2025年沪教版九年级物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪教版九年级物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、标有“6V3.6W”字样的小灯泡和标有“20Ω1A”字样的滑动变阻器，连接在如图所示的电路中．已知电源电压为6V，闭合开关，移动滑动变阻器滑片，电流表、电压表示数的变化范围分别是（）A.电流表的变化范围0.2A～0.6AB.电流表的变化范围0.3A～0.6AC.电压表的变化范围0V～4VD.电压表的变化范围2V～6V2、POS刷卡机的广泛应用给人们的生活带来了便利．POS机的刷卡位置有一个绕有线圈的小铁环制成的检测头（如图所示）．在使用时，将带有磁条的信用卡在POS机指定位置刷一下，检测头的线圈中就会产生变化的电流，POS机可读出磁条上的信息．下列图中能反映POS刷卡机读出信息原理的是（）A.B.C.D.3、阿基米德原理式为F浮=G排，因为G排=ρ液gV排，故F浮=ρ液gV排．对于这个公式，下列理解错误的是（）A.物体受到的浮力，大小等于ρ液、g、V排三者的乘积B.物体受到的浮力，大小等于被它排开的液体的质量C.物体受到的浮力，跟被排开的液体的体积成正比，跟液体的密度成正比D.物体受到的浮力，不但跟被排开的液体体积的大小有关，还跟液体的密度有关4、安全用电的常识之一就是不要靠近高压电．但是；两爪站在高压线上的鸟却不会发生触电事故，这是因为（）

A.鸟爪上的角质层不导电。

B.鸟爪很干燥。

C.电线上有绝缘层。

D.鸟的两爪间的电压很低。

5、如图所示的电路电源电压不变；当滑动变阻器滑片向右移动时，电压表和电流表示数变化分别为（）

A.变大不变B.变大变大C.不变变大D.不变变小评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)6、假如重力突然消失，下列情况不可能存在的是（）A.万马奔腾B.川流不息C.五光十色D.短斤少两7、下列说法正确的是（）A.“引吭高歌“中的“高“是指响度大B.“起音太高上不去“中的“高“指的是音调C.“尖声细嗓“指的是音调D.“细声细语“指的是音调8、如图所示电路，电源两端电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向左移动时，则下列说法正确的是（）A.电流表A1示数变大B.电流表A与A1的示数之差不变C.电压表V的示数不变D.电压表V与电流表A示数的比值变大9、小铭用如图所示的电路进行实验，当闭合开关后发现灯泡不亮，电压表明显偏转，电流表指针不发生偏转，则可能的故障原因是(

)

A.小灯泡短路B.小灯泡断路C.灯座处接触不良D.变阻器断路10、如图是研究巨磁电阻特性的原理示意图，实验发现，在闭合开S1S2

且滑片P

向右滑动的过程中，指示灯明显变暗，这说明(

)

A.电磁铁的左端为N

极，磁性增强B.流过灯泡的电流增大，电压表示数减小C.电磁铁周围的磁场与条形磁铁的磁场相似D.巨磁电阻的阻值随磁场的增强而减小11、小欣观看了航天员王亚平的太空授课后；与小田一起在学校实验室设计如图所示的实验.

在密闭玻璃罩内放如下装置：

垄脵

弹簧测力计测重力；

垄脷

装满水的杯子；杯口用塑料薄片履盖并倒置悬挂在玻璃罩内；

垄脹

正在发声的音乐芯片；

垄脺

静置的小磁针.

