2025年浙教版选择性必修2物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教版选择性必修2物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，一矩形金属线圈在匀强磁场中绕与磁感线垂直的轴匀速转动，产生的交变电动势的图象如u-t图中的正弦曲线所示；则下列说法正确的是（）

A.t=0时刻，穿过线圈平面的磁通量最小B.t=3×10-2s时刻，穿过线圈平面的磁通量变化率最小C.线圈在磁场中转动的角速度为50πrad/sD.线圈中感应电动势的表达式为2、如图所示，在竖直虚线MN和M′N′之间区域内存在着相互垂直的匀强电场和匀强磁场，一带电粒子（不计重力）以初速度v0由A点垂直MN进入这个区域，带电粒子沿直线运动，并从C点离开场区．如果撤去磁场，该粒子将从B点离开场区；如果撤去电场，该粒子将从D点离开场区．则下列判断正确的是（）

A.该粒子由B、C、D三点离开场区时的动能相同B.该粒子由A点运动到B、C、D三点的时间均不相同C.匀强电场的场强E与匀强磁场的磁感应强度B之比D.若该粒子带负电，则电场方向竖直向下，磁场方向垂直于纸面向外3、如图xoy平面为光滑水平面，现有一长为d宽为L的线框MNPQ在外力F作用下，沿x轴正方向以速度v做匀速直线运动，空间存在竖直方向的磁场，磁感应强度B=2B0cosx（式中B0为已知量），规定竖直向下方向为磁感应强度正方向，线框电阻为R，t=0时刻MN边恰好在y轴处；则下列说法正确的是（）

A.外力F为恒力B.线圈在运动过程中合外力对其做功不为零C.经过线圈中产生的电热D.t=0时，外力大小4、如图所示为一台小型发电机的示意图；单匝线圈逆时针转动。若从中性面开始计时，产生的电动势随时间的变化规律如图乙所示。已知外接灯泡的电阻恒为18Ω，其余部分电阻不计，下列说法正确的是（）

A.灯泡两端的瞬时电压的表达式B.转动过程中穿过线圈的最大磁通量为C.小灯泡的功率为1.0WD.线圈匀速转动一周的过程中，电流做的功W=0.05J5、如图，理想变压器原、副线圈匝数比n1：n2=2：1，V和A均为理想电表，灯泡电阻R1=端电压下列说法正确的是（）

A.电流频率为100HzB.V的读数为24VC.A的读数为0.5AD.变压器输入功率为6W评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)6、如图所示，速度选择器中匀强电场的电场强度为E，匀强磁场的磁感应强度为挡板右侧质谱仪中匀强磁场的磁感应强度为速度相同的一束带电粒子（不计重力），由左侧沿垂直于E和的方向射入速度选择器做直线运动；通过狭缝后进入质谱仪，其运动轨迹如图所示，则下列说法中正确的是（）

A.该束带电粒子带负电B.能通过狭缝的带电粒子的速率等于C.粒子打在胶片上的位置越远离狭缝S0，粒子的比荷越小D.能通过狭缝S0的带电粒子进入质谱仪后运动半径都相同7、如图所示；一小段通电直导线放置在粗糙的水平面上处于静止状态，电流方向垂直纸面向里。现把一条形磁铁控制在导线的正上方成水平状态，中点与导线的连线（虚线）正好沿竖直方向，下列说法正确的是（  ）

A.放上磁铁后，地面对导线产生摩擦力B.放上磁铁后，地面对导线的支持力仍然等于重力C.若把磁铁沿竖直方向向上移动，地面对导线的支持力越来越小D.若把磁铁水平向右移动一小段距离，导线仍处于静止状态，则地面对导线的摩擦力向右8、如图所示，三条垂直纸面固定的长直导线a、b、c分别通以恒定电流其中a、b两根导线中电流方向垂直纸面向外，且O点位于纸面内且到a、b、c三条导线距离相等，设定长直导线周围磁场的磁感应强度大小（式中常量I为导线中电流强度，r为到导线的距离）。现在O点放置一小段电流方向垂直纸面向里的通电直导线，该导线所受安培力F与竖直方向的夹角下列说法正确的是（）

