2025年粤教版必修3物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教版必修3物理下册月考试卷738考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示，一半径为R的圆盘上均匀分布着电荷量为Q的电荷，在垂直于圆盘且过圆心c的轴线上有a、b、d三个点，a和b、b和c、c和d间的距离均为R，在a点处有一电荷量为＋q的固定点电荷。已知b点处的场强为零，则d点处的场强大小为（k为静电力常量）（）

A.B.C.D.2、在同一平面内有四根彼此绝缘的通电直导线，如图所示，四根导线中电流I4＝I3>I2>I1，要使O点磁场增强，则应切断哪一根导线中的电流()A.I1B.I2C.I3D.I43、如图所示，半径为r、内壁光滑绝缘的圆轨道竖直放置，场强为E的匀强电场水平向右；当质量为m、带电量为+q的小球静止在圆轨道的A点时，轨道的圆心O与A点的连线与水平面的夹角为37°，让小球在圆轨道内做完整的圆周运动，则在A点至少给小球的速度为（）

A.B.C.D.4、两平行金属板相距为d，电势差为U，一电子质量为m、电荷量为e，从O点沿垂直于极板的方向射入电场，最远到达A点，然后返回，如图所示，OA间距为h；则此电子的初动能为（）

A.B.C.D.5、a、b两个电容器如图甲所示，图乙是它们的部分参数。则关于a、b两个电容器的下列说法正确的是（）

A.a、b两个电容器的电容之比为8∶1B.a、b两个电容器的电容之比为4∶5C.b电容器工作时最多能容纳电荷0.1CD.a电容器工作时最多能容纳电荷1C6、一球面均匀带有正电荷，球内的电场强度处处为零，如图所示，O为球心，A、B为直径上的两点，现垂直于将球面均分为左右两部分；C为截面上的一点，移去左半球面，右半球面所带电荷仍均匀分布，则（）

A.O、C两点电势相等B.A点的电场强度大于B点C.沿直线从A到B电势先升高后降低D.沿直线从A到B电场强度逐渐增大7、用如图所示的实验装置探究感应电流产生的条件。线圈A通过变阻器和开关连接到电源上，线圈B的两端连接到电流表上，把线圈A装在线圈B的里面。下列几种情况下线圈B中没有电流产生的是（）

A.开关闭合瞬间B.开关断开瞬间C.开关闭合时，滑动变阻器不动D.开关闭合时，拔出线圈A瞬间评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)8、如图所示的电路中，电源电动势为E，内电阻为r，L为小灯泡（其灯丝电阻可以视为不变），R1和R2为定值电阻，R1=R2=r，R3为光敏电阻，其阻值的大小随照射光强度的增强而减小．闭合开关S后，将照射光强度减弱，则（）

A.电路的路端电压将减小B.灯泡L将变暗C.R1两端的电压将增大D.电源的输出功率减小9、如图所示，电源电动势为E，内阻为r，为定值电阻，为滑动变阻器．闭合开关后，把滑动变阻器的滑片向左滑动，以下说法正确的是（）

A.电流表示数变小，电压表示数变大B.电流表示数变小，电压表示数变小C.消耗的电功率变小D.消耗的电功率变大10、A、B两物体质量均为m，其中A带正电，带电量为+q，B不带电，通过劲度系数为k的绝缘轻质弹簧相连放在水平面上，如图所示，开始时A、B都处于静止状态。现在施加竖直向上的匀强电场，电场强度式中g为重力加速度；若不计空气阻力，不考虑A物体电量的变化，则以下判断正确的是（）

A.刚施加电场的瞬间，A的加速度大小为2gB.从施加电场开始到B刚要离开地面的过程中，A物体速度大小一直增大C.从施加电场开始到B刚要离开地面的过程中，A物体的机械能增加量始终等于A物体电势能的减少量D.B刚要离开地面时，A的速度大小为11、如图所示，一个带正电粒子以一定的初速度v0沿两板的中线进入水平放置的平行金属板内，C恰好沿下板的边缘飞出，已知板长为L，平行板间距离为d，板间电压为U，带电粒子的质量为m；不计粒子的重力，则（）

A.粒子的电荷量B.粒子动能增加量为C.在粒子运动前一半时间和后一半时间的过程中，电场力做功之比为1：3D.在粒子运动前一半时间和后一半时间的过程中，电场力做功之比为1：212、如图所示为真空中的实验装置，平行金属板A、之间的加速电压为之间的偏转电压为为荧光屏。现有质子、氘核和粒子三种粒子分别在A板附近由静止开始加速，最后均打在荧光屏上。已知质子、氘核和粒子的质量之比为电荷量之比为则质子、氘核和粒子三种粒子（）

