2025年仁爱科普版高二物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年仁爱科普版高二物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示；电源是两节普通1号干电池串联组成，电池组内阻约为0.2Ω，D是额定电压为2.5V；额定电流为0.3A的手电筒用的小灯泡，L是电阻约为1Ω左右自感线系数很大的线圈，闭合开关s，看到的现象是（）

A.灯D过一会儿逐渐变亮。

B.灯D立即发光；且亮度不变。

C.灯D开始正常发光；然后变得较暗。

D.灯D开始发很强的光；然后变为正常发光。

2、关于摩擦起电与感应起电，以下说法正确的是A.摩擦起电是因为电荷的转移，感应起电是因为产生电荷B.摩擦起电是因为产生电荷，感应起电是因为电荷的转移C.不论摩擦起电还是感应起电，都是电荷的转移D.以上说法均不正确3、物理学研究表明，自然界存在四种基本相互作用，我们学习过的重力、弹力（）A.都属于万有引力相互作用B.重力属于万有引力相互作用，弹力属于弱相互作用C.重力属于强相互作用，弹力属于弱相互作用D.重力属于万有引力相互作用，弹力属于电磁相互作用4、为短周期元素，且原子序数依次增大，前rm{5}种元素质子数之和为rm{39}同周期，同主族，能形成两种液态化合物rm{A_{2}C}和rm{A_{2}C_{2}}rm{E}元素的周期序数与主族序数相等rm{.}下列说法中不正确的是()A.原子半径：rm{r}rm{(D)>}rm{r}rm{(F)>}rm{r}rm{(A)}B.rm{D}与rm{C}也能形成rm{D_{2}C}和rm{D_{2}C_{2}}化合物，两种化合物中阳离子和阴离子个数比都为rm{2}rm{1}C.把rm{2}rm{mol}rm{D}的单质投入足量的水中，产生的气体体积为rm{22.4L}D.由三种元素组成的rm{18}电子微粒能发生氧化反应5、如图所示，两板间距为d

的平行板电容器与电源连接，开始时使电键k

闭合.

电容器两板间有一质量为m

带电量为q

的微粒静止不动.

下列各叙述中错误的是(

)

A.微粒带的是负电B.电源提供电压为mgdq

C.保持电键k

闭合，将电容器上极板向左移动，微粒将向下做加速运动D.保持电键k

闭合，把电容器两板距离增大，微粒将向下做加速运动6、我们经常可以看到，在路边施工处总挂着红色的电灯，这除了红色光容易引起人的视觉注意以外，还有一个重要的原因，这一原因是红色光（）A.比其他色光更容易发生衍射B.比其他色光的光子能量大C.比其他色光更容易发生干涉D.比其他色光更容易发生全反射7、下列有关光的说法正确的是（）A.光纤由内芯和外套两层组成，其内芯的折射率比外套的小B.立体电影主要是应用了光的衍射现象C.肥皂泡上出现彩色花纹是光的干涉现象D.在光的双缝干涉实验中，把入射光由蓝光改为黄光，条纹间距将变窄8、如图所示，小磁针正上方的直导线与小磁针平行，当导线中有电流时，小磁针会发生偏转。首先观察到这个实验现象的物理学家和观察到的现象是(

)

A.物理学家伽利略，小磁针的N

极垂直转向纸内B.天文学家开普勒，小磁针的S

极垂直转向纸内C.大物理学家牛顿，但小磁针静止不动D.物理学家奥斯特，小磁针的N

极垂直转向纸内9、2016

年10

月17

日，我国自主研发的“神舟十一号”载人飞船在酒泉卫星发射中心由“长征二号”运载火箭发射升空.

若在发射升空过程中，“神舟十一号”先做加速运动后做减速运动，该过程中航天员()A.一直处于失重状态B.一直处于超重状态C.先处于超重状态，后处于失重状态D.先处于失重状态，后处于超重状态评卷人得分二、填空题(共9题，共18分)10、在探究两电荷间相互作用力的大小与哪些因素有关的实验中，一同学猜想可能与两电荷的间距和带电量有关。他选用带正电的小球A和B，A球放在可移动的绝缘座上，B球用绝缘丝线悬挂于玻璃棒C点，如图所示。实验时，先保持两球电荷量不变，使A球从远处逐渐向B球靠近，观察到两球距离越小，B球悬线的偏角越大；再保持两球距离不变，改变小球所带的电荷量，观察到电荷量越大，B球悬线的偏角越大。实验表明：两电荷之间的相互作用力，随其距离的________而增大，随其所带电荷量的____________而增大。此同学在探究中应用的科学方法是__________(（选填：“累积法”、“等效替代法”、“控制变量法”或“演绎法”）。11、某研究性小组的同学们在探究安培力的大小和方向与哪些因素有关时；设计了以下两个实验．

