2025年粤教新版必修3物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教新版必修3物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、两根完全相同的金属裸导线，将其中的一根均匀拉长到原来的2倍，把另一根对折后绞合起来，然后给它们加相同电压后，则在同一时间内通过它们的电荷量之比为A.1:4B.1:8C.1:16D.16:12、如图所示，一个绝缘圆环，当它的均匀带电且电荷量为+q时，圆心O处的电场强度大小为E，现使半圆ABC均匀带电+2q，而另一半圆ADC均匀带电–2q，则圆心O处电场强度的大小和方向为。

A.2E，方向由O指向DB.4E，方向由O指向DC.2E，方向由O指向BD.03、一带电油滴悬浮在平行板电容器两极板A、B之间的P点，处于静止状态．现将极板A向下平移一小段距离，但仍在P点上方；其它条件不变．下列说法中正确的是。

A.液滴将向下运动B.液滴将向上运动C.液滴仍静止不动D.极板带电荷量将减少4、在图所示的闭合电路中，当滑片P向右移动时；两电表读数的变化是()．

A.电流表示数变小，电压表示数变大B.电流表示数变大，电压表示数变大C.电流表示数变大，电压表示数变小D.电流表示数变小，电压表示数变小5、如图所示，A、B是水平放置的平行板电容器的两块极板，下极板B接地，直流电源电动势E恒定，内阻不计将开关S闭合，电路稳定后，一带电油滴位于两板中央的M点且恰好处于静止状态，现将A板向上平移一小段距离；则（）

A.电容器的带电量将增大B.在A板上移过程中，电阻R中有向左的电流C.带电油滴将沿竖直方向向上运动D.M点电势将降低6、位于水平面的一个圆上有等间距的三个点A、B、C，每个点上放一个带正电的点电荷，这三个点电荷的带电荷量相同，如图所示。设每个点电荷单独在圆心产生的电场的场强大小为电势为则关于圆上正北点处的电场场强大小E、电势的说法正确的是（）

A.B.C.D.7、图甲中AB是某电场中的一条电场线。若将一负电荷从A点处由静止释放，负电荷仅在静电力作用下沿电场线从A到B运动过程中的速度—时间图像如图乙所示。关于A、B两点的电势高低和场强大小关系；下列说法中正确的是（）

A.φA>φB，EA>EBB.φA>φB，EA<EBC.φA<φB，EA>EBD.φA<φB，EA<EB8、在物理学发展的过程中，许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程。在对以下几位物理学家所作科学贡献的叙述中，下列说法正确的是（）A.安培发现了电流的热效应，定量得出了电能和热能之间的转换关系。B.牛顿应用“理想斜面实验”推翻了亚里士多德的“力是维持物体运动的原因”观点C.卡文迪许用扭称实验测出万有引力恒量，由此称他为第一个“测出地球质量”的人D.库仑发现了点电荷的相互作用规律；安培通过油滴实验测定了元电荷的数值评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)9、如图所示，闭合电键S，电压表的示数为U，电流表的示数为I，现向左调节滑动变阻器R的触头P，下列说法正确的是（）

A.I变大B.U变大C.电阻R1的功率变大D.电源的总功率变大10、如图所示，分别在A、B两点放置点电荷和在AB的垂直平分线上有一点C，且AB=AC=BC=6×10-2m，静电力常量若有一电子固定在C点；则下列关于它所受的静电力的大小和方向判断正确的是（）

A.大小为8×10-21NB.方向平行于AB连线由B点指向A点C.大小为8×10-20ND.方向平行于AB连线由A点指向B点11、如图所示为一边长为L的正方体，其所在空间中有一匀强电场．把电荷量为的点电荷从顶点B移动到顶点或电场力做功均为把该点电荷从B点移动到顶点D，电场力做功为．下列说法正确的是（）

A.该匀强电场的场强方向沿B.该匀强电场的场强大小为C.D两点间的电势差为D.该点电荷从B点移到连线的中点，电场力做功为12、某电场在x轴上各点的场强方向沿x轴方向，规定场强沿x轴正方向为正，若场强E随位移坐标x变化规律如图，x1点与x3点的纵坐标相同，图线关于O点对称，则（）

A.O点的电势最低B.-x2点的电势最高C.若电子从-x2点运动到x2点，则此过程中电场力对电子做的总功为零D.若电子从x1点运动到x3点，则此过程中电场力对电子做的总功为零13、如图所示的电路中，当开关S接a点时，标有“5V，2.5W”的小灯泡L正常发光，当开关S接b点时，通过电阻R的电流为1A，这时电阻R两端的电压为4V。则下列说法正确的是（）