A.从开始到荧光屏所经历时间之比为B.从开始到荧光屏所经历时间之比为C.打在荧光屏时的动能之比为D.打在荧光屏时的动能之比为13、一束粒子沿水平方向平行飞过小磁针上方；如图所示，此时小磁针S极向纸内偏转，这一束粒子可能是（）

A.向右飞行的正离子束B.向左飞行的正离子束C.向右飞行的负离子束D.向左飞行的负离子束14、如图所示，为水平放置的平行板电容器的两个金属极板，为静电计。闭合开关静电计指针张开一定角度，电容器两极板间的点有一带电液滴处于静止状态；则下列说法正确的是（）

A.保持开关闭合，将的滑片向右移动，的指针张开角度减小B.保持开关闭合，将的滑片向左移动，带电液滴仍处于静止状态C.若断开开关将极板向上移动少许，的指针张开角度减小D.若断开开关将极板向上移动少许，带电液滴仍处于静止状态15、如图所示，是半径为的圆的一条直径，该圆处于平行该圆周平面的匀强电场中。将质子从a点以的动能在该平面内朝着不同方向射出，质子可经过圆周上所有点。其中，到达c点的动能最大且为已知若不计重力和空气阻力，且规定圆心O处电势为0；则下列说法正确的是（）

A.电场方向为方向B.电场强度大小为C.b点电势为D.质子经过该圆周时，可能具有动能的同时，其电势能为16、在如图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r，负极接地，R1、R2、R3为定值电阻，R为滑动变阻器，C为电容器，A、V分别为理想电流表和电压表。在滑动变阻器的滑片P自b端向a端滑动的过程中；下列说法正确的是()

A.电压表V示数变小B.电流表A示数变大C.电路中a点的电势降低D.电容器C所带电荷量增多评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)17、现有一个电流表G，内阻Rg=30满偏电流Ig=1mA。

(1)把它改装成量程为0~3V的电压表，要________（填“串联”或“并联”）一个_______的电阻。

(2)把它改装成量程为0~0.6A的电流表，要________（填“串联”或“并联”）一个_____的电阻。18、如图所示，一个α粒子（氦核）在电势差为U1=100V的电场中由静止开始加速运动，然后射入电势差为U2=10V的两块平行板的偏转电场中，偏转电场极板长L=20cm，间距d=5cm．若α粒子能飞离平行板区（重力可忽略），则α粒子刚进入偏转电场时的动能为________eV,飞离偏转电场时的偏移量y=_____________m．

19、电磁感应现象的发现直接导致了___________的设计成功。使大规模生产电能成为可能，人类社会得以蒸汽时代进入到电气时代。1887年，物理学家___________用实验方法首次获得电磁波，证实了麦克斯韦关于电磁波的这一预言，人类从此进入无线电时代。20、会用多用电表探索黑箱中的_______。21、真空中一个固定的正点电荷，周围的电场线分布如图所示，A、B为水平电场线上的两点。

（1）电场强度________（选填或）；

（2）将试探电荷＋q放在A点，试探电荷＋q受到的静电力的方向________（选填水平向左或水平向右）。22、某个学习小组为测量一铜芯电线（电阻约为几欧）的电阻率，首先用毫米刻度尺测出接入电路中金属丝的长度L，再利用螺旋测微器测金属丝直径，示数如下左图所示，则金属丝直径的测量值_____mm。某次测量时，电压表示数为U，电流表示数为I，则该铜芯线材料的电阻率表达式为___。（用字母U、I、L、d表示）

23、如图中游标卡尺的测量值分别为__________mm，___________mm。

24、如图所示，测量电压表V的电阻；操作步骤如下：

①闭合S，调节电阻箱阻值为R1时，测的V表示数为U1

②改变电阻箱电阻为R2时，测的V表示数为

③得RV=_________.25、黑体∶

（1）定义∶某种物体能够____吸收入射的各种波长的电磁波而不发生反射，这种物体就叫作____。

（2）黑体辐射的特点∶黑体辐射电磁波的强度按____的分布只与黑体的____有关。评卷人得分四、作图题(共4题，共16分)26、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

27、以下是几种点电荷的电场线的分布情况；请标出图中各电荷的电性。

28、由电流产生的磁场方向如图所示；请在图中标出线圈中的电流方向.