实验一：利用如图所示的安培力演示器先探究影响安培力大小的因素．第一步；当通电导线长度和磁场一定，调节滑动变阻器的滑片改变电流，观察：指针发生偏转，且偏转角度随电流增大而增大．第二步，当通电电流和磁场一定，改变导线的长度，分别观察：指针发生偏转的角度随导线长度的增大而增大．第三步，当通电电流和导线长度一定，更换磁铁，再次分别观察：指针发生偏转的角度不同．

实验二：利用安培力演示器对安培力的方向进行对比探究．先后按照下表实验序号1；2、3的图例做实验；观察到的相关现象已分别记录在对应的图例下面的表格里．

。实验序号123图。

例磁场方向竖直向下竖直向下竖直向上电流方向水平向里水平向外水平向外受力方向水平向左水平向右水平向左（1）通过实验一的对比探究，可以得到影响安培力大小的因素有：______；且安培力大小与这些因素的定性关系是：______．

（2）通过实验二的对比探究，可以得到安培力的方向与______方向、______方向有关；且三者方向的关系是：当I⊥B时，______．

（3）通过实验一的对比探究，能否得出安培力大小的计算公式？______（填“能”或“不能”）通过实验二的对比探究，能否得出安培力方向的规律--左手定则？______（填“能”或“不能”）12、三个粒子a、b、c（不计重力）以相同的速度射入匀强磁场中，运动轨迹如图所示．其中b粒子做匀速直线运动，则a粒子带______电，c粒子带______电．（请填“正”或“负”）13、把电容器的两个极板分别与电源的正负极相连，两极板就带上了等量的正负电荷，这个过程叫做______．14、一根电阻丝接入100V的恒定电流电路中，在1min内产生的热量为Q，同样的电阻丝接入正弦交变电流的电路中，在2min内产生的热量也为Q，则该交流电压的峰值是____V．15、如图所示为玻璃厚度检测仪的原理简图，其原理是：固定一束激光AO以不变的入射角i照到MN表面，折射后从PQ表面射出，折射光线最后照到光电管C上，光电管将光信息转变为电信号，依据激光束在C上移动的距离，可以确定玻璃厚度的变化．设i＝45°，玻璃对该光的折射率为C上的光斑向左移动了Δx，则可确定玻璃的厚度比原来变________(填“厚”或“薄”)了________．16、灵敏电流计的内阻是Rg=200满偏电流是Ig=1mA，要把这个电流表改装成量程为6.0V的电压表，应____（填“串联”或“并联”）一个阻值为的电阻，改装电压表的内阻为17、如图是一个按正弦规律变化的交变电流的图象．根据图象可知该交变电流的电流有效值是______A，频率是______Hz．18、一带电导体如图所示，已知导体表面上A

点场强EA=100N/CB

点场强EB=10N/C.

今有一点电荷在电场力作用下第一次由A

到无限远，第二次由B

到无限远，两次最初的加速度之比aAaB=

______；若初速度均为零，则末速度大小之比VAVB=

______.

若把一个电子从A

处表面移到B

处表面，电场力作总功为______．评卷人得分三、判断题(共6题，共12分)19、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）20、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）21、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

22、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

23、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）24、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

评卷人得分四、推断题(共3题，共24分)25、rm{隆露}茉莉花rm{隆路}是一首脍炙人口的中国民歌。茉莉花香气的成分有多种，乙酸苯甲酯rm{(}rm{)}是其中的一种，它可以从茉莉花中提取，也可以乙烯和甲苯为原料进行人工合成。其中一种合成路线如下：回答下列问题：

rm{(1)A}rm{B}的结构简式为______________；

rm{(2)}写出反应rm{垄脷}rm{垄脼}的化学方程式rm{垄脷}_____________________rm{;垄脼}_____________________

rm{(3)}上述反应中属取代反应的有______________

rm{(4)}反应______________rm{(}填序号rm{)}原子的理论利用率为rm{100%}符合绿色化学的要求。26、【化学rm{隆陋}选修rm{3}物质结构与性质】27、I、（1）含氰废水中的CN－有剧毒。在微生物的作用下，CN－能够被氧气氧化成HCO3－，同时生成NH3，该反应的离子方程式为____。