A.电阻R的阻值为0.25ΩB.电源的电动势为5VC.电源的电动势为6VD.电源的内阻为2Ω评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)14、如图所示；竖直放置的长直导线通以恒定电流，有一矩形线框与导线处于同一平面内，让线框向右平动，线圈产生感应电流的方向是_____。

15、如图所示，AB、CD为一水平圆周上两条相互垂直的直径，O点为该圆的圆心．将电流强度都为I的两通电直导线M、N垂直圆面分别放置在圆周上，其位置关于AB对称且距离等于圆的半径，其中导线M中电流流向纸内，导线N中电流流向纸外，现要使O点的磁感应强度为零，可加一平行于圆面的匀强磁场，则该磁场方向为_________；或在圆周_______点上再垂直放置一电流大小方向合适的通电直导线。16、新疆达坂城风口的风速约为设该地空气的密度为把通过横截面积的风能转化为电能（转化效率），利用上述已知量推导计算电功率的公式为___________，代入数据得到电功率的大小为___________。

17、元电荷：最小的电荷量，e=____________C，由____________测得。所有带电体的电荷量都是e的____________。18、(1)在测定一根粗细均匀合金丝电阻率的实验中，利用螺旋测微器测定合金丝直径，如图所示，甲图是将螺旋测微器小砧靠在一起时的读数，为______mm；乙图是测量合金丝直径时的读数，则合金丝的直径为______mm；

(2)某实验小组为测量电压表V1的内阻，先用多用电表的欧姆档进行了一次测量，为进一步准确测量电压表V1的内阻，设计了如图甲所示的电路，请根据电路图连接实物图乙______。

19、一根导线长0.2m，通以3A的电流，在磁场中某处受到的最大的磁场力是则该处的磁感应强度B的大小是____T，如果该导线的长度和电流都减小一半，则该处的B的大小是______T。评卷人得分四、作图题(共1题，共10分)20、以下是几种点电荷的电场线的分布情况；请标出图中各电荷的电性。

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【详解】

设原来的电阻为R，其中的一根均匀拉长到原来的2倍，横截面积变为原来的根据电阻定律：

可知电阻为：

另一根对折后绞合起来；长度减小为原来的一半，横截面积变为原来的2倍，根据电阻定律：

可知电阻为：

则两电阻之比为16：1；电压相等，根据欧姆定律，电流比为1：16，根据：

知相同时间内通过的电量之比为1：16，故选C。2、A【分析】【详解】

当圆环的均匀带电，电荷量为+q时，圆心O处的电场强度大小为E，当半圆ABC的带电荷量为+2q，由如图所示的矢量合成可得，在圆心处的电场强度大小为方向由B到D；当另一半圆ADC均匀带电−2q，同理，在圆心处的电场强度大小为方向由O到D；根据矢量的合成法则，圆心O处的电强度的大小为方向由O到D；选项A正确，BCD错误．

故选A

3、B【分析】【详解】

将极板A向下平移一小段距离，电容器板间的电压保持不变，根据E=U/d分析得知，板间场强增大，油滴所受电场力增大，则油滴将向上运动．故A错误，B正确．将极板A向下平移一小段距离时，根据电容的决定式得知电容C增大，而电容器的电压U不变，由Q=CU知，极板带电荷量将增大．故CD错误．故选B．4、A【分析】【分析】

【详解】

试题分析：由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；当滑片P向右滑动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，则电路的电流变小，即电流表的示数变小，所以电源内阻和R0所占电压变小；则滑动变阻器R两端的电压变大，即电压表的示数变大，BCD错误．故选A．

考点：电路的动态分析。

【名师点睛】

本题考查了欧姆定律及串联电路的电压规律，注意因滑动变阻器电阻和电流同时发生了变化，无法直接由欧姆定律求得两端的电压，故先求得与之串联定值电阻两端的电压，再根据总电压不变，得出滑动变阻器两端的电压．5、D【分析】【分析】

【详解】

AB．将A板向上平移一小段距离，板间距离d增大。由

可知电容器的电容变小，又

电压U不变。因此电容器带电量减小，电容器放电，回路中有顺时针方向的电流电阻R中有向右的电流。选项AB错误；

C．根据电容器内部电场强度

可知，d增大；场强减小，油滴受到向上的电场力减小，将向下运动，选项C错误；

D．A、B两板间的电场强度E减小，由

可知，M点电势降低。选项D正确。

故选D。6、D【分析】【详解】

由对称性知A、B两点电荷在正北点产生的场强大小都为则合场强

方向指向正北。若把C点电荷放在圆心处，则C点电荷在正北点产生的场强为方向指向正北，而C点电荷位于正南点时，在正北点处产生的场强沿正北方向，小于故三点电荷在正北点产生场强的矢量和小于大于另外，分析可知A、B两点电荷在正北点产生的电势均为二者共同产生的电势为若把C点电荷放在圆心处，则C点电荷在正北点产生的电势为而C点电荷位于正南点时，其在正北点处产生的电势应该小于故三点电荷在正北点产生的电势大于而小于

