2025年粤教沪科版必修3物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教沪科版必修3物理下册月考试卷496考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示，虚线表示等势面，相邻两等势面间的电势差相等，有一带电的小球在该电场中运动，不计小球所受的重力和空气阻力，实线表示该带正电的小球的运动轨迹，小球在a点的动能等于20eV，运动到b点时的动能等于2eV，若取C点为零电势点；则这个带电小球的电势能等于－6eV，它的动能等于：（）

A.16eVB.14eVC.6eVD.4eV2、有一种“电测井”技术，用钻头在地上钻孔，在钻孔中进行电特性测量，可以反映地下的有关情况，一钻孔如图所示，其形状为圆柱状，半径为设里面充满浓度均匀的盐水，其电阻率现在钻孔的上表面和底部加上电压，测得则该钻孔的深度约为（）

A.40mB.80mC.100mD.120m3、两个完全相同的小金属球，它们带异种电荷，电荷量之比为5∶1（皆可视为点电荷），它们在相距一定距离时相互作用力为F1，如果让它们接触后再放回各自原来的位置上，此时相互作用力变为F2，则F1∶F2为（）A.5∶2B.5∶4C.5∶6D.5∶84、下列说法正确的是（）A.库仑定律中k的数值是库仑用油滴实验测得的B.元电荷e的数值是由密立根用扭秤实验测得的C.感应起电和摩擦起电都是电荷从物体的一部分转移到另一部分D.电子的电荷量与电子的质量之比叫做电子的比荷5、将一电荷量为+Q的小球放在不带电的金属球附近，所形成的电场线分布如图，若a、b、c、d为电场中的点，其中b、c在金属球的外表面，ab=cd，a、b、c、d各点的电势分别为a、b、c、d。则下列判断正确的是（）

A.检验电荷+q在a点的电势能比在b点的小B.将电子从a点移到b点的过程中，电场力做正功C.a>b=c>dD.Uab=Ucd6、如图所示，两个互相垂直的平面和其交线上的点和点有等量同种点电荷，是的中点，是平面上的一点，是平面上的一点，和均垂直于且则下列说法正确的是（）

A.两点的电势相同，场强相同B.两点的电势不相同，场强相同C.两点的电势相同，场强不相同D.两点的电势不相同，场强不相同评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)7、真空中有四个相同的点电荷；所带电荷量均为q，固定在如图所示的四个顶点上，任意两电荷的连线长度都为L，静电力常量为k，下列说法正确的是。

A.不相邻的两棱中点连线在同一条电场线上B.每条棱中点的电场强度大小都为C.任意两棱中点间的电势差都为零D.a、b、c三点为侧面棱中点，则a、b、c所在的平面为等势面8、以下关于机械波与电磁波的说法中，正确的是（）A.机械波与电磁波，本质上是一致的B.机械波的波速只与介质有关，而电磁波在介质中的波速，不仅与介质有关，而且与电磁波的频率有关C.机械波可能是纵波，而电磁波必定是横波D.它们都可发生干涉、衍射现象9、如图所示，边长为a的正方体所处空间中存在匀强电场（图中未画出）。在A、F两点分别放入电荷量为和的点电荷甲和乙后，B点的场强变为零。已知静电力常量为k；则下列说法正确的是（）

A.原匀强电场的场强方向从A指向FB.原匀强电场的场强大小为C.放入点电荷前，B、H两点电势相等D.放入点电荷后，再将甲从A点沿直线移至D点的过程，甲的电势能保持不变10、如图所示，空间中A、两点存在等量异种点电荷，A点电荷量为点电荷量为A、为以点为圆心的圆上的三等分点；下列判断正确的是（）

A.将试探电荷由移到点，电场力不做功B.两点的场强大小可能相同C.两点的场强方向一定相同D.将试探电荷沿圆周运动，电场力不做功11、如图所示，正四面体四个顶点A、B、C、D处分别固定四个电荷量绝对值相等的点电荷。A、B处为＋Q，C、D处为－Q，O点为正四面体中心，M、N、J、K分别为AB、CD、AD、BC边中点.取无穷远处电势为零，离点电荷Q距离r处电势为下列说法正确的是（）

A.O处场强为零B.O处电势为零C.同一个负检验电荷分别放在J点与K点，电势能相同D.把一个正检验电荷从M点移到N点，电场力做负功12、如图所示，空间中存在着匀强电场，长方体中是边长为1m的正方形，棱AB长2m，E、F为棱AB、CD的中点，为棱的中点。已知电势则下列说法正确的是（  ）