（2）含乙酸钠和对氯酚（）的废水可以利用微生物电池除去，同时提供电能，其原理如图所示。则A极的电极反应式为：____。

II、锌钡白是一种白色颜料。工业上是由ZnSO4与BaS溶液混合而成：BaS＋ZnSO4＝ZnS↓＋BaSO4↓。请根据以下工业生产流程回答有关问题。ZnSO4溶液的制备与提纯：有关资料：a．菱锌矿的主要成分是ZnCO3，含少量SiO2、FeCO3、Cu2(OH)2CO3等；b．Zn(OH)2与Al(OH)3相似，能溶于过量的NaOH溶液生成Na2ZnO2。（1）滤渣1的化学式为____；（2）②中使用的氧化剂最好是下列的____（选填字母代号）。A．Cl2B．浓HNO3C．KMnO4D．H2O2____（3）为了达到综合利用、节能减排的目的，上述流程步骤④中的CO2可以来自于步骤____（选填①、②、③、⑤）。（4）写出步骤④所发生的离子方程式____。评卷人得分五、实验探究题(共4题，共16分)28、某同学欲采用下列器材研究一个额定电压为2.5V的小灯泡的伏安特性曲线．

A．直流电源（3V；内阻不计）；

B．电流表（0～3A；内阻约0.03Ω）；

C．电流表（0～0.6A；内阻约0.13Ω）；

D．电压表（0～3V；内阻约3kΩ）；

E．电压表（0～15V；内阻约15kΩ）；

F．滑动变阻器（0～20Ω；额定电流2A）；

G．滑动变阻器（0～1000Ω；额定电流0.5A）

H．开关；导线等；

（1）为减小测量误差，电压表应选用，滑动变阻器应选用______．（选填代号）

（2）该同学选择电流表外接；且要求小灯泡两端电压变化范围尽量大些．请在图1图虚线框中画出正确的实验电路图．

（3）闭合开关，逐次改变滑动变阻器滑片的位置，在下表中记录与之对应的电流表的示数I、电压表的示数U．其中某组电流表、电压表的示数如图2所示．则电流表读数为______；电压表读数为______．

（4）某同学连接电路的实物图如图3所示，请指出他电路接线中的错误：______．29、如图所示，某同学在“测定玻璃的折射率”的实验中，先将白纸平铺在木板上并用图钉固定，玻璃砖平放在白纸上，然后在白纸上确定玻璃砖的界面aa

篓@

和bb

篓@.O

为直线AO

与aa

篓@

的交点.

在直线OA

上竖直地插上P1P2

两枚大头针．

(1)

该同学接下来要完成的必要步骤有____

A.插上大头针P3

使P3

仅挡住P2

的像。

B.插上大头针P3

使P3

挡住P1

的像和P2

的像。

C.插上大头针P4

使P4

仅挡住P3

D.插上大头针P4

使P4

挡住P3

和P1P2

的像。

(2)

过P3P4

作直线交bb

篓@

于O篓@

过O

作垂直于aa

篓@

的直线NN篓@

连接OO隆盲.

测量图中角娄脕

和娄脗

的大小.

则玻璃砖的折射率n

=

____．30、办公和学习产生大量废纸，其主要成分是木质纤维，人类正努力将其转化为一种新的能源乙醇。下图是工业上利用微生物分解纤维素生产乙醇的基本工作流程，请回答相关问题：(1)图中①环节所需的微生物若来自土壤。要统计土壤样品中该活菌的数目，宜采用________法接种，根据土壤样品的稀释倍数和接种稀释液的体积，通过统计平板上的_________就能大约推测出样品中的活菌数。对于纯化后所得到的纤维素分解菌，若要进行长期保存，可以采用___________的方法。(2)分解废纸中纤维素的纤维素分解菌能分泌纤维素酶，该酶是由3种组分(C1酶、CX酶和葡萄糖苷酶)组成的复合酶，其中的葡萄糖苷酶可将_______分解成葡萄糖。(3)④接种的微生物是________。无菌技术主要通过消毒和灭菌来避免杂菌的污染,其中对培养基进行灭菌的常用方法是________(4)纸张加工过程中，有时要加入一些由植物芳香油制成的香精，芳香油的提取方法有________________等(至少写出2种)；也可以用植物色素使纸张着色，根据植物色素易溶于有机溶剂的特点，可以考虑使用____________法提取植物色素。31、如图1是“研究平抛物体运动”的实验装置图；通过描点画出平抛小球的运动轨迹。