A.c中电流方向垂直纸面向外B.C.c中电流方向垂直纸面向里D.9、如图甲所示，在空间存在一个变化的电场和一个变化的磁场，电场的方向水平向右(图甲中由B到C)，场强大小随时间变化情况如图乙所示；磁感应强度方向垂直于纸面、大小随时间变化情况如图丙所示。在t=1s时，从A点沿AB方向(垂直于BC)以初速度v0射出第一个粒子，并在此之后，每隔2s有一个相同的粒子沿AB方向均以初速度v0射出，并恰好均能击中C点，若AB=BC=l，且粒子由A运动到C的运动时间小于1s。不计重力和空气阻力，对于各粒子由A运动到C的过程中；以下说法正确的是（）

A.电场强度E0和磁感应强度B0的大小之比为3v0：1B.第一个粒子和第二个粒子运动的加速度大小之比为1：2C.第一个粒子和第二个粒子运动的时间之比为π：2D.第一个粒子和第二个粒子通过C的动能之比为1：510、在回旋加速器中（）

A.电场用来加速带电粒子，磁场则使带电粒子回旋B.带电粒子在半圆形盒内经过半个圆周所需要的时间与带电粒子的比荷无关C.在其它条件都一定时，回旋加速器的半径越大，则带电粒子获得的动能越大D.用此回旋加速器加速质子之后，不需要改变任何量，这个装置也能用于加速α粒子11、交流发电机的线圈在匀强磁场中匀速转动，线圈中的磁通量随时间t变化的规律如图所示；则（）

A.1s内线圈中电流方向改变200次B.t＝0.005s时，线圈平面与中性面重合C.t＝0.01s时，磁通量变化率的绝对值为D.t＝0.015s时，线圈中的感应电动势为零评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)12、某LC振荡回路的电容器的电容是可变的，线圈不可变，当电容器电容为C1时，它激起的电磁波波长为当电容器电容为C2时，它激起的电磁波波长为当电容器电容C=C1+C2时，它激起的电磁波波长=______（结果用表达）。13、如图，两平行放置的长直导线a和b中载有电流强度相等、方向相反的电流。则b右侧O点处的磁感应强度方向为_________；在O点右侧再放置一根与a、b平行共面且通有与导线a同向电流的直导线c后，导线a受到的磁场力大小将__________（选填“变大”、“变小”或“无法确定”）。14、如图所示，用长为L的轻绳，悬挂一质量为m的带电小球，放在磁感应强度为B，方向垂直纸面向里的匀强磁场中。现将小球拉到与悬点等高处由静止释放，小球便在垂直于磁场的竖直面内摆动，当小球第一次摆到最低点时，轻绳的拉力恰好为零，重力加速度为g，忽略空气阻力，由此可知小球___________（选填“带正电”“不带电”或“带负电”）当小球第二次经过最低点时轻绳拉力等于___________。

15、实验：探究感应电流产生的条件。

探究一：如图甲实验中，让导体棒在磁场中保持相对静止时或者平行于磁场运动时，无论磁场多强，闭合电路中都______电流，当导体ab做______运动时；闭合回路中有电流产生。

探究二：如图乙，当螺线管A的电流不变时，螺线管B所在的回路中没有电流产生；当螺线管A的电流______时，螺线管B所在回路中就有了电流。16、（1）如图所示，金属棒ab置于水平放置的U形光滑导轨上，在ef右侧存在有界匀强磁场B，磁场方向垂直导轨平面向下。在ef左侧的无磁场区域cdef内有一半径很小的金属圆环L，圆环与导轨在同一平面内。当金属棒ab在水平恒力F作用下从磁场左边界ef处由静止开始向右运动后，圆环L有________（填“收缩”或“扩张”）趋势，圆环内产生的感应电流________（填“变大”；“变小”或“不变”）。

（2）如图，金属环A用轻线悬挂，与长直螺线管共轴，并位于其左侧。若变阻器滑片P向左移动，则金属环A将向________（填“左”或“右”）运动，并有________（填“收缩”或“扩张”）趋势。