用抽气机不断抽去罩内空气；

下列叙述正确的是(

)

A.弹簧测力计示数将逐渐减小B.玻璃杯中水和塑料片将下落C.音乐芯片的声音将越来越小D.小磁针静止时将不再指南北12、下列说法正确的是（）A.发电机是根据电磁感应现象制成的B.发电机工作时将电能转化为机械能C.奥斯特实验说明导体周围存在磁场D.电动机工作时将电能转化为机械能评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)13、一石块落入河中，从浸没到沉入河底的过程中它受到水的浮力____．当河中水位上涨时，石块受到水的压强____，浮力____．（均选填“变小”、“不变”或“变大”）14、如图所示，工人利用动滑轮将沙匀速向上提升2m，已知沙重180N，动滑轮和桶总重重20N，绳重和摩擦均不计。则在此过程中工人做的有用功为________J,该装置的机械效率为____%，就如何提高该装置的效率提出一点建议____。。15、某定值电阻两端的电压增加1V，流过的电流就增大0.1A，该电阻的阻值为____Ω．16、地震中被埋在废墟中的人为了延长生命，必须尽可能地减少能量损失，当身体出汗时，应用布、纸等擦干身上的汗水，避免汗水______（填一物态变化）吸收人体的______．17、（2011秋•金州区期末）小刚同学利用斜面将货物搬运到一辆汽车上，如图所示，则利用斜面可以省____，利用斜面不省____．评卷人得分四、其他(共4题，共20分)18、（2012秋•宁波期末）目前很多城市已经使用了风光互补路灯系统（如图所示）；它具备了风能和太阳能产品的双重优点，该系统既可通过太阳能电池组独立发电并储存在蓄电池，也可以通过风力发电机独立发电并储存在蓄电池；在风；光都具备时可以同时发电．某种型号的风光互补路灯技术参数如下．

。风力发电。

额定功率风力发电。

额定风速风力发电机启动风速路灯额定电压路灯额定功率太阳能电池板平均输出功率260W8m/s3m/s24V60W100W（1）假设路灯每晚工作10h；求路灯正常工作时每晚消耗的电能．

（2）如果太阳光照射到地面时的辐射功率为800J/（s•m2）（1s辐射在每1m2上的光能为800J），若太阳能电池板的面积为1.25m2；太阳能电池光电转换效率为多大？

（3）在平均风速为8m/s的晚上，风力发电机除了保障路灯正常工作外，同时还给蓄电池充电，如果风力发电机一晚上工作时间为8h，则在这段时间内蓄电池储存电能是多少kW•h？19、汽车在行驶时；发动机的温度会升得很高，为了确保安全，可用水循环进行冷却．实际上，水中往往还要加入不易挥发的防冻液（原液），加入防冻液后的混合液冬天不容易凝固，长时间开车也不容易沸腾．

有关资料表明；防冻液与水按不同的比例混合，混合液的凝固点；沸点不同，具体数值参见下表（表中防冻液含量是指防冻液在混合液中所占体积的百分比）．

。防冻液含量/%30405060708090混合液的凝固点/℃-17-28-37-49-48-46-28混合液的沸点/℃103104107111117124141在给汽车水箱中加防冻液时；宜使混合液的凝固点比本地常年最低气温低10～15℃．考虑到混合液比热容的减小会影响散热效果，因此，混合液中防冻液的含量不宜过高．

（1）汽车发动机用水来冷却，这是因为水的____较大．

（2）在混合液中，如果防冻液含量由30%逐渐增大到90%，则混合液凝固点的变化情况是____．

A．逐渐升高B．逐渐降低。

C．先升高后降低D．先降低后升高。

（3）若某地常年最低气温为-15℃，对该地区汽车来说，在下列不同防冻液含量的混合液中，宜选____．

A．30%B．40%C．60%D．90%

（4）请在如图2中作出混合液沸点与防冻液含量的关系图象，由图象可以推知，防冻液的含量达到75%时，混合液的沸点大约是____℃．

（5）长时间使用后，汽车水箱中的混合液会减少．与原来相比，混合液的沸点____（选填“升高”、“降低”或“不变”），其原因是____．20、从高空下落的物体；速度越来越大，所受空气的阻力也会随速度的增大而增大，因此物体下落一段距离后将其以某一速度作匀速运动，通常把这个速度称为收尾速度．求：

（1）一质量m=0.3Kg的小球在加速下落20m高度的过程中重力所做的功（g取10N/Kg）．

（2）研究发现；相同环境条件下，空气对不同材质的球形物体的阻力大小与球的半径和速度都有关系．下表为某次研究的实验数据，根据表格中的数据，求出编号为2；3的小球在达到收尾速度时所受的空气阻力之比．

