2025年华东师大版选择性必修2物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年华东师大版选择性必修2物理上册阶段测试试卷66考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、一个按正弦规律变化的交流电的图象如图所示，由图象可知（）

①该交变电流的频率为0.2Hz

②该交变电流的有效值为14.1A

③该交变电流的瞬时值表达式为i=20sin0.02t(A)

④t=时刻，该交变电流的大小与其有效值相等A.①②B.②④C.③④D.①③2、如图所示，在磁场中有一垂直于磁场放置的通电直导线，其电流方向垂直于纸面向外，图中标出的导线所受安培力F方向正确的是（）A.B.C.D.3、如图所示，两个正对磁极间存在竖直向下的匀强磁场，磁感应强度大小为B。一边长为L的正方形线框MNPQ水平放置，PQ边处于磁场中，若线圈中通有大小为I、方向如图所示的电流，则PQ边所受安培力大小为（）

A.0B.C.D.4、如图所示对磁感强度B、电流I和安培力F方向的相互关系，表示正确的是（）A.B.C.D.5、如图所示，在平行有界匀强磁场的正上方有一等边闭合的三角形导体框，磁场的宽度大于三角形的高度，导体框由静止释放，穿过该磁场区域，在下落过程中BC边始终与匀强磁场的边界平行；不计空气阻力，则下列说法正确的是（）

A.导体框进入磁场的过程中可能做先加速后匀速的直线运动B.导体框出磁场的过程中可能做先加速后减速的直线运动C.导体框进入磁场过程中感应电流为逆时针方向D.导体框进、出磁场过程，通过导体框横截面的电荷量大小不相同评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)6、如下图所示，平板MN上方有足够大的匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向里，电子从平板上的小孔O射入匀强磁场，速度方向与平板MN夹角为整个装置放在真空中，且不计重力。电子打到平板MN上的位置到小孔的距离为s，在磁场中运动时间为t；则（）

A.若一定，增大速度电子打到平板MN上的位置到小孔的距离不变B.若一定，增大速度电子在磁场中的运动时间t不变C.若速度大小一定，角从30°增大到150°过程中，电子打到平板MN上的位置到小孔的距离先减小后增大D.若速度大小一定，角从30°增大到150°过程中，电子在磁场中运动时间t增长7、某地的地磁场磁感应强度的竖直分量方向向下，大小为4.5×10-5T。一灵敏电压表连接在当地入海河段的两岸，河宽100m，该河段涨潮和落潮时有海水（视为导体）流过，设落潮时，海水自西向东流，流速为2m/s。下列说法正确的是（）A.电压表记录的电压为5mVB.电压表记录的电压为9mVC.河南岸的电势较高D.河北岸的电势较高8、如图是安培研究通电导体间相互作用的简化示意图。甲、乙、丙三个圆形线圈的圆心在同一水平轴线上，轴线垂直线圈平面.甲和丙固定且用导线串联，并通以电流I1，乙通入电流I2；电流方向在图中标出，则乙线圈（）

A.圆心处的磁场方向水平向左B.圆心处的磁场方向水平向右C.受到甲对它的吸引力D.受到丙对它的排斥力9、2018年，我省加大环保督查力度，打响碧水蓝天保卫战。督查暗访组在某化工厂的排污管末端安装了如图所示的流量计，测量管由绝缘材料制成，其长为L、直径为D，左右两端开口，在前后两个内侧面a、c固定有金属板作为电极，匀强磁场方向竖直向下。污水（含有大量的正、负离子）充满管口从左向右流经该测量管时，a、c两端的电压为U，显示仪器显示污水流量Q（单位时间内排出的污水体积）。则（）

A.a侧电势比c侧电势高B.污水中离子浓度越高，显示仪器的示数越大C.污水流量Q与U成正比，与L、D无关D.匀强磁场的磁感应强度B=10、如图所示，两根足够长、间距为L的光滑竖直平行金属导轨，导轨上端接有开关、电阻、电容器，其中电阻的阻值为R，电容器的电容为C（不会被击穿），金属棒MN水平放置，质量为m，空间存在垂直轨道向外的磁感应强度大小为B的匀强磁场，不计金属棒和导轨的电阻。闭合某一开关，让MN沿导轨由静止开始释放，金属棒MN和导轨始终接触良好，下列说法正确的是（重力加速度为g）（）

