2025年粤人版必修3物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤人版必修3物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、两只电压表V1和V2是由完全相同的两个电流计改装成的，V1表的量程是5V，V2表的量程是15V；把它们串联起来接入电路中，则（）

A.它们的示数相等，指针偏转角度也相等B.它们的示数之比为l:3，指针偏转角度相等C.它们的示数相等，指针偏转角度之比为1:3D.它们的示数之比、指针偏转角度之比均为1:32、建立完整的电磁场理论并首先预言电磁波存在的科学家是（）A.法拉第B.奥斯特C.麦克斯韦D.赫兹3、真空中有两个等量异种点电荷．相距r时，电荷连线中点处的场强大小为E、电势为φ；相距时，电荷连线中点处的场强大小为E'、电势为φ'．设无穷远处电势为0，则下列判断正确的是A.φ'＝φ＝0B.φ≠0，且φ'＝2φC.E'＝E＝0D.E≠0，且E'＝2E4、如图所示，电流表A1（0～3A）和A2（0～0.6A）由两个相同的电流计改装而成，现将这两个电流表并联后接入电路中。闭合开关S，调节滑动变阻器，下列说法中正确的是（）

A.A1、A2的读数之比为1∶1B.A1、A2的读数之比为1∶5C.A1、A2的指针偏转角度之比为1∶5D.A1、A2的指针偏转角度之比为1∶15、类比在库仑定律的建立过程中发挥了重要作用。万有引力定律中有万有引力常量，库仑定律中也有静电力常量k，下列哪一项是静电力常量的单位（）A.N·m/C2B.N·m2/C2C.N·m2/CD.kg·m2/(C2·s2)6、一点电荷Q的电场中，让x轴与它的一条电场线重合，已知坐标轴上A、B两点的坐标分别为x1和x2，如图甲所示。在A、B两点分别放置正试探电荷，其受到的静电力跟试探电荷的电荷量的关系，如图乙中直线a、b所示，设静电力的正方向与x轴正方向相同；静电力常数未知。则下列说法不正确的是（）

A.可以判断点电荷Q的电性B.可以求出点电荷Q的电荷量C.可以求出点电荷Q的位置坐标D.可以比较A点和B点的电势高低7、真空中，在x轴上x＝0和x＝8m处分别固定两个点电荷Q1和Q2。电荷间连线上的电场强度E随x变化的图象如图所示（＋x方向为场强正方向），其中x＝3m处E＝0。将一个正试探电荷在x＝2m处由静止释放（重力不计；取无穷远处电势为零）。则（）

A.Q1、Q2为等量同种电荷B.Q1、Q2带电量之比为9：25C.在x＝3m处电势等于0D.该试探电荷向x轴正方向运动时，电势能一直减小评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)8、在方向水平的电场中有一粗糙、绝缘的水平面，将一带电量为的小物体轻放在水平面上，此后小物体做直线运动。以小物体的初始位置为坐标原点O，沿运动方向建立x轴，x轴上各点的电势随位置坐标x的变化如图所示。图中为曲线，及为直线，图像曲线部分和直线部分在处相切，已知小物体在处速度为最大值，在处速度恰好为零；说法正确的是（）

A.小物体从O到的过程中由于摩擦产生的热量为B.小物体运动过程中受到的摩擦力大小为C.的关系为D.小物体运动过程中的最大动能为9、如图所示，三个等长绝缘细棒构成正三角形棒上带有等量负电荷且电荷分布均匀。P为正三角形中心，O为边中点，P、D关于O点对称，选取无穷远处电势为0，P点电势为D点电势为则下列说法正确的是（）

A.P点电势大于D点电势B.撤去棒，P、D两点电势差不变C.撤去棒，则D点电势变为D.撤去棒，则D点电势变为10、如图所示，O点固定放置一个正点电荷，在过O点的竖直平面内的A点，自由释放一个带正电的小球，小球的质量为m，带电荷量为q，小球落下的轨迹如图中的实线所示，它与以O点为圆心、R为半径的圆（图中虚线表示）相交于B、C两点，O、C在同一水平线上，∠BOC＝30°，A距OC的高度为h，若小球通过B点的速度为v；则下列叙述正确的是（）