（3）由（2）问表格中的数据；求出球形物体所受的空气的阻力f与球的收尾速度v的关系．

（4）由（2）问表格中的数据，求出球形物体所受的空气阻力f与球的半径r的关系．

。小球编号1234小球质量（×10-2Kg）254540小球半径（×10-3m）0.50.51.52小球的收尾速度m/s1640402021、人们使用斜面的目的是为了____，生活中常见的斜面有____（写出一个）评卷人得分五、综合题(共1题，共10分)22、一电饭锅铭牌上标有“220V1100W”字样．

（1）电饭锅正常工作时；它的电阻是多少Ω？

（2）在电饭锅内倒入质量为2kg、温度为20℃的水，若把这些水加热到80℃，水最少需要吸收多少热量？[C水=4.2×103J/（kg℃）]．参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、A【分析】【分析】由电路图可知；滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流．

比较灯泡的额定电流和电流表的量程以及变阻器允许通过的最大电流确定电路中的最大电流；然后得出电压表的最大示数；

当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小、电压表的示数最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的最小电流，然后求出电压表的示数．【解析】【解答】解：

由电路图可知；滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流．

由P=UI可得灯泡正常工作的电流：

I===0.6A；

因为串联电路中各处的电流相等；且灯泡的额定电流为0.6A，变阻器允许通过的最大电流为1A；

所以，电路中的最大电流I最大=0.6A，此时灯泡两端电压表的示数最大UL大=U额=6V；

由I=可得灯泡电阻：

RL===10Ω；

当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时；电路中的电流最小，电压表的示数最小；

此时电路中的最小电流：

I最小===0.2A；

则电流表的取值范围为0.2A～0.6A；故A正确；B错误；

电压表的最小示数：

UL小=I最小RL=0.2A×10Ω=2V；

则电压表的取值范围为2V～6V；故C错误，D正确．

故选AD．2、C【分析】【分析】闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象，POS刷卡机就是利用电磁感应原理制成的，在选项中找出探究电磁感应的对应图即可．【解析】【解答】解：

将带有磁条的信用卡在POS机指定位置刷一下；检测头的线圈中就会产生变化的电流，这属于电磁感应现象．

A；如图是奥斯特的实验；反映电流周围存在着磁场．故A错误．

B；如图电路中有电源；是通电线圈在磁场中受力运动．故B错误．

C；如图电路中没有电源；当闭合开关，闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这是电磁感应选项．故C正确．

D；如图电路中有电源；是通电导体在磁场中受力运动．故D错误．

故选C．3、B【分析】【分析】由阿基米德原理的内容可知，对于浸在液体中的物体，物体受到的浮力等于排开液体的重力，经推导可知，浮力与液体的密度和排开液体的体积有关．【解析】【解答】解：A、由F浮=ρ液gV排可知，物体受到的浮力，大小等于ρ液、g、V排三者的乘积；故A说法正确；

B、由F浮=G排可知；物体受到的浮力，大小等于被它排开的液体的重力，故B说法错误；

CD、由F浮=ρ液gV排可知；物体受到的浮力，不但跟被排开的液体体积的大小有关，还跟液体的密度有关；并且跟被排开的液体的体积成正比，跟液体的密度成正比．故CD说法正确．

故选B．4、D【分析】

当鸟站在高压线上时；两爪之间产生电压，电压与两爪之间的导线上的电压相等，而这段导线上电压很低，故鸟不会触电．

故选D

【解析】【答案】高压线中有电流通过；鸟的两爪站在两压线上与导线并联，可从并联电路的特点分析．

5、D【分析】【分析】分析清楚电路结构，根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后应用并联电路特点与欧姆定律分析答题．【解析】【解答】解：由图示电路图可知；两电阻并联，电压表测电源两端电压，电流表测干路电流；

