2025年粤教沪科版高二物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教沪科版高二物理上册阶段测试试卷900考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、关于动量定理，下列说法正确的是（）A.动量越大，合外力的冲量越大B.动量变化越大，合外力的冲量越大C.动量变化越快，合外力的冲量越大D.冲量的方向与动量的方向相同2、一列简谐横波以v=2m/s的速度沿x轴负方向传播，右图是t=0时刻的波形图，下列描述某质点振动的图象正确的是（）A.B.C.D.3、一个质点做简谐运动的图象如图所示；下列说法正确的是（）

A.质点振动频率为4Hz

B.在10s内质点经过的路程是20cm

C.在5s末；质点速度为零，加速度最大。

D.在t=1.5s和t=4.5s两时刻质点位移大小相等。

4、如图所示，一根质量为m的金属棒AC用软线悬挂在磁感强度为B的匀强磁场中，通入A→C方向的电流时，悬线张力不为零，欲使悬线张力为零，可以采用的办法是（）A.不改变电流和磁场方向，适当增大电流B.只改变电流方向，并适当减小电流C.不改变磁场和电流方向，适当减小磁感强度D.同时改变磁场方向和电流方向，并适当增大磁感强度5、一正弦交流电压随时间变化的规律如图所示；由图可知（）

A.该交流电的电压瞬时值的表达式为u=100sin（25t）VB.在0.01s和0.03s时刻穿过线圈的磁通量最大C.该交流电的电压的有效值为100VD.若将该交流电压加在阻值为100Ω的电阻两端，则电阻消耗的功率是50W评卷人得分二、填空题(共9题，共18分)6、一条河的水速为u=1m/s，一艘船在静水中的航速为v=2m/s，则要使船能垂直的渡过河去，那么渡船的方向与河岸的夹角是____；要使船能最短时间渡过河去，那么渡船的方向是____．7、两个弹簧振子，甲的固有频率是100Hz，乙的固有频率是400Hz，若它们均在频率是300Hz的驱动力作用下做受迫振动，则（选填“甲”或“乙”）的振幅较大，振动频率是Hz。8、下面是某同学用游标卡尺和螺旋测微器测量某物体的长度和厚度的情况，请将该同学的测量结果记录如下：如图1游标卡尺读数______cm，如图2螺旋测微器读数______mm．

9、在“测定金属丝电阻率”的实验中需要测出其长度L；直径d和电阻R

（1）图甲用游标卡尺测出金属丝的长度读数为_______mm，图乙用螺旋测微器测出金属丝的直径读数为______mm．

（2）若用图丙电路测金属丝的电阻，则测量结果将比真实值______．（选填“偏大”或“偏小”）

（3）用电压表和电流表测金属丝的电压和电流时读数如图丁所示，则电压表的读数为______V，电流表的读数为______A．

（4）若实验中电压表示数为U，电流表示数为I，并测出该金属丝的长度为L、直径为d，则该金属丝的电阻率ρ=______（用测出的物理量的符号表示）．10、选做题，考生只选择一题作答．。A.(

本题供使用选修1鈭�1

教材的考生作答.)

如图所示是一个按正弦规律变化的交变电流的图象，根据图象可知该正弦交变电流的电流峰值是____A

电流有效值是____A.B.(

本题供使用选修3鈭�1

教材的考生作答.)

如图所示，电源的内阻r=2.0娄赂

电阻R=8.0娄赂

开关闭合后，电流表示数I=0.5A.

则电源的电动势E=

____V

在t=5s

时间内，电阻R

产生的焦耳热Q=

____J.11、一正弦交流电的电压随时间变化规律如图所示，由图可知，该交流电的周期是____s，频率是____Hz，有效值是____V，电压瞬时值的表达式为____，每秒钟方向改变____次．若将该交流电压加在R=100Ω的电阻两端，则电阻消耗的功率是____W．

12、某电路两端交流电压u=Umsin100πt(V)，在t=0.005s时刻，电压u值为10V。接在此电路两端的电压表示数为______V。如将阻值为R的电阻接在此交流电压上时电阻消耗的功率为P；而改接在电压为U0的直流电压上时功率为P/4，则U0=___________V。（结果保留三位有效数字）13、I

(1)

如图所示，在一个静止的小磁针正上方附近平行地放一条直导线，当导线通电时，小磁针将____偏转(

选填“发生”或“不发生”)

