2024年沪科版选修3物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年沪科版选修3物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示，正方形区域EFGH中有垂直于纸面向里的匀强磁场，一个带正电的粒子（不计重力）以一定的速度从EF边的中点M沿既垂直于EF边又垂直于磁场的方向射入磁场，正好从EH边的中点N射出．若该带电粒子的速度减小为原来的一半；其它条件不变，则这个粒子射出磁场的位置是。

A.E点B.N点C.H点D.F点2、如图所示，电源电动势为E，内阻为r，R1、R2为定值电阻，且大于滑动变阻器的最大阻值闭合电键S，将滑动变阻器的滑动片P由最上端滑到最下端，若电压表V1、V2、电流表A的读数改变量的大小分别用表示；则下列说法中正确的是

A.B.C.电源的发热功率先减小，再增大D.电源的输出功率先增大，再减小3、如图，理想变压器的原、副线圈电路中接有四只规格相同的灯泡，原线圈电路接在电压恒为U0的交变电源上，当S断开时，L1、L2、L3三只灯泡均正常发光；若闭合S；已知灯泡都不会损坏，且灯丝电阻不随温度变化，则（）

A.灯泡L1变亮B.灯泡L2变亮C.灯泡L3亮度不变D.灯泡L4正常发光4、光滑曲面与竖直平面的交线是抛物线，如图所示，抛物线的方程为y=x2，其下半部处在一个水平方向的匀强磁场中，磁场的上边界是y=2m的直线（如图中的虚线所示）．一个质量为1kg的小金属块从抛物线上y=4m处以速度v=2m/s沿抛物线下滑，假设曲面足够长，重力加速度g取10m/s2；则金属块在曲面上滑动的过程中产生的焦耳热总量为（）

A.20JB.18JC.22JD.42J5、在如图甲所示的电路中，螺线管匝数n=1000匝，横截面积S=20cm2．螺线管导线电阻r=1.0Ω，R1=4.0Ω，R2=5.0Ω，C=30μA.A；在一段时间内；垂直穿过螺线管的磁场的磁感应强度B的方向如图甲所示，大小按如图乙所示的规律变化则下列说法中正确的是。

B.螺线管中产生的感应电动势为1.2VC.闭合K，电路中的电流稳定后电容器下极板带负电E.K断开后，流经R2的电量为1.8×10-2CE.K断开后，流经R2的电量为1.8×10-2C6、如图所示；是简谐运动的回复力随时间变化规律的图象，根据图象以下说法正确的是（）

A.0至t1时间内，质点向着远离平衡位置方向运动，速率越来越大B.t1至t2时间内，质点的加速度方向与运动方向相反C.t2至t3时间内，质点向着靠近平衡位置方向运动，速率越来越小D.t3至t4时间内，质点的加速度方向与运动方向相同7、如图所示的四种现象，属于光的折射现象的是（）A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)8、如图所示，A、B两点表示一定质量的某种理想气体的两个状态，当气体从状态A变化到状态B时（）

A.体积必然变大B.不可能经过体积减小的过程C.外界必然对气体做正功D.气体必然从外界吸热9、关于热力学定律，下列说法正确的是_____A.量子技术可以使物体的最低温度达到绝对零度B.系统的内能增量可能小于系统从外界吸收的热量C.热量不可能自发地从低温物体传到高温物体E.一切自发过程总是沿着分子热运动的无序性增大方向进行E.一切自发过程总是沿着分子热运动的无序性增大方向进行10、关于光在传播过程中的现象，下述说法中正确的是（）A.雨后天空出现的彩虹是光的衍射现象B.白光通过三棱镜在光屏上形成的彩色光带是光的色散现象C.涂有增透膜的照相机镜头呈淡紫色，说明增透膜增加了淡紫色光的透射程度D.夜间观看到天空星座的位置比实际位置偏高，这是光的折射现象造成的11、如图甲所示，在匀强磁场中，一矩形金属线圈两次分别以不同的转速，绕与磁感线垂直的轴匀速转动，产生的交变电动势图象如图乙中曲线a，b所示；则()

A.两次t＝0时刻线圈平面均与中性面重合B.曲线a，b对应的线圈转速之比为2∶3C.曲线a表示的交变电动势频率为25HzD.曲线b表示的交变电动势有效值为10V12、如图所示，MPQO为有界的竖直向下的匀强电场，电场强度为E,ACB为光滑固定的半圆形轨道，圆轨道半径为R，AB为圆水平直径的两个端点，AC为圆弧．一个质量为m电荷量为-q的带电小球；从A点正上方高为H处由静止释放，并从A点沿切线进入半圆轨道．不计空气阻力及一切能量损失，关于带电粒子的运动情况，下列说法正确的是。

