2025年沪教版选择性必修1物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪教版选择性必修1物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示为运动传感器探测到小球由静止释放后撞击地面弹跳的v-t图像，小球质量为0.5kg，重力加速度空气阻力不计根据图像可知（）

A.小球下落的初始位置离地面的高度为1.25mB.小球第一次反弹的最大高度为1.8mC.横坐标每一小格表示的时间是0.1sD.小球第一次撞击地面时地面给小球的平均作用力为55N2、将一圆形细铁丝圈蘸上肥皂水；使圈内附上肥皂膜，水平静置时，由于重力作用，肥皂膜中央区域略凹且厚度略大，让单色光从上方射入，如图。则从上往下可看到（）

A.等距的平行条纹B.等距的环状条纹C.内密外疏的环状条纹D.内疏外密的环状条纹3、一个质点经过平衡位置O，在A、B间做简谐运动；如图甲所示，它的振动图像如图乙所示，设向右为正方向，下列说法正确的是（）

A.第0.2s末质点的加速度最大B.第0.4s末质点的加速度方向是C.第0.7s末质点距离O点2.5cm处D.在0.1s到0.3s质点运动的路程大于5cm4、图示为一个单摆的共振曲线，则（取g=10m/s2）（）

A.此单摆的摆长约为2mB.此单摆的周期约为0.5sC.若摆长增大，共振曲线的波峰将向左移动D.若摆长增大，共振曲线的波峰将向上移动5、如图是某绳波形成过程的示意图，1、2、3、为绳上的一系列等间距的质点，绳处于水平方向质点在外力作用下沿竖直方向做简谐运动，带动2、3、各个质点依次上下振动，把振动从绳的左端传到右端时质点1开始竖直向上运动，质点振动周期为经过四分之一周期，质点5开始运动，此时质点1已发生的位移为下列判断正确的是

A.时质点5的运动方向向下B.质点7的加速度方向向上C.时质点5运动的路程为3SD.时质点9向下运动评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)6、如图甲所示，光滑水平面上有一长为L=3m的木板，一滑块（可视为质点）放在木板最左端，木板质量是滑块质量的3倍开始时，木板与滑块均处于静止状态，现给滑块一个水平向右的初速度v0，滑块恰好不从木板上掉下。已知滑块与木板间的动摩擦因数随滑块离左端距离x变化的图象如图乙所示，重力加速度g取10m/s2；则下列说法中正确的是（）

A.滑块和木板组成的系统机械能守恒，动量也守恒B.滑块和木板组成的系统机械能不守恒，动量守恒C.滑块滑到木板最右端时的速度大小为1m/sD.滑块的初速度v0的大小为3m/s7、下列说法正确的是（）A.做简谐运动的物体一定做机械振动B.机械振动就是简谐运动C.简谐运动就是弹簧振子的运动D.简谐运动是机械振动中最简单、最基本的一种8、下列各仪器或现象的分析中正确的是__________。

A.偏光镜是利用纵波偏振特性的仪器B.全息技术利用了激光相干性好的特性C.虎门大桥桥面的剧烈抖动属于受迫振动E.雷达测速仪是利用波的多普勒效应原理E.雷达测速仪是利用波的多普勒效应原理9、在光滑的水平桌面上有等大的质量分别为M=0.6kg，m=0.2kg的两个小球，中间夹着一个被压缩的具有Ep=10.8J弹性势能的轻弹簧（弹簧与两球不相连），原来处于静止状态。现突然释放弹簧，球m脱离弹簧后滑向与水平面相切、半径为R=0.425m的竖直放置的光滑半圆形轨道，如图所示。g取10m/s2。则下列说法正确的是（）

A.球m从轨道底端A运动到顶端B的过程中所受合外力冲量大小为3.4N·sB.弹簧弹开过程，弹力对m的冲量大小为1.8N·sC.若半圆轨道半径可调，则球m从B点飞出后落在水平桌面上的水平距离随轨道半径的增大而减小D.M离开轻弹簧时获得的速度为9m/s10、图示为一列沿x轴负方向传播的简谐横波，实线为t=0时刻的波形图，虚线为t=0.6s时的波形图；则___________。