(2)(2)如图所示，一个带正电的小球AA固定在绝缘支架上，另一个小球BB用绝缘细线悬挂于00点，且BB球静止时细线与竖直方向的夹角为娄脠娄脠说明BB球带____((选填：“正电”或“负电”))若减少BB球所带的电荷量，则娄脠娄脠角将____((选填“变大”或“变小”))

II

．(1)(1)不同城市的两个人用手机通话时，是利用____传递信息的((选填“电磁波”或“声波”))(2)

变压器只能改变____的电压(

选填“交流”或“直流”)

如图所示，一台正常工作的理想变压器原线圈与副线圈匝数之比n1:n2=1:2

则此变压器的输入电压与输出电压之比V1:V2=

____(

选填“1:2

”或“2:1

”)

III.

如图所示为某实验的电路图：(1)

其测量电阻的方法称为____(

选填“逆向思维法”或“伏安法”)

(2)

当开关闭合后，图中电压表示数为1.4v

电流表示数为0.1A

且电压表和电流表均可视为理想电表，则待测电阻Rx

的阻值为____娄赂;

若电源的内阻是1娄赂

则电动势为_____v

14、两金属棒ab

和cd

连成一回路，分别放在两个方向相反的匀强磁场中，如图所示，现要使cd

向右运动，那么cd

中电流方向______，ab

应向______运动．评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)15、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）16、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）17、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）18、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

19、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

20、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

21、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）评卷人得分四、识图作答题(共4题，共28分)22、下图表示在温度为25℃和一定的CO2浓度条件下，测定某种绿色植物在不同光照强度下氧气释放速率的曲线[单位：mg／（m2·h）]。请分析回答下列问题：（1）在其他条件不变时，若用等质量的花生种子替换该植物，则A点下移。其原因是___________________________。（2）在B点时，该植物的叶肉细胞中的光合作用强度_______（填“大于”“小于”或“等于”）呼吸作用强度。（3）在D点对应光照强度下，对该植物持续进行14小时光照，则一昼夜积累有机物的量为_______mg。（4）从该植物细胞中提取完整的线粒体和叶绿体，制成悬浮液，分别加入到1号和2号两支试管中。在1号试管中加入适量的葡萄糖溶液，在2号试管中加入等量的NaHCO3溶液，给予充足光照，在相同时间内观察气泡产生情况。观察到的现象是：____________。其原因是_____________。23、某蛋白质由51个氨基酸、两条链构成，结构图中—S—S—为两个—SH形成。其结构模式图如下：

⑴该蛋白质分子形成过程中形成了____个水分子和_____个肽键；形成过程中消耗掉的氨基和羧基数分别是____、________；该蛋白质分子中至少含有游离氨基和羧基数分别是_________、___________。⑵组成该蛋白质的氨基酸的不同之处在于它们具有不同的R基，在形成此蛋白质的氨基酸中最多含有_____种不同的R基。⑶如果形成该蛋白质分子的氨基酸的平均相对分子质量为100，则该蛋白质的分子质量是___________，控制该蛋白质分子合成的基因至少含有碱基_______对。24、下图为人DNA分子的局部结构示意图。请据图回答：（1）图中1、2、3结合在一起的结构叫________，图中3有________种。（2）该DNA分子应有________个游离的磷酸基。（3）从图中可以看出，DNA分子的基本骨架是由________和________交替连接构成的。25、1971年，美国化学家从红豆杉树皮中分离出高抗癌活性的紫杉醇，从此，国家重点保护珍稀植物——红豆杉遭受了掠夺式的砍伐。为拯救红豆杉，同时获得紫杉醇，科研小组设计了如下图所示的实验流程：请回答下列问题：（1）选用茎尖分生组织进行组织培养的目的是___________，诱导茎尖分生组织形成愈伤组织的过程叫_____________。利用愈伤组织诱导形成的胚状体经人工薄膜包装后就可得到________________。（2）茎尖分生组织细胞具有全能性的原因是_____________________。（3）现有植物甲中提取的物质X，能提高紫杉醇的抗癌效果。科研小组欲获得既能产生紫杉醇又能产生物质X的植株，可利用______________技术获得杂种植株。该方法首先要利用纤维素酶和果胶酶除去细胞壁获得具有活力的_________，再经____________（试剂）诱导融合形成杂种细胞。评卷人得分五、画图题(共2题，共16分)26、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象27、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】解：A；由动量定理可知合外力的冲量等于动量的变化量；动量的大小与合外力的冲量无关。故A错误，B正确；

