2025年外研版2024九年级物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版2024九年级物理上册月考试卷392考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示电路图中，定值电阻R1＜R2＜R3．下列说法正确的是（）A.开关S断开时，电压表V1、V2的示数均为零B.开关S闭合后，通过电阻R1的电流最大C.开关S闭合后，电压表V1的示数大于V2的示数D.开关S闭合后，两块电压表的示数之和等于电源两端电压2、下列关于声音的产生和传播的说法中；正确的是（）

A.声音都是靠空气来传播的。

B.只要物体振动；就能听到声音。

C.回声是声音被障碍物反射而形成的。

D.声音的传播速度不受周围环境温度的影响。

3、在一支平底试管内装入适量铁砂，然后先后放入装有甲、乙两种不同液体的烧杯里，如图所示，下列说法正确的是(

)

A.试管在甲液体中受到的浮力较大B.试管在乙液体里排开的液体质量较小C.在甲液体中试管底部所受液体压力较大D.装乙液体的烧杯底部所受压强较大4、电源电压3V

保持不变，把标有“3V3W

”的灯L1

和标有“3V1.5W

”的灯L2

按如图的方式连接，但开关S

闭合后，则下列说法中正确的是(

)

A.灯L1

消耗的实际功率是3W

B.灯L2

消耗的实际功率是1.5W

C.电压表的示数与电源电压之比是13

D.两灯消耗的总功率是1.5W

5、如图所示电路中，电源两端电压不变，R1

是定值电阻，R2

是滑动变阻器.

闭合开关S

后，在滑片P

向右滑动的过程中，下列判断正确的是(

)

A.电流表A

示数变小，电压表V1

示数变小，V2

示数变大B.电流表A

示数变小，电压表V1

示数变大，V2

示数不变C.电流表A

示数变大，电压表V1

示数变小，V2

示数不变D.电流表A

示数变小，电压表V1

示数变大，V2

示数变小6、如图所示，a点到b点是小球被抛出后在空中的运动轨迹，小球在b点的速度为v。如果小球在b点突然受到的所有力都消失了，则小球将沿以下哪条轨迹运动（）A.1B.2C.3D.47、如图，闭合开关，两灯并联，各电表都能正常工作．下列判断正确的是（）A.甲、乙、丙都是电流表B.甲、乙、丙都是电压表C.甲、乙是电压表，丙是电流表D.甲、丙是电流表，乙是电压表8、厨房、卫生间的下水管与污水井相连．污水通过下水管流到楼外的污水井，我们且闻不到臭味．如图所示的是厨房里的洗碗池下水管的示意图，正确的是（）A.B.C.D.评卷人得分二、填空题(共7题，共14分)9、科学家早已预言；太阳在50亿年后会膨胀成一颗红巨星，届时吞噬掉离太阳最近的二颗行星，地球地面的温度将升高到今天的两三倍，最后变成白矮星．而质量比太阳大得多的恒星，最终会归结于中子星或黑洞．中子星的密度是如此之大，平均每立方厘米的质量竟为一亿吨之巨！科学家表示，太阳膨胀会使地球的生物生存区域重新分布．大约20亿年后，太阳就会使地球变得不再适合生存．

（1）在太阳演化为红巨星的膨胀过程中，地球会变得不适合生物生存，你认为其主要原因是____．

（2）大恒星归结为中子星后，原来的原子结构不复存在．你觉得原来的原子结构中的原子核内的质子和核外电子所带的电荷，到哪里去了呢？你的猜想是____．

（3）铀-235的原子核在发生裂变时能放出大量的能量．铀核的密度也是非常巨大的，大约是____千克/米3，你得出的依据是____．10、（1）用刻度尺测量金属块的长度，如图1所示，图中金属块的长度为____cm．

（2）如图2所示是“体温计”的示意图，该体温计所示的温度为____℃．

11、弯折铁丝，铁丝会发热，这是通过______方式增加铁丝的内能，它与四冲程汽油机的______冲程的能量转化情况相同．某汽油机转速为1200r/min，在1s内，汽油机对外做功______次．12、某实验小组用一凸透镜做“探究凸透镜成像规律”实验；进行了以下实验步骤：