29、把蜂鸣器；光敏电阻、干簧管继电器开关、电源连成电路如图所示；制成光电报警装置，当报警器有光照射时，峰鸣器发声，当没有光照或者光照很弱时，蜂鸣器不发声，①光敏电阻：光敏电阻受光照后，阻值会变小，②干簧管继电器开关：由干簧管和绕在干簧管外的线圈组成，当线圈中有一定的电流时，线圈产生的磁场使密封在干簧管内的两个铁质簧片磁化，两个簧片在磁力作用下由原来的分离状态变成闭合状态，当线圈中没有电流或者电流很微弱时，磁场消失，簧片在弹力的作用下恢复到分离状态，电路已经连接一部分，请将电路完整连接好。

评卷人得分五、实验题(共1题，共10分)30、在“测定金属的电阻率”的实验中，所用测量仪器均已校准。已知待测金属丝的电阻值Rx约为5Ω；在测电阻时，可供选择的器材有：

电源E：电动势3V；内阻约1Ω

电流表A1：量程0～0.6A；内阻约0.125Ω

电流表A2：量程0～3A；内阻约0.025Ω

电压表V1：量程0～3V；内阻约3kΩ

电压表V2：量程0～15V；内阻约15kΩ

滑动变阻器R1：最大阻值5Ω；允许最大电流2A

滑动变阻器R2：最大阻值1000Ω；最大电流0.6A

开关一个；导线若干。

(1)在上述器材中，应该选用的电流表是______，应该选用的电压表是___。若想尽量多测几组数据，应该选用的滑动变阻器是______（填写仪器的字母代号）。

(2)该同学用螺旋测微器测金属丝的直径如图所示，则螺旋测微器的示数d=___mm。

(3)用所选的器材，在答题纸对应的方框中画出电路图________。

(4)关于本实验的误差，下列说法正确的是_______。

A．测量过程中；开关长时间闭合，对实验结果没有影响。

B．由于电流表和电压表内阻引起的误差属于偶然误差。

C．利用电流I随电压U的变化图线求Rx可减小偶然误差。

D．由于采用的是电流表外接法，测量值小于真实值评卷人得分六、解答题(共3题，共30分)31、如图甲所示的电路，滑动变阻器与电源相连接，其中滑动变阻器的最大阻值电源的输出电压随外电路总电阻按图乙所示的规律变化，其中段与横轴平行，且与的虚线接近重合。

(1)求电源的电动势内阻

(2)求间空载时滑动变阻器两端电压的取值范围；

(3)若干路电流不能超过求间所接电阻的最小值。（保留一位小数）

32、如图，边长为l的n匝正方形线框内部有一边长为的正方形区域的匀强磁场，磁场的磁感应强度为B；则穿过线框的磁通量是多少？

33、对于同一物理问题，常常可以从宏观与微观两个不同角度进行研究，找出其内在联系，从而更加深刻的理解其物理本质。一段长为l、电阻率为ρ、横截面积为S的细金属直导线，单位体积内有n个自由电子，电子电荷量为e、质量为m。

（1）当该导线通有恒定的电流I时：

①请根据电流的定义，推导出导线中自由电子定向移动的速率v；

②经典物理学认为，金属的电阻源于定向运动的自由电子与金属离子（即金属原子失去电子后的剩余部分）的碰撞，该碰撞过程将对电子的定向移动形成一定的阻碍作用，该作用可等效为施加在电子上的一个沿导线的平均阻力。若电子受到的平均阻力大小与电子定向移动的速率成正比，比例系数为k。请根据以上的描述构建物理模型，推导出比例系数k的表达式。

（2）将上述导线弯成一个闭合圆线圈；若该不带电的圆线圈绕通过圆心且垂直于线圈平面的轴匀速率转动，线圈中不会有电流通过，若线圈转动的线速度大小发生变化，线圈中会有电流通过，这个现象首先由斯泰瓦和托尔曼在1917年发现，被称为斯泰瓦—托尔曼效应。这一现象可解释为：当线圈转动的线速度大小均匀变化时，由于惯性，自由电子与线圈中的金属离子间产生定向的相对运动。取线圈为参照物，金属离子相对静止，由于惯性影响，可认为线圈中的自由电子受到一个大小不变；方向始终沿线圈切线方向的力，该力的作用相当于非静电力的作用。