当滑片向右移动时；滑动变阻器接入电路的阻值变大，电源电压不变；

由欧姆定律可知；通过滑动变阻器的电流变小，干路电流变小，电流表示数变小；

滑动变阻器滑片移动过程；电源电压不变，电压表示数不变；故ABC错误，D正确．

故选D．二、多选题(共7题，共14分)6、ABD【分析】【分析】我们生活在重力的世界里，如果重力消失，只有不利用重力的才可以存在，利用重力的都将不存在．【解析】【解答】解：假如重力突然消失；物体就漂浮在空中，不会有万马奔腾；川流不息；没有重力，称也不能使用，所以也就没有短斤少两；只有光的传播与重力无关．

故选ABD．7、ABC【分析】【分析】声音的响度是指声音的强弱．音调是指声音的高低．音色是指声音的品质与特色．声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．【解析】【解答】解：A；“引吭高歌”中的“高”是指声音大；即响度大；选项说法正确，符合题意；

B；歌调太高指的是音调高；选项说法正确，符合题意；

C；“尖声细嗓”说明声带振动的快；发出声音的音调较高，选项说法正确，符合题意；

D；“细声细语”说明声音的振幅较小；故发出声音的响度也会小，选项说法错误，不符合题意；

故选ABC．8、BCD【分析】【分析】由电路图可知，两电阻并联，电压表V测电源的电压，电流表A1测滑动变阻器支路的电流，A测干路电流；根据电源的电压确定电压表示数的变化，根据滑片的移动确定该支路电阻的变化，根据欧姆定律可知该支路电流的变化，根据并联电路的特点可知定值电阻两端的电压变化，进一步可知干路电流的变化．【解析】【解答】解：电源的电压不变；电压表的示数不变；故C正确；

滑动变阻器的滑片P向左移动时，接入电路的电阻变大，根据I=可知，该支路的电流变小，即电流表A1的示数变小；故A错误；

并联电路各支路独立工作、互不影响，通过R2的电流不变，而电流表A与A1的示数之差等于通过R2的电流；故B正确；

并联电路干路电流等于各支路电流之和；电流表A的示数变小，即电压表V与电流表A的示数比变大；故D正确．

故选BCD．9、BC【分析】解：由电路图可知；灯泡L

与滑动变阻器串联，电压表测灯泡L

两端的电压，电流表测电路中的电流；

因电压表指针有明显偏转；所以，电压表两接线柱与电源之间是通路，不可能是电源没电了；开关处接触不良了、电流表烧坏了；

因灯泡不亮且电流表指针未动；所以，电路断路，即电压表并联部分断路，即灯泡断路，也可能是灯座处接触不良，故BC正确。

故选：BC

由电路图可知；灯泡L

与滑动变阻器串联，电压表测灯泡L

两端的电压，电流表测电路中的电流，电压表指针有明显偏转说明电压表两接线柱与电源之间是通路，灯泡不亮且电流表指针未动说明电路断路，即电压表并联部分断路，据此进行解答。

本题考查了根据电流表和电压表的示数情况判断串联电路的故障，电流表示数为零说明故障是断路，电压表有示数说明断路在电压表的两接线柱之间。【解析】BC

10、CD【分析】解：

A；利用安培定则判断电磁铁的左端为N

极、右端为S

极.

当滑片P

向右滑动时；滑动变阻器连入电路中的电阻变大，电路中的电流变小，电磁铁的磁性减弱；故A错误．

B；在闭合开关S1S2

且滑片P

向右滑动的过程中；指示灯明显变暗，右侧电路电流变小，巨磁电阻的电阻增大了.

