2025年苏人新版高二物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年苏人新版高二物理下册阶段测试试卷194考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示；一水平宽度为d；竖直范围足够大的匀强电场，场强为E，一带电量为+q的粒子以不同的初速度从一侧垂直电场方向进入电场，不计重力．则该粒子（）

A.能飞出电场；且初速度越大，飞出电场时的速度变化越小。

B.能飞出电场；且初速度越小，飞出电场时的速度变化越小。

C.当初速度小于某一个值；不能飞出电场。

D.当初速度大于某一个值；不能飞出电场。

2、用相对论的观点判断下列说法正确的是（）A.时间和空间都是绝对的，在任何参考系中一个事件发生的时间和一个物体的长度总不会改变B.狭义相对论认为在不同的惯性参考系中，一切物理规律是不同的C.在地面上的人看来，以3km/s的速度升空的火箭在运动方向上会变短，而火箭中的宇航员却感觉到地面上的人看起来比飞船中的人矮一些D.无论物体如何运动，物体的质量总是不变的3、如图所示，甲是两条通电直导线，乙是研究自感现象的实验电路图，丙是欧姆表的内部电路图，丁图是电磁灶的原理图，下列说法正确的是（）A.甲图两直导线通以同方向的电流，它们将相互排斥B.乙图电路通电稳定后又断开开关瞬间，灯泡A中的电流方向向左C.丙图在测量电阻前，需两表笔短接，调节R1使指针指向0ΩD.丁图是利用电磁感应引起涡流的原理来工作的4、以地面为参考系，下列研究对象中做圆周运动的是A.运动员掷出的链球B.行驶列车上钟表的时针尖端。

C.行进中自行车轮胎上的气门芯D.教室里的吊扇转动时叶片上的点5、质量为m

的物体以v0

的速度水平抛出，经过一段时间速度大小变为2v0

不计空气阻力，重力加速度为g

以下说法正确的是(

)

A.该过程平均速度大小为1+22v0

B.速度大小变为2v0

时，重力的瞬时功率为2mgv0

C.运动时间为v02g

D.运动位移的大小为5v022g

6、如图所示，a、b为一根方向竖直向上的电场线上的两点，一带电质点在点a由静止释放，沿电场线向上运动，到点b速度恰好为零；下列说法正确的是（）

A.带电质点在a、b两点所受的电场力都是竖直向上的。

B.点a的电势比点b的电势高。

C.带电质点在点a的电势能比在点b的电势能小。

D.点a的电场强度比点b的电场强度大。

7、如图所示；用导线做成的圆形线圈与一直导线构成以下几种位置组合，当减少直导线中电流时，下列说法正确的是(

)

A.a

线圈中无感应电流产生B.b

线圈中将产生顺时针感应电流C.c

线圈中将产生逆时针感应电流D.d

线圈中可能有感应电流产生评卷人得分二、填空题(共5题，共10分)8、将一电量为l.6×10-8C的负电荷在电场中从A点移动到B点，克服电场力做功为6.4×10-6J，则AB两点间电势差为______V．9、在匀强磁场中，把矩形金属线框匀速拉出磁场，第一次以速率υ匀速拉出，第二次以速率5υ匀速从同一位置拉出，则前后两次的拉力大小之比F1：F2=______；

产生的热量之比Q1：Q2=______，通过导线横截面的电量之比q1：q2=______．10、在“探究力的合成”实验中，某同学的实验结果如图所示，其中A

为固定的橡皮筋的图钉，O

为橡皮筋和绳套节点的位置.

图中______是力F1

与F2

的合力的理论值，______是力F1

与F2

合力的实验值.