(1)

将凸透镜正对太阳；在另一侧移动光源，距凸透镜10cm

处，光屏接收到一个最小；最亮的光斑，由此可知，该凸透镜的焦距为______cm

．

(2)

如图所示；将光具座上点燃的蜡烛的火焰；透镜、光屏三者的中心调节在______，移动光屏始终找不到像，这是因为透镜与蜡烛的距离______10cm

所致(

选填“大于”、“等于”或“小于”)

应将蜡烛向______(

选填“左”或“右”)

移动一段距离后，才能在光屏上得到烛焰清晰的像．

(3)

把蜡烛移动到B

处，移动光屏可得到______的像(

选填“放大”或“缩小”).

再将蜡烛移动到A

处，并移动光屏可得到______的像(

选填“放大”或“缩小”)

此时光屏与透镜的距离______10cm(

选填“大于”或“小于”)

13、（2013秋•拱墅区期末）某同学准备参加玩具赛车比赛．他运用如图所示的电路来挑选一只能量转换效率较高的电动机．设电池的电压U恒定不变，他先用手捏住电动机的转轴，使其不转动，闭合开关后电流表示数为I1，然后放手，当电动机正常转动时，电流表的示数为I2．该玩具电动机正常转动时消耗的电功率____，输出机械功的功率是____，该玩具电动机正常转动时将电能转化为机械能的效率为____（用字母表示结果）14、近年来，烟台市大力发展清洁能源产业，尤其是风电发展尤为迅速，目前，烟台并网运行的风电场达28座．风机900余台，授产的风电装机容量为130万千瓦，预计年发电量2.7×108kW•h，相当于完全燃烧____煤放出的能量．（煤的热值3.0×107J/kg）15、为了研究大气压随高度的变化情况；一支登山队测出了几个高度的大气压，如下表：

（1）请根据上表的数据；在坐标系中作出大气压随高度变化的图象．

（2）根据图象，可以看出大气压随高度变化的数量关系大致为：____．

（3）当高度为1km时，大气压约为____Pa，当高度为3000km时，已到了大气层的边缘，此处的大气压约为____Pa，除了高度，大气压还与什么因素有关？请你提出一个猜想：____．评卷人得分三、判断题(共9题，共18分)16、利用撒在磁体周围的铁屑可以判断该磁体周围各点的磁场方向．____（判断对错）17、已调好的天平，搬到另一个工作台上，无需再调节即可使用．____（判断对错）18、参照物的选择是任意的，但只有不动的物体才能被选作参照物．____（判断对错）19、尖刀越尖越好，是为了增大压强，而枪托要宽而平，是为了减小压强．____．20、物体只有运动时才能施力，在静止时则不施力．____．21、判断正误

（1）光射到光滑表面上会发生反射，射到凹凸不平的表面上不会发生反射____

（2）当光线垂直射到镜面上时，入射角是90°____

（3）只有镜面反射遵守光的反射定律，漫反射不遵守光的反射定律____．22、物质的密度与它的质量和体积无关．____．23、额定功率相同的用电器，它们的额定电流一定是相等的．____．24、判断题：

（1）光只有在空气中才沿直线传播，在水中不一定沿直线传播____；

（2）我们先看见闪电，后听到雷声，是由于先闪电，后打雷____；

（3）工程技术中常用激光准直，这是利用了光沿直线传播的规律____．评卷人得分四、作图题(共1题，共2分)25、如图所示，电压表的示数为6伏，要使电流表的示数为1安，现有R1=5欧，R2=10欧，R3=15欧，R4=20欧，四个电阻可供选择，试选出合适的电阻，并在虚线框内完成电路图，并标明电阻符号和电阻值．评卷人得分五、解答题(共2题，共4分)26、根据电路图用笔画线连接实物电路．（连接不能交叉）27、自2013年2月份开始建设以来的汶河景观提升工程核心段建设工程正加紧推进，整个工程预计7月份全部竣工．如图甲所示为该工程中使用的某型号挖掘机，该机质量为3000kg，两履带与地面接触的总面积1.5m2．挖掘机能在6s内用铲斗将质量为0.75t的泥石送到岸边；挖掘深度h=2m．（如图乙所示）（取g=10N/kg）求：