（1）以下是实验过程中的一些做法；其中合理的有______。

a．安装斜槽轨道；使其末端保持水平。

b．每次小球释放的初始位置可以任意选择。

c．每次小球应从同一高度由静止释放。

d．为描出小球的运动轨迹；描绘的点可以用折线连接。

（2）某同学在做平抛运动实验中得出如图2所示的小球运动轨迹，a、b、c三点的位置在运动轨迹上已标出。则：（g取10m/s2）

①小球平抛的初速度为______m/s；

②小球开始做平抛运动的初位置横坐标为x=______cm；

③小球运动到b点的速度为______m/s。评卷人得分六、识图作答题(共2题，共12分)32、科学家从某细菌中提取抗冻基因，转入番茄并培育出抗冻番茄。下图是转抗冻基因番茄的培育过程，含抗冻基因的DNA片段和质粒上的箭头表示相关限制酶的酶切位点。分析回答问题：（1）若要获得抗冻基因，可以从细菌中提取，也可以通过分析抗冻蛋白________的序列推测基因的结构，进而人工合成抗冻基因。对获得的抗冻基因可用________技术进行扩增。（2）上述两种途径获得的抗冻基因________（填“一定”或“不一定”）相同，原因是____。（3）图中①②过程为防止质粒和含目的基因的外源DNA片段自身环化，应选用____酶对外源DNA、质粒进行切割。33、（8分）常见的酿酒酵母只能利用葡萄糖而不能利用木糖来进行酒精发酵，而自然界中某些酵母菌能分解木糖产生酒精，但是对酒精的耐受能力差。科学家利用基因工程培育了能利用这两种糖进行发酵且对酒精耐受能力强的酿酒酵母。请分析回答下列问题：（1）制备酵母菌培养基要进行倒平板操作，待平板冷凝后，要将平板倒置，该操作的主要原因是________。（2）取从自然界中采集的葡萄，用无菌水将葡萄皮上的微生物冲洗到无菌的三角瓶中，然后按图甲所示过程进行酵母菌的纯化培养。图乙是经过图甲过程A纯化培养的结果，在培养基上接种时划线的顺序依次是________（用图中编号表示），此过程中接种环灼烧________次。研究者在图甲过程C的操作培养过程中，得到了一个经培养后菌落分布如图丙所示的平板，推测接种时可能的操作失误是________。（3）将培养基上的酵母菌菌株转接到仅以________为碳源的培养基中，无氧条件下培养一周后，有些酵母菌死亡，说明这些酵母菌不能利用木糖发酵。（4）将利用转基因获得的酿酒酵母发酵能力进行测试，结果如图丁所示：据图丁分析，将转基因酿酒酵母接种在含________的培养基中进行酒精发酵能力测试。此过程中，最初培养基中的________糖被快速消耗，随着发酵的持续进行，若该酿酒酵母能够存活，说明它能________，即说明所需菌株培育成功。参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】

闭合开关s瞬间，由于L的自感作用，电流几乎全部通过灯泡，灯D开始发很强的光，稳定后，L相当于一直流电阻，灯泡的电阻R==Ω，根据串并联电路的知识：路端电压U=E-≈2.5V知灯泡能正常发光；D正确．

故选D．

【解析】【答案】当开关接通和断开的瞬间；流过线圈的电流发生变化，产生自感电动势，阻碍原来电流的变化，根据自感现象的规律来分析．

2、C【分析】【解析】试题分析：摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷．感应起电的实质是电荷可以从物体的一部分转移到另一个部分．摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，即说明了电荷可以从一个物体转移到另一个物体，并没有产生电荷．感应起电过程电荷在电场力作用下，电荷从物体的一部分转移到另一个部分，所以ABD错误，C正确．故选C。考点：摩擦起电、感应起电．【解析】【答案】C3、D【分析】解：引力是所有物体之间都存在的一种相互作用．

电磁相互作用包括静止电荷之间以及运动电荷之间的相互作用．

重力是由于物体受地球吸引而产生的；属于万有引力相互作用．

弹力和摩擦力从其产生机理上说是物质内部原子的吸引和排斥；属于电磁相互作用；

故选D．

了解四种基本相互作用；万有引力（简称引力）；电磁力、强相互作用和弱相互作用．

对于四种基本相互作用我们仅仅了解就行呢，知道哪些力属于哪种相互作用．【解析】【答案】D4、C【分析】略【解析】rm{C}5、C【分析】解：A

由题；带电荷量为q

的微粒静止不动，则微粒受到向上的电场力，平行板电容器板间场强方向竖直向下，则微粒带负电.

故A正确．

B、由平衡条件得：mg=qUd

得，电源输出电压的大小为U=mgdq.

故B正确．

C；断开电键；电容器所带电量不变，场强不变，微粒所受的电场力不变，则微粒仍静止不动.

故C错误．

D；保持电键闭合；把电容器两极板距离增大，板间场强减小，微粒所受电场力减小，则微粒将向下做加速运动.

故D正确．

本题选错误的；故选：C

带电荷量为q

的微粒静止不动，所受的电场力与重力平衡，由平衡条件分析微粒的电性.