A.电场强度方向与CE连线平行B.电场强度大小为C.B、两点的电势差与A、E两点的电势差相同D.把0.1C正电荷从D点移到B点，电场力做功-0.2J13、电路如图所示，当滑动变阻器的触头P向上滑动时；则。

A.电源的总功率变小B.电容器贮存的电量变小C.灯变亮D.灯变暗14、如图所示；图中直线①表示某电源的路端电压与电流的关系图像，图中曲线②表示该电源的输出功率与电流的关系图像，则下列说法中正确的是（）

A.电源的电动势为50VB.电源的内阻为C.电流为5A时，外电路的电阻为5ΩD.电源的输出功率为120W时，输出电压是50V评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)15、如图所示，一个α粒子（氦核）在电势差为U1=100V的电场中由静止开始加速运动，然后射入电势差为U2=10V的两块平行板的偏转电场中，偏转电场极板长L=20cm，间距d=5cm．若α粒子能飞离平行板区（重力可忽略），则α粒子刚进入偏转电场时的动能为________eV,飞离偏转电场时的偏移量y=_____________m．

16、尖端放电和静电屏蔽。

（1）电离：导体尖端的电荷密度很大，附近的电场强度___________，空气中的带电粒子剧烈运动，使空气分子被撞“散”而使正、负电荷___________的现象。

（2）尖端放电：导体尖端的强电场使附近的空气电离，电离后的异种离子与尖端的电荷___________；相当于导体从尖端失去电荷的现象。

（3）静电屏蔽：静电平衡时，导体壳内空腔里的电场___________；外电场对壳内不会产生影响。

（4）尖端放电和静电屏蔽的应用；防止。

a.尖端放电。

①应用：___________是利用尖端放电避免雷击的一种设施。

②防止：高压设备中导体的表面尽量___________；减少电能的损失。

b.静电屏蔽的应用。

①电学仪器和电子设备外面会有金属罩；通讯电缆外面包一层铅皮，可以防止外电场的干扰。

②电工进行高压带电作业时，穿戴金属丝网制成的衣、帽、手套、鞋子，可以对人体起到静电屏蔽作用，使人安全作业。17、在如图所示闭合回路中，随着滑动变阻器滑片的移动，电压表的示数U、电流表的示数I及干电池的输出功率P都会发生变化。

下面各示意图中正确反映关系的是__________；

A.B.

C.D.

下面各示意图中正确反映关系的是____________。

A.B.

C.D.18、如图所示为伏打电池示意图，由于化学反应，在A、B两电极附近产生了很薄的两个带电接触层a、b。

（1）说明铜板带正电、锌板带负电的原因是什么______？

（2）在电源内部的a、b两个区域，电荷如何被搬运到极板上______？

（3）在正常工作的闭合电路中，静电力对做定向运动的电子做______（选填“正”或“负”）功，使电子向电势______（选填“升高”或“降低”）的方向运动，电子的电势能______（选填“增加”或“减少”）；非静电力对做定向运动的电子做______（选填“正”或“负”）功，使电子向电势______（选填“升高”或“降低”）的方向运动，电子的电势能______（选填“增加”或“减少”）．

（4）沿电流方向绕电路一周，非静电力做功的区域是()

A．RB．bC．rD．a

（5）在图中闭合回路的各区域内，电势升高的总和等于电源的______。

（6）沿电流方向绕电路一周，在什么地方电势降低______？在什么地方电势升高______？19、家庭淋浴房常用“浴霸”来取暖。“浴霸”主要由四盏“”的特殊灯泡组成，这种灯泡正常工作时的电压为______V，功率为________W。这四盏灯泡在电路中的连接方式是_______（填“串联”或“并联”）。评卷人得分四、作图题(共2题，共8分)20、连线题：请将下列电路元器件的实物图与其符号相连。