（1）挖掘机静止在水平地面上不工作时对地面的压强多大？

（2）挖掘机每挖一次泥土并水平移送到岸边；对泥土做功多少？

（3）若发动机的总功率是20kW，挖泥过程中挖掘机的机械效率多大？评卷人得分六、综合题(共1题，共10分)28、（2012•大田县校级质检）某中学实验小组的同学对“声音传播需要介质吗？”进行探究；设计并进行了实验，用到的器材有：耐高温的广口玻瓶或烧瓶；密封盖、小铃、细铁丝或棉线．如图所示：

（1）将瓶口紧密封盖，摇动小铃，____听到铃声．（填“能”或“不能”）

（2）对烧瓶加热，密封瓶盖与瓶口间稍有空隙，经过一段时间，拧紧瓶盖并停止加热．冷却后，瓶内近似真空状态，再摇动小铃，比较听到的两次铃声的变化，可知____．

（3）通过实验得出的结论是____．参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【分析】（1）分析电路图可知，R1、R2、R3串联，开关S闭合时，V1测R2、R3串联后的电压，V2测R1、R2串联后的电压；

（2）开关S断开时，V2的示数为零，V1测电源电压．【解析】【解答】解：A、开关S断开时，连接V2的导线发生断路，即V2的示数为0，此时V1测电源电压；有示数，故A错误；

B、开关S闭合后，R1、R2、R3串联；在串联电路中，电流处处相等，故B错误；

C、开关S闭合后，R1、R2、R3串联；在串联电路中，根据U=IR可知，电压与电阻成正比；

∵R1＜R2＜R3∴U1＜U2＜U3．

又V1测R2、R3的电压，V2测R1、R2的电压，即U1′=U2+U3，U2′=U1+U2

故U1′＞U2′，即V1的示数大于V2的示数；故C正确；

D、∵V1测R2、R3的电压，V2测R1、R2的电压，即U1′=U2+U3，U2′=U1+U2

∴V1、V2的示数之和大于电源两端电压；故D错误．

故选C．2、C【分析】

A；声音可以在气体中传播；也可以在固体和液体中传播，不符合题意；

B；物体振动会发出声音；但需要有介质传播才可以听到声音，不符合题意；

C；回声是声音被障碍物反射而形成的；说法正确，符合题意；

D；声音的传播速度受周围环境温度的影响；不符合题意；

故选C．

【解析】【答案】解决此题的关键是要知道声音的传播是需要介质的；它既可以在气体中传播，也可以在固体和液体中传播．

3、D【分析】解：

(1)

因为同一支装入适量的铁砂的平底试管在两液体中都漂浮；所以试管受到的浮力：F录脳=F脪脪

故A错；

(2)

试管在甲；乙两液体中受到的浮力相等；根据F赂隆=G脜脜=m脜脜g

可知，试管排开的液体质量相等，故B错；

(3)

物体受到的浮力等于物体上下表面受到液体的压力差；而上表面受到的压力为0

所以F赂隆=F脧脗卤铆脙忙鈭�F脡脧卤铆脙忙=F脧脗卤铆脙忙

因为受到的浮力相等，所以，下表面受到的压力相等，即：F录脳=F脪脪

故C错。

(4)

试管在甲、乙两液体中受到的浮力相等，由图知，排开的液体体积V录脳>V脪脪

根据F赂隆=娄脩脪潞V脜脜g

可知，娄脩录脳<娄脩脪脪

两液面等高，根据p=娄脩脪潞gh

可知，装乙液体的烧杯底部所受压强较大。故D正确；

故选：D

(1)

同一支装入适量的铁砂的平底试管在两液体中都漂浮；受到的浮力相等；都等于自身重力；

(2)

根据阿基米德原理F赂隆=G脜脜=m脜脜g

判断排开液体的质量关系；

(3)

根据浮力实质得下表面受到的压力关系；利用F=pS

比较试管底部所受压力大小关系；

(4)