电压表示数增大，故B错误．

C；通电螺线管的南北极在两端；通电螺线管外部的磁场与条形磁铁的磁场相似，故C正确；

D；通电螺线管的磁性减弱时；右边电路中的指示灯明显变暗，则说明右边电路的电流变小了，巨磁电阻的电阻变大了，即巨磁电阻的阻值随磁场的减弱而变大，随磁场的增强而减小，故D正确．

故选CD．

(1)

由滑动变阻器滑片的移动得知电路中电流的变化情况；通过电路中电流的变化结合电磁铁磁性强弱的决定因素可以确定滑片移动时，其磁性强弱的变化；

(2)

根据灯泡的亮度变化；能够确定电路中电流的变化，进而知道巨磁电阻的阻值的变化．

在控制电路中，滑片的移动是分析的入手点；在工作电路中，灯泡的亮度是确定电路中电流变化的一个隐含条件．【解析】CD

11、BC【分析】解：A

当不断抽去罩内空气时；罩内压强减小，物体受空气浮力减小，而弹簧测力计的示数F脢戮=G鈭�F赂隆

而重力不变，所以弹簧测力计的示数变大，故A错误；

B；塑料板受到水向下的压力与向上的大气压力保持平衡；当不断抽去罩内空气时，罩内压强减小，大气压力减小，塑料板会落下来，水会流出来，故B正确．

C；因为声音可以在气体、液体和固体中进行传播；所以当用抽气机逐渐抽去玻璃罩内的空气时，因为罩内空气稀薄，所以声音会越来越小，故C正确；

D；用抽气机不断抽去罩内空气；而小磁针静止时NS

极的指向只受地磁场的作用，地磁场不变，则小磁针静止时得指向不变，还是指地磁南北方向，故D错误．

故选BC．

垄脵

对物体进行受力分析；当用抽气机不断抽去罩内空气的过程中，罩内气压减小，物体受到的空气浮力减小.

则弹簧测力计示数变大；

垄脷

对物体进行受力分析；它受到了大气压强的影响，当用抽气机不断抽去罩内空气的过程中，罩内气压减小，据此分析水和塑料片各力的变化；

垄脹

声音的传播是需要介质的；它可以在气体中传播，也可以在固体和液体中传播，但不能在真空中传播．

垄脺

小磁针静止时NS

极的指向受地磁和周围磁场的作用．

解决此类综合性的题目，要知道各种现象与大气压的关系，利用相关的物理知识去分析解答．【解析】BC

12、AD【分析】【分析】（1）发电机是利用电磁感应的原理制成的；在工作时将机械能转化为电能；

（2）电动机是利用通电导体在磁场中受力的原理制成的；工作时将电能转化为机械能；

（3）奥斯特实验主要是证明了通电直导线周围存在磁场．

根据这些知道点可对各选项的描述做出判断．【解析】【解答】解：A；发电机是产生电的机器；其原理是利用了闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线，导线中产生感应电流，即电磁感应的原理，故说法正确；

B；发电机消耗的是机械能；得到的是电能，是机械能转化为电能，故说法错误；

C；奥斯特实验表明通电导体周围存在磁场；而导体如果不通电周围是没有磁场的，故说法错误；

D；电动机消耗的是电能；得到的是机械能，是电能转化为机械能，故说法正确．

故选AD．三、填空题(共5题，共10分)13、略

【分析】【分析】在水中下沉的过程中，分析石块排开水的体积和深度变化，根据阿基米德原理分析它们受到浮力的大小变化；由液体压强公式知石块受到水的压强变化．【解析】【解答】解：

石块落入河中；从浸没到沉入河底的过程中，石块排开水的体积不变；

由F浮=ρ水V排g，ρ水不变；所以它受到浮力的大小不变；

河水上涨时；石块的深度增大，由p=ρgh可知石块受到水的压强变大，但排开水的体积仍不变，所以浮力不变．

故答案为：不变；变大；不变．14、略

【分析】在此过程中工人做的有用功为180N*2m=360J,该装置的机械效率为180N/200N=90%，减轻桶重或加润滑油或增加提起的沙子的重就可以提高该装置的效率。【解析】【答案】36090%减轻桶重或加润滑油或增加提起的沙子的重(合理即可)15、10【分析】【解答】设电压为U；通过的电流为I，则U=IR