由E=Ud

求解电源电动势.

断开电键，根据微粒的电场力有无变化，分析微粒的运动情况．

本题整合了微粒的力平衡、电容器动态分析，由平衡条件判断微粒的电性，由E=Ud

分析板间场强如何变化，判断微粒是否运动．【解析】C

6、A【分析】红光波长较长，较易发生衍射现象，覆盖面比较宽【解析】【答案】A7、C【分析】解：A；光导纤维是利用全反射现象传输信号；由于内层是光密介质即内层的折射率大于外层的折射率，所以光在由内层向外层传播时发生全反射而不能泄露，故A错误．

B、立体电影主要是应用了光的干涉现象，当光程差为nλ时呈现出图象，当光程差为（n+）λ时看不到图象．故B错误．

C；肥皂泡上出现彩色花纹是由于从肥皂泡的前后两面分别反射的两列光发生薄膜干涉形成的；故C正确．

D、根据双缝干涉条纹间距公式△x=λ可知在其它条件不变的情况下；把入射光由蓝光改为黄光，即波长变大，故条纹间距变大，故D错误．

故选C．

光导纤维是利用全反射现象传输信号，由于内层是光密介质即内层的折射率大于外层的折射率；立体电影主要是应用了光的干涉现象；肥皂泡上出现彩色花纹是发生薄膜干涉形成的；双缝干涉条纹间距满足公式△x=λ．

掌握了各种物理现象产生的机理，就能顺利解决此类题目．【解析】【答案】C8、D【分析】解：发现电流周围存在磁场的科学家是奥斯特；根据安培定则可知该导线下方飞磁场方向垂直纸面向里，因此小磁针的N

极垂直转向纸内，故ABC错误，D正确。

故选：D

解答本题的关键是了解发现电流磁效应的科学家是哪位同时明确通电直导线周围的磁场分别情况。

本题考查了电流磁效应的发现已经直导线周围磁场的分部情况，比较简单，对于类似简单问题不能忽视，要不断加强练习。【解析】D

9、C【分析】【分析】超重、失重要看加速度，加速度向上物体处于超重状态，加速度向下物体处于失重状态。本题考查超重失重知识，弄清加速度方向是解决此题的关键。【解答】火箭向上加速时加速度向上，处于超重状态，火箭向上减速的过程，加速度向下处于失重状态，故C正确，ABD错误。故选C。【解析】C

二、填空题(共9题，共18分)10、略

【分析】试题分析：两电荷之间的相互作用力，随其距离的减小而增大，随其所带电荷量的增大而增大。猜想可能与两电荷的间距和带电量有关，有两个以上的因素，在实验验证时，需排除其它因素的干扰，用到控制变量法。考点：本题考查探究两电荷间相互作用力的大小与哪些因素有关【解析】【答案】减小增大控制变量法11、略

【分析】解：（1）实验一中；通电直导线在安培力作用下使指针发生偏转，且偏转角度越大，说明导线所受安培力越大．当通电导线长度和磁场一定时，改变电流，偏转角度相应变化，说明安培力的大小与电流有关，偏转角度随电流增大而增大，进一步说明，电流越大，安培力越大；同理，可以得到影响安培力大小的因素还有磁场；导线长度，且磁性越强（磁场越强），直导线越长，安培力越大．

（2）实验二中：图例1与图例2对比；当磁场方向相同，改变电流方向时，安培力方向发生变化；图例2与图例3对比，当电流方向相同，改变磁场方向时，安培力方向发生变化．说明安培力的方向与磁场方向；电流方向都有关；当导线垂直放入磁场中，安培力不仅垂直电流的方向，也垂直磁场的方向．

（3）实验一是一个定性探究实验；不能得出安培力大小的计算公式．实验二则可以得出安培力方向的判定规律--左手定则；

故答案为：（1）磁场；导线长度和通电电流磁性越强（磁场越强）；电流越大或直导线越长，安培力越大．

（2）磁场电流F⊥I；F⊥B

（3）不能能。

（1）实验一中；通电直导线在安培力作用下使指针发生偏转，从各量的变化及引起的安培力的变化得规律．

（2）实验二中：图例1与图例2对比；图例2与图例3对比分析各量的方向的变化得出安培力方向规律．

（3）实验一是一个定性探究实验；不能得出安培力大小的计算公式．实验二则可以得出安培力方向的判定规律--左手定则。

实验分析中注意各量的变化引起的结果，提高总结规律的能力．【解析】磁场、导线长度和通电电流；磁性越强（磁场越强），电流越大或直导线越长，安培力越大．；磁场；电流；F⊥I，F⊥B；不能；能12、略