A.波的周期可能为0.8sB.在t=0.9s时，P点沿y轴正方向运动C.经过0.4s，P点经过的路程为4mE.波速可能为50m/sE.波速可能为50m/s11、如图所示，一质点在A、B之间做简谐运动，O为平衡位置，E、F点分别为AO和OB之间关于O点的对称点（即EO和OF的距离相等）。质点从E点向右运动经过时间t1第一次经过F点，再经过时间t2第四次经过F点。下列说法正确的是（）

A.质点经过E点和F点的速度一定相同B.质点经过E点和F点的加速度大小相等C.质点从A点第一次运动到B点的时间为t1＋t2D.该质点的振动周期为12、如图所示，插针法“测定平行玻璃砖折射率”的实验中，P1、P2、P3、P4为所插的针，θ1为入射角，θ2为折射角．下列说法正确的是（）

A.θ1过小会导致θ2不易准确测量B.θ1过大会导致P1、P2的像模糊C.P1与P2，P3与P4间的距离适当小些D.P3、P4的连线与P1、P2的连线不一定平行13、表面附着油膜的透明玻璃片，当有阳光照射时，可在表面和玻璃片的边缘分别看到彩色图样，则（）A.两者都是色散现象B.两者都是干涉现象C.前者是干涉现象，后者是折射现象D.前者是色散现象，后者不是色散现象14、a、b、c三条平行光线垂直于半圆柱体玻璃砖的截面直径从空气射向玻璃砖，如图所示，光线b正好过圆心O，光线a、c从光线b的两侧对称入射，从玻璃砖下表面进入空气后与光线b分别交于P、Q；则下列说法正确的是（）

A.玻璃对三种光的折射率关系为B.玻璃对a光的折射率大于对c光的折射率C.a光比c光穿过该半圆柱体玻璃砖所需时间长D.a、b、c三种光穿过该半圆柱体玻璃砖所需时间b光最长评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)15、如图所示，质量为m的木块放在轻弹簧上，与弹簧一起在竖直方向上做简谐运动。当振幅为A时，物体对弹簧的最大压力是物体重力的1.5倍，则物体对弹簧的最小弹力为___________；要使物体在振动中不离开弹簧，振幅的最大值为_________。

16、碰撞分类。动量是否守恒机械能是否守恒弹性碰撞守恒_______非弹性碰撞守恒有损失完全非弹性碰撞守恒损失______17、波的形成和传播。

（1）波：___________的传播称为波动；简称波。

（2）波的形成和传播（以绳波为例）

①一条绳子可以分成一个个小段，一个个小段可以看做一个个___________质点，这些质点之间存在着___________。

②当手握绳端上下振动时，绳端___________相邻质点，使它也上下振动。这个质点又___________更远一些的质点绳上的质点都___________起来，只是后面的质点总比前面的质点迟一些开始振动。18、一系统作简谐振动,周期为T，以余弦函数表达振动时，初相为零．在范围内，系统在t=_______时刻动能和势能相等。19、原点O处有一简谐横波的波源，形成的简谐波沿x轴传播，如图所示是t=0时的波形图，t=0.02s时，质点A第一次到达波峰处。则该简谐波的传播速度大小为______m/s；已知质点B的平衡位置位于x=0.1m处，则质点B的振动方程为______。

20、甲、乙两列横波在同一介质中分别从波源M、N两点沿x轴相向传播，波速均为2m/s，振幅均为1cm，某时刻的图像如图所示。甲乙两波的周期之比为_______；再经过6s，平衡位置在x＝3m处的质点位移为______cm。

评卷人得分四、作图题(共1题，共8分)21、图中的横波正在沿轴的正方向传播，波速为分别画出经过和时刻的两个波形图。

评卷人得分五、实验题(共1题，共3分)22、如图所示为实验室中验证动量守恒的实验装置示意图.