A.小球一定能从B点离开轨道B.小球在AC部分可能做匀速圆周运动C.若小球能从B点离开，上升的高度一定小于HD.小球到达C点的速度可能为零13、如图所示的电路，是定值电阻，是滑动变阻器，电源内阻不可忽略．闭合开关，在电路稳定后，将滑动变阻器的滑动触头由中点向下移动的过程中()

A.电压表示数变小B.电容器充电C.电源的总功率变大D.通过滑动变阻器的电流变小14、一简谐横波沿水平方向由质元a向质元b传播，波速为4m/s，a、b两质元平衡位罝间的距离为2m，t=0时刻，a在波峰，b在平衡位置且向下振动，下列哪些时刻b可能处在波峰位置（）A.B.C.D.评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)15、（1）两个系统具有相同的________时；即达到了热平衡。

（2）北京时间2016年8月6日是第31届里约奥运会开幕的日子，中央电视台播报天气预报，里约的最高气温是38℃，它是________K，我国在研究超导问题方面走在世界前列，我国科学家发现某种超导材料的临界温度是90K，它是________℃。16、夏天的清晨在荷叶上滚动着一个个晶莹剔透的小露珠，这是由________导致的物理现象。分子势能和分子间距离r的关系图象如图所示，能总体上反映小水滴表面层中水分子的是图中_______（选填“A”；“B”、或“C”）的位置。

17、读数练习：

（1）螺旋测微器的读数为___________mm；

（2）游标卡尺的读数为___________cm；

（3）秒表的读数为___________s；

（4）电阻箱的读数为___________Ω；

（5）多用电表中选择开关置于欧姆×1档时的读数为____Ω，置于直流电压5V档时的读数为___V．

18、阴极射线管的上方有一根固定的导线AB，如图所示，当导线中通一如图所示的电流时，阴极射线管的电子流将向__________偏转。（填“下”或“上”）19、如下左图所示，楔形木块A固定在水平放置压力传感器上，A的斜面是光滑的．某同学将质量不同的小钢球从斜面顶端静止释放，记录小钢珠在斜面上运动时压力传感器的示数．重力加速度g="9.8"m/s2.记录实验数据后；根据数据做出F-m图像，如下右图．

（1）由图像知，木块A的质量M=____kg（保留小数点后一位）

（2）若斜面倾角为θ，由图像知，_____（保留小数点后两位）

（3）不同质量的小钢珠在斜面上运动的时间______________（填“相同”或“不相同”）

评卷人得分四、作图题(共3题，共12分)20、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

21、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

22、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共2题，共10分)23、小明同学采用如图所示的电路图测量一电池的电动势和内电阻，记录数据如下，在所给的图中作出电源的伏安特性曲线______．根据图像得出电源电动势E=_________内电阻r=_________(小数点后保留2位)。0.160.240.320.40.480.561.421.381.341.301.261.22

24、如图甲所示为实验室的一款直流电流表；其接线柱间的标识如图乙所示，其使用说明书上附的电流表内部线路如图丙所示。

（1）某次用0~3A量程测量时；示数如图丁所示，其读数为__________A。

（2）该款电流表0~0.6A量程对应的内阻为_______（请用图丙中的阻值号Rg、R1、R2、R3表示）

（3）若电阻R1断路，则电流表允许通过的最大电流约为__________mA（结果保留两位有效数字）。评卷人得分六、解答题(共2题，共18分)25、如图所示平行板电容器两板间有水平向右的匀强电场，此电场有明显的边界，电场区域的高度是h=0.25m，一个质量为m=1.0×10-3kg带电量为q=1.0×10-4C的小球从电场的下方边界处的一点以v0=3m/s的初速度垂直进入电场区域，若匀强电场的电场强度为E=100N/m，求小球离开电场区域时的偏移量x（g=10m/s2）

