2025年华师大版选修3物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年华师大版选修3物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示是一种演示气体定律的仪器一哈勃瓶，它是一个底部开有圆孔，瓶颈很短的平底大烧瓶，在瓶内塞有一气球，气球的吹气口反扣在瓶口上，瓶底的圆孔上配有一个橡皮塞。在一次实验中，瓶内由气球和橡皮塞封闭一定质量的气体，开始时气球自然松弛，气球内气体与外界连通，气体体积为V，瓶内气体体积为用打气筒出气口紧密贴合气球吹气口并向气球内缓慢打入气体，直至气球体积增大到容器和气球导热良好，外界温度不变，气球壁厚度不计、重力不计，大气压强为在此过程中（）

A.瓶内气体内能减小B.瓶内气体吸热C.瓶内气体压强由变为D.气球中充入的气体质量等于开始时气球中气体质量2、一定质量的理想气体从状态a开始，经历三个过程回到原状态。其图像如图所示；下列说法正确的是（）

A.过程中外界对气体做功B.过程中气体从外界吸热C.处于状态c的气体压强最大D.处于状态a的气体分子的平均动能最大3、下列说法正确的是（）A.扩散现象的原因是分子间存在斥力B.由于表面张力的作用，玻璃板上的小水银滴总是呈球形的C.第二类永动机是不可能造成的，因为它违背了能量守恒定律D.如果没有漏气、摩擦、机体的热量损失，热机的效率可以达到100%4、饮水机是一种常见的家用电器，其工作电路可简化为如图所示的电路，其中S是温度控制开关，当水温升高到一定温度时，它会自动切换，使饮水机处于保温状态；R2是饮水机加热管的电阻，R1是与加热管串联的电阻．该饮水机的额定电压是220v，加热功率550w,保温时整机耗电量0.48kw/24h（不考虑R1、R2的阻值受温度影响）．当开关S闭合时，饮水机处于何种工作状态及R2的阻值为（）

A.加热220ΩB.加热88ΩC.保温88ΩD.保温220Ω5、三个电子各具有与磁场方向垂直的速度v、2v、3v，则它们在匀强磁场中回旋的半径之比和周期之比为（）A.1∶2∶3，1∶2∶3B.1∶2∶3，1∶1∶1C.1∶1∶1，1∶2∶3D.1∶1∶1，1∶1∶16、如图所示，L1和L2是高压输电线，甲、乙是两只互感器，若已知n1∶n2＝1000∶1，n3∶n4＝1∶100；图中电压表示数为220V；电流表示数为10A，则高压输电线的送电功率为()

A.2.2×103WB.2.2×10－2WC.2.2×108WD.2.2×104W评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)7、物体的动量变化量的大小为5kg·m/s，这说明()A.物体的动量在减小B.物体的动量在增大C.物体受到的合力冲量大小为5N·sD.若发生变化的时间为1s，则物体所受合外力的大小为5N8、有三个质量相等的分别带有正电、负电和不带电的微粒，从极板左侧中央以相同的水平初速度v先后垂直场强方向射入，分别落到极板A、B、C处；如图所示，则下列说法正确的有（）

A.落在A处的微粒带正电，B处的不带电，C处的带负电B.三个微粒在电场中运动时间相等C.三个微粒在电场中运动的加速度aA＜aB＜aCD.三个微粒到达极板时的动能EkA＞EkB＞EkC9、下列说法正确的是（）A.温度计测温原理就是热平衡定律B.温度计与被测系统的温度不相同时，读不出示数C.温度计读出的示数是它自身这个系统的温度，若它与被测系统热平衡，这一示数也是被测系统的温度D.温度计读出的示数总是被测系统的温度，无论是否达到热平衡10、下列说法正确的是（）A.显微镜下观察到墨水中的小炭粒所做的不停地无规则运动就是分子的热运动B.液体表面张力的方向总是与液面垂直且指向液体的内部C.浸润和不浸润是分子力作用的表现，如果液体附着层内分子间的距离小于液体内部分子间的距离，这样的液体与固体之间表现为浸润D.干旱天气里锄松土壤，破坏土壤中的毛细管，有利于减少水分蒸发，保存地下水11、下列说法正确的是（）A.经典力学理论普遍适用，大到天体，小到微观粒子B.空调机既能致热，又能致冷，说明热传递不存在方向性C.卡文迪许通过实验测出引力常量，被誉为第一个能“称量地球质量”的人D.在地面附近发射的飞行器速度等于或大于第三宇宙速度时，飞行器就能逃出太阳系了12、下列关于物体的内能及其变化的描述正确的是（）A.热量可以从低温物体传递到高温物体B.气体温度升高，气体内每个分子的动能一定增大C.一定质量的100℃的水吸收热量后变成100℃的水蒸气，则吸收的热量大于增加的内能E.两个分子的间距从极近逐渐增大到10r0的过程中，它们的分子势能先减小后增大E.两个分子的间距从极近逐渐增大到10r0的过程中，它们的分子势能先减小后增大13、法拉第最初发现电磁感应现象的实验如图所示．软铁环上绕有M；N两个线圈；当M线圈电路中的开关断开的瞬间，以下说法正确的是（）

