2025年沪教版高二物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪教版高二物理上册月考试卷715考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、一电源（电动势为E，内阻为r）；当它和一标有“6V，3W”的小灯泡构成闭合回路时，小灯泡恰好正常发光．如果该电源与一标有“6V，6W”的小灯泡构成一闭合回路，该灯泡（）

A.正常发光。

B.比正常发光暗。

C.比正常发光亮。

D.因不知电源内阻的大小；故无法确定。

2、在阴极射线管中，电子流方向由左向右，其上方置一根通有如图所示方向电流的直导线，导线与阴极射线管平行，则阴极射线将A.向上偏转B.向下偏转C.向纸里偏转D.向纸外偏转3、小球在水平桌面上做匀速直线运动，当它受到如图2所示的力的方向作用时，小球可能运动的方向是A.OaB.ObC.OcD.Od4、光导纤维是由“纤芯”和“包层”两个同心圆柱体组成的，中心部分是纤芯，纤芯以外的部分称为包层。光从一端进入，另一端传出。下列说法正确的是A.纤芯的折射率小于包层的折射率B.增大光从端面入射的入射角，在端面处可能发生全反射C.不同频率的可见光从同一根光导纤维的一端传输到另一端所用的时间相同D.若红光以如图所示角度入射时，恰能在纤芯和包层分界面上发生全反射，则改用紫光以同样角度入射时，将会从另一端射出5、江中某轮渡站两岸的码头A和B正对，如图所示，水流速度恒定且小于船速．若要使渡船从A沿直线运动到B，则船在航行时应（）A.船头垂直河岸航行B.船头适当偏向上游一侧C.船头适当偏向下游一侧D.无论如何，船均不能到达正对岸6、点电荷置于真空中的O点，A、B、C三个虚线圆表示该点电荷电场中三个等势面，如图所示．已知等势面的电势ϕA＜ϕB＜ϕC，m点位于A等势面上，n点位于B等势面上．现有一电子从m点以初速度v沿mn方向入射；在电子从m点至再次通过A等势面的过程中，以下判断正确的是（）

A.电子所受的电场力先增大后减小。

B.电子所受的电场力先减小后增大。

C.电子的动能先增大后减小。

D.电子的动能先减小后增大。

7、如图，光滑绝缘细杆与水平面成θ角固定，杆上套有一带正电的小球，质量为m，带电量为q；为使小球在杆上静止，可加一匀强电场，若使小球在杆上保持静止，所加电场的方向和大小可能为（)A.垂直于杆斜向上，场强大小为B.竖直向上，场强大小为C.垂直于杆斜向上，场强大小为D.水平向右，场强大小为8、通电直导线I与通电闭合线框abcd在同一平面内，如图6所示。不计重力，若直导线固定，那么闭合线框将：（）A.在纸面内向上运动；B.在纸面内向下运动；C.在纸面内远离导线；D.在纸面内靠近导线。9、在物理课上，老师给同学们表演了一个小“魔术”：他首先出示了两根外表看上去完全相同的管子甲和乙，然后又拿出两个完全相同、直径略小于管的内径、且带有磁性的小铁球，如图所示．表演时老师先将两个小铁球接触两管子，证明铁球和管子不会相互吸引，然后将两小球同时从竖直放置的甲、乙两管的上端口由静止释放，结果发现小铁球很快穿过甲管落地，而小铁球穿过乙管的过程却比较慢．对于这个现象，同学们做出了如下几个猜想，你认为其中可能正确的是（）A.甲管是用塑料制成的，乙管是用铜制成的B.甲管是用铝制成的，乙管是用塑料制成的C.甲管是用胶木制成的，乙管是用塑料制成的D.甲管是用铜制成的，乙管是用铝制成的评卷人得分二、填空题(共9题，共18分)10、平行板电容器所带量Q=4×l0-8C，它的两极板之间电压U=2v，则该电容器的电容为____μF；如果两板电量各减少一半，则两板间电势差变为____V，两板间的电场强度将变为原来的____．11、长为L的导体棒原来不带电，现将一带电量为+q的点电荷放在距棒左端R处，如图所示。当棒达到静电平衡后，棒上感应电荷在棒内中点产生的场强大小等于____，方向为____。12、如图；一个学生用广口瓶和直尺测定水的折射率，填写下述实验步骤中的空白：