试管在甲；乙两液体中受到的浮力相等；而排开液体的体积不同，根据公式F赂隆=娄脩gV脜脜

可判断两液体密度的大小。两液面等高，根据p=娄脩脪潞gh

判断烧杯底部所受压强大小。

本题考查了学生对阿基米德原理、物体的漂浮条件、液体压强公式的掌握和运用，知识点多、综合性强，属于难题，要求灵活运用所学知识分析判断。【解析】D

4、C【分析】解：(1)

由P=UI

可得；两灯泡的额定电流分别为：

I1=P1U1=3W3V=1AI2=P2U2=1.5W3V=0.5A

由I=UR

可得；两灯泡的电阻分别为：

R1=U1I1=3V1A=3娄赂R2=U2I2=3V0.5A=6娄赂

(2)

由电路图可知；开关S

闭合后，L1

与L2

串联，电压表测L1

两端的电压；

因串联电路中各处的电流相等；且总电阻等于各分电阻之和；

所以，电压表的示数与电源电压之比：U1U=IR1I(R1+R2)=R1R1+R2=3娄赂3娄赂+6娄赂=13

故C正确；

此时电路中的电流：

I=UR1+R2=3V3娄赂+6娄赂=13A

灯L1

消耗的实际功率：

P1隆盲=I2R1=(13A)2隆脕3娄赂=13W

故A错误；

灯L2

消耗的实际功率：

P2隆盲=I2R2=(13A)2隆脕6娄赂=23W

故B错误；

两灯消耗的总功率：

P=P1隆盲+P2隆盲=13W+23W=1W

故D错误．

故选C．

(1)

知道两灯泡的额定电压和额定功率；根据P=UI

求出两灯泡的额定电流，根据欧姆定律求出两灯泡的电阻；

(2)

由电路图可知；开关S

闭合后，L1

与L2

串联，电压表测L1

两端的电压，根据欧姆定律电阻的串联和欧姆定律求出电压表的示数与电源电压之比；求出电路中的电流，根据P=I2R

求出两灯泡消耗的实际功率，进一步求出两灯消耗的总功率．

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意本题中两灯泡的电阻是不变的．【解析】C

5、B【分析】解：

由电路图可知；R1

与R2

串联，电压表V1

测R2

两端的电压，电压表V2

测电流表A

两端的电压，电流表测电路中的电流．

在滑片P

向右滑动的过程中；接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大；

由I=UR

可知；电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故C错误；

由U=IR

可知；R1

两端的电压变小；

因串联电路中总电压等于各分电压之和；

所以；R2

两端的电压变大，即电压表V1

的示数变大，故A错误；

因电流表的内阻很小；在电路中相当于导线；

所以；电压表V2

被短路，示数不变，故B正确；D错误．

故选B．

由电路图可知；R1

与R2

串联，电压表V1

测R2

两端的电压，电压表V2

测电流表A

两端的电压，电流表测电路中的电流.

根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1

两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R2

两端的电压变化；电流表的内阻很小，在电路中相当于导线，据此分析电压表V2

示数的变化．

本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键．【解析】B

6、B【分析】解：

根据牛顿第一定律可知；正在运动的物体，所受的外力如果同时消失，物体将保持外力消失瞬间的速度和方向永远运动下去；

当小球被抛出后运动到最高点b时，小球在水平方向上有一定的速度v，所以，若小球在b点受到的所有力都消失时；由牛顿第一定律可知，小球将会沿水平方向（即轨迹2）做匀速直线运动。

故选：B。

根据牛顿第一定律；一切物体在不受外力作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。对于正在运动的物体，所受的外力如果同时消失，物体将保持外力消失瞬间的速度和方向运动下去，即做匀速直线运动。

物体不受力或所受合力为零，物体的运动状态不会改变，即物体处于静止状态或做匀速直线运动状态。【解析】B7、D【分析】【分析】①并联电路的特点是各用电器独立工作；互不影响；