通过比较，可以发现力的合成满足平行四边形定则．11、如图所示，虚线表示某点电荷Q所激发电场的等势面，已知a、b两点在同一等势面上，c、d两点在另一个等势面上．甲、乙两个带电粒子以相同的速率，沿不同的方向从同一点a射入电场，在电场中沿不同的轨迹adb曲线、acb曲线运动．则两粒子所带的电荷符号______（填“不同”或“相同”）；经过b点时，两粒子的速率va______vb（填“＞”、“=”或“＜”）12、在用电流表和电压表测定电池的电动势和内阻的实验中：

（1）如图甲闭合开关S前，滑动变阻器的滑动头P应滑至______端（填“a“或“b“）．

（2）现备有以下器材：

A．干电池1个B．滑动变阻器（0～50Ω）C．滑动变阻器（0～1750Ω）D．电压表（0～3V）E．电压表（0～15V）F．电流表（0～0.6A）G．电流表（0～3A）

其中滑动变阻器应选______，电流表应选______电压表应选______．（填写字母序号即可）

（3）如图乙是根据实验数据画出的U-I图象．由此可知这个干电池的电动势E=______V，内电阻r=______Ω．评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)13、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）14、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）15、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）16、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

17、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）18、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）19、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）评卷人得分四、简答题(共1题，共7分)20、如图所示，两根足够长平行金属导轨MNPQ

固定在倾角娄脠=37鈭�

的绝缘斜面上，顶部接有一阻值R=1娄赂

的定值电阻，下端开口，轨道间距L=1m.

整个装置处于磁感应强度B=4T

的匀强磁场中，磁场方向垂直斜面向下.

质量m=2kg

的金属棒ab

置于导轨上，ab

在导轨之间的电阻r=1娄赂

电路中其余电阻不计.

金属棒ab

由静止释放后沿导轨运动时始终垂直于导轨且与导轨接触良好.

已知金属棒ab

与导轨间动摩擦因数娄脤=0.5

不计空气阻力影响.sin37鈭�=0.6cos37鈭�=0.8

取g=10m/s2.

求：

(1)

金属棒ab

沿导轨向下运动的最大加速度am

和最大速度vm

(2)

金属棒ab

沿导轨向下运动过程中，电阻R

上的最大电功率PR

(3)

若从金属棒ab

开始运动至达到最大速度过程中回路中产生的焦耳热总共为3.75J

求流过电阻R

的总电荷量q

．评卷人得分五、实验题(共4题，共28分)21、某小组在进行“用单摆测定重力加速度”的实验,已知单摆摆动的摆角小于5°，(1)单摆的摆长应是球自然下垂时从悬点量至____的距离，此实验在测量周期应从摆球摆到____处开始计时。(2)某同学先用毫米刻度尺测得悬挂后的摆线长为L,再用游标卡尺测得摆球的直径为d，如图所示。则该摆球的直径为_____________毫米。(3)在测量单摆的周期时,从单摆运动到最低点开始计时且记数为1,到第n次经过最低点所用的时间内为t;该单摆在摆动过程中的周期为____。(4)某同学用秒表测得球第40次经过最低点的时间如图所示，则秒表读数为____s；单摆的周期为____s。(5)用上述物理量的字母符号写出求重力加速度的一般表达式g=____.(6)实验结束后,某同学发现他测得的重力加速度的值总是偏大,其原因可能是下述原因中的____.A．单摆的悬点未固定紧,振动中出现松动,使摆线增长了B．把n次摆动时间误记为(n+1)次摆动的时间C．以摆线长作为摆长来计算D．以摆线长与摆球的直径之和作为摆长来计算(7)为了提高实验精度，在实验中可改变几次摆长l并测出相应的周期T，从而得出一组对应的l与T的数据，再以l为横坐标、T2为纵坐标将所得数据连成直线，并求得该直线的斜率k。则重力加速度g=________。(用k表示)若根据所得数据连成的直线的延长线没过坐标原点，而是与纵轴的正半轴相交于一点，则由此图象求得的重力加速度的g____(填“偏大”，“偏小”，“无影响”)22、（8分）.在探究物体的加速度a与物体所受外力F、物体质量M间的关系时，采用如图所示的实验装置．小车及车中的砝码质量用M表示，盘及盘中的砝码质量用m表示．(1)当M与m的大小关系满足________时，才可以认为绳子对小车的拉力大小等于盘和砝码的重力．(2)某一组同学先保持盘及盘中的砝码质量m一定来做实验，其具体操作步骤如下，以下做法正确的是____________．A．平衡摩擦力时，应将盘及盘中的砝码用细绳通过定滑轮系在小车上B．每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力C．实验时，先放开小车，再接通打点计时器的电源D．用天平测出m以及小车质量M，小车运动的加速度可直接用公式a＝求出(3)另两组同学保持小车及车中的砝码质量M一定，探究加速度a与所受外力F的关系，由于他们操作不当，这两组同学得到的a－F关系图象分别如图3－4－2和图3－4－3所示，其原因分别是：图3－4－2图3－4－3图3－4－2：____________________________________________________；图3－4－3：_____________________________________________________.23、用双缝干涉测光的波长。实验装置如下图（甲）所示，已知单缝与双缝间的距离L1=100mm，双缝与屏的距离L2=700mm，双缝间距d=0.25mm。用测量头来测量亮纹中心的距离。测量头由分划板、目镜、手轮等构成，转动手轮，使分划板左右移动，让分划板的中心刻线对准亮纹的中心如图（乙）所示，记下此时手轮上的读数，转动测量头，使分划板中心刻线对准另一条亮纹的中心，记下此时手轮上的读数。（1）分划板的中心刻线分别对准第1条和第4条亮纹的中心时，手轮上的读数如图（丙）所示，则对准第1条时读数x1=_______mm，对准第4条时读数x2=_______mm.（2）根据以上数据计算波长_____nm.24、英国科学家格里菲斯根据肺炎双球菌的转化实验，推断出S型菌中的某种物质能将R型菌转化为S型菌。美国科学家艾弗里及其同事对S型菌中的物质进行提纯和鉴定，并将提纯的DNA，蛋白质和多糖等物质分别加入到培养了R型菌的培养基中进行实验（如右图所示）。请据图回答：