（1）若入射小球质量为m1,半径为r1;被碰小球质量为m2,半径为r2,则()

A.m1>m2,r1>r2B.m1>m2,r1<r2

C.m1>m2,r1=r2D.m1<m2,r1=r2

（2）为完成此实验,以下所提供的测量工具中必需的是________.（填下列对应的字母）

A.直尺B.游标卡尺C.天平D.弹簧秤E.秒表。

（3）设入射小球的质量为m1，被碰小球的质量为m2，则在甲装置中，所得“验证动量守恒定律”的结论为_______（用装置图中的字母来表示）评卷人得分六、解答题(共2题，共4分)23、如图所示，劲度系数为k的轻弹簧上端固定在天花板上，下端挂一质量为m的小球，用手托住小球在弹簧原长处由静止释放，小球开始振动。已知重力加速度为g；不计空气阻力，求:

（1）小球运动的振幅；

（2）小球运动到最低点时的加速度；

（3）弹簧的最大弹性势能。

24、如图所示，ABD为竖直平面内的光滑轨道。AB段是水平的，BD段为半径为R=0.2m的半圆，两段轨道相切于B点，整个装置处于竖直向下的匀强电场中，场强大小E=2.0×102N/C。一不带电的绝缘小球甲，以速度v0沿水平轨道向右运动，与静止在B点的带正电的小球乙发生对心正碰。已知乙球质量m2=0.1kg，乙球所带电荷量q=5.0×10－3C，重力加速度g=10m/s2。（水平轨道足够长；甲；乙两球可视为质点，整个过程无电荷转移）

（1）若甲球质量为m1=0.1kg，在不放置乙球的情况下现测得甲球通过最高点时其与轨道间的压力为3N，求甲的初速度v0；

（2）若甲球质量为m1=0.1kg，且甲与乙碰后立刻粘连为一个整体丙。若测得丙通过最高点时与轨道间的压力为1N，求甲的初速度v′0；

（3）若甲球的质量大于0.1kg可调节，且甲与乙间的碰撞是完全弹性的。假定在甲与乙碰后立刻移走甲，当甲的初速度v″0=2.5m/s时，求乙通过D点平抛后在轨道AB上的首次落点到B点的距离范围。

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、C【分析】【详解】

AC．小球下落时做自由落体运动，加速度为g，则对下落过程可知，落地时速度为6m/s，故用时

图中对应6个小格，故每一小格表示0.1s，小球下落的初始位置离地面的高度为

故A错误；C正确；

B．第一次反弹后加速度也为g，为竖直上抛运动，由图可知，最大高度为

故B错误；

D．设向下为正方向，由图可知，碰撞时间约为0.1s；根据动量定理可知

代入数据解得

故D错误．2、D【分析】【详解】

从肥皂膜的上下表面反射的两列光为相干光；当光程差为波长的整数倍时是亮条纹，当光程差为半个波长的奇数倍时是暗条纹，以中心为圆心上的圆周各点是等厚的，则干涉条纹是环状条纹，从中心到边缘肥皂膜的厚度不等，故干涉条纹疏密不均匀，从里到外相同的水平距离光的路程差越来越小，则干涉条纹越来越密集，为内疏外密的环状条纹。