C；根据动量定理可知；动量变化越快，物体受到的合外力越大，故C错误；

D；冲量的方向与动量变化量的方向相同；与动量的方向无关。故D错误。

故选：B。

物体的质量与速度的乘积是物体的动量；物体动量的变化等于合外力的冲量，据此分析答题．

本题考查了动量、冲量、动量变化问题，知道动量的定义式、应用动量守恒定律即可正确解题．【解析】B2、C【分析】解：由波动图象可知，该波的波长λ=4m，则周期T==2s；

A；因振动图象的周期与波动周期相等；而A中的周期为4s，故A错误；

B；由波动图可知；2质点0时刻处于平衡位置且向上运动，故振动图象应从0点向上去，故B错误；

C；4质点此时处于平衡位置向下运动；故C正确；

D；振动图象的周期为4s；故D错误；

故选：C。

由振动图象可知该波的波长；由波速；波长及周期的关系可知波的周期；

由图象得出各点在t=0时刻时的位置及起振方向；即可得出各点的振动图象．

波动图象中各质点的方向判断为重难点，应重点把握；并注意和振动图象的方向的判断区分开．【解析】C3、B|C|D【分析】

A、由图读出周期为T=4s，则频率为f==0.25Hz．故A错误．

B；质点在一个周期内通过的路程是4个振幅；t=10s=2.5T，则在10s内质点经过的路程是S=2.5×4A=10×2cm=20cm．故B正确．

C；在5s末；质点位于最大位移处，速度为零，加速度最大．故C正确．

D；由图看出；在t=1.5s和t=4.5s两时刻质点位移大小相等．故D正确．

故选BCD

【解析】【答案】由图读出周期；求出频率．质点在一个周期内通过的路程是4个振幅，根据时间与周期的关系，求出质点在10s内经过的路程．根据质点的位置，分析速度和加速度．在t=1.5s和t=4.5s两时刻质点位移大小相等．

4、A|D【分析】【解析】试题分析：AC、由左手定则可知，通入A→C方向的电流时，金属棒AC受到的安培力向上，悬线张力不为零，则安培力小于重力，欲使悬线张力为零，可适当增大安培力，由可知适当增大电流或磁感应强度；A正确B、只改变电流方向，由左手定则可知，金属棒AC受到的安培力向下，悬线张力不可能为零；错误D、同时改变磁场方向和电流方向，由左手定则可知，金属棒AC受到的安培力向上，适当增大电流或磁感应强度，可使悬线张力为零；故选AD考点：安培力、左手定则【解析】【答案】AD5、D【分析】解：A、由图可知，交流电的最大值为Em=100V，周期T=0.04s，故角速度为故该交流电的电压瞬时值的表达式为u=100sin（50t）V，故A错误；

B；在0.01s和0.03s时刻；产生的感应电动势最大，线圈平面与中性面垂直，故穿过线圈的磁通量为零，故B错误；

C、该交流电的有效值为E=故C错误；

D、若将该交流电压加在阻值为100Ω的电阻两端，则电阻消耗的功率是P==50W；故D正确。

故选：D。

根据图象可知交流电的最大值以及周期等物理量；然后进一步可求出其瞬时值的表达式以及有效值等。

本题考查了有关交流电描述的基础知识，要根据交流电图象正确求解最大值、有效值、周期、频率、角速度等物理量，同时正确书写交流电的表达式。【解析】D二、填空题(共9题，共18分)6、略

【分析】

设渡船的方向与河岸的夹角θ；当合速度方向与河岸垂直时，有vcosθ=u，解得θ=60°．

当静水速与河岸垂直时；渡河时间最短，所以渡船的方向是垂直河岸．

故答案为：60°；垂直河岸．

【解析】【答案】当合速度的方向与河岸垂直时；船将垂直渡河，根据平行四边形定则，求出渡船的方向和河岸方向的夹角．当静水速的方向与河岸垂直时，渡河时间最短．

7、略

【分析】试题分析：由于当驱动力作用的频率与物体的固有频率相等时，振幅最大，由于乙的固有频率与受迫的驱动力的频率接近，故乙的振幅较大；振动频率与驱力的频率是相等的。考点：受迫振动。【解析】【答案】乙；300Hz。8、略