21、如图1所示，用电动势为E、内阻为r的电源，向滑动变阻器R供电。改变变阻器R的阻值，路端电压U与电流I均随之变化。

（1）以U为纵坐标，I为横坐标，在图2中画出变阻器阻值R变化过程中U-I图像的示意图，并说明U-I图像与两坐标轴交点的物理意义。

（2）请在图2画好的U-I关系图线上任取一点；画出带网格的图形，以其面积表示此时电源的输出功率。

评卷人得分五、实验题(共1题，共5分)22、在“测定电池的电动势和内阻”的实验课上；小明；小华和小阳三人利用铜片、锌片、马铃薯制作了水果电池，铜片为电源的正极，锌片为电源的负极。经查阅资料，水果电池的内阻与选用的水果、两电极之间的距离及电极面积大小有关，一般在几百至几千欧姆之间。

(1)为了估测水果电池的电动势和内阻，先用多用电表进行测量，如图甲所示，组内三位同学的操作如下，你认为正确的操作是_____。

A．小明选择直流电压挡；直接将红表笔与铜片；黑表笔与锌片连接测量电动势。

B．小华选择欧姆挡；直接将红表笔与铜片；黑表笔与锌片连接测量内阻。

C．小阳选择欧姆挡合适的倍率；然后将红表笔和黑表笔短接，进行欧姆调零，最后直接将红表笔与铜片；黑表笔与锌片连接测量内阻。

(2)小组拟用“伏安法”测定水果电池的电动势和内阻，选择实验电路图时，出现了不同意见，小明和小华认为应选择图乙，小阳认为应选择图丙，经过讨论，得到了一致意见。你认为应选择_____。（填“图乙”或“图丙”）

(3)他们又用“伏安法”测定了干电池的电动势和内阻，得到几组数据，作出U-I图线如图丁，已知选用电压表：量程0～3V，内阻约5000Ω，电流表：量程0～0.6A，内阻0.1Ω。根据图线求出干电池的电动势E=_____V，电池的内阻r=_____Ω。（计算结果保留两位小数）评卷人得分六、解答题(共4题，共8分)23、如图所示，从炽热的金属丝K逸出的电子（速度可视为零），经加速电场加速后，从偏转电场两极板正中央垂直电场方向射入，恰好从下极板边缘飞出电场。已知电子质量为m，电荷量为e，加速电场电压为U0。偏转电场两板间距离为d，板长为L。电子的重力不计。求：

(1)电子进入偏转电场时的速度大小；

(2)偏转电场电压；

(3)电子离开偏转电场时速度的大小和速度偏转角的正切值。24、如图所示，在真空中有A和B两个点电荷，电荷量分别为－Q和+2Q，它们相距为L，如果在两个点电荷间有一个半径为r（2r<L）的空心金属球，且球心位于A、B连线的中点O，求球壳上的感应电荷在O点处产生的场强的大小和方向。

25、如图甲所示，水平放置的两平行金属板间距离为板长为两金属板间电势差变化如图乙所示（初始时上金属板带正电），其中一粒子源连续发射质量为电荷量为的带电粒子（初速度重力忽略不计），该粒子源射出的带电粒子恰好从上金属板左端的下边缘水平进入两金属板间。

（1）若带电粒子在时刻进入两极板之间，飞出极板时粒子在竖直方向的偏移量是多少；

（2）在哪些时刻进入两金属板间的带电粒子恰好从下金属板右端飞出；

（3）在哪些时刻进入两金属板间的带电粒子恰好从上金属板右端飞出。

26、如图所示电路，电源电动势内阻电阻C为水平放置的平行板电容器，其电容两极板的间距取结果均保留两位有效数字．

开关S处于断开状态时；平行板电容器的电压是多大？所带电荷量是多少？

开关S处于断开状态时；有一带电微粒恰好能在平行板电容器中静止不动，求该微粒的电性及比荷；

在开关S由断开到闭合的过程中，流过电阻的电荷量为多少？参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B【分析】【分析】

小球只受电场力时；小球的动能和电势能之和保持不变；正确判断小球在电场中所受电场力方向以及电场力做功情况。学习电场中的功能关系时可以类比在重力场的功能关系，如只有重力做功，动能和重力势能之和保持不变；那么只有电场力做功，电势能和动能之和保持不变。