【分析】解：b粒子做直线运动，表明b粒子不受洛伦兹力，b粒子不带电；由左手定则可知；a粒子带负电，c带正电。

故答案为：负；正．

b粒子做直线运动，表明b粒子不受洛伦兹力，b粒子不带电；根据a；c粒子的偏转方向，由左手定则可判断其带电性．

本题考查左手定则，知道磁场方向和粒子运动方向，判断带电性质，基础题．【解析】负；正13、充电【分析】解：把电容器的两个极板分别与电源的正负极相连；两极板就带上了等量的正负电荷，这个过程叫做充电．

故答案为：充电．

两个相互靠近又彼此绝缘的导体就构成了电容器；由于电荷间的相互吸引；而可以容纳电荷量．

解决本题的关键知道电容器的充电、放电过程，知道将电容器正负极板短接会发生放电．【解析】充电14、略

【分析】

设正弦交流电电压有效值为U2．

对于恒定电流：Q=①

对于正弦交变电流：Q=②

由①②联立得。

==

得到U2=50

交流电压的峰值是Um=U2=100V

故答案为：100

【解析】【答案】交流电产生的热量根据焦耳定律用有效值研究；采用比例法与恒定电流相比较求出交流电的有效值，再由最大值与有效的关系求解峰值．

15、略

【分析】光经过平行玻璃砖传播方向不变，只发生侧移，光斑向左移，可见玻璃砖变厚．由sini/sinr＝n，得r＝30°.设变厚为d，则dtan45°－dtan30°＝Δx，所以d＝Δx.【解析】【答案】厚Δx16、略

【分析】试题分析：灵敏电流计的满偏电压所以要测量的电压就要串联一个电阻，串联后的电压等于量程即计算得此时改装后的电压表内阻考点：灵敏电流计的改装【解析】【答案】串联5800600017、略

【分析】解：根据图象可知该交流电的电流最大值是Im=10A，有效值为=5周期T=0.2s，则频率为f==5Hz

故答案为：5．

由交流电的图象的纵坐标的最大值读出电流的最大值；读出周期，求出频率．

根据交流电i-t图象读出交流电的最大值、周期及任意时刻电流的大小是基本能力．比较简单．【解析】518、10：1；1：1；0【分析】解：因为F=qE

知电荷在AB

两点所受的电场力之比为F1F2=10010

根据牛顿第二定律F=ma

知，加速度之比为aAaB=101

．

导体是等势体，所以AB

两点的电势是相等的，电荷第一次由A

到无限远，第二次由B

到无限远，两次电场力做的功相等，根据动能定理可得：12mv2=W

所以：vAvB=1拢潞1

在等势体的表面移动电荷电场力不做功.

所以若把一个电子从A

处表面移动到B

处表面；电场力作功为0J

故答案为：101110

根据电场强度的定义式求出电场力的大小；通过牛顿第二定律求出最初的加速度之比.

根据带电导体是一个等势体，在等势体的表面移动电荷电场力不做功．

解决本题的关键会通过牛顿第二定律比较加速度的关系，知道在等势体的表面移动电荷电场力不做功．【解析】101110

三、判断题(共6题，共12分)19、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．20、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．21、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．22、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．23、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．24、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．四、推断题(共3题，共24分)25、

（2）2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O

（3）④⑤⑥

（4）①③

【分析】【分析】本题考查有机物的推断与合成，难度不大，注意结合乙醇、氯代烃的性质进行推断，需要学生熟练掌握官能团的性质与转化，有利于基础知识的巩固。【解答】rm{(1)}乙醇与氧化铜加热反应生成rm{A}rm{A}为乙醛，甲苯在光照条件下与氯气反应生成rm{B}rm{B}为故答案为：rm{CH_{3}CHO}rm{CH_{3}CHO}rm{(2)}反应rm{垄脷}rm{垄脼}的化学方程式分别为：的化学方程式分别为：rm{垄脷}rm{垄脼}故答案为：rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}反应rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}是乙烯与水发生加成反应，反应rm{(3)}是乙醇发生氧化反应生成乙醛，反应rm{垄脵}是乙醛发生氧化反应生成乙酸，反应rm{垄脷}是甲苯与氯气发生取代反应，反应rm{垄脹}是rm{垄脺}在氢氧化钠水溶液、加热条件下发生水解反应生成苯甲醇，属于取代反应，rm{垄脻}乙酸与苯甲醇发生酯化反应生成乙酸苯甲酯，属于取代反应；故答案为：rm{B}