A.线圈N中的磁通量正在增加B.线圈N中的磁通量正在减少C.通过电流表G的电流方向为a→bD.通过电流表G的电流方向为b→a14、如图所示，MN、PQ是倾斜放置的两根足够长的光滑平行金属导轨．导轨所在平面与水平面成30°，导轨间距为L=0.5m，导体棒ab、cd分别垂直于导轨放置，且棒两端都与导轨接触良好，整个装置处在垂直于导轨平面向上的匀强磁场中，磁感应强度为B=0.5T，当给棒ab施加平行于导轨向上的力F时，ab导体棒沿导轨向上以某一速度匀速运动，cd棒恰好静止在导轨上，已知两棒的质量均为0.5kg，接入部分电阻均为R=0.5R，导轨电阻不计，取则下列说法正确的是()

A.当ab棒匀速运动时，拉力F的大小为10NB.当ab棒匀速运动时，回路中的电热功率为100WC.撤去拉力F的一瞬间，cd棒的加速度大小为5m/s2D.撤去拉力F的一瞬间，ab棒的加速度大小为10m/s215、如图所示的电路中，电源的电动势E和内阻r一定，A、B为平行板电容器的两块正对金属板，R1为光敏电阻(电阻随光强的增大而减小)．当R2的滑动触头P在a端时，闭合开关S，此时电流表A和电压表V的示数分别为I和U．以下说法正确的是()

A.若仅增大A、B板间距离，则电容器所带电荷量减少B.若仅将R2的滑动触头P向b端移动，则I不变，U增大C.若仅用更强的光照射R1，则I增大，U减小，电容器所带电荷量减少D.若仅用更强的光照射R1，则U变化量的绝对值与I变化量的绝对值的比值减小评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)16、双桶洗衣机的脱水桶的电机是由一个定时开关和一个由桶盖控制的开关组成的，当定时开关合上时；只要打开桶盖，电机又被关闭。

（1）如图所示的哪个电路图能满足上述的要求？()

A.B.C.D.

（2）根据以上罗列的控制条件和控制结果的情况，完成其真值表，并在虚线框内画出该门电路符号()。输入输出ABZ00______01______10______11______

17、确定一个温标的方法。

（1）选择一种_______物质。

（2）了解测温物质用以测温的某种性质。

（3）确定温度的_______和_______的方法。18、一定质量的理想气体从状态A变化到状态B再变化到状态C，其变化过程的V-T图像如图所示，BC的反向延长线通过坐标原点O。已知该气体在状态A时的压强为1.5×105Pa，则该气体在状态C时的压强为__________Pa；该气体从状态A到状态C的过程中吸收的热量为__________J。

19、如图所示，真空中有一对相距为d的平行金属板A和B，两板间电势差为U，两板间的电场为匀强电场．若一个质量为m、电荷量为q的粒子，仅在静电力的作用下由静止开始从A板向B板做匀加速直线运动并到达B板，则粒子在运动过程中加速度大小a=________，粒子到达B板时的速度大小v=________．

20、花岗岩、大理石等装修材料，都不同程度地含有放射性元素，比如含有铀、钍的花岗岩等岩石会释放出放射性气体氡，而氡会发生放射性衰变，放出α、β、γ射线，这些射线会导致细胞发生癌变及呼吸道等方面的疾病。在这三种射线中，_____射线的穿透能力最强；α衰变时，生成核与原来的原子核相比，中子数减少了_____个；β衰变所释放的电子是由原子核中的_____转化而来.21、如图所示是用光照射某种金属时逸出的光电子的最大初动能随入射光频率的变化图线，普朗克常量h＝6.63×10-34J·s，（直线与横轴的交点坐标4.31，与纵轴交点坐标0.5）由图可知，斜率表示_____________；该金属的极限频率为____________Hz，该金属的逸出功为___________J，（结果保留三位有效数字）若用频率为5.5×1014Hz的光照射该种金属时，则对应的遏止电压应为_____________V