【详解】

ABCD．小球自a点运动到b时，电场力做负功

由于相邻两等势面的电势差相等，故电势差的大小关系有

从b到c电场力做正功，根据动能定理有

联立可得

由于只有电场力做功，电势能和动能和保持不变，故在c点

即电势能和动能之和为8eV，因此当电势能等于时动能为14eV；故ACD错误，B正确。

故选B。2、B【分析】【详解】

设转孔内盐水电阻为R，由部分电路欧姆定律可得

解得

由电阻定律

可得该钻孔的深度约为

故选B。3、B【分析】【分析】

【详解】

它们在相距一定距离时相互作用力为

两电荷异性，接触后再分开，两球电量的绝对值为2q，此时两球的库仑力

则

故B正确。

故选B。4、D【分析】【详解】

A．库仑定律是库仑用扭称实验测得的，库仑定律中的k并不是由此实验测出；故A错误；

B．元电荷e的数值是由密立根用油滴实验测得的；选项B错误；

C．感应起电的实质是电荷从物体的一部分转移到另一部分；摩擦起电的实质是电荷从一个物体转移到另一个物体，选项C错误；

D．电子的电荷量与电子的质量之比叫做电子的比荷；选项D正确。

故选D。5、C【分析】【分析】

【详解】

A．沿电场线电势逐渐降低，则a点的电势比在b点的高，根据

检验电荷+q在a点的电势能比在b点的大；A错误；

B．a点的电势比在b点的高，根据

则电子在a点的电势能比在b点的低，将电子从a点移到b点的过程中；电场力做负功，B错误；

C．a点所在的电场线从Q出发到不带电的金属球终止，所以a点的电势高于金属球的电势，而d点所在处的电场线从金属球发出到无穷远，所以金属球的电势高于d点的电势，即a点的电势比d点的高，金属球放在Q的电场中，是个等势体，表面是等势面，b、c在金属球的外表面，则b、c两点的电势相等，即

C正确；

D．电场线的疏密表示场强的大小，由图可知ab段和cd段的平均场强大小不相等，根据

则有ab两点之间的电势差和cd两点之间的电势差不相等；D错误。

故选C。6、C【分析】【分析】

【详解】

两点的点电荷为等量同种点电荷，两点离点电荷的距离相等，根据电势的叠加知两点的电势相同，根据对称性知两点的场强大小相等，由平行四边形定则知，点场强方向沿直线点场强方向沿直线即两点的场强方向不同；故C正确；ABD错误。

故选C。二、多选题(共8题，共16分)7、B:C【分析】【详解】

假设ab连线是一条电场线，则b点的电场方向沿ab方向，同理如果bc连线是一条电场线，b的电场方向沿bc方向，由空间一点的电场方向是唯一的可知电场线不沿ab和bc方向，因此A错；由点电荷的电场的对称性可知abc三点的电场强度大小相同，由电场的叠加法则可知上下两个点电荷对b点的和场强为零，左右两个点电荷对b点的合场强不为零，每个电荷对b点的场强合场强为故B正确；由点电荷的电势叠加法则及对称性可知abc三点的电势相等，因此任意两点的电势差为零，故C正确；假设abc平面为等势面，因此电场线方向垂直于等势面，说明电场强度的方向都在竖直方向，由电场叠加原理知b点的电场方向指向内底边，因此abc不是等势面，故D错误．8、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．机械波是机械振动在介质中的传播产生的；而电磁波是电磁振荡产生的，产生的本质不同，选项A错误；

B．不同频率的机械波在同一介质中传播速度是相同的；在不同介质中传播速度不同，不同频率的电磁波在同一介质中传播速度不同，选项B正确；

C．机械波有横波和纵波之分；而电磁波只有横波这一种形式，选项C正确；

D．机械波和电磁波虽然本质不同；但有相同的特征，都能发生干涉；衍射现象，选项D正确。

故选BCD。9、B:C【分析】【详解】

AB．甲和乙两等量异种点电荷，B点位于两点电荷连线中垂面上，所以两点电荷在B点的场强方向平行于AF连线且由A指向F，结合几何关系可知场强大小为

又B点的合场强为零，所以原匀强电场在B点的场强与等量异种点电荷在B点产生的场强等大反向，即原匀强电场的场强方向由F指向A，大小也为故A错误，B正确；

C．放入点电荷前，平面与原匀强电场的场强方向垂直，所以平面为等势面，即B、H两点电势相等；故C正确；

D．放入点电荷后，在由乙产生电场和原匀强电场叠加后的电场中，甲从A点沿直线移至D点的过程中；垂直于匀强电场且远离负点电荷，所以电场力做负功，电势能不断增大，故D错误。

故选BC。10、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．是连线的中垂线，该中垂线是等势面，将试探电荷由移到点；电场力不做功，选项A正确；