A.只闭合开关金属棒MN做匀加速直线运动B.只闭合开关金属棒MN做匀加速直线运动C.只闭合开关金属棒MN下降高度为时速度为则所用时间D.只闭合开关通过金属棒MN的电流11、如图，光滑足够长框架与水平桌面夹角为间距为阻值为的电阻与导轨的端相连。质量为电阻也为的导体棒垂直于导轨放置并可沿导轨自由滑动。整个装置放于匀强磁场中，磁场的方向垂直斜面向上（图中未画出），磁感应强度的大小为导体棒的中点系一个不可伸长的轻绳，绳绕过固定框架边缘的光滑轻滑轮后，与一个质量也为的物块相连，绳处于拉直状态。现若从静止开始释放物块，用表示物块下落的高度（物块不会触地，杆不会碰撞滑轮），表示重力加速度，其它电阻不计，则（）

A.物块下落的最大加速度为B.若足够大，物块下落的最大速度为C.通过电阻的电荷量为D.若足够大，导体棒的发热量为12、图甲左侧的调压装置可视为理想变压器，负载电路中R＝55Ω；A；V为理想电流表和电压表．若原线圈接入如图乙所示的正弦交变电压，电压表的示数为110V，下列表述正确的是()

A.电流表的示数为2AB.原、副线圈匝数比为1∶2C.电压表的示数为电压的有效值D.原线圈中交变电压的频率为100Hz评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)13、导体棒中带电粒子的定向移动形成电流；电流可以从宏观和微观两个角度来认识，安培力与洛伦兹力也有宏观与微观的对应关系。

如图所示，静止不动的匀强磁场的磁感应强度大小为B，方向竖直向下。一段直导体棒长为L，横截面积为S，单位体积的自由电荷个数为n，自由电荷的电荷量为导体棒中通有恒定电流，自由电荷的定向移动速率为（本题中两问均认为始终不变）。导体棒水平放置处于磁场中（垂直于磁感应强度）。

（1）若导体棒相对磁场静止，电荷定向运动时所受洛伦兹力的矢量和，在宏观上表现为导体棒所受的安培力。按照这个思路，请你由安培力的表达式推导出洛伦兹力大小的表达式。()

（2）概念学习中，类比与比较是常用的学习方法。我们已经知道，垂直于匀强磁场磁感线的通电导线所受的安培力由此，我们用来定义磁感应强度。同样，运动方向垂直于匀强磁场磁感线的带电粒子所受的洛伦兹力由此也可用洛伦兹力来定义磁感应强度，定义式是_________，把该定义式与电场强度的定义式进行对比，两个定义式（而非物理量）的差别在于：__________________

14、运动电荷在磁场中受到的力称为______，这个力的方向与电荷运动方向______，和磁感应强度方向______，这个力的方向可以由______来判断，安培力可称作这个力的______表现。15、如图所示为磁流体发电机的发电原理图，将一束等离子体（即高温下电离的气体，含有大量带正电和带负电的微粒，而从整体上来说呈电中性）喷入磁场，由于等离子体在磁场力的作用下运动方向发生偏转，磁场中的两块金属板A和B上就会聚集电荷，从而在两板间产生电压．请判断：在图示磁极配置的情况下，金属板____（选填“A”或“B”）的电势较高，通过电阻R的电流方向是____（选填“a→b”或“b→a”）．16、用磁铁和线圈研究电磁感应现象实验中；已知通入灵敏电流表从正接线柱流入时，指针向正接线柱一侧偏转，则。

甲图中电表指针偏向______；

乙图中条形磁棒下方是______极。

丙图中条形磁铁向______运动；

丁图中线圈的绕制方法是______（在丁图中画出）17、学习楞次定律的时候，老师往往会做如下图所示的实验。图中，a、b都是很轻的铝环，环a是闭合的，环b是不闭合的。a、b环都固定在一根可以绕O点自由转动的水平细杆上，开始时整个装置静止。当条形磁铁N极垂直a环靠近a时，a环将___________；当条形磁铁N极垂直b环靠近b时，b环将___________。填“靠近磁铁”、“远离磁铁”或“静止不动”

评卷人得分四、作图题(共4题，共12分)18、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

19、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

20、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

21、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、实验题(共3题，共24分)22、实验“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”

①实验室中有下列器材：

A.可拆变压器(铁芯；两个已知匝数的线圈)