【分析】解：游标卡尺的主尺读数为2.6cm；游标尺上第4个刻度与主尺上某一刻度对齐，故其读数为0.1×4mm=0.4mm=0.04cm；

所以最终读数为：2.6cm+0.04cm=2.64cm；

螺旋测微器的固定刻度读数为1.5mm；可动刻度读数为0.01×27.2mm=0.272mm，所以最终读数为1.5mm+0.272mm=1.772mm．

故答案为：2.64；1.772．

游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数；不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．

解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【解析】2.64；1.7729、略

【分析】解：（1）由图示游标卡尺可知；其示数为：30mm+6×0.1mm=30.6mm，由图示螺旋测微器可知，其示数为：1.5mm+10.0×0.01mm=1.600mm；

（2）由图示电路图可知，电流表采用外接法，由于电压表的分流作用，电流表的测量值I偏大，由R=可知；电阻测量值小于真实值；

（3）由图示电压表可知；其量程为3V，分度值为0.1V，示数为2.60V；由图示电流表可知，其量程为0.6A，分度值为0.02A，示数为：0.520A；

（4）金属丝电阻：R==ρ=ρ电阻率：ρ=

故答案为：（1）30.6；1.600；（2）小于；（3）2.60；0.520；（4）．

（1）游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺读数；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数之和；

（2）根据图示电路图应用欧姆定律分析实验误差；

（3）由图示电表确定其量程与分度值；然后根据指针位置读出其示数；

（4）应用欧姆定律与电阻定律可以求出电阻率．

本题考查了游标卡尺、螺旋测微器、电压表与电流表的读数，求金属丝的电阻率表达式，要掌握常用器材的使用及读数方法；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数之和，螺旋测微器需要估读，游标卡尺不需要估读；读数时视线要与刻度线垂直．【解析】30.6；1.600；偏小；2.60；0.520；10、A.10

B.510【分析】A.【分析】根据图象可以知道交流电的最大值和交流电的周期，根据最大值和有效值的关系即可求得交流电的有效值。本题考查的是学生读图的能力，根据图象读出交流电的最大值和周期，再逐项计算即可。【解答】由图象可知；周期为T=0.2s

电流的最大值为102A

电流的有效值为I=1022=10A

故填：10210

B.【分析】根据闭合电路欧姆定律即可求解电源的电动势E

电阻R

产生的焦耳热根据Q=I2Rt

求解。本题主要考查了闭合电路欧姆定律定律的直接应用，知道求定值电阻产生的热量可根据Q=I2Rt

求解，难度不大，属于基础题。【解答】开关闭合后；根据闭合电路欧姆定律得：

E=(R+r)I=(8+2)隆脕0.5=5V

在t=5s

时间内；电阻R

产生的焦耳热Q=I2Rt=0.52隆脕8隆脕5=10J

故填：510

【解析】A.10210

B.510

11、略

【分析】

由图象可知交流电的最大值为100V，因此其有效值为：U==50V

由图可知，T=4×10-2s，故f==25Hz，ω=2πf=50rad/s；所以其表达式为u=100sin（50t）V；

一个周期内电压方向改变两次；所以1s内方向改变25×2=50次。

R消耗的功率为：P==W=50W

故答案为：0.04；25；50u=100sin（50t）；50；50．

【解析】【答案】根据图象可知交流电的最大值以及周期等物理量；然后进一步可求出其瞬时值的表达式以及有效值等．

12、略

【分析】试题分析：在t=0.005s时刻，电压u值为10V，所以Um=10V,电路两端的电压根据可得解得考点：交变电流的有效值，最大值，【解析】【答案】13、I(1)发生(2)正变小II(1)电磁波(2)交流1:2III(l)伏安法(2)141.5【分析】【分析】本题考查奥斯特实验，库仑力公式，变压器，伏安法测电阻，欧姆定律。奥斯特实验：在一个静止的小磁针正上方附近平行地放一条直导线，当导线通电时，小磁针将发生偏转，说明电流能产生磁场。库仑定律：F=kQqr2F=kdfrac{Qq}{{r}^{2}}理想变压器原线圈与副线圈匝数之比n1n2=U1U2