∵导体的电阻与两端的电压和通过的电流无关；∴当两端电压增加1V，流过的电流就增加0.1A时，导体的电阻不变，则。

U+1V=（I+0.1A）R

得：R=10Ω。

【分析】欧姆定律的变形公式。16、略

【分析】解：水蒸发时吸热；会带走人身上的热量，故为了防止汗水的蒸发吸热，要把汗水擦去．

故本题答案为：蒸发；热量．

根据水蒸发时吸收热量分析．

本题考查了水的蒸发吸热的防止．人被埋在废墟中时，要保持体温，就要防止由于汗水的蒸发而带走热量．【解析】蒸发；热量17、略

【分析】【分析】根据功的原理，使用任何机械都不能省功，要么省力，要么省距离．【解析】【解答】解：利用斜面来搬运重物；而斜面是省力费距离的一种机械，因此利用斜面可以省力，但费了距离，而且利用斜面不省功．

故答案为：力；功．四、其他(共4题，共20分)18、略

【分析】【分析】（1）已知路灯的额定功率和额定电压，利用I=计算正常工作的电流；已知额定功率和工作时间；利用W=Pt得到每天消耗的电能；

（2）已知太阳光照射到地面时的辐射功率和电池板的面积；可以得到太阳能电池板接收到的总功率；电池板的输出功率与总功率之比就是转换效率；

（3）已知风力发电的额定功率和发电时间，可以得到获得的电能，减去路灯消耗的电能就是蓄电池储存的电能．【解析】【解答】解：

（1）由P=UI可得；路灯正常工作的电流为：

I===2.5A；

路灯每晚消耗的电能为：

W=PLt=60W×10×3600s=2.16×106J；

（2）太阳能电池板接收到的总功率：P总=800W/m2×1.25m2=1000W；

太阳能电池板平均输出功率P出=100W；

所以光电转换效率为：

η=×100%=×100%=×100%

=×100%

=10%；

（3）风速为8m/s；风力发电额定功率为260W，所以工作8h蓄电池储存的电能：

W=P额t风-P灯t灯=0.26kW×8h-0.06kW×8h=1.6kW•h．

答：（1）路灯正常工作时每晚消耗的电能2.16×106J．

（2）太阳能电池光电转换效率为10%；

（3）在平均风速为8m/s的晚上，工作时间为8h，蓄电池储存电能是1.6kW•h．19、略

【分析】【分析】（1）因为水的比热容较大：相同质量的水和其它物质比较；吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多，据此分析．

（2）据图表信息可以判断；

（3）据图表中的信息；结合实际情况分析即可判断；

（4）利用描点法作出混合液沸点与防冻液含量的关系图象；由图象可以找出当防冻液的含量达到75%时，混合液的沸点；

（5）长时间使用后，混合液中的水由于汽化而减少，防冻液的含量增大，使混合液的沸点升高．【解析】【解答】解：（1）因为水的比热容较大；相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以暖气装置中用水来供热；升高相同的温度，水吸收的热量多，所以汽车发动机中又用水来冷却．

（2）通过图表分析可知；防冻液含量由30%逐渐增大到60%时，混合液凝固点一直降低，当防冻液含量由60%逐渐增大到90%时，混合液凝固点一直升高，所以防冻液含量由30%逐渐增大到90%时，混合液凝固点先降低后升高，故选D；

（3）因为在给汽车水箱中加防冻液时；宜使混合液的凝固点比本地常年最低气温低10～15℃，而某地常年最低气温为-15℃，结合图表可知，混合液的凝固点为-28℃即可满足条件，所以选择防冻液含量为40%，故选B；

（4）混合液沸点与防冻液含量的关系图象如图所示；由图象可以找出当防冻液的含量达到75%时，混合液的沸点为120℃；

（5）与原来相比；水箱内的水由于汽化而减少，防冻液的含量增大，使混合液的沸点升高．

故答案为：（1）比热容；（2）D；（3）B；（4）图见上面的分析；120；（5）升高；水由于汽化而减少，防冻液的含量增大．20、略

【分析】【分析】（1）根据W=Gh=mgh计算重力做的功；