②电流表电阻非常小，相当于导线，所以与用电器串联使用；电压表电阻非常大，相当于断路，所以与用电器并联接入电路．【解析】【解答】解：由电路图知：要使左边的灯泡工作；需要使电流从正极出来到此灯泡，再经丙表回到负极，所以丙表为电流表；要使右边的灯泡工作，需要使电流从正极出来经过甲表到此灯泡，再经丙表回到负极，所以甲表为电流表；由于甲表为电流表，所以乙表只能为电压表，否则会造成电源短路．

故选D．8、C【分析】【分析】上端开口、下部相连通的容器叫连通器，连通器中的液体不流动时，各容器中的液面高度总是相平的．【解析】【解答】解：（1）A；B、D图；臭气都可以从下水道扩散上来，我们就会闻到臭味；

（2）C图；水在向下流的过程中都要经过一节弯管，当停止放水时，就会有一小段水存在弯管中，防止臭气上逸．

故选C．二、填空题(共7题，共14分)9、略

【分析】

（1）在太阳演化为红巨星的膨胀过程中；地球会变得不适合生物生存，主要原因是地球表面的温度降升高到不适合人类生存的程度．

（2）大恒星归结为中子星后；原来的原子结构不复存在，原来的原子结构中的原子核内的质子和核外电子所带的电荷相互，发生了电荷中和现象．

（3）铀核就是原子核，中子星的密度与原子核的密度差不多，根据题意中子星的密度是ρ==1×1017kg/m3．

故答案为：（1）地球表面的温度降升高到不适合人类生存的程度；

（2）核外电子被压缩到与质子结合；电荷中和；

（3）1×1017；原子核的密度与中子星的密度相当．

【解析】【答案】（1）太阳在50亿年后会膨胀成一颗红巨星；届时吞噬掉离太阳最近的二颗行星，地球地面的温度将升高到今天的两三倍，不适宜人类生存；

（2）等量的异种电荷相互抵消的现象；叫做中和；

（3）中子星的密度是如此之大；平均每立方厘米的质量竟为一亿吨，中子星就是一个巨大的原子核，中子星的密度就是原子核的密度．

10、3.1037.8【分析】【分析】（1）刻度尺的最小刻度值（或叫分度值）为相邻的刻度线表示的长度；使用刻度尺测量物体长度时；要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位．

（2）要弄清楚体温计的量程和分度值再去读数．分度值表示刻度上的一个小格表示的数值．【解析】【解答】解：（1）由图知：1cm之间有10个小格；所以1个小格代表的是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；金属块左端与1.00cm对齐，右端与4.10cm对齐，所以金属块的长度为L=4.10cm-1.00cm=3.10cm．

（2）体温计的一个大格表示1℃；里面有10个小格，因此它的分度值为0.1℃．因此它的读数为37.8℃．

故答案为：（1）3.10；（2）37.8．11、略

【分析】解：

反复弯折铁丝；将机械能转化为内能，使铁丝的内能增加，温度升高，是通过做功的方法使铁丝的内能增加的；

汽油机的工作过程中；将机械能转化为内能的是压缩冲程；

四冲程汽油机的飞轮转速为1200r/min；则该飞轮每秒钟转20圈．因为一个工作循环飞轮转2圈，完成4个工作冲程，做功一次，故在1s内，汽油机对外做功10次．

故答案为：做功；压缩；10．

（1）改变物体内能的方法：热传递；做功．

（2）热机的四个冲程：吸气冲程；压缩冲程、做功冲程、排气冲程．压缩冲程是机械能转化为内能．做功冲程是内能转化为机械能．

（3）1200r/min的含义：它表示热机的飞轮每分钟转1200圈．汽油机的一个工作循环由吸气冲程；压缩冲程、做功冲程、排气冲程四个冲程组成．在一个工作循环中曲轴转2圈；飞轮转2周，做功一次．

掌握改变内能的两种方法；掌握热机的四个冲程，以及压缩和做功冲程的能的转化，对热机飞轮转速的含义的理解．【解析】做功；压缩；1012、略

【分析】解：(1)

由题意知；最小；最亮的光斑是焦点，所以焦距为10cm

(2)