①用______测出广口瓶瓶口内径d；

②在瓶内装满水；

③将直尺沿瓶口边缘______插入水中；

④沿广口瓶边缘向水中直尺正面看去；若恰能看到直尺的0刻度（即图中A点），同时看到水面上B点刻度的像恰与A点的像相重合；

⑤若水面恰与直尺的C点相平，读出______和______的长度；

⑥由题中所给条件，可以计算水的折射率为______．13、在“用单分子油膜估测分子大小”实验中；

（1）某同学操作步骤如下：

①取一定量的无水酒精和油酸；制成一定浓度的油酸酒精溶液；

②在量筒中滴入一滴该溶液；测出它的体积；

③在蒸发皿内盛一定量的水；撒上痱子粉，再滴入一滴油酸酒精溶液，待其充分散开稳定；

④在蒸发皿上覆盖透明玻璃；描出油膜形状，用透明方格纸测量估测油膜的面积．

你认为以上操作步骤中哪一步有问题，请写出这一步的序号______

（2）若油酸酒精溶液体积浓度为0.10%，一滴溶液的体积为4.8×10-3ml，其形成的油膜面积为40cm2，则估测出油酸分子的直径为______m．（保留两位有效数字）

（3）一组同学实验中描出油酸薄膜轮廓线如图，已知每一个小正方形的边长为2cm，则该油酸薄膜的面积为______m2（保留两位有效数字）14、在用电流表和电压表测定电池的电动势和内阻的实验中；现备有以下器材：

A.干电池1

个。

B.滑动变阻器(0隆芦50娄赂)

C.滑动变阻器(0隆芦1750娄赂)

D.电压表(0隆芦3V)

E.电压表(0隆芦15V)

F.电流表(0隆芦0.6A)

G.电流表(0隆芦3A)

(1)

其中滑动变阻器应选______；电流表应选______，电压表应选______.(

填写字母序号即可)

(2)

如图是根据实验数据画出的U鈭�I

图象.

由此可知这个干电池的电动势E=

______V

内电阻r=

______娄赂.

15、分子间的引力和斥力的大小与物体分子间的距离有关，在分子间的距离等于r时，分子处于平衡状态．当分子间的距离r＜r时，分子力表现为____；当分子间的距离r＞r时，分子力表现为____．（填“引力”或“斥力”）16、有一平行板电容器，两板间电压为3V，现使它放电，电量减少3×10－4C，电容器两极间电压降为1V，此电容器的电容是____μF，电容器原来的带电量是____C，若电容器极板上的电量全部放掉，电容器的电容是μF。17、如图所示的匀强电场，E=1000N/C，ab=3cm，bc=2cm．将带电量为q=5×10-8C的正电荷q沿矩形abcd移动一周，其中，则电场力做功为______J，a、c两点间的电势差为______V．18、有一面积为150cm2

的金属环，电阻为0.1娄赂

在环中100cm2

的同心圆面上存在如图(b)

所示的变化的磁场，在0.1s

到0.2s

的时间内环中的感应电动势为______V

感应电流为______A

流过的电荷量为______C.评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)19、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）20、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）21、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）22、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

23、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

24、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）25、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

评卷人得分四、作图题(共2题，共16分)26、如图所示；均匀直棒AB搁放在光滑的半球上保持静止，C为棒的中点，画出棒AB的受力图．

27、试画出下面图1

中负电荷产生的电场；画出图2

中的A

点的电场方向以及放在B

点的负电荷所受的电场力方向。

评卷人得分五、计算题(共4题，共40分)28、（6分）如图所示，是用直流电动机提升重物的装置，重物质量m=50kg，电源电动势E=110V，内电阻r1=1Ω，电动机的内电阻r2=4Ω。阻力不计。当匀速提升重物时，电路中电流强度I=5A。取g=10m/s2．试求：(1)电源的总功率和输出功率；(2)重物上升的速度．29、如图所示，一细U