伏安表测量电阻的方法称为伏安法，根据欧姆定律计算。解题关键是掌握基本知识，难度较低。【解答】I

(1)

在一个静止的小磁针正上方附近平行地放一条直导线，当导线通电时，小磁针将发生偏转，因为电流的磁场对小磁针有力的作用。(2)(2)如图所示，BB球向右偏转，受到斥力，AA球带正电，所以B

球带正电；若减少B

球所带的电荷量，则库仑力减小，故娄脠

角将变小。II

．(1)(1)不同城市的两个人用手机通话时，是利用电磁波传递信息的。(2)

变压器只能改变交流的电压，对直流不能用；原线圈与副线圈匝数之比n1n2=U1U2

故V1V2=1:2

III

．(1)如图所示，其测量电阻的方法称为伏安法。(2)(2)待测电阻RxRx的阻值为Rx=UI=14娄赂{R}_{x}=dfrac{U}{I}=14娄赂电动势为E=U+Ir=1.5VE=U+Ir=1.5V故答案为：I(1)

发生；(2)

正；变小；II

(1)

电磁波；(2)

交流；1:2

III

(l)

伏安法；(2)141.5

【解析】II(1)

发生(2)

正变小II

(1)

电磁波(2)

交流1:2

III

(l)

伏安法(2)141.5

14、上；上【分析】解：要使cd

向右运动；则cd

应受向右的安培力，根据左手定则可知，电流应由d

到c

方向向上；

由电路规律可知ab

中电流由b

到a

则由右手定则可知，ab

应向上运动；

故答案为：上；上。

根据cd

中的运动可确定受力方向，再根据左手定则可明确cd

中的电流方向，再对ab

由右手定则分析ab

的运动方向．

本题考查左手定则和右手定则的应用，要特别注意左手定则和右手定则的应用，明确它们的区别，注意左手定则应用在“因电而动”而右手定则应用在“因动而电”．【解析】上；上三、判断题(共7题，共14分)15、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．16、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．17、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．18、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．19、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．20、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．21、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．四、识图作答题(共4题，共28分)22、（1）花生种子含脂肪较多，氧化分解时耗氧量多

（2）大于

（3）150

（4）1号无气泡产生，2号有气泡产生线粒体不能直接分解葡萄糖，产生CO2，而叶绿体能利用溶液中的CO2进行光合作用，释放O2【分析】【分析】本题考查光照强度对光合作用的影响，旨在考查学生理解所学知识的要点，把握知识的内在联系，并利用相关知识结合题图对某些生物学问题进行解释、推理、判断、获取结论的能力。分析曲线图看出，本实验探究了光照强度对光合作用的影响，曲线中因变量为净光合速率，净光合速率=总光合速率-呼吸速率。A点表示植物只有呼吸作用，B点表示植物的光合作用强度等于呼吸作用强度。【解答】（1）花生种子中含大量脂肪，脂肪中含H量更高，有氧呼吸消耗的氧气更多，所以在其他条件不变时，若用等质量的花生种子替换该植物，则A点下移。（2）在B点时，整株植物的光合作用强度等于呼吸强度，植物有些部位如根、不见光部位等不能进行光合作用，只进行呼吸作用，叶肉细胞是进行光合作用的主要部位，故B点时叶肉细胞的光合作用强度大于呼吸作用强度。（3）据图观察可知，呼吸速率为5mg／（m2·h），在D点对应光照强度下，净光合速率（氧气释放速率）为15mg／（m2·h），对该植物持续进行14小时光照，则一昼夜积累有机物的量为mg。（4）从该植物细胞中提取完整的线粒体和叶绿体，制成悬浮液，分别加入到1号和2号两支试管中。在1号试管中加入适量的葡萄糖溶液，在2号试管中加入等量的NaHCO3溶液，给予充足光照，由于1号试管中：线粒体不能利用葡萄糖，2号试管中：叶绿体进行光合作用释放氧气，所以观察到的现象是：1号试管中无明显现象，2号试管中有气泡产生。【解析】（1）花生种子含脂肪较多，氧化分解时耗氧量多（2）大于（3）150（4）1号无气泡产生，2号有气泡产生线粒体不能直接分解葡萄糖，产生CO2，而叶绿体能利用溶液中的CO2进行光合作用，释放O223、（1）4