为使像能成在光屏的中央；将光具座上点燃的蜡烛的火焰；透镜、光屏三者的中心调节在同一高度处；

在光屏上找不到像；可能是因为成虚像或不能成像，则物距可能小于焦距或等于焦距；

要在光屏上成像；应将蜡烛移动到1

倍焦距之外，所以应将蜡烛向左移动；

(3)

如图所示；把蜡烛移动到B

处，物体在36cm

处，此时物距为50cm鈭�36cm=14cm

处于1

倍和2

倍焦距之间，成倒立放大的实像；

若在A

处；物体在23cm

处，物距为50cm鈭�23cm=27cm

大于2

倍焦距，所以成倒立缩小的实像，此时像距处于1

倍和2

倍焦距之间，所以光屏与透镜的距离大于10cm

．

故答案为：(1)10(2)

同一高度；小于或等于；左；(3)

放大；缩小；大于．

(1)

焦距是由焦点到凸透镜的距离；

(2)

为使像能成在光屏的中央；应使蜡烛的火焰；透镜、光屏三者的中心大致在同一高度处；

当物距小于焦距时；成正立的虚像，当焦距等于焦距时，不能成像；

当物距大于焦距时；才能成实像；

(3)

根据凸透镜成像的特点；物距处于1

倍和2

倍焦距之间，成倒立放大的实像，像距大于2

倍焦距；当物距大于2

倍焦距时，成倒立缩小的实像，像距处于1

倍和2

倍焦距之间；

此题是“探究凸透镜成像规律”实验，考查了焦距的概念，掌握成像特点与物距、像距之间的关系是解决此题的关键．【解析】10

同一高度；小于或等于；左；放大；缩小；大于13、略

【分析】【分析】（1）电动机不转动时为纯电阻用电器；根据欧姆定律求出电动机线圈的电阻；

（2）当电动机正常转动时，根据P=UI求出消耗的电功率，根据P=I2R求出电动机线圈的热功率，消耗的电功率减去电动机线圈的热功率即为输出机械功的功率，输出机械功的功率与消耗的电功率的比值即为该玩具电动机正常转动时将电能转化为机械能的效率．【解析】【解答】解：（1）电动机不转动时为纯电阻用电器；

由I=可得；电动机线圈的电阻：

R=；

（2）当电动机正常转动时；消耗的电功率：

PM=UI2；

电动机线圈的热功率：

P热=I22R=I22×=；

输出机械功的功率：

P机械=PM-P热=UI2-=；

该玩具电动机正常转动时将电能转化为机械能的效率：

η=×100%=×100%=×100%．

故答案为：UI2；；×100%．14、略

【分析】【分析】知道年平均发电量（完全燃烧标准煤所释放的能量）和标准煤的热值，利用Q放=mq求需要标准煤的质量．【解析】【解答】解：

由题知，Q放=W电=2.7×108kw•h=9.72×1014J，q=3.0×107J/kg；

∵Q放=mq；

∴需要标准煤的质量：

m===3.24×107kg．

故答案为：3.24×107kg．15、略

【分析】【分析】（1）图象中横坐标表示高度；纵坐标表示气压，利用描点法画出图象即可；

（2）根据图象特点；分析大气压随高度变化的数量关系；

（3）观察图象，或根据大气压和高度的数量关系得出高度为1km时的大气压；到了大气压的边缘，没有了大气层的包围，就没有大气压；气象台根据测量气压的变化来预测天气，说明大气压的值和天气的变化有关．【解析】【解答】解：（1）将图象中的横坐标对应表中的高度；纵坐标对应表中的大气压值，找出对应的各点，将各点连接起来就得到大气压随高度变化的图象，如下图：

（2）由图象可知，大气压随高度的增加而减小，而且成规律性的变化，大气压随高度变化的关系式是P=1.01×105Pa-10Pa/m×h；表示高度每升高10m；大气压降低100Pa；

（3）①由图象可知，当高度为1km时，大气压为0.9×105Pa；也可以根据大气压和高度的关系来计算得出，高度为0.8km时，大气压的值为0.92×105Pa，高度为1km时，大气压的值为P=1.01×105Pa-10Pa/m×1000m≈0.9×105Pa；