形管一端开口，一端封闭，用两段水银柱封闭两段空气柱在管内，初始状态时两气体的温度都为T1=300K

已知L1=80cmL2=25cmL3=10cmh=15cm

大气压强P0=75cmHg

现给气体2

加热，使之温度缓慢升高，求：当右端的水银柱的液面上升螖h=15cm

时，气体2

的温度.(

此过程气体1

的温度保持不变)

30、一台发电机最大输出功率为4000kW

电压为4000V

经变压器T1

升压后向远方输电，输电线路总电阻R=1k娄赂

到目的地经变压器T2

降压，负载为多个正常发光的灯泡(220V,60W).

若在输电线路上消耗的功率为发电机输出功率的10%

变压器T1

和T2

的耗损可忽略，发电机处于满负荷工作状态.

求：

(1)

变压器T1

和T2

的匝数比分别是多少？

(2)

有多少盏灯泡(220V60W)

正常发光？31、如图所示，矩形线圈abcd

在磁感强度为B=110娄脨T

的匀强磁场中绕轴OO隆盲

以转速n=50r/s

匀速转动，线圈共N=50

匝，电阻r=5娄赂ab=0.4mbc=0.5m

负载电阻R=45娄赂

从线圈平面与磁场方向垂直时开始计时.

求：

(l)

线圈中电动势随时间变化的瞬时表达式；

(2)

负载电阻R

上消耗的电功率．评卷人得分六、综合题(共2题，共10分)32、(1)

如图甲为一列简谐横波在某一时刻的波形图，图乙为介质中x=2m

处的质点P

以此时刻为计时起点的振动图象.

下列说法正确的是_________A.这列波的传播方向是沿x

轴正方向B.这列波的传播速度是20m/s

C.经过0.15s

质点P

沿x

轴的正方向传播了3m

D.经过0.1s

时，质点Q

的运动方向沿y

轴正方向E.经过0.35s

时，质点Q

距平衡位置的距离小于质点P

距平衡位置的距离

(2)

下列有关光现象的说法正确的是_________．A.光导纤维内层的折射率大于外层的折射率B.夜间观看到天边星座的位置比实际位置偏高，这是光的反射现象C.照相机镜头涂有增透膜，是利用光的干涉D.拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往在镜头前加装一个偏振片以增加透射光的强度E.水中和玻璃中的气泡，看起来特别明亮，是因为一部分射到其界面上的光发生了全反射(3)

如图所示，折射率n=2

的透明介质的横截面由等腰直角三角形AOC

和圆心为O

、半径为R

的四分之一圆弧BC

组成.

一束单色光从M

点以伪=45鈭�

入射角由真空射入透明介质中，已知M

点与AB

之间距离为R2

光在真空中的传播速度为c.

求：

(1)

这种透明介质对于真空的临界角C

(2)

单色光在透明介质中的传播时间(

有光折射时，不考虑反射)

33、1.

一交流电压随时间变化的图象如图所示，则此交流电的频率是Hz

电压的有效值为V

2.

把两个带电小球Q1Q2

分别放在真空中的AB

两点。已知Q1=4.0隆脕10鈭�10CQ2=鈭�6.0隆脕10鈭�12Cr=50cm

如图所示。(1)

求Q2

受到的静电力的大小和方向。(2)