BC．因为是等量异种点电荷，在中垂线上，电场强度方向相同，点的场强大于点的场强；选项B错误，选项C正确；

D．圆周不是等势面；将试探电荷沿圆周运动，电场力做功，选项D错误。

故选AC。11、B:C【分析】【详解】

A．由对称性可知，两个正电荷在O的合场强与两个负电荷在O点的合场强大小相等；但是方向不是相反，和场强不为零，A错误；

B．根据可知四个点电荷在O点的电势叠加后，O点的电势为零；B正确；

C．由电势叠加可知，JK两点电势均为零，则同一个负检验电荷分别放在J点与K点；电势能相同，C正确；

D．M点离正电荷更近离负电荷更远，N点离负电荷更近离正电荷更远，可知M点电势高于N点，则把一个正检验电荷从M点移到N点；电势能减小，则电场力做正功，D错误。

故选BC。12、B:D【分析】【详解】

A．根据匀强电场特点，平行等距的两线段电势差相等，则UAE=UEB=UFC

解得

同理可得

EDF1B1等势面如图所示，则电场强度方向应该是过点F做EDF1B1平面的垂线；故A错误；

B．场强沿FD方向的分量为

同理场强沿FF1、FE方向的分量均为故电场强度大小为

故B正确；

C．B、F1两点的电势差UBF1为2V，A、E两点的电势差UAE为-2V；故C错误；

D．把0.1C正电荷从D点移到B点，电场力做功为

故D正确。

故选BD。13、B:C【分析】【分析】

首先认清电路的结构：变阻器与灯L2串联后与电阻R1并联，再灯L1串联，电路稳定时，电容器相当于断路．当滑动变阻器的触头P向上滑动时，变阻器接入电路的电阻变小，分析外电路总电阻减小，由欧姆定律分析总电流的变化，即可知道电源的总功率变化和灯L1亮度变化．分析并联部分电压的变化，判断通过R1的电流如何变化，就能分析出通过灯L2的电流变化；判断其亮度变化．

【详解】

AC．当滑动变阻器的触头P向上滑动时，变阻器接入电路的电阻变小，外电路总电阻变小，干路电流变大，则灯变亮；电源的总功率E不变；则电源的总功率变大，故A错误，C正确；

BD．干路电流增大，电源的内电压和灯的电压增大，则电路中并联部分的电压U并减小，通过的电流减小，而干路电流增大，所以通过灯的电流变大，灯变亮；电容器的电压等于并联部分的电压，则其电压减小，电容器贮存的电量变小，故B正确，D错误．

故选BC.

【点睛】

本题考查了滑动变阻器的变阻原理、欧姆定律、串联电路的电压关系，关键是先搞清电路的结构，然后按“局部→整体→局部”的思路进行分析．14、A:C【分析】【详解】

A．根据闭合电路的欧姆定律，电源的输出电压：U=E-Ir

对照U-I图象，当I=0时，U=E=50V；故A正确；

B．U-I图象斜率的绝对值表示内电阻，故：

故B错误；

C．电流为5A时，总电阻为

故外电路电阻为：R=R总-r=5Ω

故C正确；

D．输出功率为120W时，对照P-I图象，电流为4A，由P=UI得输出电压为30V；故D错误。

故选AC。三、填空题(共5题，共10分)15、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]粒子直线运动过程加速，由动能定理可得

解得

[2]再根据动能定理得

又因为粒子进入偏转电场做类平抛运动，水平方向则有

竖直方向有

粒子在偏转电场中，根据牛顿第二定律，可得

联立上式解得【解析】2000.0216、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】很强分离中和处处为零避雷针光滑17、略

【分析】【详解】

[1]当滑动变阻器的阻值等于电源内阻时，电源的输出功率最大，即电源的输出功率随先变大，再变小，输出功率与路端电压的关系式为

由数学知识可知；C正确，ABD错误。

[2]电源的输出功率为

由数学知识可知，C正确，ABD错误。【解析】CC18、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]锌失去电子后，锌离子进入溶液中与硫酸根离子结合成硫酸锌，锌原子将电子留在锌板上，使锌板带负电，硫酸根离子与锌结合后，导致电解液与b之间处的电势升高，对于铜板，由于还原反应，硫酸中的氢离子从铜板上得到电子变成氢气，使铜板带正电，由于氢离子与铜板上的电子结合导致a与电解液处的电势降低；

