发生全反射，所有的光都反射回内芯，B正确；

C．根据折射率与光速的关系

可知光的频率越大；其在内芯中传播的速度越小，C错误；

D．发生全反射的条件是从光密介质射向光疏介质，且入射角大于临界角；仅增大光的频率，光的折射率会变大，根据

可知临界角会变小；光束更不可能从内芯进入涂层，D错误。

故选B。二、多选题(共7题，共14分)8、B:C【分析】【详解】

A．由图读出周期为T=4s，则频率为f=1/T=0.25Hz．故A错误．

B．质点在一个周期内通过的路程是4个振幅，t=10s=2.5T，则在10s内质点经过的路程是S=2.5×4A=10×2cm=20cm；故B正确．

C．在5s末；质点位于最大位移处，速度为零，加速度最大，故C正确．

D．由图看出，在t=1.5s和t=4.5s两时刻质点位移相同，由知加速度大小和方向均相同．由于两个时刻图线的切线方向相反，所以速度方向相反，故D错误．9、A:C【分析】【分析】

【详解】

AB．由题意得，静止释放小球，小球在B、C之间往复运动，B点处弹簧处于原长，由受力分析可知，在平衡位置小球加速度为0，在水平方向上受到簧水平向左的弹力，则电场力方向为水平向右，可以判断小球带负电从B点到C点的过程；经过平衡位置加速度为0，则该过程加速度先减小后增大，A正确B错误；

C．由题意得，静止释放小球，小球在B、C之间往复运动；小球的速度先增大经过平衡位置后减小，即动能先增大后减小，根据能量守恒定律得，动能的变化量等于电势能和弹性势能的变化量之和，即小球的电势能与弹簧弹性势能之和先变小后变大，C正确；

D．从B点到C点的过程；电场力做正功，电势能减少，由能量守恒定律得，小球的动能与弹簧弹性势能变化量之和等于电势能的变化量，即小球的动能与弹簧弹性势能变化量之和一直增大，CD错误。

故选AC。10、B:D【分析】【详解】

AB．由题意可得，波的周期为

AB间的距离为

波由质点A传到质点B的时间为

故A错误；B正确；

CD．由上述分析可得，波速为

当n=0时，速度最大，为2m/s，当速度为1m/s时，n不是整数；故C错误，D正确。

故选BD。11、B:C【分析】【详解】

AB．画出光路图如图甲所示，KH为反射面DE的法线，KI为反射面BC的法线

由反射定律有∠1=∠2，∠3=∠4

光线IJ与光线GH垂直，有∠1+∠2+∠3+∠4=90°

由几何关系有∠5=∠2+∠3

由于KH⊥FE，KI⊥FB，可得α=∠5=45°

选项A错误；B正确；

CD．如图乙所示，光线在AB面的入射角为i时，折射角为∠6，光线PQ在AE面的入射角为∠7，从Q射出的光线的折射角为r；

由折射定律，有

由前面分析可知光线NO⊥PQ，可得∠6=∠7，可得r=i

可知入射光MN垂直出射光QR，即从AE面射出的光线与入射光线间的夹角为90°。选项C正确；D错误。

故选BC。12、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．由图像可以看出，碰前红壶的速度为碰后瞬间蓝壶的速度两冰壶质量相等，碰撞过程动量守恒，设红壶碰后的速度为以碰前红壶的速度方向为正方向，由动量守恒定律得

得

故A正确；

B．碰撞过程中损失的机械能为

两壶从碰后到静止损失的总机械能

两壶在碰撞过程中损失的机械能为两壶从碰后到静止损失的总机械能的故B错误；

CD．碰前红壶的加速度为

则

由图像可知

碰后蓝壶运动时间为

则碰后蓝壶的加速度为

则

则

故C错误；D正确。

故选AD。13、A:D:E【分析】【详解】

A．由题目图可得波长

故A正确；

B．时开始计时，当时质点刚好第3次到达波峰，根据波沿轴正方向传播可得

所以可得

故B错误；

C．由振动规律可知，从t=0时刻开始，质点到达波谷位置的时间为质点到达波谷位置的时间为故C错误；

D．该波的波速为

故D正确；

E．该波的振幅

振动的角速度为

且质点在时振动方向向上，所以质点做简谐运动的表达式为

故E正确；

故选ADE。14、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．因e点到两振源的距离之差为零，则e点一定是振动加强点；选项A正确；

B．两振源的振动频率为f，则d点的振动频率为f；选项B错误；

D．因为

d点是振动加强点，则

当n=1时，则水波的传播速度大小

选项D正确；

C．过e点做ab的垂直平分线，则该直线上的点都是振动加强点，在ab之间距离a点的点到ab的距离之差为是波长的整数倍，是振动加强点；距离a点的点到ab的距离之差为是波长的整数倍，也是振动加强点；则这两条加强点所在的曲线与ae有两个交点，即ae连线上，a、e两点间至少存在两个振动加强点；选项C正确。