已知某次此线圈匀加速转动过程中，该切线方向的力的大小恒为F。根据上述模型回答下列问题：

①求一个电子沿线圈运动一圈，该切线方向的力F做功的大小；

②推导该圆线圈中的电流的表达式。参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、D【分析】【分析】

【详解】

电荷量为q的点电荷在b处产生电场强度为。

方向水平向右，在b点处的场强为零；则圆盘在此处产生电场强度也为。

方向水平向左；那么圆盘在此d产生电场强度仍为。

方向水平向右，而电荷量为q的点电荷在d处产生电场强度为。

方向水平向右，由于都在d处产生电场强度方向相同，即为两者大小相加。所以两者这d处产生电场强度为。

故选D。2、D【分析】【详解】

从图中可得在O点产生的磁感应强度的方向都为垂直纸面向里，而在O点产生的磁感应强度方向为垂直纸面向外，故要使O点磁场增强，则应该切断D正确。

【点睛】

本题利用安培定则判断磁场方向比较简单，但磁场的叠加，较为复杂，采用作图法可防止思路出现混乱3、D【分析】【详解】

重力与电场力的合力即等效场力

设圆心O与A的连线的反向延长线与圆轨道的另一个交点即等效最高点为B，小球在圆轨道内做完整的圆周运动，设在等效最高点B的最小速度为在等效最高点B，等效场力F充当向心力，则有

设小球在A点的最小速度为小球从A点到B点，由动能定理可得

联立解得

故选D。4、D【分析】【详解】

电子从O点到达A点的过程中，仅在电场力作用下速度逐渐减小，根据动能定理可得-eUOA=0-Ek

因为UOA=h

所以

故选D。5、C【分析】【详解】

AB．由题图乙知a的电容是1000μF，b的电容是10000μF，所以a、b两个电容器的电容之比为

AB错误；

C．b电容器最多能容纳电荷Qb=CbUb=10000×10－6×10C=0.1C

C正确；

C．a电容器最多能容纳电荷Qa=CaUa=1000×10－6×80C=0.08C

D错误。

故选C。6、A【分析】【分析】

【详解】

A．由于球壳内部的场强为零，补全以后可知在右侧球壳任取一点，该点和C连线后过左半边球壳一点，两点对C的库仑力为零，即等大反向共线，将左侧沿竖直对称到右侧球面，则可以知道这两个点在C点的合场强水平向左，根据叠加原理可知C点场强向左，同理OC上都是水平向左，因此OC是等势线，故A正确；

BD．将题中半球壳补成一个完整的球壳，且带电均匀，设左、右半球在A点产生的电场强度大小分别为E1和E2；由题知，均匀带电球壳内部电场强度处处为零，则知E1=E2

根据对称性，左右半球在B点产生的电场强度大小分别为E2和E1，且E1=E2

在图示电场中，A的电场强度大小为E2，方向向左，B的电场强度大小为E1，方向向左，所以A点的电场强度与B点的电场强度相同，沿直线从A到B电场强度不可能逐渐增大；故BD错误；

C．根据电场的叠加原理可知，在AB连线上电场线方向向左，沿着电场线方向电势逐渐降低，则沿直线从A到B电势升高，故C错误；

故选A。7、C【分析】【分析】

【详解】

A．当闭合开关的瞬间；穿过线圈A的磁通量在增大，则线圈B的磁通量也在增大，导致电流表有感应电流，故A不符合题意；

B．当开关断开的瞬间；A中磁场减小，故B中磁通量减小，导致电流表中有感应电流，故B不符合题意；

C．开关闭合时；滑动变阻器的滑片不动，A中磁场不变，故B中磁通量也不变，因此电流表没有感应电流，故C符合题意；

D．开关闭合时；拔出线圈A瞬间，线圈B中的磁通量变小，则线圈B中产生了感应电流；故D不符题意。

故选C。二、多选题(共9题，共18分)8、B:D【分析】【详解】

A.照射光强度减弱时；光敏电阻的阻值增大，电路中的总电阻增大；由闭合电路欧姆定律可得，电路中总电流减小，所以电源内阻所占电压减小，所以路端电压增大，选项A错误；

C.因电路中总电流减小，所以R1两端的电压减小；选项C错误；

B.因电路端电压增大，同时R1两端的电压减小，故并联电路部分电压增大，则流过R2的电流增大；而总电流减小，所以通过灯泡L的电流减小，所以灯泡L变暗，选项B正确；

D、电源的输出功率（R为外电路的电阻），据题意知R1、R2为定值电阻且都等于r，所以总电阻一定大于r，故当将照射R3的光的强度减弱；总电阻增大，输出功率变小，选项D正确。