B.条形磁铁。

C.直流电源。

D.多用电表。

E.开关；导线若干。

上述器材在本实验中不用的是________(填器材序号)，本实验中还需用到的器材有________________．

②该学生继续做实验，先保持原线圈的匝数不变，增加副线圈的匝数，观察到副线圈两端的电压________(选填“增大”“减小”或“不变”)；然后再保持副线圈的匝数不变，增加原线圈的匝数，观察到副线圈两端的电压________(选填“增大”“减小”或“不变”)；上述“探究副线圈两端的电压与匝数的关系”中采用的实验方法是________________．23、(1)如图甲所示为某实验小组探究感应电流方向的规律的实验装置，关于实验过程中应该注意的事项和实验现象，以下说法正确的是___________。

A．实验前应该先仔细观察；清楚线圈的绕向。

B．开关闭合后；将滑动变阻器的滑片匀速滑动使接入电路的阻值逐渐减小，会观察到电流计指针不发生偏转。

C．开关闭合后；线圈A从线圈B中拔出和插入过程中会观察到电流计指针偏转方向相反。

D．开关闭合与断开瞬间；电流计指针都会偏转，但偏转方向相同。

(2)当电流从灵敏电流计正接线柱流入时指针向正接线柱一侧偏转。现将其与线圈相连之后，将上端为S极的磁铁插入线圈中，如图乙所示电流计指针偏转的方向应为偏向___________接线柱（填“正”或“负”）。根据图丙中电流计指针偏转方向可以判断出插入线圈磁铁下端的磁极为___________极（填“N”或“S”）。

(3)应用可拆变压器进行“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”实验中，原线圈所接的电源应是___________。

A．B．

C．D．

副线圈所接的电表可以是___________。

A．多用电表（欧姆挡）B．直流电压表C．交流电压表D．直流电流表24、温度有时能明显地影响导体的导电性能。

（1）在实际应用中，常用纵坐标表示电流I、横坐标表示电压U；画出导体的伏安特性曲线。如图甲所示为某导体的伏安特性曲线。

①由图甲可知，随着电压升高，该导体的电阻逐渐_______（选填“变大”或“变小”）；

②若将该导体与电动势内阻的电源，阻值的定值电阻连接成图乙所示电路，电路闭合后导体的实际功率为_______W。

（2）如图丙所示为一个简单恒温箱的温控装置的原理电路图，电磁铁与热敏电阻R、滑动变阻器串联接在电源E两端。当通过电磁铁的电流大于或等于15mA时，吸引衔铁，使触点断开，加热器停止工作。已知电磁铁的电阻热敏电阻在不同温度下的阻值如下表所示：。t/℃30.040.050.060.070.080.0R/Ω208145108826249

①现有下列实验器材可供选择：电源E1（电动势为3V，内阻1Ω）、电源E2（电动势6V，内阻2Ω）、滑动变阻器R1（0~500Ω）、滑动变阻器R2（0~2000Ω）。为使该装置实现对30~80℃之间任意温度的控制且便于调节，电源E应选用_________（选填“”或“”），滑动变阻器应选用_________（选填“”或“”）；

②如果要使恒温箱内的温度保持在40℃，滑动变阻器连入电路的阻值为_______Ω。评卷人得分六、解答题(共3题，共12分)25、如图所示，足够长的平行光滑金属导轨水平放置，宽度L=0.5m一端连接R=1Ω的电阻．导线所在空间存在竖直向下的匀强磁场，磁感应强度B=1T．质量1kg的导体棒MN放在导轨上，电阻r=0.25Ω；其长度恰好等于导轨间距，与导轨接触良好，导轨的电阻可忽略不计．在平行于导轨的拉力F作用下，导体棒沿导轨向右匀速运动，速度v=5m/s．求：

（1）感应电动势E和MN两点间的电势差；

（2）在2s时间内；拉力做的功；

（3）在2s末，撤去拉力，棒会逐渐减速直至停止运动．求全过程中电阻R上产生的焦耳热．26、如图a所示，匀强磁场垂直于xOy平面，磁感应强度B1按图b所示规律变化（垂直于纸面向外为正）．t=0时，一比荷为C/kg的带正电粒子从原点沿y轴正方向射入，速度大小不计粒子重力．