评卷人得分四、作图题(共3题，共12分)22、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

23、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

24、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共2题，共8分)25、（1）如图甲为斯密特触发器的符号，当加在它的输入端A的电压逐渐上升到某个值（1.6V）时，输出端Y会突然从高电平跳到低电平（0.25V），而当输入端A的电压下降到另一个值的时候（0.8V），Y会从低电平跳到高电平（3.4V）。如图乙、丙是某同学设计的两个电路图。图中R1是可调电阻，RT是热敏电阻，其阻值会随温度的升高而减小。能作为温度报警器的电路图是______（填“乙”或“丙”）。

（2）如图丁所示，请用笔画线把蜂鸣器、光敏电阻、干簧管继电器、开关、电源连接成完整的电路，制成光电报警装置（______）。

要求：当有光照射报警装置且光照不是很弱时；蜂鸣器发声，当没有光照或者光照很弱时，蜂鸣器不发声。

26、在用伏安法测量一节干电池的电动势E和内电阻r的实验中，一位同学所在小组实验测得的6组数据已在U－I图中标出，如图所示．请你根据数据点位置完成U－I图线_______，并由图线求出该电池的电动势E＝_______V，内电阻r＝_________Ω．（计算结果保留两位小数）

评卷人得分六、解答题(共3题，共12分)27、给你干电池两节，小灯泡一个，开关三个，滑动变阻器一个，导线若干，试设计一个具有“与”逻辑功能的电路。28、如图所示，一定质量理想气体经历A→B的等压过程，B→C的绝热过程（气体与外界无热量交换），其中B→C过程中内能减少900J。求A→B→C过程中气体对外界做的总功。

(1)过程气体对外做的功；

(2)过程气体对外做的功；

(3)A→B→C过程中气体对外界做的总功。

29、如图为质谱仪工作原理图，离子从电离室A中的小孔S1逸出（初速度不计），经电压为U的加速电场加速后，通过小孔S2和S3；从磁场上边界垂直于磁场方向进入磁感应强度为B匀强磁场中，运动半个圆周后打在接收底版D上并被吸收．对于同一种元素，若有几种同位素时，就会在D上的不同位置出现按质量大小分布的谱线，经过分析谱线的条数；强度（单位时间内打在底版D上某处的粒子动能）就可以分析该种元素的同位素组成．

(1)求比荷为的粒子进入磁场的速度大小；

(2)若测得某种元素的三种同位素a、b、c打在底版D上的位置距离小孔S3的距离分别为L1、L2、L3，强度分别为P1、P2、P3；求：

①三种同位素a、b、c的粒子质量之比m1：m2：m3；

②三种同位素a、b、c在该种元素物质组成中所占的质量之比M1：M2：M3.参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、C【分析】【详解】

A．瓶内气体做等温变化；内能不变，故A错误；

B．瓶内气体体积减小，则外界对气体做功，根据热力学第一定律可知瓶内气体向外界放热，故B错误；

C．对瓶内气体，根据玻意耳定律有

解得

故C正确；

D．对气球中的气体，初始的压强和体积为充气后气球中气体的压强和体积为则气球中原来气体与充入气球中气体的质量比为

故D错误；

故选C。2、C【分析】【详解】

A．过程中；体积增大，气体对外做功，A错误；

B．过程中，温度降低，气体内能减小，体积不变，由热力学第一定律

可知，故气体对外放热，B错误；

C．由理想气体状态方程

可知

故图像中等压线为过原点的一次函数。且斜率与压强成反比，由图可知c点与原点连线的斜率最小，故处于状态c的气体压强最大。C正确；

D．温度是分子平均动能的标志，由图可知，a点温度最低，故a点分子平均动能最小。D错误。

故选C。3、B【分析】【分析】

【详解】

A．扩散现象的原因是分子的热运动；故A错误；

B．表面张力使液体表面积收缩到最小的趋势；故B正确；

C．第二类永动机是不可能造成的；因为能量的转化和转移具有方向性，并没有违反能量守恒，故C错误；

D．如果没有漏气；摩擦、机体的热量损失；热机的机械效率也不可能达到100%，故D错误。

故选B。4、B【分析】【分析】

电源电压U不变，由P=U2/R可知，电阻越大电功率越小，电热水器处于保温状态，电阻越小电功率越大，电热水器处于加热状态；根据公式P=U2/R的变形可计算电阻的大小；