rm{垄脼}反应rm{垄脺垄脻垄脼}乙烯与水发生加成反应生成乙醇，反应rm{(4)}乙醛发生氧化反应生成乙酸，符合原子利用率rm{垄脵}故答案为：rm{垄脹}rm{100%}【解析】rm{(2)}rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{(3)垄脺垄脻垄脼}26、（1）CaNA（2）水分子之间形成氢键（3）F＞N＞O（4）（5）三角锥形sp3杂化（6）【分析】【分析】本题考查了物质的结构与性质。需要学生的识记和理解，多做有助于快速判断。【解答】rm{A}基态原子rm{2p}能级有rm{3}个单电子，原子核外电子排布为rm{1s^{2}2s^{2}2p^{3}}则rm{A}为rm{N}元素；rm{B}意思是基态原子rm{p}轨道上成对电子数等于未成对电子数，原子核外电子排布为rm{1s^{2}2s^{2}2p^{4}}则rm{B}为rm{O}元素；rm{C}的氢化物常用于刻蚀玻璃，则rm{C}为rm{F}元素；rm{D}元素基态原子核外电子分处rm{6}个不同能级，且每个能级均已排满，原子核外电子排布为rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}4s^{2}}则rm{D}为rm{Ca}rm{E}的原子序数等于rm{C}与rm{D}的原子序数之和，即rm{E}的原子序数为rm{9+20=29}故E为rm{Cu}rm{(1)D}的元素符号为rm{Ca}rm{A}的单质为rm{N_{2}}结构式为rm{N隆脭N}rm{14g}氮气为rm{14g隆脗28g/mol=0.5mol}含有rm{娄脨}键的个数为rm{0.5mol隆脕2隆脕N_{A}}rm{mol-1=N_{A}}，所以本题答案为：rm{Ca}rm{N_{A}}rm{(2)B}元素的氢化物的沸点是同族元素氢化物中最高的，原因是：水分子之间形成氢键，增大分子间的作用，所以本题答案为：水分子之间形成氢键；rm{(3)}同周期所原子序数增大元素的电负性增大，rm{3}种元素的电负性由大到小的顺序为：rm{F>N>O}所以本题答案为：rm{F>N>O}rm{(4)Cu^{2+}}的价层电子排布式为rm{3d^{9}}则价电子排布图为所以本题答案为：rm{(5)A}的最简单氢化物为rm{NH_{3}}分子的空间构型为三角锥形，其中rm{N}原子形成rm{3}个rm{N-H}键、含有rm{1}对孤对电子，杂化轨道数目为rm{4}rm{N}原子的杂化类型是rm{sp^{3}}杂化，所以本题答案为：三角锥形rm{sp^{3}}杂化；rm{(6)}晶胞中白色球数目为rm{8}黑色球数目为rm{8隆脕1/8+6隆脕1/2=4}结合化学式rm{CaF_{2}}可知白色球为rm{F}黑色球为rm{Ca}晶胞质量为rm{(4隆脕78)/N_{A}g}晶体的密度为rm{娄脩g?cm^{-3}}则rm{4隆脕78N_{A}g=(acm)^{3}隆脕娄脩g?cm^{-3}}故晶胞边长rm{4隆脕78N_{A}g=(acm)^{3}隆脕娄脩

g?cm^{-3}}rm{a=}所以本题答案为：rm{cm}【解析】rm{(1)Ca}rm{N_{A}}rm{(2)}水分子之间形成氢键rm{(3)F>N>O}rm{(4)}rm{(5)}三角锥形rm{sp^{3}}杂化rm{(6)}27、略

【分析】【分析】该题通过水污染的治理和化学工业生产流程，考查了原电池原理的应用和元素及其化合物的性质，判断微生物电池的正负极和分析流程图是本题难点，试题难度较大。I、（1）根据信息：CN-能够被氧气氧化成HCO3-，同时生成NH3来书写方程式；（2）根据原电池中阳离子的移动方向确定A为正极，发生得电子的还原反应来书写；II、由图1流程可知，菱锌矿的主要成分是ZnCO3，含少量SiO2、FeCO3、Cu2（OH）2CO3等，加硫酸，只有SiO2不反应，则滤渣1为SiO2，②中加氧化剂将亚铁离子氧化为铁离子，再加过量的NaOH，金属离子转化为沉淀，则滤渣2为Fe（OH）3、Cu（OH）2，反应④通二氧化碳将ZnO22-转化为沉淀，则滤渣3为Zn（OH）2，据此解答。【解答】I、（1）CN-能够被氧气氧化成HCO3-，同时生成NH3得出方程式为：2CN-+4H2O+O22HCO3-+2NH3；（2）原电池中氢离子的移动方向是从负极流向正极，所以A是正极，发生得电子的还原反应：+2e-+H+═+Cl-；II、由图1流程可知，菱锌矿的主要成分是ZnCO3，含少量SiO2、FeCO3、Cu2（OH）2CO3等，加硫酸，只有SiO2不反应，则滤渣1为SiO2，②中加氧化剂将亚铁离子氧化为铁离子，再加过量的NaOH，金属离子转化为沉淀，则滤渣2为Fe（OH）3、Cu（OH）2，反应④通二氧化碳将ZnO22-转化为沉淀，则滤渣3为Zn（OH）2，（1）由上述分析可知，滤渣1为SiO2；（2）②中加氧化剂将亚铁离子氧化为铁离子；只有D不会引入新杂质；