求Q1

在B

点产生的电场强度的大小和方向。参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B【分析】

由题，根据功率公式P=分析得知，“6V，3W”的小灯泡的电阻为R1==

“6V，6W”的小灯泡的电阻为R2==Ω=6Ω．

根据路端电压与外电阻的关系得知；当灯泡与同一电源组成闭合电路时，“6V，3W”的电压较大；

“6V；6W”的电压较小，“6V，3W”的小灯泡构成闭合回路时，小灯泡恰好正常发光；

则电源与“6V；6W”的小灯泡构成闭合回路时，灯泡的电压小于6V，比正常发光暗．

故选B

【解析】【答案】根据功率公式P=分析两灯泡电阻的关系．电阻较大的灯泡与同一电源组成闭合电路时；路端电压较大．根据灯泡的实际电压分析是否正常发光．

2、B【分析】【解析】试题分析：由通电导线的电流方向，根据右手螺旋定则可得电子射线管处于垂直纸面向里的磁场，当电子流方向从左向右，则由左手定则可得粒子向下偏转．故选：B考点：考查了洛伦兹力的判断【解析】【答案】B3、D【分析】曲线运动中合力总是指向曲线的凹侧，D对；【解析】【答案】D4、D【分析】试题分析：光导纤维工作时需使光在由光密介质射入光疏介质时的界面上发生全反射，故纤芯的折射率大于包层的折射率，A、B错；光在真空中的速度相等，由因为所以不同折射率即不同频率的光在光导纤维中的速度不同，故C错；紫光的折射率大于红光，所以第一次折射后打到“纤芯”和“包层”的界面上时紫光的入射角更大，又因为紫光的临界角小于红光，所以红光能全反射，则紫光一定可以全反射，D对。考点：光的折射定律，折射率，全反射、光导纤维【解析】【答案】D5、B【分析】解：从A到B；合速度方向垂直于河岸，水流速水平向右，根据平行四边形定则，则船头的方向偏向上游一侧。从B到A，合速度的方向仍然垂直于河岸，水流速水平向右，船头的方向仍然偏向上游一侧。故B正确，A；C、D错误。

故选：B。

若要使渡船沿直线往返于两码头之间；则合速度的方向垂直于河岸，根据平行四边形定则确定船头的方向．

解决本题的关键已知合速度和一分速度的方向，会根据平行四边形定则，确定另一分速度的方向．【解析】B6、A|C【分析】

电场线与等势面垂直且从电势高的等势面指向电势低的等势面，由于ϕA＜ϕB＜ϕC；故处于O点的点电荷为正电荷，故受到处于O点的电荷的吸引力，其运动轨迹如图；

由于电子与处于O点的正电荷的距离先变大后变小；故库仑力先变大后变小；静电力先做正功后做负功，故动能先增加后减小；

故选：A；C．

【解析】【答案】根据电场线与等势面垂直；且从电势高的等势面指向电势低的等势面，画出电场线，得到电子的受力情况，最后确定电子的运动情况．

7、B|D【分析】试题分析：若电场方向垂直于杆斜向上，小球受到的电场力方向也垂直于杆斜向上，在垂直于杆的方向小球受力能平衡，而在平行于杆方向，重力有沿杆向下的分力，没有力与之平衡，则小球将向下滑动，不能保持静止，故A、C均错误．若电场方向竖直向上，此时球受两个力，竖直向上的电场力和竖直向下的重力，根据二力平衡可知，Eq=mg，故故B正确．若电场方向向右，此时受三个力，重力、电场力和支持力．重力和电场力垂直于杆方向的分力的合力和支持力等值反向，重力和电场力沿杆子方向的分力大小相等方向相反，有mgsinθ=Eqcosθ，故故D正确。考点：电场力；力的平衡【解析】【答案】BD8、C【分析】通电直导线通过电流后，穿过闭合线圈的磁通量增大，根据楞次定律可知安培力的效果总是用来阻碍磁通量的变化，所以线圈向右平动，C对；【解析】【答案】C9、A【分析】解：磁性球穿过金属管时；穿过管子的磁通量发生变化，产生感应电流，感应电流产生磁场，阻碍磁性小球的运动，小球下落较慢，运动时间长；磁性小球穿过非金属管时，不会产生感应电流，小球只受到重力作用而做自由落体运动，小球下落较快，运动时间短；由题意可知，小铁球很快穿过甲管落地，而小铁球穿过乙管的过程却比较慢，则甲管时；是非金属管，乙管是金属管；