(1)肺炎双球菌是单细胞原核生物，原核细胞与真核细胞最主要的区别是_______________________。(2)该实验证明：能将R型菌转化为S型菌的物质是_______________________。(3)第三组实验中，培养基上只长R型菌的原因是__________________________。(4)S型菌中基因控制蛋白质的合成包括_______________、_____________两个阶段。(5)此实验得出的结论是___________。评卷人得分六、综合题(共1题，共7分)25、(7

分)

参照伽利略时期演示平抛运动的方法制作了图示的实验装置，图中水平放置的底板上竖直地固定有M

板和N

板。M

板上部有一半径为R

的圆弧形的粗糙轨道，P

为最高点，Q

为最低点，Q

点处的切线水平，距底板高为H

。N

板上固定有三个圆环。将质量为m

的小球从P

处静止释放，小球运动至Q

飞出后无阻碍地通过各圆环中心，落到底板上距Q

水平距离为L

处。不考虑空气阻力，重力加速度为g

。求：

(1)

小球到达Q

点时的速度大小；(2)

小球运动到Q

点时对轨道的压力大小；(3)

小球克服摩擦力做的功。参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、A【分析】

粒子在电场中做类平抛运动；在电场方向做初速度为0的匀加速直线运动，在垂直电场方向做匀速直线运动．

A；垂直电场方向不受力；粒子的速度大小不改变，且初速度越大，飞出电场的时间越短，在电场方向的速度变化越小，故A正确；

B；初速度越小；粒子在电场中运动时间越长，在电场方向速度变化越大，故B错误；

C；因为粒子在垂直电场方向不受力；做匀速直线运动，所以不管初速度大小如何，只要电场足够大，粒子就可以飞出电场，故C错误；

D；因为粒子在垂直电场方向不受力；做匀速直线运动，所以不管初速度大小如何，只要电场足够大，粒子就可以飞出电场，故D错误；

故选A

【解析】【答案】由题意知；粒子在电场中做类平抛运动，重直电场方向不受力始终做匀速直线运动，飞出电场粒子在垂直电场方向的位移相同，故速度越大，粒子在电场中运动的时间越短，速度变化越小．