【详解】

电源电压U不变，由P=U2/R可知，温控开关S闭合时，只有一只电阻工作，电阻小，则电功率大，为加热状态；由公式P=U2/R得加热管R2的阻值：故选B.5、B【分析】【详解】

根据公式得

可得半径比为1∶2∶3，又因为

所以周期与速度无关；故周期之比为1∶1∶1。

故选B。6、C【分析】由图可知，甲并联在电路中是电压互感器，电路中是强电压，通过变压器变成弱电压，用电压表测量，因为电压之比等于线圈匝数比，故U=220×1000=220000V；乙串联在电路中是电流互感器，电路中是强电流，通过变压器变成弱电流，用电流表测量，因为电流之比等于线圈匝数的倒数比，故电流I=10×100=1000A；则输电功率P=UI=2.2×105×1000=2.2×108W，故C正确，ABD错误。二、多选题(共9题，共18分)7、C:D【分析】【详解】

AB.因不知动量变化的方向与初动量方向是否相同；故无法确定动量是增大还是减小，A；B不符合题意；

C.由动量定理可知；合外力的冲量与物体动量变化量大小一定相同，C符合题意；

D.由可知D符合题意．8、A:C【分析】【详解】

ABC．微粒在水平方向上均做匀速直线运动，且水平速度相同，三微粒在水平方向上的位移xC＜xB＜xA

则三微粒的运动时间为tC＝tB＝tA＝

可得tC＜tB＜tA

微粒在竖直方向上做初速度为零的匀加速运动，则有＝aAtA2＝aBtB2＝aCtC2

可得aA＜aB＜aC

所以落在A处的微粒必带正电，B处的不带电，而C处的带负电；故AC正确，B错误；

D．根据动能定理得，在A处mg－qAE＝EkA－mv2

在B处mg＝EkB－mv2

在C处mg＋qCE＝EkC－mv2

由此可知EkA<EkB<EkC

故D错误。

故选AC。9、A:C【分析】【分析】

【详解】

ACD．温度计能测出被测物体的温度的原理就是热平衡定律；即温度计与被测物体达到热平衡时温度相同，其示数也就是被测物体的温度，故AC正确，D错误；

B．温度计与被测系统的温度不相同时；仍有示数，故B错误。

故选AC。10、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．墨水中的小炭粒所做的不停地无规则运动是布朗运动；不是分子的热运动，A错误；

B．由液体表面张力产生的原因可知；液体表面张力使液面具有收缩到液体表面积最小的趋势，因此液体表面张力的方向总是沿液面方向，B错误；

C．如果液体附着层内分子间的距离小于液体内部分子间的距离时；分子间表现为斥力，使液体表面扩张，这样的液体与固体之间表现为浸润，C正确；

D．干旱天气里锄松土壤；破坏土壤中的毛细管，有利于减少水分蒸发，有利于保存地下水，D正确。

故选CD。11、C:D【分析】【详解】

A．经典力学理论适应于低速宏观物体；不适应高速微观粒子，故A错误；

B．空调机既能制热又能制冷；但是必须在外界影响下进行，即消耗一定的电能，不能说明热传递不存在方向性，故B错误；

C．卡文迪许通过实验推算出引力常量G的值；被誉为第一个能“称量地球质量”的人，故C正确；

D．当飞行器的速度大于等于第三宇宙速度速度16.7km/s时物体将脱离太阳的束缚；故D正确。

故选CD。12、A:C:E【分析】【分析】

【详解】

A．热量不能自发从低温物体传递到高温物体；但借助外界条件可以从低温物体向高温物体传递，故A正确；

B．气体温度升高时；分子的平均动能增大，但气体内每个分子的动能不一定都增大，故B错误；

C.．一定质量的100℃的水吸收热量后变成100℃的水蒸气，由于体积膨胀对外做功，根据热力学第一定律

可知吸收的热量大于增加的内能；故C正确；

D．根据热力学第一定律

可知；系统的内能增量等于外界向它传递的热量与外界对它做的功的和，故D错误；

E．两个分子的间距从极近逐渐增大到10r0的过程中；先是分子斥力做正功，分子势能减小，随后是分子引力做负功，分子势能增大，所以它们的分子势能先减小后增大，故E正确。