26、如图所示,在平面内，有一电子源持续不断地沿正方向每秒发射出N个速率均为的电子，形成宽为2b，在轴方向均匀分布且关于轴对称的电子流．电子流沿方向射入一个半径为R，中心位于原点O的圆形匀强磁场区域，磁场方向垂直xOy平面向里，电子经过磁场偏转后均从P点射出，在磁场区域的正下方有一对平行于轴的金属平行板K和A，其中K板与P点的距离为d，中间开有宽度为且关于轴对称的小孔．K板接地，A与K两板间加有正负、大小均可调的电压穿过K板小孔到达A板的所有电子被收集且导出，从而形成电流．已知电子质量为m，电荷量为e，忽略电子间相互作用．

（1）求磁感应强度B的大小；

（2）求电子从P点射出时与负轴方向的夹角θ的范围；

（3）当时；每秒经过极板K上的小孔到达极板A的电子数；

（4）画出电流随变化的关系曲线（在答题纸上的方格纸上）．参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、A【分析】【分析】

带电粒子垂直磁场方向进入磁场后；在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力；根据洛伦兹力提供向心力和轨迹上两点的连线的中垂线都通过圆心找到圆心，确定半径；改变速度后，根据洛伦兹力提供向心力求出新的半径，再次根据洛伦兹力提供向心力找出圆心，画出轨迹．

【详解】

第一次从点M进入磁场，从点N射出，故M、N是轨迹上的两个点，连线的中垂线通过圆心，经过M点时，洛伦兹力提供向心力，判断出洛伦兹力的方向是平行纸面向上并指向C点，故得到C即为圆心，半径R等于线段CM的长度，即正方向边长的一半；洛伦兹力提供向心力，有解得：该带电粒子的速度减小为原来的一半后，半径减小为一半；

故圆心移到线段CM的中点；轨迹如图；

故本题选A．

【点睛】

本题关键在于找出圆心、确定轨迹、求出半径，同时要结合洛伦兹力提供向心力进行分析计算．2、B【分析】【分析】

当滑动变阻器的滑臂P由上端向下滑动的过程中，变阻器滑片上侧电阻与R1串联后与变阻器滑片下侧并联的总电阻一直变小；根据闭合电路欧姆定律分析电路中的电流变化和路端电压的变化，再根据欧姆定律分析对应的电流和电阻关系，再根据功率公式分析功率的变化．

【详解】

A项：由图可知，电流表与R0的下部分串联、R1与R0的上部分串联，二者再并联后与R2串联；电流表中的电流小于流过R2的电流，故故A错误；

B项：电压表V测量路端电压，则其电压表示数的变化等于内阻两端电压的变化，在滑片向下滑动过程中，总电阻减小，总电流增大，并联部分电压减小，流过R1的电流减小，故流过电流表的电流增大，因此总电流的变化量小于A中电流的变化，因此故B正确；

C项：由B的分析可知；总电流增大，故电源的发热功率一直增大，故C错误；

D项：由于外电阻一定大于内电阻；而在改变中外电阻减小，故外电阻越来越接近内电阻，故电源的输出功率一定增大，故D错误．

故应选：B．

【点睛】

本题考查了串、联电路的特点和欧姆定律的灵活运用，难点是滑动变阻器滑片P从最上端→中间→最下端总电阻变化情况的判断．3、A【分析】【详解】

A．当S接通后，副线圈回路电阻变小，输出功率变大，输出电流变大，变压器的输入功率等于输出功率，所以变压器的输入功率变大，输入电流变大，灯泡L1的电压增大，L1变亮；故A正确；

BC．原线圈电压减小，匝数比不变，故副线圈电压减小，所以灯泡L2、L3两端的电压变小，灯泡L2、L3亮度变暗；故BC错误；

D．L2、L3、L4电压相等，比S断开时电压小，S断开时灯泡正常发光，S闭合时L4不能正常发光；故D错误。

故选A。4、C【分析】【详解】

圆环最终在y=2m以下来回摆动，以y=4m处为初位置，y=2m处为末位置，知末位置的速度为零，在整个过程中，重力势能减小，动能减小，减小的机械能转化为内能，根据能量守恒定律得：故C正确，ABD错误；5、C【分析】【详解】