评卷人得分四、作图题(共4题，共12分)17、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

18、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

19、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

20、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、C【分析】【详解】

A．t=0时刻；感应电动势为零，此时穿过线圈平面的磁通量最大，选项A错误；

B．t=3×l0-2s时刻；感应电动势最大，此时穿过线圈平面的磁通量变化率最大，选项B错误；

C．线圈在磁场中转动的角速度为

选项C正确；

D．线圈中感应电动势的表达式为

选项D错误。

故选C。2、C【分析】分析：洛伦兹力不做功；不改变粒子的动能．只有电场时，粒子水平方向做匀速直线运动，可得到时间与水平位移AC的关系；只有磁场时，粒子做匀速圆周运动，可得到时间与弧长的关系，即可比较时间关系．带电粒子进入相互垂直的匀强电场和匀强磁场做匀速直线运动，电场力与洛伦兹力平衡．根据左手定则判断磁场的方向．

解答：解：

A；洛伦兹力不做功；不改变粒子的动能，而电场力做正功，粒子的动能增大，则粒子由C、D两点离开场区时的动能相同，小于从B点离开场区的动能．故A错误．

B、粒子在正交的电磁场中与只有电场时运动时间相等，为t1=粒子在磁场中运动时间为t2=由于AD＞AC，则知粒子在磁场中运动时间最长．故B错误．

C、带电粒子进入相互垂直的匀强电场和匀强磁场做匀速直线运动，电场力与洛伦兹力平衡，则qE=qv0B，得=v0．故C正确．

D；若该粒子带负电；则知电场方向竖直向下，由左手定则判断得知，磁场方向垂直于纸面向里．故D错误．

故选C

点评：本题是带电粒子在电磁场中运动的问题，要加强洛伦兹力不做功的特点、左手定则等基本知识学习，基础题．3、D【分析】【详解】

A．由于磁场是变化的，故切割产生的感应电动势也为变化的，安培力也会变力，故要保持其匀速运动，外力F不能为恒力；故A错误；

B．由于线圈匀速运动；合外力为0，则合力做功为0，故B错误；

C．由于两边正好相隔半个周期，故产生的电动势方向相同，经过的位移为vt；瞬时电动势

瞬时电流

可知瞬时电流成余弦规律变化，故可知感应电流的有效值

产生的电热为

故C错误；

D．t=0时，左右两边的磁感应强度均为2B0，方向相反，则感应电动势

拉力等于安培力即

故D正确。

故选D。4、B【分析】【详解】

A．因为

灯泡两端的瞬时电压的表达式

选项A错误；

B．根据

转动过程中穿过线圈的最大磁通量为

选项B正确；

C．小灯泡的功率为

选项C错误；

D．线圈匀速转动一周的过程中，电流做的功W=Pt=0.04J

选项D错误。

故选B。5、D【分析】【详解】

A．由题意知所以有

解得电流频率为故A错误；

B．由AB端电压的表达式可知输入端电压的有效值为

由电压与匝数比的关系得

所以

即电压表的示数为故B错误；

C．由选项B分析可知灯泡两端电压为6V，由欧姆定律得电流表的示数为

故C错误；

D．理想变压器输入功率等于输出功率可知

故D正确。

故选D。二、多选题(共6题，共12分)6、B:C【分析】【分析】

考查粒子在速度选择器中受力平衡；粒子进入右侧磁场后，根据圆周运动基本公式分析问题。

【详解】

A．进入右侧磁场B2后；粒子向下偏转，根据左手定则，可知粒子带正电荷，A错误；

B．在通过狭缝的过程中，粒子做直线运动，一定有

因此，粒子运动速度

B正确；

C．粒子在磁场中做匀速度圆周运动轨道半径

又由于粒子在磁场中运动了半周，因此

可得

因此S0越大比荷越小；C正确；

D．根据

通过狭缝的粒子速度相等；而比荷不一定相等，因此轨道半径不一定相等，D错误。

故选BC。7、C:D【分析】【详解】

AB．放上磁铁后；如图所示导线所受安培力竖直向下，所以地面对导线没有摩擦力，地面对导线的支持力大于重力，故AB错误；

C．若把磁铁沿竖直方向向上移动；安培力的方向不变，还是竖直向下，但磁感应强度变小了，则安培力变小了，所以地面对导线的支持力越来越小，故C正确；

D．若把磁铁水平向右移动一小段距离；导线所受安培力的方向向左下方倾斜，导线仍处于静止状态，则地面对导线的摩擦力向右，故D正确。

故选CD。8、A:D【分析】【详解】

AC．根据电流间的相互作用的规律：同向电流相互吸引，反向电流相互排斥，根据O处的电流受力可知b导线中的电流对O处电流的作用力大于a处的导线中电流对O处电流的作用力；因为O处电流受到的安培力的合力方向为左下方，所以导线c中的电流对O处的电流作用力竖直向下，所以导线c中的电流方向垂直纸面向外；A正确，C错误；