故选BD。9、B:D【分析】【详解】

AB．当滑动变阻器的滑片向左滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，与并联的电阻减小，外电路总电阻减小，总电流增大，路端电压减小，则V的示数减小，根据串联电路电压与电阻成正比的特点，可知并联部分电压减小，通过的电流减小；则A的示数减小，故A错误，B正确；

CD．根据可知，总电流增大，消耗的电功率变大；故C错误，D正确；

选BD.

【点睛】

根据滑片的移动方向判断出滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后由串并联电路特点、欧姆定律以及功率公式分析答题．10、A:B:D【分析】【详解】

A．在未施加电场时，A物体处于平衡状态，当施加上电场力瞬间，A物体受到的合力为施加的电场力，故

解得

方向向上；故A正确；

B．B刚要离开地面时，地面对B弹力为0，即

对A物体

即A物体合力为0；因此从开始到B刚要离开地面过程，A物体做加速度逐渐变小的加速运动，即A物体速度一直增大，故B正确；

C．从开始到弹簧恢复原长的过程；A物体的机械能增量等于电势能的减少量与弹性势能的减少量之和，从弹簧恢复原长到B刚要离开地面的过程，A物体的机械能增量等于电势能的减少量与弹性势能的增加量之差，故C错误；

D．当B离开地面时，此时B受到弹簧的弹力等于B的重力，从施加电场力到B离开地面，弹簧的弹力做功为零，A上升的距离为

根据动能定理可知

解得

故D正确。

故选ABD。11、A:C【分析】【详解】

A．粒子在竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动，则

粒子的加速度

粒子运动的时间

联立可得

A正确；

B．带正电的粒子以一定的初速度v0沿两板的中线进入水平放置的平行金属板内，恰好沿下板的边缘飞出，粒子动能增加量为

B错误；

CD．设粒子在前一半时间内和在后一半时间内竖直位移分别为y1、y2，由于粒子竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动，则y1：y2=1：3