A.小球通过C点的速度大小是B.小球通过C点的速度大小是C.小球由A到C电场力做功是D.小球由A到C电场力做功是11、如图所示，真空中有两个等量异种点电荷A、B，M、N、O是AB连线的垂线上的点，且AO＞OB。一带正电的试探电荷仅受电场力作用，运动轨迹如图中实线所示，设M、N两点的电势分别为此电荷在M、N两点的加速度分别为aM、aN，此电荷在M、N两点的动能分别为EkM、EkN；下列判断中正确的是（）

A.A点电荷一定带正电B.＞C.aM＞aND.EkM＞EkN12、如图所示的真空空间中，仅在正方体中的黑点处存在着电荷量大小相等的点电荷，则图中a，b两点电场强度和电势均相同的是（）A.B.C.D.13、在如图所示的电路中，各电表均为理想电表，电源电动势为E，内阻为r，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器。平行板电容器中带电微粒P处于静止状态。当滑动变阻器R3的滑片向a端移动时；则（）

A.电流表读数减小，V1的示数减小B.微粒P将向下运动C.V2示数变大D.电容器所带的电荷量增加14、如图所示；直线I；II分别是电源1与电源2的路端电压随输出电流的变化的特性图线，曲线Ⅲ是一个小灯泡的伏安特性曲线，如果把该小灯泡分别与电源1、电源2单独连接，则下列说法正确的是。

A.电源1与电源2的内阻之比是11∶7B.电源1与电源2的电动势之比是1∶1C.在这两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比是1∶2D.在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是1∶215、在如图所示的电路中，定值电阻的阻值为电动机的线圈电阻为两端加的恒定电压，电动机恰好正常工作，理想电压表的示数下列说法正确的是。

A.通过电动机的电流为B.电动机的输入功率为C.电动机线圈在1分钟内产生的焦耳热为D.电动机的输出的功率为16、如图所示，两平行的金属板水平放置，其板间距为在板中间打一个小孔，板接地，一带正电小球，电量为质量为用绝缘细线悬挂与点，若电容器的充电时间不可以忽略，那么闭合电键后，小球始终处于静止状态，下列关于小球的描述正确的是（）

A.B.C.D.评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)17、如图所示的电路，虚线框内各元件的数值都未知，当在它的输出a、b之间分别接入不同阻值的电阻时，电流表有不同的读数，如下表所示，请完成此表格（即要求填上对应0.1A电流时，接入a、b端的电阻和a、b端接12Ω电阻时电流表的示数）.

。电流表的示数。

1A

_______

0.6A

0.1A

接入ab端的电阻。

10Ω

12Ω

18Ω

______

18、如图所示；当带正电的绝缘空腔导体A的内部通过导线与验电器的小球B连接时，问验电器是否带电？

19、（1）某同学用如图甲所示的螺旋测微器测小球的直径时，他应先转动___________使F靠近小球，再转动___________使F夹住小球，直至听到棘轮发出声音为止，拨动___________使F固定后读数（填仪器部件字母符号）。

（2）某同学利用螺旋测微器测量一金属板的厚度。该螺旋测微器校零时的示数如图乙所示，测量金属板厚度时的示数如图丙所示。图乙所示的读数为___________mm，图丙所示的读数为___________mm，所测金属板的厚度为___________mm。

20、带电荷量都为Q的两个绝缘金属小球，放在真空中，两小球距离为l．

（1）若两球都带负电，则在l中点处电场强度为________．

（2）若两球带的是异种电荷，则在l中点处电场强度的大小为________，方向指向带________电荷的小球．21、如图，A、B、C、D、E、F为匀强电场中一个边长为20cm的正六边形的六个顶点，已知电场方向与六边形所在平面平行，若A、B、C三点电势分别为2V；3V、4V；则。

(1)F点的电势为___________V

(2)匀强电场的场强大小为___________V/m评卷人得分四、作图题(共2题，共4分)22、由电流产生的磁场方向如图所示；请在图中标出线圈中的电流方向.