故选ACE。13、B:C【分析】【分析】

【详解】

根据安培定则可知，原线圈产生的磁场是按顺时针方向通过原副线圈的，当M线圈电路中的开关断开的瞬间，M线圈磁通量减少，而变压器原副线圈的磁通量的变化是相同的，则线圈N中的磁通量也在向下减少，根据楞次定律知N中产生感应电流，感应电流磁场的方向向下，所以通过电流表G的电流方向为a→b，BC正确．14、B:D【分析】【详解】

A.对ab受力分析，在沿斜面方向上，受到沿导轨斜面向下的安培力，沿斜面向下的重力的分力，以及沿斜面向上的拉力F，故有

对cd受力分析，在沿斜面方向上受到沿斜面向上的安培力，沿斜面向下的重力的分力，故有

联立解得

故；A错误；

B.故电路中的电热功率为

故B正确；

CD.撤去拉力的瞬间，ab棒的加速度

cd棒受力不变，所以合力为零，加速度为零，C错误D正确．15、A:C【分析】【详解】

A.若仅增大A、B板间距离，电容减小，板间电压不变，则由电容的定义式分析可知电容器所带电荷量减少；故A正确；

B.滑动变阻器处于含电容支路中；相当于导线，所以移动滑动触头，I不变，U不变．故B错误；

C.若仅用更强的光线照射R1，R1的阻值变小，总电阻减小，I增大，内电压和R3的电压均增大，则电容器板间电压减小，电容不变，由电容的定义式分析可知电容器所带电荷量减少．故C正确；

D.若仅用更强的光线照射R1，R1的阻值变小，总电阻减小，I增大，根据闭合电路欧姆定律得U=E-Ir可得：不变，故D错误．

故选AC．三、填空题(共6题，共12分)16、略

【分析】【详解】

（1）[1]根据题目要求；能满足条件的电路是A；

（2）[2]该电路为“与”门电路；电路符号为。

[3][4][5][6]真值表。输入输出ABZ000010100111【解析】A000117、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】测温零点分度18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]气体从状态A到状态B，发生的是等容变化，由查理定律得

解得在状态B时的压强为pB=1.0×105Pa

气体从状态B到状态C，发生是等压变化，有pC=pB=1.0×105Pa

由于状态A与状态C的温度相同，所以该气体从状态A到状态C的过程中，内能变化量

气体从状态A到状态B不做功，从状态B到状态C的过程中气体对外做功，做功大小为

由热力学第一定律

知整个过程中吸收的热量为Q=100J【解析】1.0×10510019、略

【分析】【详解】

粒子从静止开始运动，只受电场力，有：U=Ed；F=qE；

联立解得：

根据速度位移关系公式，有：v2=2ad

解得：

点睛：本题电荷在电场中加速问题，求解速度通常有两种思路：一是动能定理；二是牛顿第二定律与运动学公式结合．【解析】20、略

【分析】【详解】

第一空.γ射线一般伴随着α或β射线产生；在这三种射线中，γ射线的穿透能力最强；

第二空.发生α衰变时；电荷数少2，质量数少4，则中子数少2；

第三空.β衰变所释放的电子来自原子核，是原子核中的一个中子转变为一个电子和一个质子，电子释放出来。【解析】γ2中子21、略

【分析】【详解】

[1][2][3]根据爱因斯坦光电效应方程

图象的斜率表示普朗克常量h，横轴的截距大小等于截止频率，由图知该金属的截止频率为4.31×1014Hz；金属的逸出功为

[4]根据光电效应方程得

当入射光的频率为时，代入数据解得最大初动能为

依据

解得

【点睛】

解决本题的关键掌握光电效应方程，知道最大初动能与入射光频率的关系，并掌握光电效应方程，以及知道逸出功与极限频率的关系，结合数学知识即可进行求解，同时注意遏止电压与最大初动能的关系，及保留3位有效数字。【解析】普朗克常量h4.30×10142.86×10-190.5．四、作图题(共3题，共12分)22、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】23、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象