2025年仁爱科普版选择性必修1物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年仁爱科普版选择性必修1物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图甲所示，弹簧振子以O点为平衡位置，在A、B两点之间做简谐运动。取向右为正方向，振子的位移x随时间t的变化图像如图乙所示；下列说法正确的是（）

A.时，振子的速度方向向右B.时，振子在O点右侧6cm处C.到的时间内，振子的速度方向相同D.到的时间内，振子的速度先增大后减小2、如图所示，一玻璃棱镜的横截面是等腰△abc，其中ac面是镀银的，现有一光线垂直于ab面入射，在棱镜内经过两次反射后垂直于bc面射出；则（）

A.∠a=30°，∠b=75°B.∠a=32°，∠b=74°C.∠a=34°，∠b=73°D.∠a=36°，∠b=72°3、质量相同的甲、乙两小球（视为质点）以不同的初速度竖直上抛，某时刻两球发生正碰。图中实线和虚线分别表示甲、乙两球位置随时间变化的曲线，其中虚线关于左右对称；实线两个顶点的纵坐标相同，若小球运动中除碰撞外仅受重力，则（）

A.时刻，甲的速率大于乙的速率B.碰撞前后瞬间，乙的动量不变C.碰撞前后瞬间，甲的动能不变D.碰撞后甲的机械能大于乙的机械能4、啄木鸟觅食时，头部摆动很快，啄木的速度可达每秒十五到十六次。研究发现，啄木鸟的头部大脑和头骨之间存在着小小的硬脑膜，内部骨质松而充满气体，似海绵状。这种类似海绵状组织。使啄木鸟不易发生脑震荡原因，可用下面哪个物理规律解释（）A.动能定理B.能量守恒定律C.动量定理D.动量守恒定律5、如图所示，在光滑的水平面上并排放着一系列质量相等的滑块，现给最左侧滑块一水平向右的速度（滑块的初动能为），然后与其右侧的滑块依次发生碰撞，并且每次碰后滑块均粘合在一块，经过一系列的碰撞后，滑块的总动能变为则碰撞的次数为（）

A.3B.5C.7D.96、一个士兵坐在皮划艇上，他连同装备和皮划艇的总质量是M=120kg，这个士兵用自动步枪在t=2s内沿水平方向连续射出20发子弹，每发子弹的质量是m=10g，子弹离开枪口时相对步枪的速度是v0=800m/s，射击前皮划艇是静止的，不考虑水的阻力。则以下说法正确的是（）A.每次射击后皮划艇的速度改变量都相同B.每次射击后皮划艇的速度改变量都不同，若射出第n发，则C.连续射击20发后皮划艇的速度是0.67m/sD.连续射击时枪受到的平均反冲作用力是40N7、某实验小组发射自制水火箭，火箭外壳重发射瞬间将壳内质量为的水相对地面以的速度瞬间喷出，已知重力加速度空气阻力忽略不计，火箭能够上升的最大高度为（）

A.B.C.D.8、下列说法中正确的是（）A.海市蜃楼产生的原因是由于海面上上层空气的折射率比下层空气折射率大B.胃镜利用了光的全反射原理，电视机遥控器是利用发出红外线脉冲信号来换频道的C.全息照片主要是利用了激光的相干性，医院里用γ射线给病人透视D.拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往在镜头前加一个偏振片以增加透射光的强度评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)9、图甲为某一简谐波在t=0时刻的波形图，图乙为图甲中平衡位置位于x=2m处的质点B的振动图象，质点C的平衡位置位于x=4m处。则下列说法正确的是_________。

A.该简谐波沿x轴负方向传播，其波速v=4m/sB.在0~3.5s时间内，质点B运动的路程为3.5mC.在t=2s时刻，质点C恰好经过平衡位置向y轴正方向运动E.若该波能与另一列波发生稳定的干涉，则另一列波的频率为0.5HzE.若该波能与另一列波发生稳定的干涉，则另一列波的频率为0.5Hz10、一列简谐横波某时刻波形如图甲所示．由该时刻开始计时；质点L的振动情况如图乙所示．下列说法正确的是（）

A.该横波沿x轴正方向传播B.质点N该时刻向y轴负方向运动C.质点L经半个周期将沿x轴正方向移动到N点D.该时刻质点K与M的速度、加速度都相同11、2020年6月2日茂名市区天空出现了壮观的完整圆环形彩虹。如图为太阳光入射球形雨滴经过折射和反射形成彩虹的示意图；关于光线1和光线2，下列说法正确的是（）