23、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共1题，共10分)24、某同学根据闭合电路欧姆定律测量电源的电动势和内阻。

（1）测量电源电动势E和内阻r的实验方案为：设计如图1所示的电路，调节滑动变阻器，改变电源两端的电压U和流过电源的电流I，依据公式______，利用测量数据作出U–I图像，得出E和r。

（2）现有图2所示的实验器材和若干导线。图中已将实验器材进行了部分连接，还应当用一根导线将电压表接线柱h与______接线柱连接，再用另一根导线将电压表接线柱g与______接线柱连接。（填写接线柱对应的字母）

（3）电路接线完毕，在保证电路安全的情况下闭合开关，调节滑动变阻器，发现电压表读数一直接近3V而电流表读数始终为零。已知导线与接线柱均无故障，且故障只有一处。现只改变电压表接线，再闭合开关、调节变阻器。下列推断正确的是______。

A．电压表接在a、f之间；电压表；电流表读数总为零，表明滑动变阻器短路。

B．电压表接在a、b之间；电压表读数总接近3V；电流表读数总为零，表明电流表断路。

C．电压表接在c、d之间；电压表；电流表读数总为零，表明开关是完好的。

（4）从输出特性来看，电源通常有恒压源和恒流源两种模型。如图3（a）所示，将电源看作输出电压恒为的理想电源（无内阻）与电阻串联，若该电源输出的电压几乎不随负载阻值的变化而变化，则被称为恒压源（即图中虚线框部分）；如图3（b）所示，将电源看作输出电流恒为的理想电源（内阻无限大）与电阻并联，电源向外电路输出的电流几乎不随负载阻值的变化而变化；则被称为恒流源（即图中虚线框部分）。

某种太阳能电池在特定光照条件下，随着负载阻值的变化，其输出电压U与输出电流I的变化规律如图4所示。请描述该电池的输出特性，并结合恒压源和恒流源的特点解释其原因。()

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】【分析】

【详解】

电压表是由电流计与定值电阻串联改装而成的；V1表的量程是5V，V2表的量程是15V，相同的两个电流计改装，可知，V2表的内阻是V1表的内阻的3倍．把它们串联接入电路；通过的电流相等，电表指针的偏角相同；电表两端电压之比等于内阻之比1：3，它们的示数之比为1：3．故B项正确，ACD错误。

故选B。2、C【分析】【分析】

【详解】

A．法拉第发现了电磁感应现象；并没有预言电磁波存在并建立完整的电磁场理论，故A错误；

B．奥斯特发现了电流的磁效应；故B错误；

C．建立完整电磁场理论并首先预言电磁波存在的科学家是麦克斯韦；故C正确；

D．赫兹用实验验证了电磁波的存在；故D错误；

故选C。3、A【分析】【详解】

AB．真空中两个等量异种点电荷连线的中点处的电势总是为零，即φ'＝φ＝0；选项A正确，B错误；

CD．由场强叠加原理可知：

则E'＝4E

选项CD错误；

故选A.

点睛：此题考查点电荷电场强度公式的应用以及场强及电势的叠加问题，掌握等量异种电荷电场分布的特点，并掌握矢量性法则．4、D【分析】【详解】

电流表A1、A2量程之比为5∶1，则由可得其内阻之比为1∶5；A1、A2并联，故流经A1、A2电流之比等于内阻的反比，即流经A1、A2电流之比为5∶1，所以读数之比为5∶1，由电表改装原理可得A1、A2并联；且两电流计相同，故流经电流计的电流相等，两指针偏转角度相等，故D正确，ABC错误。