A．根据法拉第电磁感应定律：解得：E=0.8V；故A错误；

B．根据楞次定律可知；螺线管的感应电流盘旋而下，则螺线管下端是电源的正极，那么电容器下极带正电，故B错误；

C．根据全电路欧姆定律，有：I==0.08A，根据P=I2R1解得：P=2.56×10-2W；故C正确；

D．S断开后，流经R2的电量即为S闭合时C板上所带的电量Q，电容器两端的电压为：U=IR2=0.4V，流经R2的电量为：Q=CU=1.2×10-5C，故D错误；6、D【分析】试题分析：由图知，0至t1时间内，回复力变大，位移增加，故物体远离平衡位置，速度减小，所以选项A错误；t1至t2时间内，回复力减小，故位移减小，物体向平衡位置加速运动，加速度与运动方向相同，所以选项B错误；t2至t3时间内，回复力增大，所以位移增加，物体远离平衡位置，速度减小，所以选项C错误；t3至t4时间内；回复力减小，所以位移减小，物体向平衡位置做加速运动，加速度与运动方向相同，所以选项D正确；

考点：简谐运动的振动图像7、C【分析】A；屏幕上呈现人的手的影子是因为光的直线传播形成的；故A错误；

B；山在水中的倒影；是由于光的反射，太阳光照射物体，物体所反射的光经水平面反射映入人眼，形成人所看到的倒影，故B错误；

C；光从水中射向空气的时候；在水面要发生折射，使得光的传播方向发生偏折，所以C正确；

D；这是由太阳光透过缝隙而形成的太阳的像；它的形状就是太阳的形状，而不是叶子间缝隙的形状，‘这就是小孔成像，故D错误；

综上所述本题答案是：C二、多选题(共7题，共14分)8、A:D【分析】【详解】

A．根据理想气体状态方程（常数），解得

可知A、B与O点的连线表示等容变化，直线AO的斜率大，则其体积越小，所以图像中A的体积小于B的体积，气体从状态A变化到状态B的过程中；体积必然变大，故A正确；

B．因为具有气体变化的过程未知；可能经过体积减小的过程，故B错误；

CD．气体的体积变大，气体对外界做功，根据热力学第一定律气体对外做正功，W为负值，从图中看出气体温度升高，即为正数，所以Q必须为正数；即气体必须从外界吸热，故C错误，D正确。

故选AD。9、B:C:E【分析】【详解】

绝对零度无法达到；故A错误；做功和热传递都能改变内能；物体内能的增量等于外界对物体做的功和物体吸收热量的和，当系统从外界吸热并对外做功时，系统的内能增量就小于系统从外界吸收的热量，故B正确；根据热力学第二定律，热量不可能自发地从低温物体传到高温物体，故C正确；热力学第二定律可表述为不可能从单一热源吸取热量，使之完全变为有用功而不产生其他影响，故D错误；热力学第二定律可表述为一切自发过程总是沿着分子热运动的无序性增大方向进行，故E正确．故选BCE．

点睛：本题考查热学中的基本规律，重点掌握热力学第一定律、热力学第二定律与分子动理论，其中关于热力学第二定律的几种不同的说法，一定要牢记．10、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．雨后天空出现的彩虹是光的折射现象；故A错误；

B．白光通过分光镜在光屏上形成的彩色光带是由于不同色光折射率不同而产生光的色散现象；故B正确；

C．在选择增透膜时，一般是使对人眼灵敏的绿色光在垂直入射时相互抵消，这时光谱中其它频率的光将大部分抵消，因此进入镜头的光有很多，但以抵消绿光为主，这样照相的效果更好。对于增透膜，有约1.3%的光能量会被反射，再加之对于其它波长的光，给定膜层的厚度是绿光在薄膜中的波长的倍；从薄膜前后表面的反射绿光相互抵消，而波长较长的红色光以及波长较短的不能完全抵消，所以镜头呈淡紫色，故C错误。

D．夜间观看到天边星座的位置比实际位置高；这是光的折射现象，故D正确；

故选BD。11、A:C【分析】【详解】

t＝0时刻，两次产生的交流电的电动势瞬时值均为零，因此线圈平面均与中性面重合，A项正确；图中a、b对应的周期之比为2∶3，因此线圈转速之比na∶nb＝∶＝3∶2，B项错误；a线表示的交流电动势的频率为fa＝＝25Hz，C项正确；a线对应线圈相应的电动势的最大值Eam＝NBS·由图象知Eam＝15V，b线对应线圈相应的电动势的最大值Ebm＝NBS·因此＝＝Ebm＝10V，有效值Eb＝V＝5V，D项错误．12、B:C【分析】若电场力大于重力，则有可能不从B点离开轨道，A错．若电场力等于重力，物体做匀速圆周运动，B正确．因电场力做负功，则机械能损失，上升的高度一定小于H，C正确．由圆周运动知识可知若小球到达C点的速度为零，则在此之前就已脱轨了，D错13、A:C【分析】【分析】

变阻器滑片移动时；分析总电阻的变化，判断总电流和路端电压的变化。根据电路串并联知识和闭合电路欧姆定律分析电容器两端电压变化情况，即可判断电容器的状态.