A.光线1的频率更大B.光线1从玻璃进入空气时更容易发生全反射C.用相同单缝做衍射实验时，光线2的衍射条纹间距更大D.用相同双缝做杨氏干涉实验时，光线1的干涉条纹间距更大12、如图所示，质量为的小球，固定在轻杆上，绕过点的转轴在竖直面内沿顺时针方向做匀速圆周运动，A、是圆周上与圆心等高的两点。若小球运动的速度大小为轨道半径为且（为重力加速度），则小球从A点运动到点过程中；下列说法中正确的是（）

A.小球所受重力的冲量为0B.小球所受向心力的冲量为C.小球所受合力的冲量大小为D.轻杆对小球作用力的冲量大小为13、如图所示，质量均为m的A、B两物体通过劲度系数为k的轻质弹簧拴接在一起，竖直放置在水平地面上，物体A处于静止状态，在A的正上方h高处有一质量也为m的小球C。现将小球C由静止释放，C与A发生碰撞后立刻粘在一起，弹簧始终在弹性限度内，忽略空气阻力，重力加速度为g。下列说法正确的是（）

A.C与A碰撞后瞬间A的速度大小为B.C与A碰撞时产生的内能为C.C与A碰撞后弹簧的最大弹性势能为D.要使碰后物体B被拉离地面，h至少为14、如图所示，质量均为M的铝板A和铁板B分别放在光滑水平地面上，质量为m（）的同一木块C，先后以相同的初速度v0从左端滑上A和B；最终C相对于A和B都保持相对静止，在这两种情况下（）

A.C的最终速度相同B.C相对于A和B滑行的距离相同C.A和B相对地面滑动的距离相同D.两种情况下产生的热量相等15、关于多普勒效应，以下说法正确的有（）A.只有机械波才能产生多普勒效应B.机械波和电磁波均能产生多普勒效应C.产生多普勒效应的原因是波源的频率发生了变化D.产生多普勒效应的原因是观察者接收到的频率发生了变化16、如图所示，一束由两种单色光混合的复色光沿方向射向一立方体玻璃砖的上表面；得到三束平行光线I；II、III，玻璃砖的下表面有反光膜，下列说法正确的是（）

A.光束I为复色光，光束II、III为单色光B.光束III的频率大于光束II的频率C.改变角，光线I、II、III无法保持平行D.在玻璃砖中，光束II的速度小于光束III的速度17、如图所示的双缝干涉实验；用绿光照射单缝S时，在光屏P上观察到干涉条纹．要得到相邻条纹间距更大的干涉图样，可以()

A.减小S1与S2的间距B.减小双缝屏到光屏的距离C.将绿光换为红光D.将整个装置放在水中评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)18、一列简谐横波在均匀介质中沿轴正向传播，已知波速在和时刻，其波形图分别如图中的实线和虚线所示，是此波的传播方向的一点，则质点的振动周期___________s；在时间内质点运动的路程是___________如果此波在传播过程中遇到线度为2m的障碍物，___________（填“能”或“不能”）发生明显的衍射现象。

19、波速。

（1）定义：机械波在______的传播速度。

（2）决定因素：由______本身的性质决定，在不同的介质中，波速是______（选填“相同”或“不同”）的。

（3）波长、周期、频率和波速的关系：＝_____。20、如图所示，质量为M、半径为R的光滑圆环静止在光滑的水平面上，有一质量为m的小滑块从与O等高处开始无初速下滑，当到达最低点时，圆环产生的位移大小为______．

21、如图所示，小明同学和爸爸分别乘船A、B两船在海边游玩，A、B两船相距27m，船可视为质点。若水波以的速率均匀地从A点向B点传播，第1个波峰经过A点至第20个波峰经过A点用时57s，将水波为简谐横波，则波长为______m；小明同学处于波峰时，他爸爸处于______（选“波峰”或“波谷”或“平衡位置”）。

22、碰撞。

碰撞是指物体间的相互作用持续时间很短，而物体间相互作用力______的现象．23、简谐运动的位移和时间的关系可以用正弦曲线或余弦曲线来表示，若以x代表质点对于平衡位置的位移，t代表时间，则x=Asin（ωt＋）

a：公式中的A代表___________。

b：ω叫做圆频率，它与频率f之间的关系为：___________。

c：公式中的ωt+表示___________。

d：t=0时的相位叫做___________，简称初相。24、一列简谐横波沿x轴传播，在时刻和时刻的波形分别如图中实线和虚线所示。已知处的质点在内运动的路程为由上述条件可知，波沿x轴_________（填“正”或“负”）方向传播，波源振动周期为_________s，波的传播速度大小为_________