（3）步骤④中的CO2气体来自步骤①酸浸反应放出的气体，可以节能减排；（4）步骤④发生的离子反应方程式为ZnO22-+2CO2+2H2O=Zn（OH）2↓+2HCO3-。【解析】I、（1）2CN-+4H2O+O22HCO3-+2NH3（2）+2e-+H+═+Cl-II、（1）SiO2（2）D（3）①（4）ZnO22-+2CO2+2H2O=Zn（OH）2↓+2HCO3-五、实验探究题(共4题，共16分)28、略

【分析】解：（1）为方便实验操作；应选最大阻值较小的滑动变阻器，滑动变阻器应选F．

（2）描绘小灯泡伏安特性；小灯泡两端电压变化范围尽量大些，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，电流表采用外接法，电路图如图所示．

（3）电流表量程为0～0.6A；由图示电流表可知其分度值为0.02A，示数为0.24A；

电压表量程为0～3V；分度值为0.1V，示数为1.60V．

（4）由图可知；测量部分接线错误，应有一根线接到电源位置；电流表接成了内接法，本实验应采用外接法；

故答案为：①F；②电路图如图所示；③0.24A；1.60V；④分压电路接错；电流表错接成了内接法．

（1）从精确；安全的角度选择合适的电压表和滑动变阻器．

（2）要求小灯泡两端电压变化范围尽量大些；滑动变阻器应采用分压式接法．

（3）通过电流表和电压表的量程；确定每个分度的值，从而读出电流表和电压表的读数．

（4）根据原理图分析实物图；从而的出接线错误的地方．

解决本题的关键掌握器材选取的原则，以及知道滑动变阻器分压式接法和限流式接法的区别，并能正确分析电路的实物图．【解析】F；0.24A；1.60V；分压电路接错，电流表错接成了内接法．29、（1）BD（2）【分析】【分析】(1)

用挡像法确定P3P4

的位置；(2)

应根据折射定律n=sinisinr

，求解玻璃砖的折射率。本题考查插针法测量玻璃砖的折射率，要掌握确定折射光线的方法，明确实验的原理是折射定律。【解答】(1)

确定P3

大头针的位置的方法是插上大头针P3

使P3

挡住P1P2

的像，确定P4

大头针的位置的方法是插上大头针P4

使P4

挡住P3

和P1P2

的像，故AC错误，BD正确。(2)

如图，光线在aa隆盲

面的折射角为娄脕

折射角为娄脗

则根据折射定律得：玻璃砖的折射率n=sin娄脕sin娄脗

故答案为：(1)BD(2)sin娄脕sin娄脗

。【解析】(1)BD

(2)sin娄脕sin娄脗

30、（1）稀释涂布平板菌落数目（菌落数）甘油管藏。

（2）纤维二糖

（3）酵母菌高压蒸汽灭菌

（4）蒸馏法、压榨法萃取

【分析】【分析】本题主要考查纤维素分解菌的筛选与分离、植物芳香油的提取、植物色素的提取等知识，意在强化学生对相关实验操作的理解与运用。【解答】（1）接种微生物的方法一般有平板划线法和稀释涂布平板法；要统计土壤样品中该活菌的数目，宜采用稀释涂布平板法接种，根据土壤样品的稀释倍数和接种稀释液的体积，统计平板上的菌落数目就能大约推测出样品中的活菌数．对于纯化后所得到的纤维素分解菌，若要进行长期保存，可以采用甘油管藏的方法．

（2）纤维素酶是由Cl酶、Cx酶、葡萄糖苷酶3种组分组成的复合酶，其中Cl酶、Cx酶可将纤维素分解为纤维二糖；葡萄糖苷酶可将纤维二糖分解成葡萄糖．

（3）满足④环节的常见菌种是酵母菌；⑤环节表示无氧发酵，即发酵装置密闭（或保证无氧条件等），故④接种的微生物是酵母菌。无菌技术主要通过消毒和灭菌来避免杂菌的污染，其中对培养基进行灭菌的常用方法是高压蒸汽灭菌。

（4）芳香油的提取方法有蒸馏