【详解】

A、当滑动变阻器的滑动触头由中点向下移动时，R4变小，电路的总电阻变小，总电流I变大；内电压变大，则路端电压变小，因此电压表示数变小；故A正确.

B、电容器两端电压为：U=E-I（r+R2），I变大，故电容器两端电压U变小；带电量变小，电容器放电，故B错误；

C、电源的总功率P=EI，I变大，则P变大；故C正确.

D、根据串联电路分压规律知，变阻器两端的电压增小，通过R1的电流变小；而总电流变大，所以通过滑动变阻器的电流变大；故D错误.

故选AC.

【点睛】

本题是电路动态分析问题，关键是理清电路，根据路串并联知识和闭合电路欧姆定律得到各个部分电路电流和电压的变化.14、B:D【分析】【详解】

根据题意a、b两质元平衡位置间的距离为当再经历时，b可能处在波峰．解得（n=0、1、2、3；k=0、1、2、3）．当n=1，k=1时，当n=4，k=1时，．综上分析，BD正确．三、填空题(共5题，共10分)15、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】温度311.15－183.1516、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]小露珠由于表面张力呈现球形状；能在荷叶上滚动，是因为荷叶表面的不浸润。

[2]液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，则液体表面层分子间作用力表现为分子间引力，当分子间引力和斥力相等时分子势能最小，此时分子力表现为引力，分子间距离应大于最小分子势能对应的距离，故应是图像中的C点。【解析】①.表面张力/不浸润②.C17、略

【分析】（1）螺旋测微器的读数为：1.5mm+0.01mm×49.8=1.998mm；

（2）游标卡尺的读数为:0.8cm+0.02mm×0=0.800cm；

（3）秒表的读数为:300s+37.5s=337.5s；

（4）电阻箱的读数为4×1+0.1×6=4.6Ω；

（5）多用电表中选择开关置于欧姆×1档时的读数为14.0Ω，置于直流电压5V档时的读数为2.60V。【解析】18、略

【分析】根据安培定则判断可知：通电导线在阴极射线管处产生的磁场方向垂直纸面向里；电子带负电，向右运动，由左手定则判断得知电子流所受的洛伦兹力方向向下，所以阴极射线向下偏转．

【点睛】本题关键要掌握两大定则：安培定则和左手定则，要明确两个问题：一是什么条件用什么定则，二是怎样用定则．【解析】下19、略

【分析】【详解】

试题分析：（1）当m=0时，传感器的示数即为木块A的重力，则有：Mg=4.80N，解得：

（2）对小球受力分析；根据平衡条件可知，A对小球的支持力N=mgcosθ；

根据牛顿第三定律可知；小球对A的压力为mgcosθ；

对A受力分析可知；传感器对A的支持力F=Mg+mgcosθcosθ；

则传感器的示数为F=Mg+mgcos2θ

则F-m图象的斜率k=gcos2θ；

则有：

解得：cos2θ=0.82

（3）根据牛顿第二定律得小球下滑的加速度为：a＝gsinθ；则不同质量的小钢珠在斜面上运动情况完全相同，所以运动的时间也相同．

考点：研究加速度与物体质量；受力的关系.

【名师点睛】

本题考查研究加速度与物体质量、受力的关系实验；解题的关键是搞清实验的原理及分别对小球和A受力分析，求出传感器的示数F与m的表达式，注意F-m图象斜率和截距所表示的含义，难度适中．【解析】0.50.80（0.77~0.83）相同四、作图题(共3题，共12分)20、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】21、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】22、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共2题，共10分)23、略

【分析】【分析】

根据描点法得出对应的伏安特性曲线；再由闭合电路欧姆定律可得出电压与电流的关系；结合数学关系可知图象的斜率表示内阻，与纵坐标的交点表示电源的电动势．

【详解】

作出电源的伏安特性曲线如图；

由闭合电路欧姆定律可知：U=E-Ir；即电动势与电流成一次函数关系，由数学知识可知，图象与纵坐标的交点为电源的电动势；图象的斜率表示内源内电