25、艺术体操运动员站在场地中以一定频率上下抖动长绸带的一端，绸带自左向右呈现波浪状起伏。某时刻绸带形状如图所示（符合正弦函数特征），此时绸带上P点运动方向____________（填“向上”“向下”“向左”或“向右”）。保持抖动幅度不变，如果要在该绸带上产生更加密集的波浪状起伏效果，运动员上下抖动的频率应____________（填“增大”“减小”或“保持不变”）。

26、两列简谐波沿x轴相向而行，波速均为两波源分别位于A、B处，时的波形如图所示．当时，M点的位移为______cm，N点的位移为______cm．

评卷人得分四、作图题(共2题，共20分)27、某同学利用“插针法”测定玻璃的折射率，所用的玻璃砖两面平行。正确操作后，四枚大头针的位置如图所示，入射光线已画出，补全光路图及标出入射角i和折射角r。

28、某同学做“测玻璃砖的折射率”的实验时；绘制的光路图如图所示，请通过尺规作图；刻度尺测量，求出该玻璃砖的折射率。（结果保留两位有效数字。）

评卷人得分五、解答题(共3题，共27分)29、一个折射率为的梯形玻璃砖，已知AD边长为4cm，CD边长为6cm，两底角分别为30°、60°，如图所示．一束单色光（纸面内）从AD边中点E入射，入射角为45°时．已知光速为．

①求该单色光从玻璃砖射出时光线与法线的夹角；

②求单色光在玻璃砖内传播时间．30、一物体放在水平地面上，如图1所示，已知物体所受水平拉力F随时间t的变化情况如图2所示，物体相应的速度v随时间t的变化关系如图3所示。求：

(1)0~8s时间内拉力的冲量；

(2)0~6s时间内物体的位移；

(3)0~10s时间内；物体克服摩擦力所做的功。

31、某同学在玩弹力球时做了这样一个实验；如图所示，一大一小A、B两个弹力球可视为质点，A球质量为B球质量为A距离地面的高度将两小球同时无初速度地释放，释放时两球球心在同一竖直线上，两球间有微小间隔。A球落地先与水平地面碰撞，再与B球碰撞，所有碰撞的作用时间极短，且A球与地面碰撞没有动能损失，碰撞前后小球都在竖直方向上运动，A、B两球碰撞结束后B球上升的最大高度为重力加速度不考虑空气阻力，求：

（1）A球对地面的冲量大小；

（2）A球上升的最大高度。

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【分析】

【详解】

A．从t＝0.8s时起，再过一段微小时间，振子的位移为负值，因为取向右为正方向，故t＝0.8s时；速度方向向左，A错误；

B．由题图乙得振子的位移。

x＝12sintcm故t＝0.2s时。

x＝6cmB错误；

C．由图像的斜率等于速度可知，t＝0.4s和t＝1.2s时；振子的速度方向相同，C正确；

D．t＝0.4s到t＝0.8s的时间内；振子的位移逐渐变小，故振子逐渐靠近平衡位置，其速度逐渐增大，D错误。

故选C。2、D【分析】【分析】

【详解】

作ac．ab面的法线，根据光的反射定律和几何关系可知∠a=∠1=∠2∠3=∠4=∠b

所以2∠a=∠b

而∠a+2∠b=180°

可得∠a=36°∠b=72°

故选D。

3、C【分析】【详解】

A．根据位移图像斜率表示速度可知，时刻；甲的速率小于乙的速率，故A错误；

BC．根据甲乙两球位移图像可知，碰撞前后瞬间，两球交换速度，方向反向。根据题述，虚线（乙的位移图像）关于左右对称；所以碰撞前后瞬间，乙的动量大小不变，方向变化，甲的动能不变，故B错误C正确；