得y1=dy2=d

在前一半时间内，电场力对粒子做的功为W1=U

在后一半时间内，电场力对粒子做的功为W2=qU

电场力做功之比为1：3；D错误，C正确；

故选AC。12、B:C【分析】【分析】

【详解】

AB．设加速电场AB间距离为d，偏转极板长度为l，偏转极板间的距离为h，屏到偏转电场右边缘距离为s，粒子在加速过程中，根据

可得

在加速电场中运动的时间

进入偏转电场，以及离开偏转电场后到打到屏上，水平方向速度保持不变，因此打到屏的时间

从开始到荧光屏所经历时间

可知运动时间与成反比，由于

因此

A错误；B正确；

CD．粒子进入偏转电场之后，做类平抛运动

其中

可得

可知所有粒子在偏转电场中，偏转距离相等，根据动能定理

可知打在荧光屏时的动能仅仅与粒子的带电量成正比，因此

D错误；C正确。

故选BC。13、B:C【分析】【详解】

A．向右飞行的正离子束形成的电流方向向右；根据安培定则可知，正离子在下方产生的磁场方向向里，则N极转向里，S极转向外，不符合题意，故A错误；

B．向左飞行的正离子束形成的电流方向向左；根据安培定则可知，离子在下方产生的磁场方向向外，则N极转向外，S极转向里，符合题意，故B正确；

C．向右飞行的负离子束形成的电流方向向左；根据安培定则可知，离子在下方产生的磁场方向向外，则N极转向外，S极转向里，符合题意，故C正确；

D．向左飞行的负离子束形成的电流方向向右；根据安培定则可知，离子在下方产生的磁场方向向里，则N极转向里，S极转向外，不符合题意，故D错误。

故选BC。14、B:D【分析】【详解】

A．闭合开关，一定时静电计指针示数不变，中无电流，则无电压降，故静电计指针不随的变化而变化；A错误；

B．的改变不影响电容器两端电压；故液滴仍处于静止状态，B正确；

CD．开关断开，平行板电容器的带电荷量不变，极板向上移动一段距离时，两极板间距增大，由

则电容变小，变大，则静电计指针的张角增大，因为两板间电场强度

不变，则不变；带电液滴仍处于静止状态，C错误，D正确。

故选BD。15、B:C【分析】【详解】

A．小球在c点时的动能最大，即c点的电势最低．作过c点与圆周相切的线，切线为等势线，Oc方向即为电场方向；故A错误；

B．根据A选项分析；作出下图。

由几何关系可知

根据分析可知

则电场强度的大小

故B正确；

C．根据沿着电场线方向电势逐渐降低结合由图可得

解得

故C正确；

D．点的电势能

根据对称性可知沿着在圆上的另一点电势最高为故质子经过该圆周时，不可能具有动能的同时，其电势能为故D错误。

故选BC。16、A:D【分析】【详解】

A．滑片P由b端向a端滑动，滑动变阻器接入电路的阻值R增大，则电路总电阻R总增大，总电流I总=减小，定值电阻R1两端电压U1=I总R1减小，电压表示数UV=U1变小；选项A正确；

B．定值电阻R2与R3组成的串联电路两端的电压U23=E－I总(R1＋r)

因I总减小而增大，又I23=

故I23增大，电流表A的示数IA=I总－I23因I总减小和I23增大而变小；选项B错误；

C．由题可知，φb=0，Uab=φa－φb=φa=U23，故φa升高；选项C错误；

D．由于电容器两端的电压UC=U2=I23R2增大，由Q=CUC知电容器所带电荷量Q增多，选项D正确。三、填空题(共9题，共18分)17、略

【分析】【详解】

(1)[1][2]把它改装成量程为0~3V的电压表，要串联一个分压电阻，电阻大小为

(2)[3][4]把它改装成量程为0~0.6A的电流表，要并联一个分流电阻，其大小为【解析】串联并联0.0518、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]粒子直线运动过程加速，由动能定理可得

解得

[2]再根据动能定理得

又因为粒子进入偏转电场做类平抛运动，水平方向则有

竖直方向有

粒子在偏转电场中，根据牛顿第二定律，可得

联立上式解得【解析】2000.0219、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]电磁感应现象的发现直接导致了发电机的设计成功。使大规模生产电能成为可能；人类社会得以蒸汽时代进入到电气时代。

[2]1887年，物理学家赫兹用实验方法首次获得电磁波，证实了麦克斯韦关于电磁波的这一预言，人类从此进入无线电时代。【解析】发电机赫兹20、略

【分析】【详解】

略【解析】电学元件21、略

【分析】【详解】

（1）[1]电场线越密集的地方电场强度越大，故

（2）[2]正电荷所受电场力方向和电场强度方向相同，故试探电荷＋q受到的静电力的方向水平向右。【解析】水平向右22、略

【分析】【详解】

[1]金属丝直径的测量值为

[2]由电阻定律可知

由欧姆定律可知

解得【解析】0.36023、略

【分析】【详解】

[1]题图左边游标卡尺是10分度的，精确度是0.1mm，主尺的读数是3.1cm=31mm，游标尺的第四个刻线与主尺的某刻线对齐，游标尺的读数是4×0.1mm=0.4mm；游标卡尺的测量值是31mm+0.4mm=31.4mm。

[2]题图右边游标卡尺是20分度的，精确度是0.05mm，主尺的读数是2cm=20mm，游标尺的第四个刻线与主尺的某刻线对齐，游标尺的读数是4×0.05mm=0.2mm，游标卡尺的测量值是20mm+0.2mm=20.2mm。【解析】31.420.224、略

【分析】【详解】

[1]．电阻箱阻值为R1时，测的V表示数为U1；则：

电阻箱电阻为R2时，测的V表示数为则：

联立解得：

【解析】25、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2]某种物体能够完全吸收入射的各种波长的电磁波而不发生反射；这种物体就叫作黑体。

（2）[3][4]黑体辐射电磁波的强度按波长的分布只与黑体的温度有关。【解析】①.完全②.黑体③.波长④.温度四、作图题(共4题，共16分)26、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】27、略

【分析】【分析】

【详解】

根据电场线从正电荷出发；终止与负电荷及等量同种，等量异种点电荷电场线的分布特点，可标出电荷的电性如图所示。

【解析】见解析28、略

【分析】【详解】

第一幅图中线圈内部磁场垂直纸面向外；根据右手定则可以判断，电流为逆时针；第二幅图中，磁场向上，根据右手定则可以判断，左端电流垂直纸面向外，右端电流垂直纸面向里。

【解析】第一幅图中电流