②当高度为3000km；已到了大气压的边缘，上方没有大气，没有大气压，大气压的值为0Pa；大气压除了和高度有关，还和天气的变化有关，同一地点晴天气压高，阴天气压低，冬天大气压要比夏天高．

故答案为：（1）如图；

（2）高度每升高10m；大气压降低100Pa；

（3）0.9×105；0；天气的变化．三、判断题(共9题，共18分)16、×【分析】【分析】磁场的分布情况可能通过撒铁屑的方法粗略观察，用铁屑可以看出磁场的强弱，但无法确定方向．【解析】【解答】解：利用铁屑可以看到磁体周围磁场的分布情况；但看不到方向，磁场方向是人为规定的，故题干说法错误．

故答案为：×．17、×【分析】【分析】天平测量前应放到水平台上，将游码拨到零刻度线，再调节两端螺母使横梁平衡．【解析】【解答】解：把已经调节好的托盘天平搬到另一地方使用；根据天平的使用规则，需选择水平桌面，使用前必需重新调节横梁平衡，未经重新调，不能使用．

故答案为：×18、×【分析】【分析】在判断物体的运动还是静止的时候，可以选择任意的物体作为参照物，只不过这个物体一旦被选择为参照物，就被假定为静止了．【解析】【解答】解：参照物的选择具有任意性；可以选择运动的物体做参照物，也可以选择静止的物体作为参照物，不过物体一旦被选作了参照物就被假定为静止了，这样才能去判断研究物体的运动状态．

故答案为：×．19、√【分析】【分析】要增大压强，就要减小受力面积，增大压力；要减小压强，就要增大受力面积和减小压力．【解析】【解答】解：尖刀越尖；受力面积越小，从而可以增大压强．

枪托宽而平；增大了受力面积，从而减小了枪对肩膀的压强．

这种说法是正确的．

故答案为：√20、×【分析】【分析】从物体间的相互作用，力的概念入手分析解答这道题．【解析】【解答】解：力是物体间的相互作用；物体间力的作用与物体的运动状态无关，运动的物体可以对其它物体施加力，静止的物体也可以对其它物体施加力．故题中说法错误．

故答案为：×．21、×【分析】【分析】解答此题要明确以下知识点：

①光射到光滑表面上会发生反射；射到凹凸不平的表面也会发生反射，反射光线将向四面八方；

②入射角是入射光线与法线的夹角；

③镜面反射和漫反射都遵守光的反射定律．【解析】【解答】解：（1）光射到光滑表面上会发生反射；射到凹凸不平的表面上也会发生反射；

故答案为：×．

（2）入射角是入射光线与法线的夹角；所以当光线垂直射到镜面上时，入射角是0°；

故答案为：×．

（3）镜面反射遵守光的反射定律；漫反射也遵守光的反射定律；

故答案为：×．22、√【分析】【分析】单位体积的某种物质的质量叫这种物质的密度，密度是物质本身的一种特性，与物质的种类、状态和温度有关，与质量、体积、形状无关．【解析】【解答】解：密度是物质的一种特性；它只与物质种类和状态有关，与物体的质量；体积无关．

故答案为：√．23、×【分析】【分析】用电器的额定功率取决于它的额定电压与电流，由P=UI可判断额定功率相同的用电器间额定电流的关系．【解析】【解答】解：由功率公式P=UI知：额定电流P相同的用电器；如果额定电压U不同，则它们的额定电流I不同，故说法错误．

故答案为：×．24、×【分析】【分析】解答此题要明确以下知识点：

①光在同种均匀介质中沿直线传播；应用由小孔成像；激光准直等；

②光的传播速度远远大于声音的传播速度．【解析】【解答】解：（1）光在同种均匀介质中沿直线传播；所以光在空气中才沿直线传播，在水中也沿直线传播；

故答案为×．

（2）闪电和雷声是同时发生的，光的传播速度是3×108m/s；声音的传播速度是340m/s，光的传播速度远远大于声音的传播速度．我们先看见闪电，后听到雷声；

故答案为：×．