A；甲管是用塑料制成的；乙管是用铜制成的，符合题意，故A正确；

B；甲管是用铝制成的；乙管是用塑料制成的，不符合题意，故B错误；

C；甲管是用胶木制成的；乙管是用塑料制成的，不符合题意，故C错误；

D；甲管是用铜制成的；乙管是用铝制成的，不符合题意，故D错误；

故选A．

磁性球穿过金属管时；穿过管子的磁通量发生变化，产生感应电流，感应电流产生磁场，阻碍磁性小球的运动．

本题考查了电磁感应现象、楞次定律的应用，本题理论联系实际的问题，考查应用物理知识处理实际问题的能力，是一道好题．【解析】【答案】A二、填空题(共9题，共18分)10、略

【分析】

电容C=μF．

当电量减小一半，电容不变，则电势差．

电势差变为原来的一半，根据E=知，电场强度变为原来的．

故答案为：2×10-2，1，．

【解析】【答案】根据电容的定义式求出电容的大小．根据Q=CU求出两板间电势差；结合匀强电场的场强公式判断电场强度的变化．

11、略

【分析】试题分析:水平导体棒当达到静电平衡后，棒上感应电荷在棒内距离左端中点处产生的场强大小与一带电量为Q的点电荷在该处产生的电场强度大小相等，则有：E=由于该处的电场强度为零，所以方向与一带电量为Q的点电荷在该处产生的电场强度的方向相反，即沿pq连线指向+q考点：电场强度，电场的叠加．【解析】【答案】E=沿pq连线指向+q12、略

【分析】解：①用直尺测出广口瓶瓶口内径d．

③将直尺沿瓶口边缘竖直插入水中．

⑤；⑥本题运用光的反射原理确定折射光线的方向和折射角；而光的反射具有对称性，所以应将直尺沿瓶口边竖直插入水中．

如图，设从A点发出的光线射到水面时入射角为i，折射角为r；根据数学知识得知：

sini=sinr=

则折射率为n=

根据对称性有：B′C=BC

联立得n=故应读出AC；BC的长度．

故答案为：①直尺．③竖直．⑤AC、BC；⑥．

此题实验的原理是光的反射定律折射定律，应将直尺沿瓶口边竖直插入水中，读出相关的长度，由折射率公式n=求折射率．

本题是光的反射定律和折射定律在实际中的应用，关键要抓住反射的对称性和几何知识，再由折射定律求折射率．【解析】直尺；竖直；AC；BC；13、略

【分析】解：（1）步骤②有问题；应在量筒中滴入50滴该溶液，测出它的体积；

（2）1滴酒精油酸溶液的体积为V0=4.8×10-3ml；由油酸酒精溶液体积浓度为0.10%，可得1滴酒精油酸溶液中纯油酸的体积为：

V=0.1%V0；

在水面上形成的油酸薄膜轮廓面积S=40×10-4m2

所以油酸分子直径d==m=1.2×10-9m

（3）由于每格边长为2cm，则每一格就面积是4cm2；估算油膜面积以超过半格以一格计算，小于半格就舍去的原则，估算出71格，则油酸薄膜面积为：

S=71×4cm2=284cm2≈2.8×10-2m2；

故答案为：（1）②；（2）1.2×10-9；（3）2.8×10-2．

（1）“用单分子油膜估测分子大小”的基本步骤：将配制好的油酸酒精溶液；通过量筒测出1滴此溶液的体积．然后将1滴此溶液滴在有痱子粉的浅盘里的水面上，等待形状稳定后，将玻璃板放在浅盘上，用彩笔描绘出油酸膜的形状，将画有油酸薄膜轮廓的玻璃板放在坐标纸上，按不足半个舍去，多于半个的算一个，统计出油酸薄膜的面积．则用1滴此溶液的体积除以1滴此溶液的面积，恰好就是油酸分子的直径．