故选D。5、B【分析】【详解】

由库仑定律

所以静电力常量k的单位

故选B。6、B【分析】【分析】

【详解】

AD．根据题意可知

方向沿x轴正方向

方向沿x轴正方向，故可以判断点电荷应在A、B左侧带正电，场强方向是由A指向B，则

AD错误；

BC．设点电荷距离A点x，则

分析可得可以求出x，即Q的位置坐标，不能求点电荷Q的电荷量；C错误B正确。

故选B。7、B【分析】【详解】

AB．由于x＝3m处E＝0，可知带同种电荷，根据场强的叠加

整理得

A错误；B正确；

C．根据电势的表达式

可知在x＝3m处电势

C错误；

D．该试探电荷向x轴正方向运动时；电场力先做正功，电势能减小，后做负功，电势能又开始增大，D错误。

故选B。二、多选题(共9题，共18分)8、C:D【分析】【详解】

A．小物体从O到过程中，是从静止开始运动，最后又静止，动能未增加，由能量守恒定律可知，小物体减少的电势能均转化为摩擦生热，故摩擦产生的热量为

故A错误；

B．因小物体位于时速度刚好最大，故此时加速度为零，所以其所受摩擦力大小与电场力大小相等，而曲线部分和直线部分在处相切，而为直线，因此区间内为匀强电场，故

因此摩擦力大小为

故B错误；

C．小物体从O到过程中由能量守恒定律得

解得

故C正确；

D．小物体在时速度最大，则动能最大，小物体从到过程中由动能定理得

解得

故D正确。

故选CD。9、B:D【分析】【详解】

AB．根据对称性可知，BC在P、D两点的电势相等，由离负电荷越近电势越低可知，AC、AB在P点的电势低于在D点的电势，所以P点电势小于D点电势且由以上分析可知，撤去棒，P、D两点电势差不变；故A错误，B正确；

CD．因为三根棒在P点产生的电势相同，所以每根棒在P点的电势为

则棒在D点的电势也是所以AC、AB在D点的电势相等，为

所以撤去棒，则D点电势变为

故C错误；D正确。

故选BD。10、B:D【分析】【详解】

A．从A到C的过程中，重力做正功，电场力做负功，根据动能定理

因此到达C点的速度

A错误；

B．由于B、C处于同一等势面上，从B到C的过程中，电场力做功为零，根据动能定理

又

解得①

B正确；

CD．从A到C的过程中，根据动能定理②

由①②联立得

C错误；D正确。

故选BD。11、A:B【分析】【详解】

AB．粒子做曲线运动，受到的电场力指向轨迹弯曲的内侧，大致向右，而该正电荷受到的电场力指向带负电的电荷，所以A点电荷一定带正电，B点电荷应带负电，因为AO＞OB，根据等量异种点电荷电场线及等势面分布特点可知，φM＞φN；故AB正确。

C．M处电场线较疏，场强较小，则有EM＜EN，由牛顿第二定律得：粒子的加速度则有aM＜aN．故C错误。

D．由于φM＞φN，根据正电荷在电势高处电势能大，可知正点电荷在M处的电势能大于在N处的电势能，即有EPM＞EPN，电荷只受电场力作用，则电势能和动能的总量不变，则EkM<EkN，故D错误。

故选AB。12、A:D【分析】【详解】

等量异种电荷电场分布如图所示。

A．a、b两点在等量异种电荷连线的中垂线上，且关于连线对称，根据电场分布图以及对称规律可知a、b两点的电场场强以及电势相等；A正确；

B．图中a点距离点电荷较近，电场强度较大，b点在0等势面上，而a点靠近正电荷；电势为正，故两点电场强度和电势都不等，B错误；

C．根据对称性可知两点电场强度大小相等，但方向不同，故两点的电场强度不等，a点靠近正电荷，b点靠近负电荷，所以a点的电势高于b点的电势；C错误；

D．在连线的中垂面上，所有点的电场强度方向都是由正电荷指向负电荷，故两点的电场强度方向相同，又根据结合矢量合成法可知两点的电场强度大小相等，故两点的电场强度相等，都平行于两电荷的连线指向同一方向，ab两点连成的平面是等势面；因此这两点电势相等，D正确。

故选AD。13、A:C:D【分析】【详解】

A．当滑动变阻器R3的滑片向a端移动时，电阻R3变大，外电路总电阻变大，总电流变小，电流表示数减小，电阻R2的阻值不变，故其两端电压变小，即V1的示数减小；故A正确；

BD．带电粒子P原来处于平衡状态，重力和电场力平衡；电流变小后，R1和r的阻值都不变，故其两端电压变小，则R2与R3两端的总电压变大，即电容器所并联电路两端的电压变大，电场力变大，带电粒子P将向上运动；电容C不变，根据