⑴求带电粒子在匀强磁场中运动的轨道半径．

⑵求时带电粒子的坐标．

⑶保持b中磁场不变，再加一垂直于xOy平面向外的恒定匀强磁场B2，其磁感应强度为0.3T，在t=0时，粒子仍以原来的速度从原点射入，求粒子回到坐标原点的时刻．27、如图甲所示，将一间距为L=1m的足够长U形导轨固定，导轨上端连接一阻值为R=2.0Ω的电阻，整个空间存在垂直于轨道平面向上的匀强磁场，B=0.2T，质量为m=0.01kg、电阻为r=1.0Ω的金属棒ab垂直紧贴在导轨上且不会滑出导轨，导轨与金属棒之间的动摩擦因数μ=0.5，金属棒ab从静止开始下滑，下滑的x-t图像如图乙所示，图像中的OA段为曲线，AB段为直线，导轨电阻不计且金属棒下滑过程中始终与导轨垂直且紧密接触，重力加速度g取10m/s2；sin37=0.6，cos37°=0.8。求：

(1)导轨的倾角θ。

(2)从开始到t=2.5s过程中金属棒上产生的焦耳热。

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】【详解】

由图可知；交变电流的周期为0.02s，频率为50Hz，则①错误；

该交变电流的有效值为②正确；

该交变电流的瞬时值表达式为i＝20sin100πt(A)；③错误；

时刻，该交变电流的大小为i＝20sin100πt(A)=20sin(A)=14.1A；即与其有效值相等，④正确。

股选B。2、B【分析】【分析】

【详解】

根据左手定则，导线所受安培力F方向竖直向上；所以ACD错误；B正确；

故选B。3、D【分析】【详解】

PQ边所受安培力大小为

故选D。4、D【分析】【分析】

【详解】

A．由左手定则可知，通电导线受到的安培力F应竖直向下；A错误；

B．由左手定则可知，通电导线受到的安培力F应斜向左上方且与磁场B垂直；B错误；

C．电流方向与磁场方向平行；不受安培力作用，C错误；

D．由左手定则可知，图中所画磁感强度B、I和安培力F方向的相互关系正确；D正确。

故选D。5、B【分析】【详解】

CD．导体框进入磁场过程中；磁通量增大，根据楞次定律可知，感应电流为顺时针方向，导体框进；出磁场过程，磁通量变化相同，所以通过导体框横截面的电荷量大小相同，CD错误；

AB．导体框进入磁场过程中切割的有效长度由0开始逐渐增大；并且不断变化，故导体框在进入磁场的过程中只可能有两种情况：一直加速；先加速后减速，在这过程中加速度是变化的，不会存在匀变速过程。

A错误；B正确。

故选B。二、多选题(共7题，共14分)6、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．根据洛伦兹力提供向心力可得