（2）根据浓度和一滴溶液的体积相乘得到纯油酸的体积；用此纯油酸的体积除以其的面积，就是油酸分子的直径．

（3）将画有油酸薄膜轮廓的玻璃板放在坐标纸上；按不足半个舍去，多于半个的算一个，统计出油酸薄膜的面积．

掌握该实验的原理是解决问题的关键，该实验中以油酸分子呈球型分布在水面上，且一个挨一个，从而可以由体积与面积相除求出油膜的厚度，从而求出分子直径．【解析】②；1.2×10-9；2.8×10-214、略

【分析】解：(1)

为方便实验操作；滑动变阻器应选B；电路最大电流约为零点几安培，电流表选F，干电池的电动势约为1.5V

电压表选D；

(2)

由图示电源U鈭�I

图象可知，图象与纵轴交点坐标值为1.5

电源电动势E=1.5V

电源内阻：r=鈻�U鈻�I=1.5鈭�1.10.4=1娄赂

．

故答案为：(1)BFD(2)1.51

．

(1)

为方便实验操作；滑动变阻器应选最大阻值较小的滑动变阻器；根据电源电动势选择电压表，根据电路最大电流选择电流．

(2)

由图示图象求出电源电动势与内阻．

本题考查了实验器材的选择、求电源电动势与内阻，要掌握实验器材的选择原则，应用图象法处理实验数据是常用的实验数据方法，要掌握应用图象法处理实验数据的方法．【解析】BFD1.51

15、略

【分析】

分子间存在相互作用的引力和斥力，在分子间的距离等于r时；分子处于平衡状态．

当分子间的距离r＜r时；此时分子间的距离很小，作用力表现为斥力；

当分子间的距离r＞r时；此时分子间的距离稍大，作用力表现为引力；

如果分子间的距离很远时；分子间的作用力就会很小，小到忽略不计；

故答案为：斥力；引力．

【解析】【答案】分子间的相互作用力和分子间的距离有关．分子间的距离变化时；相互作用力就会随着变化，分子间的作用力随分子间距离的增大而减小，斥力变化的更快；当分子间的距离很小时分子间的作用力表现为斥力，分子间的作用力稍大时分子间的作用力表现为引力．根据上述知识来分析．

16、略

【分析】【解析】试题分析：根据公式可得根据公式可得解得电容表示电容器容纳电荷的本领，所以电容器极板上的电量全部放掉，电容器的电容仍未150μF；考点：本题考查了电容的计算【解析】【答案】150μF、4.5×10－4C、150μF；17、略

【分析】解：正电荷q沿矩形abcd移动一周；电场力做功为零．

a、c间的电势差Uac=E•ab=1000×0.03V=30V．

故答案为：0；30．

电场力做功与路径无关；与初末位置有关，根据U=Ed求出两点间的电势差．

解决本题的关键知道电场力做功的特点，以及掌握电势差与电场强度的关系，即E=注意d是沿电场线方向上的距离．【解析】0；3018、略

【分析】解：由b

图得：鈻�B鈻�t=0.20.2T/s=1T/s

由法拉第电磁感应定律可得：

感应电动势：E=鈻�娄碌鈻�t=鈻�B鈻�tS=1隆脕100隆脕10鈭�4V=0.01V

感应电流：I=ER=0.010.1A=0.1A

通过圆环横截面的电荷量：q=It=0.1隆脕(0.2鈭�0.1)C=0.01C

故答案为：0.01

0.10.01

由b

图的斜率求出磁感应强度的变化率.

根据法拉第电磁感应定律求出回路中感应电动势；由闭合电路欧姆定律求解感应电流的大小.

由q=It

求解流过的电荷量．

本题是电磁感应与电路相结合的综合题，应用法拉第电磁感应定律、欧姆定律、电流定义式即可正确解题.