故选D。3、D【分析】【详解】

A．由图像可知；0.2s末，质点在平衡位置，正向负方向运动，所以速度最大，加速度最小，故A错误；

B．0.4s末质点负向最大位移处，速度最小，加速度最大，并且加速度方向指向平衡位置，是正方向，即加速度方向是故B错误；

C．t=0.7s时，已运动根据简谐运动的函数关系

可得第0.7s末质点距离O点

故C错误；

D．同C的分析可知，0.1s时，质点在距离O点处，0.3s时，质点在距离O点所以在0.1s到0.3s质点运动的路程等于

大于5cm；故D正确。

故选D。4、C【分析】【分析】

【详解】

AB．由图可知，该单摆的固有频率为0.5Hz，固有周期为2s，由单摆的周期公式

可得，此单摆的摆长为

AB错误；

CD．若摆长增大；固有频率增大，固有频率减小，共振曲线的波峰将向左移动，C正确，D错误。

故选C。5、D【分析】【分析】

【详解】

A．波上后一个质点重复前一个质点的振动；可知每一个质点开始振动的时候都和波源起振的情况相同，故质点5开始振动时运动方向向上，A错误；

B．振动从质点1传播到质点5经过质点1和质点5之间的距离为质点1到质点7为所以波从质点1传到质点7所需时间为时质点7向上振动，故在时质点7已振动了

即质点7在从平衡位置向波峰的运动过程中，根据

得知加速度方向向下；故B错误；

C．时质点1运动了波峰，故振幅A=S，时质点5振动了时间，故运动的路程为

C错误；

D．根据题意时，质点9开始向上运动，当时质点9振动了时间；位于平衡位置向下运动，D正确．

故选D。二、多选题(共9题，共18分)6、B:C【分析】【详解】

AB．滑块和木板组成的系统在光滑的水平面上；不受外力，故系统动量守恒，因为滑块与木板间存在摩擦，故滑块和木板组成的系统机械能不守恒，A错误，B正确；

CD．因滑块恰好不从木板上掉下，故此时滑块与木板共速，设滑块的质量为m，速度大小为根据动量守恒定律可得

根据动能定理可得

解得

C正确；D错误；

故选BC。7、A:D【分析】【分析】

【详解】

ACD．简谐运动是机械振动的一种最基本；最简单的振动形式。振动物体的位移—时间图像遵从正弦函数规律的振动形式；都是简谐运动，弹簧振子的振动只是简谐运动中的一种，C错误，AD正确；

B．做简谐运动的物体一定做机械振动；但机械振动不一定都是简谐运动，如果位移—时间图像不满足正弦规律，则不是简谐运动，B错误。

故选AD。8、B:C:E【分析】【分析】

【详解】

A．偏光镜是利用横波偏振特性的仪器；A错误；

B．全息照相是利用了激光相干性好；获得两频率相同的光，从而进行光的干涉，B正确；

C．做受迫振动振动的物体；当驱动力的频率与固有频率相等时，振幅最大的现象叫共振，虎门大桥桥面的剧烈抖动就是受到了外界驱动力属于受迫振动，C正确；

D．照相机镜头表面涂有增透膜；故镜头呈淡紫色，原理是光的干涉现象，D错误；

E．雷达测速主要是利用多普勒效应原理：当目标向雷达天线靠近时；反射信号频率将高于发射机频率；反之，当目标远离天线而去时，反射信号频率将低于发射机率。如此即可借由频率的改变数值，计算出目标与雷达的相对速度，E正确。

故选BCE。9、A:B【分析】【详解】

ABD．释放弹簧过程中系统动量守恒、机械能守恒，以向右为正方向，由动量守恒得

由机械能守恒得

代入数据解得

即M离开轻弹簧时获得的速度为3m/s；m从A到B过程中，由机械能守恒定律得

解得

以向右为正方向，由动量定理得，球m从轨道底端A运动到顶端B的过程中所受合外力冲量大小为

则合力冲量大小为3.4N•s，由动量定理得，弹簧弹开过程，弹力对m的冲量大小为

故AB正确；D错误；

C．设圆轨道半径为r时，飞出B后水平位移最大，由A到B机械能守恒定律得

在最高点，由牛顿第二定律得

m从B点飞出，需要满足：飞出后，小球做平抛运动

解得

当时，即r=1.0125m时，x为最大，球m从B点飞出后落在水平桌面上的水平距离随轨道半径的增大先增大后减小；故C错误。

故选AB。10、A:D:E【分析】【详解】

A．因为波向x轴负向传播，所以在t=0时刻x=0处的质点向上振动，要想变成虚线所示波形图，则波至少传播了故

解得：

当n=0时，T=0.8s，

故该波的周期可能为0.8s；A正确；

B．由于波沿x轴负方向传播，故t=0时P点沿y轴负方向运动，此时P点正通过平衡位置沿y轴负方向运动，若周期为0.8s，所以再经过0.1s，即0.9s时P点沿y轴负方向运动；B错误；

C．若周期为0.8s，则在一个周期内P点完成一个全振动，即其运动路程为4A，故P点的运动路程为2A=0.4m，但n若取其他值；则振动的更快，大于0.4m，C错误；

D．若则只能取值0.8s，由题意可知波长λ=8m，则波速：

在t=0时Q点的横坐标为5m，由于波沿y轴负方向运动，故在t=0.5s的时间内波沿x轴负方向传播的距离为：

故在t=0.5s时，Q点振动情况和t=0时距离坐标原点10m处的质点的振动情况相同，而t=0时距离坐标原点10m处的质点在波峰，在t=0.5s时，Q点到达波峰位置；D正确；

E．波速为：

当n=3时

E正确。

故选ADE。11、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．由对称性可知，质点经过E点和F点的速度大小一定相同；但是方向不一定相同，故A错误；