解得

可知若一定，电子运动的圆弧所对应的角度相同，电子的速度越大，半径R越大，电子打到平板MN上的位置到小孔的距离越大，同时有

解得

有

可知若一定；电子运动的圆弧所对应的角度相同，电子在磁场中的运动时间相等，与速度大小无关，故A错误，B正确；

C．若速度大小一定，根据几何关系可知，当

此时电子打到平板MN上的位置到小孔的距离最大，其大小为

角从30°增大到150°过程中；电子打到平板MN上的位置到小孔的距离先增大后减小，C错误；

D．若速度大小一定，角从30°增大到150°过程中，根据几何关系可知，电子运动的圆弧所对应的角度增大，根据

可知电子在磁场中运动时间t增长；故D正确；

故选BD。7、B:D【分析】【分析】

【详解】

CD．海水在落潮时自西向东流；该过程可以理解为自西向东运动的导体在切割竖直向下的磁感线。根据右手定则可判断，北岸是正极，电势高，南岸电势低，故C错误，D正确；

AB．根据法拉第电磁感应定律。

故A错误；B正确。

故选BD。8、B:C【分析】【详解】

AB．根据右手螺旋定则可知；圆心处的磁场方向水平向右，故A错误，B正确；

CD．三个线圈的电流方向相同；同向电流相互吸引，故乙受到甲对它的吸引力，乙受到丙对它的吸引力，故C正确，D错误。

故选BC。9、A:D【分析】【详解】

A．磁场方向竖直向下；由左手定则，污水中的正离子聚集到a端，负离子聚集到c端，a侧电势比c侧电势高，故A正确；

B．电场力等于洛伦兹力，达到平衡时，电势差稳定，即qvB=qE

即

解得U=BDv

与离子浓度无关；故B错误；

C．流量

又因为U=BDv

所以流量

与D有关；故C错误；

D．流量

又因为U=BDv

所以流量

解得

故D正确。

故选AD。10、B:C:D【分析】【详解】

A．只闭合开关金属棒MN刚释放时有

之后导体棒受重力和安培力共同作用，根据牛顿第二定律有

又

其中导体棒速度在增大；则导体棒做加速度减小的加速运动，直到安培力和重力平衡后做匀速直线运动，故A错误；

C．只闭合开关金属棒MN下降高度为时速度为在这个过程中对导体棒用动量定理有

又

联立解得

故C正确；

BD．只闭合开关金属棒MN运动过程中取一段时间且趋近于零，设导体棒加速度为a，则有

对导体棒，根据牛顿第二定律可得

联立解得

可知导体棒做匀加速直线运动；故BD正确。

故选BCD。11、A:B【分析】【详解】

A．由题意，对导体棒及物块受力分析，可知物块和导体棒将做加速度逐渐减小的加速运动。开始下落时，物块有最大加速度，对物块及导体棒整体，根据牛顿第二定律有

可得最大加速度大小为

B．若足够大，当物块及导体棒整体匀速时，物块下落速度达到最大，对整体受力分析，根据平衡条件可得

联立以上式子，求得物块下落的最大速度为

故B正确；

C．由题意，可得

得通过电阻的电荷量为

故C错误；

D．若足够大，根据能量守恒定律有

可得导体棒的发热量为

故D错误。

故选AB。12、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．根据电路图可知；电阻R的电压为110V，电阻为55Ω，所以电阻R的电流。

所以A正确；

B．由图可知；输入的电压的有效值为220V，电压表的示数为110V，即为输出的电压，根据电压与匝数成正比可得匝数比为2：1，所以B错误；

C．电压表；电流表等的读数都是有效值；所以C正确；

D．经过变压器前后电压的频率是不变的；根据图象可知，输出电压的频率为。

f==50Hz所以原线圈中交变电压的频率也为50Hz；所以D错误；

故选AC。三、填空题(共5题，共10分)13、略

【分析】【详解】

（1）[1]导线受安培力的大小为

长L的导线内的总的带电粒子数为

又

电荷定向运动时所受洛伦兹力的矢量和，变现为导线所受的安培力，即

联立可以推导出洛伦兹力的表达式为

（2）[2][3]用洛伦兹力来定义磁感应强度，定义式为

两个定义式（而非物理量）的差别在于：磁感应强度是描述磁场力的性质的物理量，它的方向是小磁针静止时N极的受力方向；电场强度是描述电场力的性质的物理量，它的方向与正电荷的受力方向相同。【解析】磁感应强度是描述磁场力的性质的物理量，它的方向是小磁针静止时N极的受力方向；电场强度是描述电场力的性质的物理量，它的方向与正电荷的受力方向相同14、略

【分析】【详解】

[1][2][3][4][5]运动电荷在磁场中受到的力称为洛伦兹力，方向垂直于电荷运动方向和磁感应强度方向形成的平面；洛伦兹力的方向由左手定则来判断，安培力可称作洛伦兹力的宏观表现。【解析】洛伦兹力垂直垂直左手定则宏观15、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]．根据左手定则，正离子向上偏，负离子向下偏，A聚集正电荷，电势高，电流从高电势流向低电势．所以通过电阻的电流方向为．【解析】A16、略

【分析】【详解】

[1]磁铁向下运动；穿过线圈的磁通量增大，磁铁的磁场方向向下，根据楞次定律可知俯视时线圈中产生的感应电流方向为逆时针，此时电流从灵敏电流表正接线柱流入，所以指针偏向正接线柱一侧。

[2]图中指针偏向负接线柱一侧；所以电流从灵敏电流表负接线柱流入，俯视时线圈中感应电流方向为顺时针，根据安培定则可知线圈中感应电流磁场方向向下，磁铁向下运动，根据楞次定律可知条形磁棒下方是S极。

[3]根据前面分析此时线圈中感应电流磁场方向向下；磁铁的磁场方向也向下，说明此时磁通量在减小，所以磁铁在向上运动。

[4]图中指针偏向正接线柱一侧；所以电流从灵敏电流表正接线柱流入，磁铁向下运动，穿过线圈的磁通量增大，磁铁的磁场方向向上，根据楞次定律可知此时线圈中感应电流的磁场方向向下，可得线圈的绕制方法如图。