2、C【分析】时间和物体的存在有关，长度与物体的速度有关，空间也与物体的存在有关，即物体的运动速度使空间发生了变形，A错误。狭义相对论认为在不同的惯性参考系中，一切物理规律是相同的，B错误，在地面上的人看来，以3km/s的速度升空的火箭在运动方向上会变短，而火箭中的宇航员却感觉到地面上的人看起来比飞船中的人矮一些,C正确。物体的质量跟物体的运动速度有关，所以D错误。【解析】【答案】C3、B|C|D【分析】由右手螺旋定则和左手定则可知同向电流互相吸引，A错；【解析】【答案】BCD4、D【分析】运动员掷出的链球做抛体运动.

故A错误；

行驶列车上钟表的时针尖端相对于地面既有水平方向的直线运动；又有圆周运动，故B错误；

行进中自行车轮胎上的气门芯既有水平方向的直线运动；又有圆周运动.

故C错误；

教室里的吊扇转动时叶片上的点相对于地面做匀速圆周运动.

故D正确．故选D【解析】D

5、D【分析】解：ACD

竖直方向速度为：vy=v2鈭�v02=v0

所以运动时间t=vyg=v0g

位移为：l=(v0t)2+(12gt2)2=5v022g

所以平均速度为v.=lt=5v022gv0g=5v02

故A错误，C错误，D正确；

B、速度大小变为2v0

时；重力的瞬时功率为：P=mgvy=mgv0

故B错误；

故选：D

平抛运动是加速度为g

的匀变速运动；根据平抛运动的基本规律即可求解。

解决本题的关键掌握处理平抛运动的方法，平抛运动可分解为水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的自由落体运动，且分运动与合运动具有等时性．【解析】D

6、A|B|D【分析】

A；由题意可知；带点质点受两个力，重力和电场力．开始由静止向上运动，电场力大于重力，且方向向上．因为在一根电场线上，所以在两点的电场力方向都向上．故A正确；

B、沿电场线的方向电势逐渐降低，所以a的电势比点b的电势高；故B正确；

C、电场力做正功，电势能降低，所以带电质点在a点的电势能比在b点的电势能大．故C错误；

D、在a点，电场力大于重力，到b点恰好速度为零，可知先加速后减速，所以b点所受的电场力小于重力．所以a点的电场强度比b点的电场强度大．故D正确．

故选：ABD．

【解析】【答案】由题意可知；带点质点受两个力，重力和电场力．由静止向上运动，可判断出电场力的方向，根据电场力做的功，判断电势能的变化．通过带电质点初末速度为零可比较出两点的电场强度．沿电场线方向电势逐渐降低．

7、A【分析】解：A

电流与线圈的直径重合；线圈中有方向相反的磁场穿过，磁通量完全抵消，始终等于0

不会产生感应电流.

故A正确；

B、导线位于线圈b

的下部，导线上边的面积比较大，穿过线圈上边的一部分的磁通量大于穿过线圈下边的一部分的磁通量，总磁通量的方向向外；减小直导线中的电流时，闭合回路中的磁通量减小，会有感应电流产生.

根据楞次定律知，b

线圈中将产生逆时针感应电流.

故B错误；

C；导线位于线圈的左侧；穿过线圈磁场方向向里；减小直导线中的电流时，闭合回路中的磁通量减小，会有感应电流产生.

根据楞次定律知，c

线圈中将产生顺时针感应电流.

故C错误；

D；线圈与导线垂直；磁场方向与线圈平行，穿过线圈的磁通量始终等于0

不会产生感应电流.