故选D。7、C【分析】【详解】

负电荷从A由静止释放（初速度为0）后，能加速运动到B，说明负电荷受到的静电力方向从A指向B，那么电场方向就是由B指向A，由于沿电场线方向电势逐渐降低，所以A、B两点的电势关系是φA<φB，负电荷从A运动到B的过程中，它的加速度是逐渐减小的（题图乙中曲线切线的斜率表示加速度），由牛顿第二定律知，负电荷从A运动到B时，受到的静电力是逐渐减小的，由

知，EA>EB；故C正确，ABD错误。

故选C。8、C【分析】【分析】

【详解】

A．焦耳发现了电流的热效应；定量得出了电能和热能之间的转换关系，故A错误；

B．伽利略应用“理想斜面实验”推翻了亚里士多德的“力是维持物体运动的原因”的观点；故B错误；

C．卡文迪许用扭称实验测出万有引力恒量；由此称他为第一个“测出地球质量”的人，故C正确；

D．库仑发现了点电荷的相互作用规律；密立根通过油滴实验测定了元电荷的数值；故D错误。

故选C。二、多选题(共5题，共10分)9、B:C【分析】【详解】

A．向左调节滑动变阻器；则滑动变阻器连入电路的总电阻增大，所以电路总电阻增大，故电路总电流减小，即电流表示数减小，A错误；

B．电路路端电阻增大；则根据闭合回路欧姆定律可得，电路路端电压增大，即电压表示数增大，B正确；

C．电路总电阻增大，电路总电流减小，故路端电压增大，而通过的电流减小，所以两端的电压减小，故两端的电压增大，所以根据公式

可得的电功率变大；C正确；

D．电路总电流减小，根据公式

可得电源的总功率减小；D错误。

故选BC。10、A:B【分析】【详解】

电子带负电荷，在C点同时受A、B两点电荷的作用力为FA、FB；如图所示。

由库仑定律

解得

同理可得

由平行四边形定则和几何知识得，固定在C点的电子受到的静电力为

方向平行于AB连线由B点指向A点。

故选AB。11、B:C:D【分析】【详解】

AB．电荷量为的点电荷从顶点B移动到顶点或电场力做功均为可知场强方向应该与平面BB′DD′平行；把该点电荷从B点移动到顶点D，电场力做功为即把该点电荷从B点移动到顶点D电场力做功为从顶点B移动到顶点电场力功的2倍；而B′D′长度等于A′B′在B′D′方向的投影的2倍，即BD长度等于A′B′在B′D′方向的投影的2倍，可知场强方向应该沿着BD方向，则电荷从B到D

场强大小为

选项A错误；B正确；

C．D两点间的电势差等于BD两点的电势差，为

选项C正确；

D．该点电荷从B点移到连线的中点，电场力做功为

选项D正确。

故选BCD。12、A:C【分析】【详解】

A．规定场强沿x轴正方向为正，依据场强E随位移坐标x变化规律如题目中图所示，电场强度方向如下图所示：

根据顺着电场线电势降低，则O电势最低；A正确；

B．由上分析，可知，电势从高到低，即为由于点与点电势相等，那么点的电势不是最高；B错误；

C．若电子从点运动到点；越过横轴，图像与横轴所围成的面积之差为零，则它们的电势差为零，则此过程中电场力对电子做的总功为零，C正确；

D．若电子从点运动到点；图像与横轴所围成的面积不为零，它们的电势差不为零，则此过程中电场力对电子做的总功也不为零，D错误。

故选AC。13、C:D【分析】【详解】

A．当开关S接b点时，电阻R的值为

故A错误；

BCD．当开关S接a点时，小灯泡L正常发光，故通过的电流为

根据闭合电路欧姆定律

联立解得

B错误；CD正确。

故选CD。三、填空题(共6题，共12分)14、略

【分析】【详解】

电流的方向向上，由安培定则可知线框所在处的磁场的方向垂直于纸面向里，当线框向右运动时磁场减小，则穿过线框的磁通量减小，由楞次定律可知，线框内产生的感应电流沿顺时针方向。【解析】顺时针方向15、略

【分析】【详解】

[1]根据安培定则知，分