【解析】正接线柱一侧S上17、略

【分析】【分析】

【详解】

当条形磁铁N极垂直a环靠近a时，穿过a环的磁通量增加，a环闭合产生感应电流，磁铁对a环产生安培力，阻碍两者相对运动，a环将远离磁铁。

当条形磁铁N极垂直b环靠近b时，b环中不产生感应电流，磁铁对b环没有安培力作用，b环将静止不动。【解析】远离磁铁静止不动四、作图题(共4题，共12分)18、略

【分析】【详解】

根据左手定则，画出通过电导线I所受磁场力的方向如图所示。

【解析】19、略

【分析】【分析】

根据题中“要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯”可知；本题考查交流电的常识，根据开关作用和交流电接线常识，进行连接电路图。

【详解】

晚上；天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个开关不能独立工作，只有同时闭合时，灯才亮，即两个开关和灯泡是三者串联后连入电路；根据安全用电的原则可知，开关控制火线，开关一端接火线，一端接灯泡顶端的金属点，零线接灯泡的螺旋套；三孔插座通常的接线方式是面对插座，上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；电路图如下图所示。

【解析】20、略

【分析】【分析】

【详解】

由第一个图可知：当条形磁铁的N极插入线圈过程中；电流计的指针向右偏转，则有：线圈中向下的磁场增强，感应电流的磁场阻碍磁通量增加，感应电流的磁场方向向上，则指针向右偏，记录完整。

第二个图指针向左偏；说明感应电流的磁场方向向下，与磁铁在线圈中的磁场方向相反，则线圈中磁场增强，故磁铁向下运动，如图。

第三个图指针向右偏；说明感应电流的磁场方向向上，与磁铁在线圈中的磁场方向相同，则线圈中磁场减弱，故磁铁向上运动，如图。

【解析】21、略

【分析】【详解】

当条形磁铁向右靠近圆环时；导线线圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反减同可知，线圈中产生感应电流的方向顺时针（从右向左看），如图所示：

【解析】如图所示五、实验题(共3题，共24分)22、略

【分析】【详解】

①[1][2]．上述器材在本实验中不用的是条形磁铁和直流电源；即BC；本实验中还需用到的器材有低压交流电源．

②[3][4][5]．该学生继续做实验，先保持原线圈的匝数不变，增加副线圈的匝数，因电压和匝数成正比，即则观察到副线圈两端的电压增大；然后再保持副线圈的匝数不变，增加原线圈的匝数，观察到副线圈两端的电压减小；上述“探究副线圈两端的电压与匝数的关系”中采用的实验方法是控制变量法．【解析】①.BC②.低压交流电源③.增大④.减小⑤.控制变量法23、略

【分析】【详解】

（1）[1]A．实验是探究感应电流方向的规律的；因此实验前应该先仔细观察，清楚线圈的绕向，搞清线圈电流的方向与电流计指针偏转方向的关系，选项A正确；

B．开关闭合后；将滑动变阻器的滑片匀速滑动使接入电路的阻值逐渐减小，导致穿过线圈B的磁通量变化，从而产生感应电流，会观察到电流计指针发生偏转，选项B错误；

C．开关闭合后；线圈A从线圈B中拔出和插入过程中，穿过线圈B的磁通量变化不同，前者是减少，后者增加，依据楞次定律“增反减同”，会观察到电流计指针偏转方向相反，选项C正确；

D．开关闭合与断开瞬间；会引起穿过线圈B的磁通量变化，产生感应电流，电流计指针都会偏转，依据楞次定律知偏转方向不相同，选项D错误。

故选AC。

（2）[2]当电流从灵敏电流计正接线柱流入时指针向正接线柱一侧偏转；若将上端为S极的磁铁插入线圈中，则向下穿过线圈B的磁通量增加，依据楞次定律与右手螺旋定则可知，感应电流从电流计的正接线柱流入，那么图乙中电流计指针偏转的方向应为偏向正接线柱；

[3]根据图丙中电流计指针偏转方向可知；感应电流从负接线柱流入，根据右手螺旋定则可知，感应磁场方向向下，因磁铁向下运动，因而插入线圈磁铁下端的磁极为S极。

（3）[4]在“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”实验中；因为变压器只能对交流电压进行变压，出于安全考虑，原线圈接低压交流电源，选项B正确，ACD错误。

故选B。

[5]测量副线圈两端的电压时；应该用到交流电压表，选项C正确，ABD错误。

故答案为C。【解析】AC正SBC24、略

【分析】【详解】

（1）①[1]图甲中曲线上任意一点与坐标原点连线的斜率的倒数是该导体的电阻；随着导体两端电压的增加，图像上的点与坐标原点的连线的斜率变小，斜率的倒数变大，则电阻变大。

②[2]在乙图中，将阻值的