B．质点经过E点和F点时位移的大小相同；根据。

a＝可知；加速度大小相等，故B正确；

CD．质点从E点向右运动经过时间t1第一次经过F点，再经过时间t2第四次经过F点，设周期为T；则。

（t2－T）＋t1＝T解得。

T＝质点从A点第一次运动到B点的时间为。

t＝T＝C错误；D正确。

故选BD。12、A:B【分析】【详解】

A.入射角θ1过小，进入玻璃时折射角θ2更小；不易准确测量，故A正确；

B．θ1过大会导致进入玻璃的折射光过弱，P1、P2的像模糊；故B正确；

C.P1、P2及P3、P4之间的距离应适当大些；引起的角度的相对误差较小，可提高精度．故C错误；

D.根据光路可逆性原理可知，P3、P4的连线与P1、P2的连线一定平行；故D错误；

故选AB.13、A:C【分析】【分析】

【详解】

阳光照射到油膜上；油膜前后表面的反射光干涉形成彩色图样，是干涉现象，阳光照在边缘棱角处，由于折射产生彩色图样，是折射现象，两者都属于色散现象，选项A；C正确，B、D错误。

故选AC。14、B:C【分析】【详解】

ABD．由图可知，a光通过玻璃砖后偏折程度比c光的大，所以玻璃对a光的折射率大于对c光的折射率，即

由于玻璃对b光没有发生偏折，无法判断玻璃对b光的折射率与对a、c两光的折射率的大小。同理，也无法判断b光穿过该半圆柱体玻璃砖所需时间与另两种光的时间；故B正确，AD错误；

C．对于a、c两光，由

得

而a光传播的路程较长，所以由

可知，a光比c光穿过该半圆柱体玻璃砖所需时间长；故C正确。

故选BC。三、填空题(共6题，共12分)15、略

【分析】【详解】

[1]当振幅为A时，物体对弹簧的最大压力是物体重力的1.5倍，此时在最低处，受弹力、重力，由牛顿第二定律可得

方向向上，根据简谐振动的特点，在最高点的加速度也为0.5g，方向向下，所以

解得F1=0.5mg；且为支持力。

由胡克定律可得

[2]要使物体不能离开弹簧，则在最高点弹力为零，加速度为g，方向向下，根据对称性，在最低处的加速度也为g，方向向上，由牛顿第二定律可得

解得

由胡克定律可得

联立可得【解析】2A16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]弹性碰撞满足动量守恒及机械能守恒。

[2]完全非弹性碰撞满足动量守恒，机械能有损失，且损失量最大。【解析】守恒最大17、略

【分析】【详解】

（1）[1]振动的传播称为波动；简称波。

（2）[2][3]一条绳子可以分成一个个小段；一个个小段可以看做一个个相连的质点，这些质点之间存在着相互作用力；

[4][5][6]当手握绳端上下振动时，绳端带动相邻质点，使它也上下振动。这个质点又带动更远一些的质点绳上的质点都跟着振动起来，只是后面的质点总比前面的质点迟一些开始振动。【解析】振动相连的相互作用带动带动跟着振动18、略

【分析】【详解】

[1]设振动方程为

系统的总能量为当动能等于势能时，设位移为则有

解得

所以

解得（n为整数）

在时，或【解析】或19、略

【分析】【详解】

[1]由题图可看出该波的波长λ=0.4m

由于O为波源，则在x轴负方向的波往左传播，则质点A第一次到达波峰处有T=0.02，v==5m/s

[2]由于该波的周期为0.08s，且则在x轴正方向的波往右传播，则在t=0时质点B往上振，质点B的振动方程为y=Asin(ωt)，A=0.4m，ω=

代入数据有y=0.4sin(25πt)（m）【解析】5y=0.4sin25πt（m）20、略

【分析】【详解】

[1]由图可得甲的波长为λ甲=4m，乙的波长为λ乙=9m－3m=6m

根据周期公式可知；波速相等，周期之比等于波长之比，即为2：3

[2]再经过6s，两列波均向前传播距离

故乙波刚好传播两个波长，即N处的振动情况传播到x=3m处，而甲波传播

则波峰刚好传到x=3m处，此时x=3m处的质点位移为1cm【解析】2：31四、作图题(共1题，共8分)21、略

【分析】【详解】

ls内波向前传播的距离为0.5×1m=0.5m，1s后故x=0.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形如图1虚线。

4s内波向前传播的距离为0.5×4m=2.0m，4s后故x=2.0m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此