注意有效面积是有磁感线穿过的平面的面积．【解析】0.010.10.01

三、判断题(共7题，共14分)19、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．20、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．21、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．22、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．23、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．24、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．25、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．四、作图题(共2题，共16分)26、【分析】对棒受力分析可知；棒受到重力竖直向下，半球对棒的弹力垂直于接触面向上，地面对棒的弹力垂直于地面向上，地面对棒的摩擦力沿着接触面（地面）向右．如图所示：

【分析】对AB受力分析，按重力、弹力、摩擦力的顺序进行受力分析，并画出受力分析图．27、略

【分析】

电场中电场强度的方向沿电场线的切线的方向；负电荷受力的方向与电场线的方向相反；也是沿电场线的切线方向．

该题中要求画出B

点的负电荷受力的方向，要注意负电荷受力的方向与电场线的方向相反.

属于简单题．【解析】解：负电荷产生的电场线应该由无穷远指向负点电荷；如图1

电场中电场强度的方向沿电场线的切线的方向；所以A

点的场强的方向竖直向下，如图2

负电荷受力的方向与电场线的方向相反；所以负电荷在B

点受电场力方向竖直向上，如图2

．

答：如上图所示．五、计算题(共4题，共40分)28、略

【分析】试题分析：(1)电源的总功率为由能量守恒定律，可得电源输出功率(2)根据得考点：电功、电功率【解析】【答案】（1）（2）29、解：初状态时，气体2的压强：p2=p0+ph=90cmHg；

气体1的压强：p1=p0=75cmHg；

末状态时，气体2的压强：p′2=p0+ph+pL3=100cmHg；

设末状态时，气体1的长度为L′1，末状态时，气体1的压强：p′1=p′2-（pL1+ph-pL′1）；

气体1是等温变化，由玻意耳定律得：p1L1S=p′1L′1S

解得：L′1=75cm；

气体2末状态的长度：L′2=L2+△h+L1-L′1=45cm；

对气体2，由理想气体方程得：

解得：T2=600K

【分析】本题考查了求气体的温度；考查了理想气体状态方程的应用，分析清楚气体状态变化过程是解题的前提，根据题意求出气体的状态参量；应用玻意耳定律与理想气体状态方程即可解题。

气体1

发生等温变化；根据题意求出两部分气体的状态参量，然后对气体1

应用玻意耳定律；对气体2

应用理想气体状态方程，然后求出气体2

的温度。

【解析】解：初状态时；气体2

的压强：p2=p0+ph=90cmHg

气体1

的压强：p1=p0=75cmHg

末状态时；气体2

的压强：p隆盲2=p0+ph+pL3=100cmHg

设末状态时；气体1

的长度为L隆盲1

末状态时，气体1

的压强：p隆盲1=p隆盲2鈭�(pL1+ph鈭�pL隆盲1)

气体1

是等温变化；由玻意耳定律得：p1L1S=p隆盲1L隆盲1S

解得：L隆盲1=75cm

气体2

末状态的长度：L隆盲2=L2+鈻�h+L1鈭�L隆盲1=45cm

对气体2

由理想气体方程得：P2L2ST1=P2鈥�L2鈥�ST2

解得：T2=600K

30、解：（1）输电线路上消耗的功率为△P=10%P=400kW=I22r

可知输电线上电流为I2==20A；

根据原线圈P1=U1I1，可知I1==103A

根据电流与匝数成反比知T1的变压比为。

n1：n2=I2：I1=20：103=1：50；

降压变压器的输入电流：I3=I2=20A

降压变压器的输出电流：A

降压变压器的匝数比n3：n4=I4：I3=20=9000：1

（2）用户得到的功率为P用=P总-P损=4000×103×（1-10%）

设能接入N个灯泡，则P用=60N代入数据得N=6×104个；

答：（1）升压变压器T1匝数比为1：50，降压变压器T2匝数比为9000：11；

（2）要使灯泡均正常发光，最多可以接6×104个盏．【分析】

根据电压与匝数成正比、电流与匝数成反比、公式P=UI

功率损耗鈻�P=I2R

可以求得降压变压器的电流和输电线上的电流的大小；从而可以求得输电线和用电器消耗的功率的大小.