故选ACD。三、填空题(共9题，共18分)15、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]如图所示，令边的折射角为边的入射角为

则偏转角

因为所以由几何关系得

可得

即光线从边射出时的出射角大小为45°，由折射定律可知【解析】45°16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由图可知，a点为波峰与波峰相遇，c点为波谷与波谷相遇，则a、c两点为振动加强点，b点为波峰与波谷相遇即为振动减弱点，在a、b、c三点中，振动减弱点是b点。

[2]由于b点为波峰与波谷相遇即为振动减弱点，且两波的振幅相同，则经过四分之一周期，b点通过的路程为0【解析】b017、A:B:C【分析】【详解】

单摆的周期根据解得选项A正确；若该单摆被考察队携至珠穆朗玛峰的顶端，则由于g变小，则T变大，其摆动变慢，选项B正确；在t=1.2s时摆球正处于平衡位置负方向位置向正方向做加速运动，由于逐渐靠近平衡位置，则加速度正在减小，选项C正确；在0.25s时刻位移x1=0.04cos（m）=0.02m；1.25s时刻的位移x2=0.04cos（m）=-0.02m，则摆球在平衡位置两边对称的位置，选项D错误；在0-4s内摆球通过的路程为8A=8×0.04m=0.32m，4s末的位移为x=0.04cos4πm=0.04m；选项E错误；故选ABC.18、略

【分析】【详解】

[1][2]由公式

t=0时A质点在正向最大位移处，到t=2.5s时质点的路程为

当t=0.5s时A质点恰好回到平衡位置；故位移为零。

【解析】50019、略

【分析】【详解】

[1]由振动图像可知周期

[2][3]质点P比质点Q晚起振

解得【解析】620、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]弹性碰撞满足动量守恒及机械能守恒。

[2]完全非弹性碰撞满足动量守恒，机械能有损失，且损失量最大。【解析】守恒最大21、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.平衡位置②.偏离平衡位置的位移③.（x1，y1）④.（x2，y2）⑤.（x3，y3）⑥.平滑⑦.波的⑧.波形图22、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]该图表示的是多普勒效应；正确选项为D。

（2）[2]从波长变化情况来看，波源正在移向A点。

（3）[3]由于波源远离B点，所以观察到波的频率最低的点是B点。【解析】①.D②.A③.B23、略

【分析】【详解】

（1）[1][2]衍射光栅构成：由许多等宽的狭缝等距离地排列起来形成的光学元件。

（2）[3]增加狭缝的个数；衍射条纹的宽度变窄，亮度变窄。

（3）[4][5]种类有透射光栅和反射光栅。【解析】等宽等距离变窄透射光栅反射光栅四、作图题(共4题，共32分)24、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)位移总是偏离平衡位置，振子位于C点时离开平衡位置O的位移s如图所示。

(2)加速度总是指向平衡位置，振子位于A点时加速度aA的方向如图所示【解析】(1)(2)25、略

【分析】【详解】

由图甲可知，简谐波的波长所以周期

此时波形与时刻波形相同，根据同侧法可知，波沿x轴负方向传播，根据波形的平移法可知，将时刻的波形向左平移得到时的波形图像；如图所示。

【解析】见解析26、略

【分析】【详解】

ls内波向前传播的距离为0.5×1m=0.5m，1s后故x=0.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形如图1虚线。

4s内波向前传播的距离为0.5×4m=2.0m，4s后故x=2.0m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此图形与开始时是相同的，如图2

【解析】见解析。27、略

【分析】【分析】

【详解】

测量的长度，根据折射率表达式，有

带入数据，可得【解析】1.7五、实验题(共2题，共10分)28、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1][2]纸带上打出的相邻点的时间间隔

根据可计算出滑块A碰撞前后的速度

(2)[3]滑块A、B碰撞后滑块B的速度

(3)[4]两滑块碰撞前的总动量

[5]两滑块碰撞后的总动量

(4)[6]两滑块碰撞前后总动量相对误差绝对值为

(5)[7]本实验在误差允许范围内验证了动量守恒定律。【解析】①.2.00②.0.970③.2.86④.0.620⑤.0.610⑥.1.6%⑦.本实验在误差允许范围内验证了动量守恒定律29、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]A．根据光路可逆性原理可知，光线一定会从下表面射出，光线不会在玻璃砖的的内表面发生全反射，则即是的距离较大，通过玻璃砖仍然可以看到的像；A错误；

B．为减少测量误差，入射角应适当大一些，则的连线与法线NN'的夹角应尽量大些；B错误；

C．为了减小作图误差，和的距离应适当取大些；C正确；

D．由几何知识可知；光线在上表面的折射角等于下表面的入射角，根据光路可逆性原理可知，光线一定会从下表面射出，折射光线不会在玻璃砖的下表面