故D错误；

故选：A

根据电流周围的磁场的特点；判断出线圈内的磁通量，然后根据产生感应电流的条件：穿过闭合电路的磁能量发生变化进行分析判断．

本题关键要熟练应用安培定则、掌握产生感应电流的条件，当线圈中磁场有两种方向时，磁通量应根据抵消后净磁感线条数来分析．【解析】A

二、填空题(共5题，共10分)8、略

【分析】解：由题意，电荷量为q=-l.6×10-8C，电场力做功W=-6.4×10-6J；则AB两点间电势差为：

U==V=400V

故答案为：400．

已知试探电荷的电荷量和电场力做功，根据公式U=求解AB两点间电势差；要注意各个量代入符号计算．

本题一要掌握电势差的定义式：U=二要注意克服电场力做功时，电场力做功是负值．【解析】4009、略

【分析】解：由E=BLv，I=FA=BIL得，线框所受的安培力FA=

线框匀速运动，由平衡条件得：拉力F=FA=F与v成正比。

所以拉力大小之比F1：F2=v：5v=1：5；

根据功能关系知，线框产生的热量等于拉力做的功，为Q=Fx=x

则得Q1：Q2=v：5v=1：5；

由q=知q1：q2=1：1．

故答案为：1﹕5；1﹕5，1﹕1．

由安培力公式F=BIL求出安培力，由平衡条件求出拉力大小，由W=Fx求出功之比，即得到热量之比；由q=求解电量之比．

本题先求出各物理量的表达式，然后再求它们的比值；熟练应用基础知识，基本公式即可正确解题；本题要注意基础知识的学习．【解析】1﹕5；1﹕5；1﹕110、略

【分析】解：一个弹簧拉橡皮条时所测得的数值为实际值(

实验值)

其方向一定与橡皮条在一条直线上，故F隆盲

是实际值；

用平行四边形画出来的是理论值；由于实验误差的存在，其与竖直方向总会有一定夹角，故F是理论值．

故答案为：FF隆盲

．

F1F2

合力的理论值是指通过平行四边形定则求出的合力值；而其实验值是指一个弹簧拉橡皮条时所测得的数值，明确理论值和实验值的区别即可正确解答．

在“验证力的平行四边形定则”实验中，我们要知道分力和合力的效果是等同的，这要求同学们对于基础知识要熟练掌握并能正确应用，加强对基础实验理解．【解析】FF隆盲

11、略

【分析】解：根据曲线运动时；质点所受的合力指向轨迹的内侧可知，甲受到引力，乙受到斥力，则甲与Q是异种电荷，而乙与Q是同种电荷，故两粒子所带的电荷为异种电荷．

甲乙粒子两初动能相等，并且都能到达b点，即a、b两点的电势相等，据电场力做功可知，两粒子从a到b电场力不做功，所以甲粒子经过b点时的速度等于乙粒子经过b点时的速度．

故答案为：不同；相等．

根据轨迹的弯曲方向可判断两电荷所受的电场力方向；并能确定两电荷与Q电性的关系．根据电场力做功正负，由动能定理分析两粒子经过c；d两点的速度大小、确定电势能的变化．