D．根据题述；实线两个顶点的纵坐标相同，可知碰撞后甲的机械能与乙的机械能相等，故D错误。

故选C。4、C【分析】【分析】

【详解】

啄木鸟的头部大脑和头骨之间存在着小小的硬脑膜，头颅坚硬，骨质松而充满气体，似海绵状，根据动量定理可知可知；啄木鸟在觅食时可以增加作用力的时间，从而减少作用力。

故选C。5、C【分析】【分析】

【详解】

假设每块滑块的质量为m，最左侧滑块的初速度为碰撞次数为时滑块的总动能变为整个过程由动量守恒定律可得

则碰撞次后的整体速度为

对应的总动能为

由题可知

解得

故选C。6、B【分析】【详解】

C．射出第1发子弹的过程中，根据动量守恒定律得

解得

射出第2发子弹的过程中，根据动量守恒定律得

解得

同理

连续射击20发后皮划艇的速度是

C错误；

AB．射出第n发，皮划艇速度的改变量为

解得

A错误；B正确；

D．根据动量定理得

解得

D错误。

故选B。7、C【分析】【分析】

【详解】

由动量守恒。

解得。

由。

解得。

故选C。8、B【分析】【分析】

【详解】

A．海市蜃楼产生的原因是由于海面上上层空气的折射率比下层空气折射率小；导致光线发生全反射所致，故A错误；

B．胃镜利用了光的全反射原理；电视机遥控器是利用发出红外线脉冲信号来换频道，故B正确；

C．全息照片是采用了激光的相干性；而医院里用X光用病人透视；故C错误；

D．加入偏振片是为了阻止橱窗玻璃反射光进入；不能增加透射光的强度；故D错误。

故选B。二、多选题(共9题，共18分)9、B:C:E【分析】【详解】

在t=0时刻，由乙图可知质点B沿y轴负方向运动，分析甲图可知左侧的点在B的下方，说明波源在左侧，该简谐波沿x轴正方向传播，其波速

故A错误；

B．在0~3.5s时间内，质点B运动的路程为7个振幅的距离

故B正确；

C．BC平衡位置相差半个波长，两质点振动方向相反，在t=2s时刻，分析乙图可知B恰好经过平衡位置向y轴负方向运动，则质点C恰好经过平衡位置向y轴正方向运动；故C正确；

D．发生明显衍射的条件：小孔或障碍物的尺寸比光波的波长小,或者跟波长差不多；因该波波长为4m，欲发生明显的衍射，则障碍物的尺寸应小于4m，故D错误；

E．发生干涉时要求两列波频率必须相同，该波频率为

说明该波能与另一列波发生稳定干涉时另一列波的频率为0.5Hz。

故E正确。

故选BCE。10、A:B【分析】【分析】

【详解】

A．由题图乙可知，质点L在该时刻向y轴正方向运动，依据微平移法，可知该横波沿x轴正方向传播；故A正确；

B．该横波沿x轴正方向传播,结合微平移法，可知质点N该时刻向y轴负方向运动；故B正确；

C．质点在平衡位置上下振动；不随波移动，故C错误；

D．该时刻质点K与M的加速度大小相等；方向相反，故D错误。

故选AB。11、A:B:C【分析】【详解】

A．光线1的偏折更明显；折射率更大，所以频率更大，A正确；

B．根据公式

可得折射率大的临界角小；更容易发生全发射，所以光线1从玻璃进入空气时更容易发生全反射，B正确；

C．根据公式为光速

因为光线1的频率大；所以光线1的波长小，光线2的波长大，所以光线2的衍射条纹间距更大，C正确；

D．根据公式

可知波长越小；干涉条纹间距越小，D错误。

故选ABC。12、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．根据冲量公式得，重力的冲量为

又

从A到路程为则

则

A错误；

BC．由题可知，以速度向上为负小球所受合力等于小球所需向心力，又根据

得

即小球所受合力的冲量等于所需向心力的冲量，均为2mv；B错误，C正确；

D．由A可知，重力的冲量为向下，合力的冲量为向下，因此则轻杆对小球作用力的冲量大小为

方向向下；D正确。

故选CD。13、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．对C自由下落过程，由机械能守恒得

解得

对C与A组成的系统，取向下为正方向，由动量守恒定律得

解得

故A错误；

B．C与A碰撞时产生的内能为

故B正确；

C．当AC速度为零时，弹簧的弹性势能有最大值

故C错误；

D．开始时弹簧的压缩量为

碰后物体B刚被拉离地面时弹簧伸长量为

则AC将上升2H，弹簧弹性势能不变，由系统的机械能守恒得

解得

故D正确。

故选BD。14、A:D【分析】【详解】

A．将物块和板看做一个系统，系统无外力做功，动量守恒，则有

解得

最终C相对于A和B都保持相对静止；所以A；C的最终速度相同，A正确；

B．设物块与板的相对位移为相对滑动的过程产生的热量等于系统损失的机械能，则有

由于A、B板材质不同，所以μ不同，则C相对于A和B滑行的距离不相同；B错误；

C．设A、B相对地面滑动的距离为s，摩擦力做功使M获得动能，由动能定理得

由于μ不同；所以A和B相对地面滑动的距离也不相同，C错误；

D．该过程产生的热量等于系统损失的机械能，则有

所以两种情况下产生的热量相等；D正确。

故选AD。15、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．多普勒效应是波动过程共有的特征；无论是机械波还是电磁波，都会产生多普勒效应，故A错误，B正确；