可知电容器所带的电荷量增加；故B错误；D正确；

C．当滑动变阻器R3的滑片向a端移动时，电流变小，R1、R2和r的阻值都不变，其两端电压变小，故R3两端电压变大，即电压表V2示数变大；C正确；

故选ACD。14、A:B:C【分析】【详解】

A．根据电源的路端电压随输出电流的变化的特性图线斜率的绝对值表示电源内阻可知；电源1与电源2的内阻之比是11∶7，选项A正确；

B．根据电源的路端电压随输出电流的变化的特性图线在纵轴的截距表示电源电动势可知；电源1与电源2的电动势之比是1∶1，选项B正确；

C．根据曲线交点表示工作点，交点的纵、横坐标的乘积表示电源输出功率，在这两种连接状态下，由可知；小灯泡消耗的功率之比是1∶2，选项C正确；

D．根据曲线交点的纵、横坐标的比值表示小灯泡电阻，在这两种连接状态下，由可知；小灯泡的电阻之比是18∶25，选项D错误；

故选ABC。15、C:D【分析】【分析】

根据题图可知，考查了非纯电阻电路的电功，电功率的计算；根据电阻和电动机串联，电流相等，对电阻R应用欧姆定律求出电流；根据P＝UI求出电动机的输入功率，即电动机消耗的功率，根据Q＝I2rt求出电动机产生的热量；电动机的输出功率等于输入功率减去电动机内部消耗的功率．

【详解】

A、通过电动机的电流为：故A错误；

BCD、对电动机，电动机的输入功率发热功率输出功率电动机1分钟内产生的热量故CD正确．

【点睛】

解决本题的关键会灵活运用欧姆定律，以及知道电动机的输出功率等于输入功率减去电动机内部消耗的功率．16、B:C【分析】【详解】

AB.充电过程中两极板的电荷量逐渐增多，根据可知，两极板间电势差增大，由此可知带电小球所受电场力变大；所以绳子所受拉力等于电场力和重力之和，即细线对小球的拉力逐渐增大，由此可知选项A不符合题意．选项B符合题意；

CD.因为下极板接地，所以小球到下极板的距离是一个定值，两极板间的场强逐渐增大，所以小球所在的位置电势大于零且随着电极板上电荷量的增大而增大，由此可知电势能在增加，选项C符合题意，选项D不符合题意．三、填空题(共5题，共10分)17、略

【分析】【详解】

[1][2]．若按常规解法，需先设未知电动势E，内阻r及未知电阻R1、R2,再列方程求解，这样不仅方程结构庞大，且解题费时繁难.若把虚线框内的电路结构看作一个等效电源，其电动势和内阻分别设为E′、r′，由题意a、b间接入电阻R1=10Ω时，电流表示数I1=1A，接入电阻R3=18Ω时，电流表示数I3=0.6A，设接入电阻Rx时，电流表示数I3=0.1A；则由闭合电路的欧姆定律有：

E′=I1(R1+r′)E′=I3(R3+r′)即。

E′=1×(10+r′)E′=0.6×(18+r′)解得。

E′=12Vr′=2Ω同理可以解得。

Rx=118ΩI2=0.5A.【解析】0.5A118Ω18、略

【分析】【详解】

当A的内部通过导线与验电器的小球B相连时，导体A和验电器已连为一个整体，整个导体为等势体，同性电荷相斥，电荷重新分布，连接后导体与验电器就是一个大的导体，验电器部分不再是内部，而是大导体外部，必有净电荷从A移向B，所以验电器带正电。【解析】见解析19、略

【分析】【详解】

（1）[1][2][3]螺旋测微器测小球的直径时，先调节旋钮D，使测微螺杆F靠近小球，再转动微调旋钮H，使测微螺杆F夹住小球，直至听到棘轮发出声音为止，拨动G使测微螺杆F固定后读数。先调节D后调节H的作用是；防止小球发生明显的形变，也防止螺旋测微器的损坏。

（2）[4]图乙所示的读数为考虑估读引起的误差，在0.008mm到0.010mm范围内都对。

[5][6]图丙所示的读数为考虑估读引起的误差，在6.868mm到6.870mm范围内都对。所以金属板的厚度范围为6.858mm到6.862mm。【解析】DHG0.008##0.009##0.0106.868##6.869##6.8706.858##6.859##6.860##6.861##6.86220、略

【分析】【详解】

（1）[1]等量同种电荷连线中点处的场强大小相等；方向相反；所以合场强为0；

[2]等量异种电荷连线中点处的场强大小相等，方向相同，所以合场强：

[3]根据电场强度的矢量性，方向指向带负电的小球。【解析】0负21、略

【分析】【详解】

[1][2]如图。

连接AC和BE，则AC⊥BE，由于A、B、C三点的电势分别为2、3V、4V，得UCB=UBA

所以可以判定CA是这个匀强电场的电场线的方