(2)[2]在电源内部的a、b两个区域，非静电力做功，在a区域，氢离子被搬运到铜板上；在b处；硫酸根离子被搬到锌板上；

(3)[3][4][5]在正常工作的闭合电路中；静电力对做定向运动的电子做正功，电势能减少，所以电子向电势升高的方向运动；

[6][7][8]电源内部；从负极到正极电势升高，所以非静电力把电子从正极搬运到负极，对做定向运动的电子做正功，即电子向电势降低的方向运动，所以电子的电势能增加；

(4)[9]在电源的内阻和外电阻上，电荷移动过程中是静电力做功，r区域是内阻区域，由题意可知，“在A、B两电极附近产生了很薄的两个带电接触层a、b”则该区域即为非静电力作用的范围；也是沿着电流方向电势升高的范围，故BD正确，AC错误；

故选BD；

(5)[10]依据电动势定义可知；电势升高的总和等于电源的电动势；

(6)[11][12]ab区域为非静电力作用的范围，电势升高，R为外电阻，r为内阻，在电阻上，沿电流方向电势降低。【解析】锌失去电子后，锌离子进入溶液中与硫酸根离子结合成硫酸锌，锌原子将电子留在锌板上，使锌板带负电，硫酸根离子与锌结合后，导致电解液与b之间处的电势升高。对于铜板，由于还原反应，硫酸中的氢离子从铜板上得到电子变成氢气，使铜板带正电，由于氢离子与铜板上的电子结合导致a与电解液处的电势降低在a区域，氢离子被搬运到铜板上；在b处，硫酸根离子被搬到锌板上正升高减少正降低增加BD电动势电势两次降低即电流流过外电阻和内电阻时，电势降低电势两次升高即通过两个极板和电解液接触层a、b时电势升高19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]这种灯泡正常工作时的电压为220V；功率为300W。

[3]这四盏灯泡在电路中的连接方式是并联。【解析】220300并联四、作图题(共2题，共8分)20、略

【分析】【详解】

实物图中第一个为电动机；电动机符号为符号图中的第二个；

实物图中第二个为电容器；电容器符号为符号图中的第三个；

实物图中第三个为电阻；电阻符号为符号图中的第四个；

实物图中第四个为灯泡；灯泡符号为符号图中的第一个。

【解析】21、略

【分析】【详解】

（1）由闭合电路欧姆定律可知

所以图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势；与横轴交点的坐标值为短路电流，如图所示。

（2）电源的输出功率等于路端电压与干路电流的乘积；即所要求的的面积为该点向坐标轴作垂线后与坐标轴围成的面积，如图所示。

【解析】（1）U-I图像如图所示。图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势，与横轴交点的坐标值为短路电流；（2）五、实验题(共1题，共5分)22、略

【分析】【详解】

(1)［1］A．用多用电表估测电池电动势时；应选择直流电压档，直接将红表笔与铜片；黑表笔与锌片连接测量电动势，A正确；

BC．因电池本身有电动势；又因多用电表的欧姆档通过测量通过电阻的电流大小而得出电阻值，所以不能用多用电表的欧姆档直接测量电池的内阻，B错误，C错误。

故选A。

(2)［2］图乙中；因水果电池的内阻较大，在几百至几千欧姆之间，与电压表的内阻相差不多，因此电压表的分流作用不可忽略，如果用图乙测量，则会增大实验误差；图丙中的电压表的分流作用可忽略，电流表的分压作用可忽略，用图丙电路测量误差较小，所以选择图丙电路。

(3)［3］将电流表内阻与电源内阻等效为内阻r，由闭合电路的欧姆定律有

由图丁可得：

［4］内阻

电池内阻【解析】A图丙1.450.59六、解答题(共4题，共8分)23、略

【分析】【详解】

(1)根据动能定理

解得

(2)电子在偏转电场中做类平抛运动

解得

(3)解法一：离开电场时

速度方向与入射方向夹角为

解法二：从开始运动到离开偏转电场，由动能定理得

解得

速度方向与入射方向夹角为：

解法三：平抛运动的速度反向延长线过水平位移的中点【解析】(1)(2)(3)24、略

【分析】【详解】

两个点电荷和金属球壳上的感应电荷在O点处产生的场强的矢量和为零，故球壳上的感应电荷在O点处产生的场强与两个点电荷在O点处产生的合场强大小相等，方向相反，即

方向沿A、B连线指向B【解析】沿A、