CD．产生多普勒效应的原因是观察者接收到的频率发生了变化；而波源的频率不变，故D正确，C错误。

故选BD。16、A:D【分析】【详解】

A．两种色光都在玻璃砖的上表面发生了反射；入射角相同，由反射定律知，它们的反射角相同，可知光束I是复色光；而光束II；III由于折射率的不同导致偏折分离，所以光束II、III为单色光，故A正确；

B．光路如图所示：

由图可知光束II的偏折程度大于光束III的偏折程度；根据折射定律可知玻璃对光束II的折射率大于对光束III的折射率，则光束II的频率大于光束III的频率，故B错误；

C．一束由两种单色光混合的复色光沿PO方向射入，经过折射、反射、再折射后，光线仍平行，这是因为光反射时入射角与反射角相等，改变角；光线I；II、III仍保持平行，故C错误；

D．由图可知，玻璃砖对光束II折射率更大，根据可知；在玻璃砖中，光束II的速度小于光束III的速度，故D错误。

故选AD。17、A:C【分析】【详解】

A.根据双缝干涉条纹的间距公式知，减小双缝间的距离，即d变小，则干涉条纹间距减大，故A正确；

B.根据双缝干涉条纹的间距公式知，减小双缝到屏的距离，即l减小，干涉条纹间距减小．故B错误；

C.根据双缝干涉条纹的间距公式知；将绿光换为红光，波长变长，则干涉条纹间距变大．故C正确；

D.因为所以

则光进入水中的波长。

光进入水中波长变短，根据双缝干涉条纹的间距公式知，波长变短，则干涉条纹间距变小．故D错误．三、填空题(共9题，共18分)18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]由波形图可知

根据

代入数据得

因为

在一个周期内质点的运动路程为

所以在时间内质点运动的路程是即

[3]因障碍物比波长小，能产生明显的衍射现象。【解析】①.0.2②.0.34③.能19、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】介质中介质不同20、略

【分析】【详解】

试题分析：设滑块滑到最低点所用的时间为t，滑块发生的水平位移大小为R-x，则圆环的位移大小为x，取水平向左方向为正方向．则根据水平方向平均动量守恒得：即：解得：负号表示方向向右．

考点：动量守恒定律的应用。

【名师点睛】此题是动量守恒定律的应用；小滑块无初速下滑到达最低点时，滑块与圆环组成的系统水平方向动量守恒，用位移表示平均速度，根据水平方向平均动量守恒定律求出滑块发生的水平位移，再由几何知识求出滑块的位移．【解析】 R；21、略

【分析】【详解】

[1]由题可知，波的周期

由波长公式可知

[2]由于AB的距离为波长的4.5倍，所以小明同学处于波峰时，他爸爸处于波谷。【解析】6波谷22、略

【分析】【分析】

【详解】

碰撞是指物体间的相互作用持续时间很短，而物体间相互作用力很大的现象【解析】很大23、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]公式中的A代表振动的振幅。

[2]ω叫做圆频率，它与频率f之间的关系为ω=2πf

[3]公式中的ωt+表示简谐运动的相位。

[4]t=0时的相位叫做初相位，简称初相。【解析】①.振动的振幅②.ω=2πf③.简谐运动的相位④.初相位24、略

【分析】【详解】

[1]知处的质点在内的运动路程为

所以处质点在时刻是向上振动的，该波向x轴负方向传播。

[2][3]1s时波源的位移为-0.5m，可知

得

波速为【解析】负1125、略

【分析】【详解】

[1]从图中可知绸带上形成的波是自左向右传播的，根据波形平移法，可判断绸带上P点运动方向向上；

[2]绸带上产生更加密集的波浪状起伏效果，说明波长变小，而同种介质中同类型波的传播波速是不变的，根据

可知运动员上下抖动的周期变短、频率增大。【解析】向上增大26、略

【分析】【详解】

2.5s内，两列波传播的距离当A波向右传播1m时；

A波如图中的虚线所示；Ｂ波如图中的实线所示，所以，Ｍ点位移为2cm,Ｎ点位移为零；

【解析】2，0四、作图题(共2题，共20分)27、略

【分析】【分析】

【详解】

根据实验原理，则大头针P4