本题要根据粒子的轨迹首先判断所受的电场力方向，再判断电场力做功情况，从而判断速度关系．【解析】不同；相等12、略

【分析】解：（1）为保证安全；电路中电流应该最小，故滑动变阻器应接到最大处，即应全部接入，由图可知，应将滑片移到a处；

（2）电源的电动势只有1.5V；而题目中只有3V和15V两种电压表，为了测量的准确，应选取D电压表；

因电源电动势较小；故滑动变阻器若选C，则电路中电流过小，无法正确测量，故只有选取B；此时电路中电流较小，故电流表应选取F；

（3）由图可知，电源的电动势为1.5V；电源内阻r===0.75Ω；

故答案为：（1）a；（2）B；F；D；（3）1.5；0.75．

（1）为保证安全；开始时应使电路中电流最小，即滑动变阻器应接到最大值处；

（2）电源的电动势为1.5V；故电压表量程应略大于1.5V；由电路中的电流选择滑动变阻器及电流表；

（3）图象和纵坐标的交点为电源的电动势；由图象的斜率可以求出内阻．

电学实验一般以常见实验为载体考查实验中的接法、仪表的选择及数据的处理，误差分析等；应注意保证实验中的安全和准确．【解析】a；B；F；D；1.5；0.75三、判断题(共7题，共14分)13、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．14、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．15、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．16、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．17、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．18、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．19、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．四、简答题(共1题，共7分)20、解：（1）金属棒由静止释放后，在重力、轨道支持力和安培力作用下沿斜面做变加速运动，当安培力为零时加速度最大解得：（2）随着加速度不断减小，当加速度为零时达到最大速度vm后保持匀速运动．有：mgsinθ﹣μmgcosθ﹣F安=0F安=BIL、E=BLvm解得：vm=0.5m/s金属棒以最大速度vm匀速运动时，电阻R上的电功率最大，根据功率公式有：解得：PR=1W（3）设金属棒从开始运动至达到最大速度过程中沿导轨下滑距离为x，由能量守恒定律：解得：q=2C【分析】本题的关键是第三问，求电量问题往往是用平均值来进行计算.

由能量守恒求出重力势能的减少量，从而能求出磁通量的变化量，用平均值就很方便地算出通过导体棒的电量。释放金属棒后，金属棒受到重力、支持力、安培力三个力作用，由于棒的速度增大导致感应电流增大，从而阻碍导体运动的安培力也增大，所以加速度减小．(1)

只有当加速度减小为零时，棒的速度达到最大，写出平衡式，结合感应电动势、欧姆定律、安培力的式子，就能求出最大速度；(2)

棒匀减速直线运动时，电流最大，消耗的电功率最大，由电功率的式子直接求出；(3)

由于已知金属棒在整个过程中产生的热量，则电阻R

上产生的热量能够求出，从而知道机械能的减小量，由于动能的增量能算出，则棒减小的重力势能可以求出.

那么就能表示出磁通量的改变量、平均感应电动势、乃至平均感应电流，于是通过导体的电荷量就能求出(

时间鈻�t

最后消掉)

【解析】解：(1)

金属棒由静止释放后，在重力、轨道支持力和安培力作用下沿斜面做变加速运动，当安培力为零时加速度最大mgsin娄脠鈭�娄脤mgcos娄脠=mam

解得：am=2m/s2

(2)

随着加速度不断减小，当加速度为零时达到最大速度vm

后保持匀速运动.

有：mgsin娄脠鈭�娄脤mgcos娄脠鈭�F掳虏=0

F掳虏=BIL

、I=ER+rE=BLvm

解得：vm=0.5m/s

金属棒以最大速度vm

匀速运动时，电阻R

上的电功率最大，根据功率公式有：PR=I2R

解得：PR=1W

(3)

设金属棒从开始运动至达到最大速度过程中沿导轨下滑距离为x

由能量守恒定律：(mgsin娄脠鈭�娄脤mgcos娄脠)隆陇x=mv2m2+Q

q=I鈥�t

I鈥�=ER+r

E鈥�=B?s?t=BLX?t

解得：q=2C

五、实验题(共4题，共28分)21、略

【分析】【解析】试题分析：（1）摆长等于摆线长与球半径之和；单摆摆球经过平衡位置的速度最大，最大位移处速度为0，在平衡位置计时误差最小．（2）摆球的直径为：（3）单摆周期为（4）秒表的读数为单摆周期为（5）根据周期公式得，（6）摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了，测得的单摆周期变大，根据可知，测得的g应偏小．故A错误；实验中误将n次全振动计为n+1次，可得周期减小，根据公式可得g变大，B正确；以摆线长作为摆长来计算，摆长偏小，根据可知，测得的g应偏小．故C错误；D、以摆线长与摆球的直径之和作为摆长来计算，摆长偏大，根据可知，测得的g应偏大．故D正确．故选BD；（7）根据重力加速度的表达式可知，图线斜率则若根据所得数据连成的直线的延长线没过坐标原点，而是与纵轴的正半轴相交于一点，则实验过程中可能存在的失误是摆长漏加小球半径，从g的表达式可知：g与摆长无关，所以因此失误对由图象求得的重力加速度的g的值无影响．考点：用单摆测定重力加速度．【解析】【答案】(1)球心最低点(2)29.8(3)2t/n-1(4)79.94.1(5)π2(n-1)2(L+d/2)/t2(6)BD(7)4π2/k无影响22、略

【分析】验证牛顿第二定律的实验中，要保证