由于降压变压器的负载能正常工作，则可算出降压变压器的原线圈的匝数之比，同时能确定接入多少个灯泡才正常发光．

本题考查远距离输电中的能量损失及功率公式的应用，要注意功率公式中P=UI

中的电压U

应为输电电压，不是发电机的输出电压.

本题突破点是由输电线上的损失功率，从而算出电线上的电流．【解析】解：(1)

输电线路上消耗的功率为鈻�P=10%P=400kW=I22r

可知输电线上电流为I2=鈻�Pr=400隆脕1031000=20A

根据原线圈P1=U1I1

可知I1=P1U1=4000隆脕1034000=103A

根据电流与匝数成反比知T1

的变压比为。

n1n2=I2I1=20103=150

降压变压器的输入电流：I3=I2=20A

降压变压器的输出电流：I4=90%PU4=3.6隆脕106220A

降压变压器的匝数比n3n4=I4I3=3.6隆脕10622020=90001

(2)

用户得到的功率为P脫脙=P脳脺鈭�P脣冒=4000隆脕103隆脕(1鈭�10%)

设能接入N

个灯泡；则P脫脙=60N

代入数据得N=6隆脕104

个；

答：(1)

升压变压器T1

匝数比为150

降压变压器T2

匝数比为900011

(2)

要使灯泡均正常发光，最多可以接6隆脕104

个盏．31、略

【分析】

(1)

根据感应电动势最大值；Em=nBS娄脴

确定电动势最大值，并从垂直于中性面开始计时，可求得瞬时表达式；

(2)

根据交流电的最大值与有效值的关系；结合闭合电路欧姆定律，即可确定电流表与电压表示数；

本题考查交变电流最大值、有效值的理解和应用的能力，对于交流电表的测量值、计算交流电功率、电功等都用到有效值，求电量时，I

需要用平均值．【解析】解：(1)

线圈转动的角速度为：娄脴=2娄脨n

电动势最大值为：Em=NBS娄脴

S=0.4隆脕0.5m2=0.2m2

解得：Em=100V

娄脴=314rad/s

电动势的瞬时表达式为：

e=100sin314tV

(2)

电动势有效值为：E=22Em

R

中电流为：I=ER+r

R

消耗的电功率为：P=I2R

解得：P=90W

答：(l)

线圈中电动势随时间变化的瞬时表达式为e=100sin314tV

(2)

负载电阻R

上消耗的电功率为90W

．六、综合题(共2题，共10分)32、(1)ABE

(2)ACE

(3)

解：(1)

设全反射临界角C

由式sinC=1n

得：C=45鈭�

(2)

由折射定律，有：n=sin娄脕sin娄脗

得：娄脗=30鈭�

由几何关系知，娄脙=45鈭�

因娄脙=C

光在AC

介面发生全反射，垂直AB

射出介质，光路如图所示

光在介质中的传播速度为：v=cn=22c

由几何关系知，光在介质中传播的距离为：d=Rcos娄脗+R

故光在介质中的传播时间为：t=dv

联立解得：t=(22+6)R2c【分析】【分析】(1)

由振动图象读出t=0

时刻P

点的振动方向，判断波的传播方向。由波动图象读出波长，由振动图象读出周期，可求出波速。分析波动过程，根据时间与周期的关系，判断Q

点的运动方向。波的图象往往先判断质点的振动方向和波的传播方向间的关系。同时，熟练要分析波动形成的过程，分析物理量的变化情况。(2)

根据折射率的不同，结合全反射分析；增透膜，是利用光的干涉；拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往在镜头前加装一个偏振片以减弱反射光的强度；光从一种介质斜射入另一种介质时要发生折射，光从光密介质射向光疏介质当入射角大于临界角时要发生全反射即可求解。考查光的