BD．根据题意，设O处电流元的长度为电流大小为结合安培力的计算公式，可得b导线中的电流对O处电流的作用力与a处的导线中电流对O处电流的作用力矢量合为

导线c中的电流对O处电流的作用力为

根据力的合成，以及合力与竖直方向的夹角，有

可得

B错误；D正确。

故选AD。9、B:C:D【分析】【详解】

A．在t=1s时，空间区域存在匀强磁场，粒子做匀速圆周运动，如图所示；由牛顿第二定律得qv0B0=

粒子的轨道半径，R=l，则B0=

带电粒子在匀强电场中做类平抛运动，竖直方向l=v0t

水平方向l=at2

其中

而E0=

则

故A错误；

B．第一个粒子和第二个粒子运动的加速度大小之比

故B正确；

C．第一个粒子的运动时间t1=T=

第二个粒子的运动时间t2=

第一个粒子和第二个粒子运动的时间之比t1：t2=π：2

故C正确；

D．第二个粒子，由动能定理得qE0l=Ek2－Ek2=

第一个粒子的动能Ek1=第一个粒子和第二个粒子通过C的动能之比为1：5；故D正确。

故选BCD。

10、A:C【分析】【详解】

A．回旋加速器是利用电场对粒子进行加速和磁场进行偏转；A正确；

B．根据粒子在磁场中的周期公式，即

可知；带电粒子在半圆形盒内经过半个圆周所需要的时间与带电粒子的比荷有关，B错误；

C．根据洛伦兹力提供向心力，即有

可得最大速度为

则最大动能为

故同一粒子；回旋加速器的半径越大，获得的动能越大，C正确；

D．当质子换成α粒子，在磁场的运动周期为

可知周期发生变化；即质子和α粒子在磁场的周期与在电场的周期不相等，不满足回旋加速器的工作原理，D错误。

故选AC。11、B:D【分析】【详解】

A．一个周期内电流方向改变两次，1s内线圈中电流方向改变

故A错误；

B．t＝0.005s时；通过线圈的磁通量最大，此时线圈平面与磁场垂直，即与中性面重合，故B正确；

C．t＝0.01s时，磁通量变化率最大，最大值为

故C错误；

D．t＝0.015s时，线圈中的磁通量随时间t变化的图线的斜率表示感应电动势；由图可知，此时的斜率为零，故线圈中的感应电动势为零，故D正确。

故选BD。三、填空题(共5题，共10分)12、略

【分析】【分析】

【详解】

利用波动公式，有

代入数据，有

当电容为前面两电容之和时，有

联立，可得【解析】13、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]由右手定则可知，该磁场方向为垂直纸面向外。因c中通过的电流大小未知，故无法确定导线a受到的磁场力大小。【解析】垂直纸面向外无法确定14、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]当球第一次摆到最低点时；悬线的张力恰好为零，说明小球在最低点受到的洛伦兹力竖直向上，根据左手定则知小球带负电。

[2]若小球第一次到达最低点速度大小为v，则由动能定律可得mgL=mv2

小球摆动过程只有重力做功，机械能守恒，小球第二次到达最低点速度大小仍为v，由圆周运动规律及牛顿第二定律可知第二次经过最低点时F-qvB-mg=m

综上解出F=6mg【解析】带负电6mg15、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】没有切割磁感线变化16、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]ab棒在恒力F作用下，速度增大，切割磁感线运动产生的电动势E=Blv

增大，abdc中的感应电流增大，abdc内磁场增强，穿过圆环L的磁通量增大；所以圆环有收缩的趋势。

[2]ab棒受到的安培力F′=

逐渐增大，由F-=ma

知，加速度a逐渐减小，故速度增大得越来越